2024屆安徽省皖中高三第二次診斷性檢測(cè)物理試卷含解析

2024屆安徽省皖中名校高三第二次診斷性檢測(cè)物理試卷

考生須知：

1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。

2.請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行玻璃轉(zhuǎn)厚度為d,底面鍍有反光膜CD,反光膜厚度不計(jì)，一束光線以45。的入射角由A

點(diǎn)入射，經(jīng)底面反光膜反射后，從頂面H點(diǎn)射出（月點(diǎn)圖中未畫(huà)出）。已知該光線在玻璃磚中的傳播速度為巫c,c

2

為光在真空中的傳播速度，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.平行玻璃磚的折射率為J5

B.入射點(diǎn)4與出射點(diǎn)8之間的距離為2巨

3

C.平行玻璃磚的全反射臨界角為30°

D.為了使從A點(diǎn)以各種角度入射的光線都能從頂面射出，則底面反光膜C0長(zhǎng)度至少2d

2、如圖所示，以19.6m/的水平初速vo拋出的物體，飛行一段時(shí)間后，垂直地撞在傾角。為45。的斜面上，可知物體

完成這段飛行的時(shí)間是

A.IsB.2sC.VJsD.3s

3、如圖，小球甲從A點(diǎn)水平拋出，同時(shí)將小球乙從8點(diǎn)自由釋放，兩小球先后經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度大小相等，方向夾角

為30。，己知仄。高度差為九兩小球質(zhì)量相等，不計(jì)空氣阻力，由以上條件可知（）

B

A

B.甲、乙兩小球到達(dá)。點(diǎn)所用時(shí)間之比為1：JJ

h

C.A,8兩點(diǎn)高度差為:

4

D.兩小球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率大小相等

4、光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為a的斜面4斜面質(zhì)量為底邊長(zhǎng)為L(zhǎng),如圖所示。將一質(zhì)量為盟的

可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊3從斜囿的頂端由靜止釋放，滑塊〃經(jīng)過(guò)時(shí)間，剛好滑到斜面底端。此過(guò)程中斜面對(duì)滑塊的支持

力大小為幾，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.FN=〃際cosa

B.滑塊下滑過(guò)程中支持力對(duì)B的沖量大小為G/cosa

C.滑塊到達(dá)斜面底端時(shí)的動(dòng)能為〃吆〃ana

D.此過(guò)程中斜面向左滑動(dòng)的距離為乙

M+tn

5、如圖所示，在真空云室中的矩形ABC。區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，靜止放置在。點(diǎn)的鈾238原子

核膘u發(fā)生衰變，放出射線后變成某種新的原子核，兩段曲線是反沖核（新核）和射線的徑跡，曲線o尸為:圓弧，

x軸過(guò)0點(diǎn)且平行于AB邊。下列說(shuō)法正確的是（）

B

A.鈾238原子核發(fā)生的是口衰變，放出的射線是高速電子流

B.曲線0P是射線的徑跡，曲線。。是反沖核的徑跡

C.改變磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，反沖核和射線圓周運(yùn)動(dòng)的半徑關(guān)系隨之改變

D.曲線。。是a射線的徑跡，其圓心在x軸上，半徑是曲線。尸半徑的45倍

6、如圖，光滑斜劈A上表面水平，物體b疊放在A上面，斜面光滑，A3靜止釋放瞬間，〃的受力圖是（）

〃?昭加郎”吆

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、如圖，發(fā)電機(jī)的輸出電壓U=1OOO拒sinlOO兀，V）,通過(guò)理想降壓變壓器給若干盞燈泡供電，輸電線上連接可調(diào)

電阻入變壓器原線圈兩端接有理想交流電壓表V,副線圈干路接有理想交流電流表A,下列說(shuō)法正確的是（）

A.電壓表V的示數(shù)始終為1000VB.僅可調(diào)電阻r增大，電壓表V的示數(shù)減小

C.僅接入燈泡增多，電流表A的示數(shù)增大D.僅可調(diào)電阻「增大，電流表A的示數(shù)減小

8、如圖所示，AC.80為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為。，半徑為R,將等電量的兩正點(diǎn)電荷。放在圓周上，它

