2024年人民版高三物理下冊(cè)階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年人民版高三物理下冊(cè)階段測試試卷145考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一輛汽車在4s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，初速為2m/s，末速為10m/s，在這段時(shí)間內(nèi)（）A.汽車的速度變化量為12m/sB.汽車的加速度為8m/s2C.汽車的平均速度為6m/sD.汽車的位移為2m2、【題文】傾角為a=300的光滑斜面上,置一通有電流I,長L,質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒,重力加速度為g；要使棒靜止在斜面上,外加勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B可能值為：（）

A.B.C.D.3、【題文】一個(gè)電壓表由靈敏電流表G串聯(lián)一個(gè)分壓電阻R組成；如圖所示．在檢定過程中發(fā)現(xiàn)它的示數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)電壓表示數(shù)稍小一點(diǎn)，下面的哪個(gè)辦法可以矯正？[]

A.再串聯(lián)一個(gè)比R小得多的電阻B.再串聯(lián)一個(gè)比R大得多的電阻C.給電阻R并聯(lián)一個(gè)比R小得多的電阻D.給電阻R并聯(lián)一個(gè)比R大得多的電阻4、a、b、c、d分別是一個(gè)菱形的四個(gè)頂點(diǎn)，∠abc=120°．現(xiàn)將三個(gè)等量的正點(diǎn)電荷+Q分別固定在a、b、c三個(gè)頂點(diǎn)上，下列說法正確的有（）A.d點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向由d指向OB.O點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向由d指向OC.d點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于O點(diǎn)的電場強(qiáng)度D.d點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于O點(diǎn)的電場強(qiáng)度5、關(guān)于開普勒第三定律中的公式=k，下列說法中正確的是（）A.地球圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的k值與金星圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的k值不相同B.月亮圍繞地球運(yùn)行的k值與水星圍繞太陽運(yùn)動(dòng)k值相同C.月亮圍繞地球運(yùn)動(dòng)的k值與人造衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)的k相同D.這個(gè)公式不適用于嫦娥一號(hào)和其它環(huán)月飛行器繞月球運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、（2013秋?張掖校級(jí)期末）如圖所示，一閉合線圈a懸吊在一個(gè)通電長螺線管的左側(cè)，如果要使線圈中產(chǎn)生圖示方向的感應(yīng)電流，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)向____滑動(dòng)．（選填“向左”還是“向右”）7、根據(jù)玻爾理論，某原子的電子從能量為E的軌道躍遷到能量為E'的軌道，輻射出波長為λ的光，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，則E'等于____．如果大量氫原子處在n=4的能級(jí)，輻射出的光波長最短的光是從n=____（填1、2、3、4）的能級(jí)向n=____的能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出的．8、（2013秋?船營區(qū)校級(jí)月考）如圖，為雜技“頂桿”表演，一人站在地上肩上扛一質(zhì)量為M的豎直竹竿，當(dāng)竿上一質(zhì)量為m的人以加速度a加速下滑時(shí)，竿對(duì)“底人”的壓力大小為____．9、2005年10月12日，在酒泉衛(wèi)星發(fā)射場，我國科技人員成功地將“神州六號(hào)”宇宙飛船送上了太空．“神州六號(hào)”宇宙飛船離地高度343Km．設(shè)地球半徑為6400Km，飛船繞地球一周的時(shí)間為____，飛船的環(huán)繞速度為____．10、將質(zhì)量為5kg的鉛球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從距沙坑表面1.25m高處由靜止釋放，從鉛球接觸沙坑表面到陷入最低點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間為0.25s，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。則鉛球?qū)ι匙拥钠骄饔昧Υ笮镹，方向。11、如圖所示，A、B為不同金屬制成的正方形線框，導(dǎo)線粗細(xì)相同，A的邊長是B的2倍，A的密度是B的1/2，A的電阻是B的4倍．當(dāng)它們的下邊在同一高度豎直下落，垂直進(jìn)入如圖所示的磁場時(shí)，A框恰能勻速下落，那么；（1）B框進(jìn)入磁場過程將作____運(yùn)動(dòng)（填“勻速”“加速”“減速”）；（2）兩線框全部進(jìn)入磁場的過程中，A、B兩線框消耗的電能之比為____．

