2024年滬科版高二物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高二物理下冊(cè)月考試卷937考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關(guān)于電場力的功及電勢能變化情況錯(cuò)誤的是（）

A.電場中某點(diǎn)電勢的大小等于電場力將單位正電荷從該點(diǎn)移到零電勢點(diǎn)電場力所做的功。

B.電場中某點(diǎn)的電勢大小等于單位正電荷在該點(diǎn)所具有的電勢能。

C.在電場中無論移動(dòng)正電荷還是負(fù)電荷；只要電場力做正功，電荷電勢能都要減少。

D.正電荷沿電場線方向移動(dòng)；電勢能增加；負(fù)電荷沿電場線方向移動(dòng)，電勢能減少。

2、如圖所示為靜電場的一部分電場線的分布，下列說法正確的是（）A.C點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，因?yàn)槟菦]有電場線B.這個(gè)電場可能是負(fù)點(diǎn)電荷形成的C.負(fù)電荷q在A點(diǎn)所受到的電場力比在B點(diǎn)所受電場力大D.負(fù)電荷在B點(diǎn)時(shí)受到的電場力的方向沿B點(diǎn)切線方向3、下列物理量中屬于矢量的是（）A.質(zhì)量B.速度C.路程D.時(shí)間4、圖示為質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的v鈭?t

圖象，關(guān)于這個(gè)質(zhì)點(diǎn)在4s

內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況，下列說法中正確的是(

)

A.質(zhì)點(diǎn)始終向同一方向運(yùn)動(dòng)B.4s

時(shí)物體離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)C.加速度大小不變，方向與初速度方向相同D.4s

內(nèi)位移為0

而通過的路程為4m

5、關(guān)于地球上的物體，下列說法中正確的是(

)

A.物體靜止時(shí)不受到重力作用B.物體只有落向地面時(shí)才受到重力作用C.物體落向地面時(shí)比物體上拋時(shí)所受的重力小D.物體所受重力的大小與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體是否運(yùn)動(dòng)及怎樣運(yùn)動(dòng)無關(guān)6、如圖所示，abc

為同一種材料做成的電阻，b

與a

的長度相等但橫截面積是a

的兩倍；c

與a

的橫截面積相等但長度是a

的兩倍.

當(dāng)開關(guān)閉合后，三個(gè)理想電壓表的示數(shù)關(guān)系是(

)

A.的示數(shù)是的2

倍B.的示數(shù)是的2

倍C.的示數(shù)是的2

倍D.的示數(shù)是的2

倍評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、1臺(tái)收音機(jī)，把它的調(diào)諧電路中的可變電容器的動(dòng)片從完全旋入到完全旋出，任然收不到某一較高頻率的電臺(tái)信號(hào)．要想收到該電臺(tái)信號(hào)，應(yīng)該____（增大還是減?。╇姼芯€圈的匝數(shù)．8、將一電量為l.6×10-8C的負(fù)電荷在電場中從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，克服電場力做功為6.4×10-6J，則AB兩點(diǎn)間電勢差為______V．9、電冰箱工作時(shí)，應(yīng)當(dāng)使用圖中的______插座，這是為了使電冰箱的外殼接地，保證安全工作．下表是某電冰箱的部分技術(shù)參數(shù)，它正常工作時(shí)，電壓是______V，若壓縮機(jī)連續(xù)正常工作1h，將消耗電量______kW?h．

。額定電壓頻率額定功率容積220v50HZ200W180L10、家用調(diào)光臺(tái)燈常用可控制硅實(shí)現(xiàn)調(diào)光，一日常照明臺(tái)燈用正弦交變電流通過可控制硅后，起電壓隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，則該電壓的有效值為______．11、(1)

靜電噴涂的原理是：靜電噴涂機(jī)接高壓電源；使涂料帶電，工作時(shí)將涂料微粒噴向帶正電的被噴涂工件，高速運(yùn)動(dòng)的微粒被吸附到工件表面。可以判斷靜電噴涂機(jī)的涂料微粒應(yīng)帶_____(

選填“正電荷”或“負(fù)電荷”)

