2024年滬科版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高二物理上冊月考試卷458考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻分別為E和r；當(dāng)閉合開關(guān)S，向左移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片時(shí)，下列說法正確的是（）

A.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變大B.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變小C.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變小D.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變大2、如圖所示，兩根相互平行的長直導(dǎo)線過紙面上的M、N兩點(diǎn)，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流．a(chǎn)、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點(diǎn)，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到O點(diǎn)的距離均相等．關(guān)于以上幾點(diǎn)處的磁場，下列說法正確的是（）A.O點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零B.a、b兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不相等，方向相同C.c、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同D.a、c兩點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不同3、如圖是一正弦式交變電流的i-t圖象；由此圖象可知這個(gè)交變電流的（）

A.頻率為50HzB.周期為50sC.電流的最大值為10AD.電流的有效值為10A4、振源A

帶動(dòng)細(xì)繩上各點(diǎn)上下做簡諧運(yùn)動(dòng)，t

=0

時(shí)刻繩上形成的波形如圖所示。規(guī)定繩上質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)閤

軸的正方向，則P

點(diǎn)的振動(dòng)圖象是()

A.B.C.D.5、一個(gè)物體沿直線運(yùn)動(dòng)，t=0

時(shí)刻物體的速度為2m/s

加速度為1m/s2

物體的加速度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖所示，則下列判斷正確的是()

A.物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.物體的加速度與時(shí)間成正比C.t=8s

時(shí)刻物體的加速度為1.6m/s2

D.t=8s

時(shí)刻物體的速度為13.2m/s

6、如圖所示是婁脕婁脗婁脙

三種射線穿透能力的示意圖；下列說法正確的是(

)

A.甲為婁脕

射線，它的貫穿能力和電離能力都很弱B.乙為婁脗

射線，它是由原子核外的電子電離后形成的高速電子流C.丙為婁脙

射線，它在真空中的傳播速度是3.0隆脕108m/s

D.以上說法都不對7、如圖所示，豎直放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌之間接有定值電阻R

質(zhì)量不能忽略的金屬棒與兩導(dǎo)軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦，棒與導(dǎo)軌的電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直，棒在豎直向上的恒力F

作用下加速上升的一段時(shí)間內(nèi)，力F

做的功與安培力做的功的代數(shù)和等于(

)

A.棒的機(jī)械能增加量B.棒的動(dòng)能增加量C.棒的重力勢能增加量D.電阻R

上放出的熱量評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、空氣壓縮機(jī)在一次壓縮中，活塞對空氣做了2×105J的功，同時(shí)空氣的內(nèi)能增加了1.5×105J．在這一過程中，空氣____熱（填“吸”、“放”等），熱量為____J．9、下面列出一些醫(yī)療器械的名稱和這些器械運(yùn)用的物理現(xiàn)象．請將相應(yīng)的字母填寫在運(yùn)用這種現(xiàn)象的醫(yī)療器械后面的空格上．

（1）X光機(jī)______；

（2）紫外線燈______；

（3）理療醫(yī)用“神燈”照射傷口，可使傷口愈合得較好．這里的“神燈”是利用了______．

A．光的全反射；B．紫外線具有很強(qiáng)的熒光作用；

C．紫外線具有殺菌消毒作用；D．X射線的很強(qiáng)的貫穿力；

E．紅外線具有顯著的熱作用；F．紅外線波長較長易發(fā)生衍射．10、已知光在真空中的傳播速度為3×108m/s，則光在折射率為的玻璃中的傳播速度為____m/s．11、如圖是某種一定量理想氣體的p--t圖像，圖中A、B、C三點(diǎn)表示了這些氣體的三個(gè)不同的狀態(tài)，我們用VA、VB、VC表示在這三種狀態(tài)下氣體的體積，那么它們的大小順序應(yīng)是．12、英國的物理學(xué)家卡文迪許利用______實(shí)驗(yàn)測定了引力常數(shù)G，利用引力常數(shù)G，地球半徑R和地球的重力加速度g，表示出的地球質(zhì)量為______．13、(1)

用自由落體運(yùn)動(dòng)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn).

為進(jìn)行該實(shí)驗(yàn)，備有下列器材可供選擇：A.

鐵架臺B.(

電磁)

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器C.

復(fù)寫紙片D.

紙帶E.

低壓直流電源F.

天平G.

導(dǎo)線H.

重錘I.

刻度尺不必要的器材是________(

填對應(yīng)的字母).

需更換的器材是________(

填對應(yīng)的字母)

．

(2)(2)如圖所示是某質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)的速度v

隨時(shí)間t

變化的關(guān)系圖線.