們的位置關(guān)于AC對(duì)稱(chēng)，與。點(diǎn)的連線和0C間夾角為30。，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零

B.電荷q從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零

C.O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為冬

D.O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為巫&

R2

9、關(guān)于氣體的性質(zhì)及熱力學(xué)定律，下列說(shuō)法正確的是（）

A.氣體壓強(qiáng)本質(zhì)上就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力

B.氣體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)就越劇烈，所有分子的速率都增大

C.一定質(zhì)量的理想氣體，壓強(qiáng)不變，溫度升高時(shí)，分子間的平均距離一定增大

D.氣體的擴(kuò)散現(xiàn)象說(shuō)明涉及熱現(xiàn)象的宏觀過(guò)程具有方向性

E.外界對(duì)氣體做正功，氣體的內(nèi)能一定增加

10、18世紀(jì)，數(shù)學(xué)家莫佩爾蒂和哲學(xué)家伏爾泰，曾設(shè)想“穿透”地球：假設(shè)能夠沿著地球兩極連線開(kāi)鑿一條沿著地軸的

隧道貫穿地球，一個(gè)人可以從北極入口由靜止自由落入隧道中，忽略一切阻力，此人可以從南極出口飛出，則以下說(shuō)

法正確的是（己知地球表面處重力加速度g取10mH；地球半徑￡=6.4x106m；地球表面及內(nèi)部某一點(diǎn)的引力勢(shì)能

品=一0”絲，「為物體距地心的距離）（）

r

A.人與地球構(gòu)成的系統(tǒng)，雖然重力發(fā)生變化，但是機(jī)械能守恒

B.當(dāng)人下落經(jīng)過(guò)距地心0.5K瞬間，人的瞬時(shí)速度大小為4x1伊m/s

C.人在下落過(guò)程中，受到的萬(wàn)有引力與到地心的距離成正比

D.人從北極開(kāi)始下落，直到經(jīng)過(guò)地心的過(guò)程中，萬(wàn)有引力對(duì)人做功W=L6xl09j

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11.（6分）要測(cè)定一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)約L5V,內(nèi)阻約0.5Q,放電電流不允許超過(guò)0.6A）的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，要求

測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確。提供的器材有：

A.電流表Ai：擋位1（0~3A,內(nèi)阻約0.05Q）,擋位2（0-0.6A,內(nèi)阻約0.2。）

B.電流表Az：0-300pA,內(nèi)阻n=100Q

C.定值電阻：Ro=2Q,Ri=900H,&=4900。

D.滑動(dòng)變阻器：R3（0—5H,2A）,&（0?150,1A）

E.開(kāi)關(guān)一只、導(dǎo)線若干

（1）測(cè)量電流的儀表：應(yīng)選擇電流表Ai的擋位—（填“「或者"2”）。

⑵測(cè)量電壓的儀表：應(yīng)將定值電阻______（填“R?！?、“拈”或“心”）與Az串聯(lián)，使其成為改裝后的電壓表。

（3）干電池內(nèi)阻太小，應(yīng)選擇定值電阻____（填“Ao”、“凡”或來(lái)保護(hù)電源。

（4）若要求Ai表電流在0.IA?0.5A范圍內(nèi)連續(xù)可調(diào)。則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇（填“心”或“R」）。

⑸為消除電流表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量精度可能造成的影響，在給出的兩種電路原理圖中（圖中V表為改裝后的電壓表），應(yīng)選

擇（填“圖（。）”或“圖⑹

VPA

⑹進(jìn)行實(shí)驗(yàn)并記錄數(shù)據(jù)。用人、〃分別表示AI、A2表的示數(shù)，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出如圖（c）所示的，2?11圖像，由圖像

可得：電池的電動(dòng)勢(shì)為V,內(nèi)阻為（保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位）

12.（12分）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中：

⑴紙帶將被釋放瞬間的四種情景如照片所示，其中操作最規(guī)范的是

⑵實(shí)驗(yàn)室提供了鐵架臺(tái)、夾子、導(dǎo)線、紙帶等器材.為完成此實(shí)驗(yàn)，除了所給的器材，從下圖還必須選取的實(shí)驗(yàn)器材