(2)(2)使物體帶電的方式多種多樣。其中用絲綢摩擦玻璃棒可以使玻璃棒帶正電的情況屬于________((選填“摩擦起電”或“感應(yīng)起電”))玻璃棒帶________((選填“正電”或“負(fù)電”))使兩個(gè)帶電體相互靠近的過程中，它們之間的靜電力將________((選填“增大”或“減小”))12、在飛機(jī)的發(fā)展史中有一個(gè)階段，飛機(jī)上天后不久，飛機(jī)的機(jī)翼很快就抖動(dòng)起來，而且越抖越厲害，后來人們經(jīng)過了艱苦的探索，利用在飛機(jī)機(jī)翼前緣處裝置一個(gè)配重桿的方法，解決了這一問題，在飛機(jī)機(jī)翼前裝置配重桿的主要目的是。13、受迫振動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定后的振動(dòng)周期是由驅(qū)動(dòng)力的周期來決定的，而跟它的____________周期無關(guān)，發(fā)生共振的條件是f固____________f驅(qū)(大于、小于、等于)．14、在“用雙縫干涉測光的波長”實(shí)驗(yàn)中；將雙縫干涉儀按要求安裝在光具座上（如圖所示）．從儀器注明的規(guī)格可知：雙縫屏的縫間距d，像屏與雙縫屏間的距離L．然后，接通電源使光源正常工作．

（1）已知測量頭是50分度的游標(biāo)卡尺．某同學(xué)調(diào)整手輪后，從測量頭的目鏡看去，第1次映入眼簾的干涉條紋如圖（a）所示，圖（a）中的數(shù)字是該同學(xué)給各亮紋的編號(hào)，此時(shí)圖（b）中游標(biāo)尺上的讀數(shù)x1=1.16mm；接著再轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，映入眼簾的干涉條紋如圖（c）所示，此時(shí)圖（d）中游標(biāo)尺上的讀數(shù)x2=______mm；

（2）利用上述測量結(jié)果，該同學(xué)經(jīng)計(jì)算得這種色光的波長λ=660nm．已知L=700mm，則該同學(xué)選用的雙縫屏的縫間距d=______mm．（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）15、1966

年華裔科學(xué)家高錕博士提出一個(gè)理論：直徑僅幾微米的玻璃纖維就可以用來做為光的波導(dǎo)來傳輸大量信息，43

年后高錕因此獲得2009

年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)，他被譽(yù)為“光纖通訊之父”.

光導(dǎo)纖維的結(jié)構(gòu)如圖所示，其內(nèi)芯和外套材料不同，光在內(nèi)芯中傳播.

內(nèi)芯的折射率______外套的折射率(

填“大于”、“等于”或“小于”)

光在光導(dǎo)纖維中傳輸?shù)脑硎抢昧斯獾腳_____現(xiàn)象．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、證明題(共2題，共16分)21、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)23、如圖為“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)裝置，電鍵合上前小螺線管已插入到大螺線管中。（1）將圖中所缺的導(dǎo)線補(bǔ)接完整；(2)如果在閉合電鍵時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)一下，那么合上電鍵后將小螺線管迅速抽出時(shí)，靈敏電流計(jì)指針將向____(“左”或“右”)偏轉(zhuǎn)。解析：(3)小螺線管插入大螺線管后，將滑動(dòng)變阻器觸頭迅速向左移動(dòng)時(shí)，靈敏電流計(jì)的指針將向____(“左”或“右”)偏轉(zhuǎn)。評(píng)卷人得分六、推斷題(共2題，共12分)24、下表為元素周期表的一部分，針對(duì)表中rm{壟脵-壟脼}元素，回答下列問題。rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是_________________。rm{(2)壟脺}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是_______________rm{(}填元素符號(hào)rm{)}rm{壟脹}和rm{壟脺}兩種元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物堿性較強(qiáng)的是__________rm{(}填化學(xué)式rm{)}填化學(xué)式rm{(}rm{)}寫出rm{(3)}的單質(zhì)在rm{壟脵}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式：_______________________。rm{壟脼}25、食品添加劑肉桂酸是一種香精，其合成路線如下：已知：

請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)B}的名稱是_______________。rm{A}和rm{C}常溫下都是無色微溶于水的液體，對(duì)兩者進(jìn)行鑒別的試劑是_________________________rm{(2)}上述變化中屬于消去反應(yīng)的是__________rm{(}填反應(yīng)編號(hào)rm{)}rm{(3)E}的結(jié)構(gòu)簡式為___________________________________________________反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________反應(yīng)rm{壟脷}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________rm{(4)}同時(shí)符合下列要求的肉桂酸的同分異構(gòu)體有________種rm{(}不包括肉桂酸rm{)}寫出其中一種的結(jié)構(gòu)簡式______________________________。Ⅰrm{.}含有苯環(huán)；Ⅱrm{.}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)；Ⅲrm{.}能使溴的四氯化碳溶液褪色參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】