物體前2s

的加速度是________；整個(gè)4s

的平均速度是________．

(3)(3)如圖所示，靜止在水平地面上的小黃鴨質(zhì)量m=20kg

受到與水平面夾角為53鈭?

的斜向上的拉力，小黃鴨開始沿水平地面運(yùn)動(dòng).

若拉力F=100N

小黃鴨與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2

．

(1)

請作出其受力示意圖；(2)

地面對小黃鴨的摩擦力為__________牛.(sin53鈭?=0.8,cos53鈭?=0.6cos53^{circ}=0.6g=10m/sg=10m/s2))(4)(4)如圖所示，AB

兩輪半徑之比為1隆脙3

兩輪邊緣擠壓在一起，在兩輪轉(zhuǎn)動(dòng)中，接觸點(diǎn)不存在打滑的現(xiàn)象，則兩輪邊緣的線速度大小之比等于________.A

輪的角速度與B

輪的角速度大小之比等于________．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）15、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯(cuò)）

16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、解答題(共2題，共16分)19、如圖所示，矩形線圈abcd的匝數(shù)為N=50匝，線圈ab的邊長為l1=0.2m，bc的邊長為l2=0.25m，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.4T的勻強(qiáng)磁場中，繞垂直于磁感線且通過線圈中線的OO′軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω=100rad/s，若線圈自身電阻為r=1Ω；負(fù)載電阻R=9Ω．試求：

（1）穿過線圈平面的最大磁通量Φm；

（2）線圈在圖示位置（線圈平面與磁感線平行）時(shí)；感應(yīng)電動(dòng)勢e的大??；

（3）1min時(shí)間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q的大?。?/p>

20、在壓強(qiáng)p-溫度T的坐標(biāo)系中；一定質(zhì)量的某種理想氣體先后發(fā)生以下兩種狀態(tài)變化過程：第一種變化是從狀態(tài)A到狀態(tài)B，外界對該氣體做功為6J；第二種變化是從狀態(tài)A到狀態(tài)C，該氣體從外界吸收熱量為9J．圖線AC反向延長線通過坐標(biāo)原點(diǎn)O，B；C兩狀態(tài)的溫度相同，理想氣體的分子勢能為零．求：

（1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C過程，該氣體對外界做功W1和其內(nèi)能的增量△U1；

（2）從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程，該氣體內(nèi)能的增量△U2及其從外界吸收的熱量Q2．

評卷人得分五、簡答題(共2題，共8分)21、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】科學(xué)研究表明，銅錳氧化物rm{(CuMn_{2}O_{4})}能在常溫下催化氧化空氣中的一氧化碳和甲醛rm{(HCHO)}rm{(1)}向一定物質(zhì)的量濃度的rm{Cu(NO_{3})_{2}}和rm{Mn(NO_{3})_{2}}溶液中加入rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，所得沉淀經(jīng)高溫灼燒，可制得rm{CuMn_{2}O_{4}}．rm{壟脵Mn^{2+}}基態(tài)的電子排布式可表示為____________．rm{壟脷NO_{3}^{-}}的空間構(gòu)型是____________rm{(}用文字描述rm{)}．rm{(2)}在銅錳氧化物的催化下，rm{CO}被氧化為rm{CO_{2}}rm{HCHO}被氧化為rm{CO_{2}}和rm{H_{2}O.}rm{壟脵}根據(jù)等電子體原理，rm{CO}分子的結(jié)構(gòu)式為____________．rm{壟脷}甲醛在rm{Ni}催化作用下加氫可得甲醇rm{(CH_{3}OH).}甲醇分子內(nèi)rm{C}原子的雜化方式為______，甲醇分子內(nèi)的rm{O-C-H}鍵角______rm{(}填“大于”“等于”或“小于”rm{)}甲醛分子內(nèi)的rm{O-C-H}鍵角．rm{壟脹1mol}甲醛分子中含有的rm{婁脪}鍵數(shù)目為______．rm{(3)}已知rm{SiC}的晶胞結(jié)構(gòu)與金剛石的晶胞結(jié)構(gòu)相似。在rm{SiC}晶體中與硅原子距離最近的原子有______個(gè)；設(shè)rm{SiC}立方體晶胞的棱長為rmf5v553b則兩個(gè)碳原子之間的距離是______。rm{(4)}向rm{CuSO_{4}}溶液中加入過量rm{NaOH}溶液可生成rm{[Cu(OH)_{4}]^{2-}.}不考慮空間構(gòu)型，rm{[Cu(OH)_{4}]^{2-}}的結(jié)構(gòu)可用示意圖表示為______。rm{(5)CuH}的晶體結(jié)構(gòu)如圖所示，若rm{CuH}的密度為rm{dg?cm^{-3}}阿伏加德羅常數(shù)的值為rm{N_{A}}則該晶胞的邊長為______rm{cm(}用含rmjzzlnpj和rm{N_{A}}的式子表示rm{)}．22、一個(gè)初始質(zhì)量為1kg