12、①關(guān)于原子的結(jié)構(gòu)，物理史上有三種具有代表性的模型，即湯姆孫的棗糕模型、盧瑟福的____模型和玻爾的原子模型。

②關(guān)于α粒子散射實(shí)驗(yàn)的下述說法中正確的是____

A；在實(shí)驗(yàn)中觀察到的現(xiàn)象是絕大多數(shù)α粒子穿過金箔后；仍沿原來的方向前進(jìn)，少數(shù)發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，極少數(shù)偏轉(zhuǎn)超過90°，有的甚至被彈回，接近180°．

B；使α粒子發(fā)生明顯偏轉(zhuǎn)的力是來自于帶正電的核及核外電子；當(dāng)α粒子接近核時(shí)，是核的排斥力使α粒子發(fā)生明顯的偏轉(zhuǎn)，當(dāng)α粒子接近電子時(shí)，是電子的吸引力使之發(fā)生明顯的偏轉(zhuǎn)．

C；實(shí)驗(yàn)表明原子的中心有一個(gè)極小的核；它占有原子體積的極小部分。

D、實(shí)驗(yàn)表明原子中心的核帶有原子的全部正電荷及全部質(zhì)量．13、（2016?靜安區(qū)一模）如圖所示為同軸的輕質(zhì)圓盤，可以繞水平軸O轉(zhuǎn)動(dòng)，大輪與小輪半徑之比為3：1．小輪邊緣所繞的細(xì)線懸掛質(zhì)量為m的物塊A．大輪邊緣所繞的細(xì)線與放在水平面上質(zhì)量為2m的物體B相連．將物體B從距離圓盤足夠遠(yuǎn)處靜止釋放，運(yùn)動(dòng)中B受到的阻力f與位移s滿足關(guān)系式f=ks（k為已知恒量）．則物體B運(yùn)動(dòng)的最大位移為____，物體B運(yùn)動(dòng)的最大速度為____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)14、物體的速度為零時(shí)，它的機(jī)械能一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）15、向心力的方向始終指向圓心，所以向心力的方向始終不變．____（判斷對(duì)錯(cuò)）16、布朗運(yùn)動(dòng)是微觀粒子的運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、單晶體的所有物理性質(zhì)都是各向異性的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、任何液體的表面分子排列都比內(nèi)部分子稀疏．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、在磁場中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、電荷在電場中一定受電場力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、綜合題(共4題，共40分)22、【題文】（1）下列說法中正確的是（）。A．交通警通過發(fā)射超聲波測量車速，利用了波的干涉原理B．電磁波的頻率越高，它所能攜帶的信息量就越大，所以激光可以比無線電波傳遞更多的信息C．單縫衍射中，縫越寬，條紋越亮，衍射現(xiàn)象也越明顯D．地面上測得靜止的直桿長為L，則在沿桿方向高速飛行火箭中的人測得桿長應(yīng)小于L（2）一列簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形如圖所示；質(zhì)點(diǎn)P此時(shí)刻沿-y運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過0.1s第一次到達(dá)平衡位置，波速為5m/s，那么。

①該波沿____（選填“+x”或“-x”）方向傳播；

②圖中Q點(diǎn)（坐標(biāo)為x=7.5m的點(diǎn)）的振動(dòng)方程=""____cm；

③P點(diǎn)的橫坐標(biāo)為x=____m.23、【題文】

水平傳送帶上各點(diǎn)的速度均為v,并保持不變?，F(xiàn)將一小工件放到傳送帶上，并使它具有與傳送帶運(yùn)動(dòng)方向相反的初速度，速度大小也是v,它將在傳送帶上滑動(dòng)一段距離后才與傳送帶保持相對(duì)靜止。設(shè)工件質(zhì)量為m,它與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,求滑動(dòng)摩擦力對(duì)工件所做的功及在它們相互作用過程中產(chǎn)生的熱量各是多少？24、【題文】如圖所示，質(zhì)量為1.0×kg的帶電塑料小球以1m/s的速度射向勻強(qiáng)電場中；速度與水平方向成45°角，電場中相鄰兩豎直等勢面間距離為1cm，如果使小球沿初速度方向做直線運(yùn)動(dòng)，則小球所帶電荷量是多大?是正電荷還是負(fù)電電荷，它在原方向上通過的最大位移是多大?