A、根據(jù)電勢差的公式UAO=而A、O間電勢差UAO=φA-φO，若取φO=0，則UAO=φA=所以電場中某點(diǎn)電勢的大小等于電場力將單位正電荷從該點(diǎn)移到零電勢點(diǎn)電場力所做的功．故A正確．

B、由電勢的定義式為φ=得知，電勢大小等于單位正電荷在該點(diǎn)所具有的電勢能．故B正確．

C；只有電場力做正功；無論是正電荷還是負(fù)電荷，其電勢能都要減?。蔆正確．

D；正電荷沿電場線方向移動(dòng)；電場力做正功，其電勢能減?。欢?fù)電荷沿電場線方向移動(dòng)，電場力做負(fù)功，電勢能增加．故D錯(cuò)誤．

本題選錯(cuò)誤的；故選D

【解析】【答案】根據(jù)電勢差的公式U=分析電勢與電場力做功的關(guān)系．電勢的定義式為φ=電勢大小等于單位正電荷在該點(diǎn)所具有的電勢能．只要電場力做正功，電荷電勢能都要減少．正電荷沿電場線方向移動(dòng)，根據(jù)電場力做功情況可知，電勢能減?。欢?fù)電荷沿電場線方向移動(dòng)，電勢能增加．

2、C【分析】試題分析：電場線疏密反應(yīng)電場強(qiáng)度大小，所以A錯(cuò)誤；負(fù)點(diǎn)電荷的電場時(shí)匯聚裝的直線，所以B錯(cuò)誤；A點(diǎn)電場線密，所以A點(diǎn)場強(qiáng)強(qiáng)，所以電場力大，所以C正確；B點(diǎn)場強(qiáng)方向沿著B點(diǎn)的切線方向，負(fù)電荷受力沿著B點(diǎn)的切線方向的反方向，所以D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：電場線【解析】【答案】C3、B【分析】解：速度是既有大小又有方向；相加時(shí)遵循平行四邊形定則的矢量，而質(zhì)量；路程、時(shí)間只有大小沒有方向，所以它們都是標(biāo)量．故ACD錯(cuò)誤，B正確．

故選：B

既有大小又有方向；相加時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，如力；速度、加速度、位移等都是矢量；只有大小，沒有方向的物理量是標(biāo)量，如路程、時(shí)間、質(zhì)量等都是標(biāo)量．

矢量與標(biāo)量要掌握它們的兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標(biāo)量沒有方向；二是運(yùn)算法則不同，矢量運(yùn)算遵守平行四邊形定則，標(biāo)量運(yùn)算遵守代數(shù)加減法則．【解析】【答案】B4、D【分析】解：A

由圖看出；在前2s

內(nèi)，物體沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，在后2s

內(nèi)物體沿正方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生了改變.

故A錯(cuò)誤．

B；物體在前2s

內(nèi)向負(fù)方向做勻減速運(yùn)動(dòng).

后2s

內(nèi)向正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；4s

內(nèi)的位移是0

即回到原點(diǎn)；

4s

內(nèi)的路程s=12隆脕2隆脕2+12隆脕2隆脕2=4m.

故B錯(cuò)誤；D正確．

C；速度圖線的斜率等于加速度；直線的斜率不變，說明物體的加速度大小和方向都不變.

加速度始終沿正方向，而物體的初速度方向沿負(fù)方向，所以加速度方向與初速度方向相反，故C錯(cuò)誤．

故選：D

根據(jù)速度的正負(fù)判斷速度的方向.

速度圖象的斜率等于加速度.

根據(jù)圖線速度變化的變化分析物體做什么運(yùn)動(dòng)．

根據(jù)速度圖象直接速度加速度的方向，由斜率大小求出加速度的大小是基本能力，要熟練掌握．【解析】D

5、D【分析】解：ABD

地面附近一切物體都受到地球的吸引；由于地球的吸引而使物體受到的力叫做重力，其G=mg

所以與物體的質(zhì)量和所處的位置有關(guān)，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，故ABC錯(cuò)誤；D正確；

故選：D

．

利用地面附近一切物體都受到地球的吸引；由于地球的吸引而使物體受到的力叫做重力，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)．