的玩具火箭被豎直發(fā)射到空中；它的質(zhì)量以0.2kg/s

的恒定速率減小，火箭最終質(zhì)量為0.2kg

噴出的氣體對火箭的推力隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，火箭所經(jīng)處的重力加速度恒為g=10m/s2

(1)

求出重力隨時(shí)間變化的表達(dá)式？

(2)

在圖中作出火箭的重力隨時(shí)間變化的規(guī)律圖象并求出火箭離開地面的時(shí)間t

．

(3)

求4s

時(shí)火箭的速度是多大？評卷人得分六、畫圖題(共2題，共12分)23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象24、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【解答】解：滑動(dòng)變阻器滑片P向左移動(dòng)時(shí)；變阻器在路電阻增大，由閉合電路歐姆定律得知，電路中電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓則增大，故電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變大．故D正確，ABC錯(cuò)誤．

故選D．

【分析】滑動(dòng)變阻器滑片P向左移動(dòng)時(shí)，變阻器在路電阻增大，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，判斷路端電壓的變化，即可判斷兩電表讀數(shù)的變化．2、C【分析】解：A；根據(jù)右手螺旋定則；M處導(dǎo)線在o點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N處導(dǎo)線在o點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應(yīng)強(qiáng)度不等于0，故A錯(cuò)誤．

B、M在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，在b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，根據(jù)場強(qiáng)的疊加知，a、b兩點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等；方向相同，故B錯(cuò)誤．

C；M在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cM偏下；在d出產(chǎn)生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產(chǎn)生的磁場方向垂直于dN偏下，根據(jù)平行四邊形定則，知c處的磁場方向豎直向下，d處的磁場方向豎直向下，且合場強(qiáng)大小相等，故C正確．

D；由上分析可知；a、c兩點(diǎn)的磁場方向都是豎直向下，故D錯(cuò)誤．

故選：C．

根據(jù)右手螺旋定則確定兩根導(dǎo)線在a、b；c、d四點(diǎn)磁場的方向；根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成．

解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷電流與其周圍磁場方向的關(guān)系，會根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成．【解析】【答案】C3、A【分析】解：A、B、由圖可知，T=0.02s，故f=Hz；故A正確，B錯(cuò)誤．

C；由圖可知；該交流電的最大值為10A．故C錯(cuò)誤；

D、該交流電的電流值的最大值為10A，所以有效值：I=A．

故選：A

根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量；然后進(jìn)一步可求出其瞬時(shí)值的表達(dá)式以及有效值等．

該題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量，同時(shí)正確書寫交流電的表達(dá)式．【解析】【答案】A4、B【分析】【分析】結(jié)合“上下坡”法可知p

處的位置；可判定起振方向，進(jìn)而判定圖像。

本題考查波動(dòng)與振動(dòng)相結(jié)合的問題，比較基礎(chǔ)，難度不大?！窘獯稹坑蓆=

0

時(shí)刻繩上形成的波形可知該列簡諧橫波剛傳到P

點(diǎn)處于平衡位置，由“上下坡”法可知，P

處上坡，所以起振方向向下，故ACD錯(cuò)誤，B

正確。故選B?！窘馕觥緽

5、D【分析】略【解析】D

6、C【分析】解：A

甲為婁脕

射線；婁脕

射線貫穿能力很弱，電離作用很強(qiáng)，一張紙就能把它擋住，故A錯(cuò)誤；

B；乙為婁脗

射線；婁脗

射線是原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)釋放的電子，故B錯(cuò)誤；

C；婁脙

射線穿透本領(lǐng)最強(qiáng)；甚至能穿透幾厘米厚的鉛板，它在真空中的傳播速度是3.0隆脕108m/s

故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：C

．

婁脕

射線貫穿能力很弱；電離作用很強(qiáng)，一張紙就能把它擋住，婁脕

射線是高速氦核流；婁脗

射線能貫穿幾毫米厚的鋁板，電離作用較強(qiáng)，是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子，同時(shí)釋放出婁脗

射線；婁脙

射線穿透本領(lǐng)最強(qiáng)，甚至能穿透幾厘米厚的鉛板，是原子核發(fā)生衰變時(shí)釋放的能量以婁脙

光子的形式輻射出來的．

了解三種射線的特性，熟悉課本基本知識就能順利解決此類問題，故要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的積累.