是______.（填字母代號(hào)）

⑶若實(shí)驗(yàn)中所用重

CDETG

錘的質(zhì)量為m,某次實(shí)驗(yàn)打出的一條紙帶如圖所示.在紙帶上選取五個(gè)連續(xù)的點(diǎn)A、B、C、D和E,量得相鄰點(diǎn)間的

距離分別為Si、S2、S3、S4,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間.本實(shí)驗(yàn)所用電源的頻率為f.從打下點(diǎn)B到打下點(diǎn)D的過(guò)程中，

重錘重力勢(shì)能減小量AEp=,重錘動(dòng)能增加量AEk=.在誤差允許的范圍內(nèi)，通過(guò)

比較就可以驗(yàn)證重物下落過(guò)程中機(jī)械能是否守恒.

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在圓柱形汽缸中用一定質(zhì)量的光滑導(dǎo)熱活塞密閉有一定質(zhì)量的理想氣體，在汽缸底部開(kāi)有一

小孔，與U形水銀管相連，已知外界大氣壓為po,室溫fo=27。。穩(wěn)定后兩邊水銀面的高度差為△6=1.5cm,此時(shí)活塞

離容器底部高度為力i=50cm。已知柱形容器橫截面積SR.Olm?,大氣壓po=75cmHg=l.Oxl（）5Pa,g=10m/s2,求：

①活塞的質(zhì)量；

②現(xiàn)室溫降至-33OC時(shí)活塞離容器底部的高度力2。

14.（16分）如圖所示，U形管豎直放置，右管內(nèi)徑為左管內(nèi)徑的2倍，管內(nèi)水銀在左管內(nèi)封閉了一段長(zhǎng)為76cm、溫

度為300K的空氣柱，左、右兩管水銀面高度差為6cm,大氣壓為76cmIIg。

①給左管的氣體加熱，求當(dāng)U形管兩邊水銀面等高時(shí)，左管內(nèi)氣體的溫度；

②在①問(wèn)的條件下，保持溫度不變，往右管緩慢加入水銀，直到左管氣柱恢復(fù)原長(zhǎng)，求此時(shí)兩管水銀面的高度差。

15.（12分）在豎直面內(nèi)有一水平向右的場(chǎng)強(qiáng)為七=學(xué)的勻強(qiáng)電場(chǎng)，為電場(chǎng)中一條直線，與豎直方向夾角為〃

4q

（未知），一質(zhì)量為m電量為q的小球以一定的初動(dòng)能秋。從尸點(diǎn)沿直線BA向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能

Q

增加了五線0,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中空氣阻力大小恒定，重力加速度取g,（取出位置為零勢(shì)能點(diǎn)）求：

（1）人》與豎直方向夾角優(yōu)

⑵小球返回P點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能Eo

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、c

【解析】

A.玻璃磚的折射率為:

CC

n=-=-j=-=叵

vV2

——c

2

選項(xiàng)A正確；

B.作出光的傳播路徑如圖所示:

由折射定律有:

_sino._si〃45°=6

n~~sinp~sinp

解得：

夕二30。

因此入射點(diǎn)A與出射點(diǎn)B之間的距離為:

o〃2島

加=2dtem0=-^―

選項(xiàng)B正確;

C設(shè)臨界角為C,則有:

si〃C工顯

n2

解得：

C=45°

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.為了使從A點(diǎn)以各種角度入射的光線都能從頂面射出，則底面反光膜CD至少為:

LCD=2dtanC=2d

選項(xiàng)D正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選C。

2、B

【解析】

物體做平拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)垂直地撞在傾角為45。的斜面上時(shí)，物體的速度方向與斜面垂直，把物體的速度分解如圖所示,

由圖可得：此時(shí)物體的豎直方向上的分速度的大小為vy=vo=19.6m/s,由v產(chǎn)gt可得運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為:

一19.6

s=2s,故選B.

g9.8

3、C

【解析】

A項(xiàng)，小球乙到C的速度為y=J麗，此時(shí)小球甲的速度大小也為u=J麗，又因?yàn)樾∏蚣姿俣扰c豎直方向成30。

角，可如水平分速度為學(xué)故A錯(cuò);