本題考查了重力的概念、大小、方向，是一道基礎(chǔ)題，要熟練掌握相關(guān)的基礎(chǔ)知識(shí)．【解析】D

6、A【分析】解：由題意可知：Lc=2La=2LbSb=2Sa=2Sc

由電阻設(shè)b

的電阻Rb=R

由電阻定律R=婁脩LS

得：

Ra=2Rb=2RRc=2Ra=4RRcRaRb=421

由電路圖可知，abc

三個(gè)電阻串聯(lián)；

通過它們的電流I

相等；由U=IR

得：

UcUaUb=421

UV3UV1UV2=421

A；V1

的示數(shù)是V2

的2

倍；故A正確，C錯(cuò)誤；

B；V3

的示數(shù)是V1

的2

倍；故B錯(cuò)誤；

D；V3

的示數(shù)是V2

的4

倍；故D錯(cuò)誤；

故選：A

根據(jù)題意，由歐姆定律求出abc

的電阻關(guān)系；

三個(gè)電阻串聯(lián)；三個(gè)電壓表分別測三個(gè)電阻電壓，由串聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律可以求出各電壓表間的示數(shù)關(guān)系．

本題考查了各電壓表示數(shù)間的關(guān)系，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、熟練應(yīng)用電阻定律、歐姆定律是正確解題的關(guān)鍵．【解析】A

二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】

可變電容器的動(dòng)片從完全旋入到完全旋出；仍然收不到某一較高頻率的電臺(tái)信號(hào)，因此需要改變調(diào)諧電路的固有頻率，若改變電感線圈匝數(shù)，必須是減小．只有減小線圈匝數(shù)，導(dǎo)致自感系數(shù)減小，從而導(dǎo)致固有頻率增大．

故答案為：減小。

【解析】【答案】當(dāng)接收電路的固有頻率和收到的電磁波頻率相同時(shí)，接收電路中產(chǎn)生的振蕩電流最強(qiáng)，發(fā)生電諧振．電磁振蕩的頻率f=．

8、略

【分析】解：由題意，電荷量為q=-l.6×10-8C，電場力做功W=-6.4×10-6J；則AB兩點(diǎn)間電勢差為：

U==V=400V

故答案為：400．

已知試探電荷的電荷量和電場力做功，根據(jù)公式U=求解AB兩點(diǎn)間電勢差；要注意各個(gè)量代入符號(hào)計(jì)算．

本題一要掌握電勢差的定義式：U=二要注意克服電場力做功時(shí)，電場力做功是負(fù)值．【解析】4009、略

【分析】解：為了防止觸電；使用的插座應(yīng)選用有接地線的三孔插座，即圖中的乙，這樣能把電冰箱的外殼連接大地，保證安全工作．

電冰箱電壓為此220V；正常工作1h消耗的電能：W=Pt=0.2kW×1h=0.2kW?h．

故答案為：乙；220、0.2．

三孔插座中多出的一個(gè)孔是用來接地線的；家用電器都使用三孔插座；當(dāng)用電器漏電時(shí)，會(huì)使外殼帶電，若接上地線，即便漏電，電流也就通過地線，流入大地，防止觸電事故的發(fā)生．電冰箱的正常工作時(shí)，實(shí)際電壓等于額定電壓，消耗電能的功率是額定功率，然后根據(jù)W=Pt計(jì)算工作1h消耗的電能。

本題重點(diǎn)考查實(shí)際電壓和額定電壓、實(shí)際功率和額定功率的關(guān)系．計(jì)算時(shí)注意單位的統(tǒng)一．【解析】乙；220；0.210、略

【分析】解：如圖中所示為正弦交流電的每個(gè)周期有半個(gè)周期在工作．則得

故答案為：

求有效值方法：是將交流電在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等；則恒定電流的值就是交流電的有效值．

求交流電的有效值，往往根據(jù)電流的熱效應(yīng)，由有效值的定義求解【解析】11、（1）負(fù)電荷

（2）摩擦起電正電增大【分析】(1)

【分析】工件上的電荷由于靜電感應(yīng)分布在表面，由于庫侖引力，負(fù)電荷向正電荷運(yùn)動(dòng)。本題結(jié)合生活中的具體應(yīng)用，考查了靜電感應(yīng)，題目難度不大，明確同性電荷相互吸引，異性電荷相互排斥是解答的關(guān)鍵。【解答】帶正電的工件由于靜電感應(yīng)電荷分布在表面；高速運(yùn)動(dòng)的微粒在庫侖力的作用下運(yùn)動(dòng)，被吸咐到工件表面.