多記．【解析】C

7、A【分析】解：A

棒受重力G

拉力F

和安培力FA

的作用.

由動(dòng)能定理：WF+WG+W擄虜=鈻?EK

得WF+W擄虜=鈻?EK+mgh

即力F

做的功與安培力做功的代數(shù)和等于機(jī)械能的增加量.

故A正確．

B

由動(dòng)能定理；動(dòng)能增量等于合力的功.

合力的功等于力F

做的功、安培力的功與重力的功代數(shù)和.

故B錯(cuò)誤．

C

棒克服重力做功等于棒的重力勢能增加量.

故C錯(cuò)誤．

D

棒克服安培力做功等于電阻R

上放出的熱量.

故D錯(cuò)誤。

故選A

棒在豎直向上的恒力F

作用下加速上升的一段時(shí)間內(nèi)；F

做正功，安培力做負(fù)功，重力做負(fù)功，動(dòng)能增大.

根據(jù)動(dòng)能定理分析力F

做的功與安培力做的功的代數(shù)和．

本題運(yùn)用功能關(guān)系分析實(shí)際問題.

對于動(dòng)能定理理解要到位：合力對物體做功等于物體動(dòng)能的增量，哪些力對物體做功，分析時(shí)不能遺漏．【解析】A

二、填空題(共6題，共12分)8、放5×104【分析】【解答】根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=Q+W，活塞對氣缸中的氣體做功為W=2.0×105J，氣體內(nèi)能增加了1.5×105J，根據(jù)公式為：△U=Q+W．放出熱量為Q=5.0×104J．故答案為：放，5×104

【分析】熱力學(xué)第一定律內(nèi)容為：熱力系內(nèi)物質(zhì)的能量可以傳遞，其形式可以轉(zhuǎn)換，在轉(zhuǎn)換和傳遞過程中各種形式能源的總量保持不變．公式為：△U=Q+W．9、略

【分析】解：X光機(jī)利用X射線有很強(qiáng)的穿透能力；紫外線燈是利用紫外線具有殺菌消毒作用；而“神燈”是利用紅外線具有顯著的熱作用；

故選：（1）D（2）C（3）E

根據(jù)各種電磁波的特征與用途；即可解題．

考查電磁波的用途，以便學(xué)生認(rèn)識電磁波．【解析】D；C；E10、略

【分析】

根據(jù)v=得，v=．

故答案為：2×108

【解析】【答案】根據(jù)v=求出光在玻璃中的傳播速度．

11、略

【分析】【解析】【答案】VC＞VA＝VB12、略

【分析】解：英國的物理學(xué)家卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測定了引力常數(shù)G；根據(jù)萬有引力充當(dāng)重力可知：

解得：M=

故答案為：扭秤；

明確萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)歷程；能根據(jù)萬有引力提供重力列式求解地球的質(zhì)量．

本題考查萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)歷程以及應(yīng)用，要注意明確牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，但卻是卡文迪許利用利用扭秤實(shí)驗(yàn)測定了引力常數(shù)G，從而促進(jìn)了萬有引力定律的應(yīng)用．【解析】扭秤；13、(1)F

E

(2)2m/s2

3m/s

(3)

24N

(4)1隆脙1

3隆脙1【分析】(1)

驗(yàn)證機(jī)械能守恒，即驗(yàn)證動(dòng)能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，兩邊都有質(zhì)量，所以天平不需要。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是交流電源，所以低壓直流電源需要更換。(2)

由圖像得前兩秒的加速度a=?v?t=2m/s2

平均速度v=xt=3m/s

(3)

對小黃雞受力分析，受重力、支持力、摩擦力和拉力，如圖所示：N=mg鈭?Fsin53鈭?=200鈭?100隆脕0.8=120N

f=婁脤N=0.2隆脕120N=24N

．(4)

皮帶傳動(dòng)，邊緣點(diǎn)線速度相等，故兩輪邊緣的線速度大小之比等于1:1

根據(jù)v=婁脴r

線速度相等時(shí)，角速度與轉(zhuǎn)動(dòng)半徑成反比，故兩輪邊緣點(diǎn)的加速度之比為3:1

由于同軸傳動(dòng)角速度相等，故A輪半徑中點(diǎn)與B

輪邊緣的角速度大小之比等于3:1

【解析】(1)F

E

(2)2m/s2

3m/s

(3)