25、【題文】A、B兩物體在同一直線下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它們相距S0=7米時(shí)，A在水平拉力和摩擦力的作用下，正以VA=4米/秒的速度向右做勻速運(yùn)動(dòng)，而物體B此時(shí)速度VB=10米/秒向右，它在摩擦力作用下以a=-2米/秒2作勻減速運(yùn)動(dòng)，則經(jīng)過多長時(shí)間A追上B？若VA="8m/s"，則又經(jīng)多長時(shí)間A追上B？（勻速追勻減速）參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】根據(jù)汽車的初速度、末速度求出汽車速度的變化量，根據(jù)加速度的定義式求出汽車的加速度，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度推論求出汽車的平均速度，根據(jù)位移公式求出汽車的位移．【解析】【解答】解：A、汽車的速度變化量△v=v2-v1=10-2m/s=8m/s；故A錯(cuò)誤．

B、汽車的加速度a=；故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)平均速度推論知，汽車的平均速度；故C正確．

D、汽車的位移x=；故D錯(cuò)誤．

故選：C．2、C|D【分析】【解析】

試題分析：由左手定則可知，若要使安培力和物體受到的重力和支持力平衡，磁場的方向應(yīng)垂直于斜面向上，由平衡條件列方程得：mgsinα＝ILB，解得這是磁感強(qiáng)度的最小值，CD對(duì)；

考點(diǎn)：考查安培力的計(jì)算。

點(diǎn)評(píng)：難度中等，學(xué)會(huì)區(qū)分左手定則與右手定則，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感應(yīng)電流的方向【解析】【答案】CD3、D【分析】【解析】

現(xiàn)在的問題出在R與電壓表兩部分電壓分配不合理，即在A．B間電壓一定的條件下，G兩端分得的電壓稍少了一點(diǎn)，這說明電阻R的值稍大了一點(diǎn)，如果給R并聯(lián)一個(gè)比R大得多的電阻，使得并聯(lián)后的等效電阻比R小一點(diǎn)，從而可能使G兩端電壓多分一點(diǎn)．【解析】【答案】D4、D【分析】【分析】判斷電場的方向時(shí)，由于ac兩個(gè)電荷分別在d點(diǎn)的兩側(cè)，呈對(duì)稱狀態(tài)，故它們?cè)赿點(diǎn)場強(qiáng)的水平方向的分量相等，豎直方向的分量疊加；在計(jì)算電場強(qiáng)度的大小時(shí)，我們?cè)O(shè)的是菱形的邊長，因?yàn)榱庑蔚倪B長都是相等的．【解析】【解答】解：AB；由電場的疊加原理可知；d點(diǎn)電場方向由O指向d，O點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向也是由O指向d，故AB錯(cuò)誤．

CD、設(shè)菱形的邊長為r，根據(jù)公式E=k，分析可知三個(gè)點(diǎn)電荷在D產(chǎn)生的場強(qiáng)大小E相等，由電場的疊加可知，d點(diǎn)的場強(qiáng)大小為：Ed=2k．

O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為Eo=4k，可見，d點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于O點(diǎn)D的電場強(qiáng)，即Ed＜Eo；故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D5、C【分析】【分析】開普勒三定律都是由太陽系推導(dǎo)出來的，但是可以適用于所有的天體，在軌道可以是橢圓，也可以是圓．其中k與中心天體有關(guān)．【解析】【解答】解：A、開普勒第三定律中的公式=k；其中k與中心天體有關(guān)．地球圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的k值與金星圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的k值相同，故A錯(cuò)誤；

B；月亮圍繞地球運(yùn)行與水星圍繞太陽運(yùn)動(dòng)；中心天體不同，k值不相同．故B錯(cuò)誤；

C；月亮圍繞地球運(yùn)動(dòng)的k值與人造衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)的k相同；故C正確；

D；開普勒三定律用于所有的天體；故D錯(cuò)誤；

故選：C．二、填空題(共8題，共16分)6、向左【分析】【分析】根據(jù)楞次定律可得，結(jié)合線圈中感應(yīng)電流的方向，得出電流的大小變化，由閉合電路歐姆定律，可知滑片的移動(dòng)方向；再根據(jù)左手定則可知，線圈受到的安培力方向，由平衡條件可知，外力的方向．【解析】【解答】解：由線圈a的感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針（從左向右看）；且由右手螺旋定則可知，穿過線圈a的磁場方向從右向左；