可知靜電噴涂機(jī)的涂料微粒受到正電荷的吸引力，應(yīng)帶負(fù)電．

故答案為：負(fù)電荷(2)

【分析】根據(jù)摩擦起電與感應(yīng)起電的不同，從而求解，并依據(jù)庫侖定律，從而判定相互靠近的過程中，它們之間的靜電力如何變化；考查起電的方式，理解摩擦起電與感應(yīng)起電的本質(zhì)相同，均是電子的轉(zhuǎn)移，同時(shí)掌握庫侖定律的應(yīng)用。【解答】絲綢摩擦玻璃棒可以使玻璃棒帶正電的情況屬于摩擦起電；玻璃棒帶正電；

當(dāng)兩個(gè)帶電體相互靠近的過程中，根據(jù)F=kQqr2

從而確定它們之間的靜電力將增大；

故答案為：摩擦起電；正電；增大【解析】(1)(1)負(fù)電荷

(2)(2)摩擦起電正電增大12、略

【分析】試題分析：據(jù)當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率和物體的固有頻率接近時(shí)物體的振幅增加，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率等于物體的固有頻率是物體的振幅最大；所以要解決飛機(jī)機(jī)翼的抖動(dòng)問題必須改變機(jī)翼的固有頻率?？键c(diǎn)：本題考查對(duì)共振問題的理解?！窘馕觥俊敬鸢浮扛淖儥C(jī)翼的固有頻率13、略

【分析】解：由于物體作受迫振動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定后的振動(dòng)周期是由驅(qū)動(dòng)力的周期來決定的，而跟振動(dòng)物體本身的固有周期無關(guān)，而發(fā)生共振的條件是驅(qū)動(dòng)力的頻率等于物體本身固有的頻率，故本題的答案為：固有；等于．【解析】固有;等于14、略

【分析】解：（1）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為15mm；游標(biāo)讀數(shù)為0.02×1=0.02mm，所以最終讀數(shù)為15.02mm．

（2）相鄰亮條紋的間距△x==mm=2.31mm．

根據(jù)△x=λ得，d===2.0×10-4m=0.20mm．

故答案為：（1）2.31；（2）0.20．

（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀．

（2）根據(jù)△x=求出條紋間距；再根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式求出光的波長．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀，以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ．【解析】2.31；0.2015、大于；全反射【分析】解：發(fā)生全反射的條件是光由光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)；所以內(nèi)芯的折射率大.

且光傳播在內(nèi)芯與外套的界面上發(fā)生全反射．

故答案為：大于；全反射．

光導(dǎo)纖維內(nèi)芯和外套材料不同；所以具有不同的折射率.

要想使光的損失最小，光在光導(dǎo)纖維里傳播時(shí)一定要發(fā)生全反射。

光的全反射必須從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，同時(shí)入射角大于臨界角．【解析】大于；全反射三、判斷題(共5題，共10分)16、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?8、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、證明題(共2題，共16分)21、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)22、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)23、略

【分析】（1）如圖所示。（2）在閉合電鍵時(shí)和電流計(jì)串聯(lián)的線圈中磁通量增加，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)一下。那么合上電鍵后將小螺線管迅速抽出時(shí)和電流計(jì)串聯(lián)的線圈中磁通量減小，靈敏電流計(jì)指針將向左偏轉(zhuǎn)（3）將滑動(dòng)變阻器觸頭迅速向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的電阻減小，電流增大，和電流計(jì)串聯(lián)的線圈中磁通量增加，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)一下?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）如圖所示。（2）左（3）右六、推斷題(共2題，共12分)24、（1）

（2）AlNaOH

（3）H2+Cl22HCl

【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應(yīng)用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關(guān)鍵。該題是高考常見題型，試題難易適中，側(cè)重對(duì)學(xué)生基礎(chǔ)知識(shí)的鞏固和訓(xùn)練，有利于提高學(xué)生的邏輯推理能力和應(yīng)試能力?！窘獯稹扛鶕?jù)元素周期表的結(jié)構(gòu)可知rm{壟脵}為rm{H}rm{壟脷}為rm{N}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是元素rm{(1)}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是故答案為：rm{壟脷}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物分別為氫氧化鈉和氫氧化鋁，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱，rm{Al}的金屬性比rm{Na}強(qiáng)，所以堿性較強(qiáng)的為rm{Al}故答案為：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的單質(zhì)在rm{NaOH}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式為：rm{(3)}