B、小球運(yùn)動(dòng)到C時(shí)所用的時(shí)間為〃=514,2得”

而小球甲到達(dá)c點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度為遮,所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間為/'=邁皿

22g

所以甲、乙兩小球到達(dá)。點(diǎn)所用時(shí)間之比為6:2故B錯(cuò)

C、由甲乙各自運(yùn)動(dòng)的時(shí)間得：△0=-5g產(chǎn)=[,故C對(duì)；

D、由于兩球在豎直方向上的速度不相等，所以?xún)尚∏蛟贑點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率也不相等故D錯(cuò)；

故選C

4、D

【解析】

A.當(dāng)滑塊5相對(duì)于斜面加速下滑時(shí)，斜面A水平向左加速運(yùn)動(dòng)，所以滑塊8相對(duì)于地面的加速度方向不再沿斜面方

向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對(duì)滑塊的支持力&不等于mgcosa,故A錯(cuò)誤；

B.滑塊3下滑過(guò)程中支持力對(duì)8的沖量大小為

故B錯(cuò)誤；

C.B下降的高度為L(zhǎng)tana,其重力勢(shì)能的減小量等于，小〃ana,減小的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為A、〃的動(dòng)能之和，則滑塊

B的動(dòng)能要小于“zgLtana,故C錯(cuò)誤;

D.系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)A、b兩者水平位移大小分別為內(nèi)、々，取水平向左為正方向，

由動(dòng)量守恒定律得

M—-m—=0

tt

即有

Mx}=mx2

又

xi+x2=L

解得

inL

%)=------

M+m

故D正確。

故選De

5、D

【解析】

AD.衰變過(guò)程中動(dòng)量守恒，因初動(dòng)量為零，故衰變后兩粒子動(dòng)量大小相等，方向相反，由圖像可知，原子核發(fā)生的是

a衰變，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)向心力等于洛倫茲力

v2

qvti-m——

r

得

mv

r=——

qB

由于反沖核的電荷量比a射線大，則半徑更小，即曲線。。是射線的徑跡，曲線0P是反沖核的徑跡，由于曲線

為!圓弧，則其圓心在x軸上，射線初速度與x軸重直，新核初速度與x軸垂直，所以新核做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心在x軸

上

由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知反沖核的電荷量是?粒子的45倍，由半徑公式可知,軌道半徑之比等于電荷量的反比,

則曲線。。半徑是曲線。尸半徑的45倍，故A錯(cuò)誤，D正確。

BC.由動(dòng)量守恒可知

0=mv-muva

粒子做圓周運(yùn)動(dòng)向心力等于洛倫茲力

cV

qvB=m——

r

得

nw

r=——

qB

由于反沖核的電荷量比a射線大，則半徑更小，即曲線。。是射線的徑跡，曲線00是反沖核的徑跡，反沖核的半徑

與射線的半徑之比等于電荷量的反比，由于電荷量之比不變，則改變磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，反沖核和射線圓周運(yùn)動(dòng)的半

徑關(guān)系不變，故BC錯(cuò)誤。

故選D。

6、B

【解析】

物體A播放前，物體B受到重力和支持力，兩力平衡；楔形物體A釋放后，由于物體A上表面是光滑的，則物體B

水平方向不受力，物體B在水平方向的狀態(tài)不改變，即仍保持靜止?fàn)顟B(tài)，在豎直方向由于A的加速度小于重力加速度

g,所以B受到向上的支持力，故B正確，ACD錯(cuò)誤.

故選B

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、BCD

【解析】

A.電壓表示數(shù)

U=")--<1000V

A錯(cuò)誤；

BD.可謂電阻r增大，副線圈電阻不變，則電路總電阻增大，電流減小，副線圈電阻分壓減小，BD正確；

C.僅接入燈泡增多，副線圈電流增大，電流表示數(shù)增大，C正確。

故選BCDo

8、BD

【解析】

電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，所受電場(chǎng)力豎直向上，電場(chǎng)力做負(fù)功，A錯(cuò)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性B正確，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為

￡=占小.”=冬，C錯(cuò)，D正確.