由右手螺旋定則可知；穿過螺線管的磁場方向向左，與感應(yīng)電流的磁場方向相反；

根據(jù)楞次定律可得；穿過線圈的磁通量在增加，即電流在增大，因此滑片向左移動(dòng)；

故答案為：向左．7、E-h41【分析】【分析】因?yàn)镋m-En=hγ，根據(jù)兩軌道的能級(jí)差等于光子能量，求出E′大?。鶕?jù)E=h輻射光子的能量越大波長越短．【解析】【解答】解：解：根據(jù)兩軌道的能級(jí)差等于光子能量；

E-E′=hγ=h；

所以E′=E-h．

量氫原子處在n=4的能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)；光子的能量最大是從n=4躍遷到n=1時(shí)輻射的，故n=4躍遷到n=1時(shí)波長最短．

故答案為：，4，1．8、（M+m）g-ma【分析】【分析】竿對(duì)“底人”的壓力大小應(yīng)該等于竿的重力加上竿上的人對(duì)桿向下的摩擦力，竿的重力已知，求出竿上的人對(duì)桿向下的摩擦力就可以了．【解析】【解答】解：對(duì)竿上的人分析：受重力mg、摩擦力Ff；

有mg-Ff=ma；

所以Ff=m（g-a）；

竿對(duì)人有摩擦力；人對(duì)竿也有反作用力--摩擦力，且大小相等，方向相反；

對(duì)竿分析：受重力Mg、竿上的人對(duì)桿向下的摩擦力Ff′、頂竿的人對(duì)竿的支持力FN，有Mg+Ff′=FN；

又因?yàn)楦蛯?duì)“底人”的壓力和“底人”對(duì)竿的支持力是一對(duì)作用力與反作用力；

由牛頓第三定律，得到FN′=Mg+Ff′=（M+m）g-ma．

故答案為：（M+m）g-ma．9、略

【分析】

研究“神舟”六號(hào)載人飛船在圓軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；根據(jù)萬有引力等于向心力和萬有引力等于重力列出方程。

解得：

故答案為：90min；7.79km/s

【解析】【答案】研究“神舟”六號(hào)載人飛船在圓軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；根據(jù)萬有引力等于向心力列出方程；

根據(jù)地球表面忽略地球自轉(zhuǎn)時(shí)萬有引力等于重力列出方程進(jìn)行求解即可．

10、略

【分析】試題分析：設(shè)鉛球?qū)ι匙悠骄饔昧閯t沙子對(duì)鉛球平均作用力也為從開始釋放到沙坑表面為自由落體運(yùn)動(dòng)，所以解得所以重力作用時(shí)間為從開始靜止釋放到陷入到最低點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)量定理有解得沙子對(duì)鉛球作用力豎直向上，根據(jù)作用反作用力，鉛球?qū)ι匙幼饔昧ωQ直向下?？键c(diǎn)：自由落體運(yùn)動(dòng)動(dòng)量定理【解析】【答案】豎直向下11、略

【分析】

（1）設(shè)A線框的邊長為L；電阻為R，密度為ρ，截面積為S，則。

A線框進(jìn)入磁場后所受的安培力大小為FA=重力為GA=mAg=ρ?4LS；A框進(jìn)入磁場后勻速運(yùn)動(dòng)，重力與安培力平衡，則。

=ρ?4LS，得B2Lv=4ρRS

對(duì)于線框B，進(jìn)入磁場后所受的安培力大小為FB==重力為GB=mBg=2ρ?4?LS=4ρLS

可見，F(xiàn)B=GB；則重力與安培力也平衡，故B框進(jìn)入磁場過程將作勻速運(yùn)動(dòng)．

（2）兩線框全部進(jìn)入磁場的過程中；線框消耗的電能等于重力勢能，則。

A、B兩線框消耗的電能之比為mAgL：mBg=ρ?4LS?L：4ρLS=2：1．

故答案為：勻速；2：1．

【解析】【答案】A框進(jìn)入磁場后勻速運(yùn)動(dòng)，重力與安培力平衡．B框進(jìn)入磁場時(shí)速度與A相同，根據(jù)安培力表達(dá)式FA=分析安培力與重力的關(guān)系，判斷B框的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)．根據(jù)能量守恒定律求解A；B兩線框消耗的電能之比．