24N

(4)1隆脙1

3隆脙1

三、判斷題(共5題，共10分)14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?7、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．四、解答題(共2題，共16分)19、略

【分析】

（1）穿過線圈平面的最大磁通量。

Φm=BS=Bl1l2=0.4×0.2×0.25Wb=0.02Wb

（2）線圈在圖示位置時(shí)電動(dòng)勢達(dá)到最大值；

此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢的值為。

e=Em=NBSω=NBl1l2ω=50×0.4×0.2×0.25×100V=100V

（3）電動(dòng)勢的有效值為E==100V

電流有效值為I==A=10A

電阻R上產(chǎn)生的熱量為Q=I2Rt=102×9×60J=5.4×104J

答：（1）最大磁通量為為為0.02Wb；（2）感應(yīng)電動(dòng)勢為100V；（3）熱量為5.4×104J．

【解析】【答案】線框在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流，根據(jù)規(guī)律可列出感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)表達(dá)式，最大值與有效值的倍；每當(dāng)線框通過中性面時(shí)；電流方向改變；當(dāng)磁通量為零時(shí)，線框切割速度最大，產(chǎn)生的電動(dòng)勢也最大．

20、略

【分析】

（1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C過程，氣體發(fā)生等容變化，該氣體對外界做功W1=0

根據(jù)熱力學(xué)第一定律有△U1=W1﹢Q1

內(nèi)能的增量△U1=Q1=9J

（2）從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程；體積減小，溫度升高。

該氣體內(nèi)能的增量△U2=△U1=9J

根據(jù)熱力學(xué)第一定律有△U2=W2﹢Q2

從外界吸收的熱量Q2=△U2-W2=3J

答：（1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C過程，該氣體對外界做功W1=0，其內(nèi)能的增量△U1=9J；

（2）從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程，該氣體內(nèi)能的增量△U2為9J，從外界吸收的熱量Q2為3J．

【解析】【答案】（1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C過程，氣體發(fā)生等容變化，不做功．根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解內(nèi)能的增量△U1；

（2）由于B、C兩狀態(tài)的溫度相同，內(nèi)能相等，則氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程與A到C的過程內(nèi)能的增量相等．再由根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解從外界吸收的熱量Q2．

五、簡答題(共2題，共8分)21、（1）①1s22s22p63s23p63d5（或[Ar]3d5）②平面三角形（2）①C≡O(shè)②sp3小于③3×6.02×1023（3）42^(1/2)d/2（4）（5）【分析】【分析】本題旨在考查學(xué)生對原子核外電子排布、雜化軌道理論、晶胞、配合物理論等應(yīng)用?！窘獯稹縭m{(1)壟脵}rm{(1)壟脵}rm{Mn}rm{Mn}rm{{,!}^{2+}}基態(tài)的電子排布式可表示為：或rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{5}}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{5}}rm{(}或rm{[Ar]3d^{5}}rm{)}rm{(}rm{[Ar]3d^{5}}或rm{[Ar]3d^{5}}rm{)}；故答案為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{5}}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{5}}rm{(}或rm{[Ar]3d^{5}}rm{)}rm{(}rm{[Ar]3d^{5}}rm{[Ar]3d^{5}}的結(jié)構(gòu)式為：rm{)}故答案為：；rm{壟脷NO}甲醇中rm{壟脷NO}原子的雜化方式為rm{{,!}_{3}^{-}}的空間構(gòu)型是平面三角形，故答案為：鍵角小于甲醛分子內(nèi)的平面三角形鍵角，故答案為：；rm{(2)壟脵C(jī)O}的結(jié)構(gòu)式為：rm{C隆脭O}故答案為：rm{C隆脭O}rm{(2)壟脵C(jī)O}個(gè)甲醛分子含有rm{C隆脭O}個(gè)rm{C隆脭O}鍵，故rm{壟脷}甲醇中rm{C}原子的雜化方式為甲醛分子中含有的rm{壟脷}鍵數(shù)目為：rm{C}rm{sp^{3}}rm{sp^{3}}，甲醇分子內(nèi)的rm{O-C-H}鍵角小于甲醛分子內(nèi)的rm{O-C-H}鍵角，故答案為：rm{O-C-H}；故答案為：rm{O-C-H}rm{sp^{3}}rm{sp^{3}}；小于；rm{壟脹1}個(gè)甲醛分子含有rm{3}個(gè)rm{婁脪}鍵，故rm{1mol}甲醛分子中含有的rm{婁脪}鍵數(shù)目為：；rm{壟脹1}在rm{3}晶體中與硅原子距離最近的原子有rm{婁脪}個(gè)，設(shè)rm{1mol}立方體