9、ACD

【解析】

A.氣體壓強(qiáng)是由大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產(chǎn)生的作用，所以其本質(zhì)上就是大量氣體分子作用在器壁單位面積

上的平均作用力，所以A正確；

B.物體的溫度越高，分子的平均動(dòng)能就越大。分子的平均動(dòng)能大，并不是每個(gè)分子動(dòng)能都增大，也有個(gè)別分子的動(dòng)

能減小，所以B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

&C

T

可知，一定質(zhì)量的理想氣體，壓強(qiáng)不變時(shí)，溫度升高時(shí)，體積增加，故分子間的平均距離一定增大，所以C正確；

D.氣體的擴(kuò)散現(xiàn)象說(shuō)明涉及熱現(xiàn)象的宏觀過(guò)程具有方向性，所以D正確；

E.外界對(duì)氣體做功

W>0

由于不知道氣體是吸熱還是放熱，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

△U=W+Q

無(wú)法確定氣體的內(nèi)能增加還是減小，故E錯(cuò)誤。

故選ACDo

10、AC

【解析】

A.人下落過(guò)程只有重力做功，重力做功效果為重力勢(shì)能轉(zhuǎn)變?yōu)閯?dòng)能，故機(jī)械能守恒，故A正確；

B.當(dāng)人下落經(jīng)過(guò)距地心0.5￡瞬間，其引力勢(shì)能為：

GMm

乜「0.5R

根據(jù)功能關(guān)系可知：

瑪-￡,,二△￡

即:

GMmGMm12

=2WV-°n

~R~0.5/?

在地球表面處忽略地球的自轉(zhuǎn):

GMm

-----=fng

R

則聯(lián)立以上方程可以得到:

v="gR=872x]Q^m/s

故B錯(cuò)誤；

C.設(shè)人到地心的距離為小地球密度為夕，那么，由萬(wàn)有引力定律可得：人在下落過(guò)程中受到的萬(wàn)有引力為:

「43

「GMmGp/m4

F-———=---------=—九3pmr

廣r23

故萬(wàn)有引力與到地心的距離成正比，故C正確；

4

D.由萬(wàn)有引力尸/可得：人下落到地心的過(guò)程萬(wàn)有引力做功為：

14___GMm1

W=-x-TiQjpmRxR=-----=—mgR

232R2

由于人的質(zhì)量加未知，故無(wú)法求出萬(wàn)有引力的功，故D錯(cuò)誤；

故選AC,

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11>2R2R)RA圖(。)1.490.49

【解析】

(1)[1].測(cè)量電流的儀表：應(yīng)選擇電流表Ai的擋位2。

(2)[2].測(cè)量電壓的儀表：應(yīng)將定值電阻&與A2串聯(lián)，使其成為改裝后量程為

U=/，匕+&)=3(X)x1(f6x5(XX)V=1.5V的電壓表。

⑶[3].干電池內(nèi)阻太小，應(yīng)選擇與內(nèi)阻阻值相當(dāng)?shù)亩ㄖ惦娮栾w來(lái)保護(hù)電源。

(4)[4].若要求Ai表電流在O.1A?O.5A范圍內(nèi)連續(xù)可調(diào)。則滑動(dòng)變阻器最大值為

R、皿=-()]-2-0.5=12.5Q

最小值

^nin=—-2-0.5=50

八().5

則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇心。

(5)(51.因改裝后的電壓表內(nèi)阻已知，則為消除電流表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量精度可能造成的影響，在給出的兩種電路原理圖中,

應(yīng)選擇圖(a)o

(6)[6][7].由圖可知電流計(jì)讀數(shù)為〃=298M，對(duì)應(yīng)的電壓值為1^xl.5V=1.49V則電池的電動(dòng)勢(shì)為E=1.49V,內(nèi)阻

為

(298-150)x

/=-----------辿。=0/9。

1.5

22

12、DAEFmg（s2+s3）—1（53+54）-（5,+52）]

8

【解析】

(1)在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)讓重物緊靠打點(diǎn)