12、核式結(jié)構(gòu)AC【分析】【分析】湯姆生發(fā)現(xiàn)電子，提出原子的棗糕模型，盧瑟福通過α粒子散射實(shí)驗(yàn)得出原子的核式結(jié)構(gòu)模型，明確α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的內(nèi)容以及造成這種現(xiàn)象的原因，正確利用物體受力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系判斷．【解析】【解答】解：①關(guān)于原子的結(jié)構(gòu)；物理史上有三種具有代表性的模型，即湯姆孫的棗糕模型；盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型和玻爾的原子模型；

②A；α粒子散射實(shí)驗(yàn)的內(nèi)容是：絕大多數(shù)α粒子幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)；少數(shù)α粒子發(fā)生了較大的角度偏轉(zhuǎn)；極少數(shù)α粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)（偏轉(zhuǎn)角度超過90°；有的甚至幾乎達(dá)到180°，被反彈回來），故A正確；

B；造成α粒子散射角度大的原因是受到的原子核的斥力比較大；故B錯(cuò)誤；

C；從絕大多數(shù)α粒子幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)；可以推測使粒子受到排斥力的核體積極小，故C正確；

D；實(shí)驗(yàn)表明原子中心的核帶有原子的全部正電；和絕大部分質(zhì)量，故D錯(cuò)誤；

故選：AC

故答案為：①核式結(jié)構(gòu)；②AC13、【分析】【分析】根據(jù)題意可知，AB兩個(gè)物體角速度相等，根據(jù)v=ωr求解速度關(guān)系，當(dāng)A的速度減為零時(shí)，下降的高度最大，此過程中把AB看成一個(gè)整體，對(duì)整體根據(jù)動(dòng)能定理列式求解最大位移，A、B速度最大時(shí)，力矩平衡，根據(jù)力矩平衡結(jié)合動(dòng)能定理求解物體B運(yùn)動(dòng)的最大速度．【解析】【解答】解：根據(jù)題意可知，AB兩個(gè)物體角速度相等，根據(jù)v=ωr得：

兩物體速度之比：=；

當(dāng)A的速度減為零時(shí)；下降的高度最大，此過程中把AB看成一個(gè)整體，對(duì)整體根據(jù)動(dòng)能定理得：

mAghA+WfB=△Ek=0；

且：；

得：sB=；

A、B速度最大時(shí)，力矩平衡：mAg?r=f?3r；

得：；

根據(jù)f=kxB得xB=；

則；

根據(jù)動(dòng)能定理得：

解得：vB=．

故答案為：；三、判斷題(共8題，共16分)14、×【分析】【分析】機(jī)械能包括動(dòng)能和重力勢能，速度為零說明動(dòng)能為零．【解析】【解答】解：物體的速度為零時(shí)；則動(dòng)能為零，但重力勢能不一定為零，所以機(jī)械能不一定為零，故錯(cuò)誤．

故答案為：×15、×【分析】【分析】勻速圓周運(yùn)動(dòng)合力等于向心力，方向始終指向圓心，只改變速度的方向，不改變速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w做圓周運(yùn)動(dòng)；向心力方向始終指向圓心，方向時(shí)刻變化，此說法錯(cuò)誤．

故答案為：×16、×【分析】【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是由于分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)而使花粉小顆粒受到撞擊而振動(dòng)；布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×17、×【分析】【分析】晶體有單晶體和多晶體兩種，單晶體各向異性，而多晶體各向同性．【解析】【解答】解：由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的．故該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．【解析】【解答】解：表面張力產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層；叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．所以該說法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，寫出牛頓第二定律的方程，導(dǎo)出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√20、√【分析】【分析】電場的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用，電荷在電場中一定受到電場力作用．【解析】【解答】解：電場的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用；故電荷在電場中一定受電場力的作用．

故答案為：√21、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失，故該說法是正確的．

故答案為：√四、綜合題(共4題，共40分)22、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】（1）BD（4分）（錯(cuò)選不得分；漏選得2分）

（2）①-x（2分）②（2分）③2.523、略

【分析】【解析】

根據(jù)題意作出如圖所示的示意圖，傳送帶勻速向右運(yùn)動(dòng)，速度大小為v，小