2024年北師大新版選擇性必修1物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大新版選擇性必修1物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示的裝置，在曲軸上懸掛一個彈簧振子，若不轉動把手，讓其自由振動，周期為現(xiàn)使把手以周期勻速轉動（）；當其運行到穩(wěn)定后，則（）

A.彈簧振子的振動周期為B.彈簧振子的振動周期為C.要使彈簧振子的振幅增大，可讓把手的轉速減小D.要使彈簧振子的振幅增大，可讓把手的轉速增大2、如圖所示，O為地球赤道上的測控站，P為地球同步衛(wèi)星，Q為低軌道衛(wèi)星，P、Q向周圍空間發(fā)射的無線電信號頻率均為在圖示位置時，O接收到P、Q發(fā)射的無線電信號頻率分別為和下列說法正確的是（）

A.B.C.D.3、用手上下抖動彈性繩子的一端，可以產(chǎn)生一列向右傳播的橫波?，F(xiàn)有一列簡諧橫波沿AB向右傳播，A、B兩點沿傳播方向相距20m。已知質點A每分鐘上下振動15次，當A點位于平衡位置向上運動時，B點剛好位于波谷，此時A、B間還有兩個波峰；這列波的傳播速率是（）

A.B.C.D.4、如圖甲所示，在升降機的頂部安裝了一個能夠顯示拉力大小的傳感器，傳感器下力推上一勁度系數(shù)k=100N/m的輕質彈簧，彈簧下端掛一質量m=1kg的小球。若升降機在勻速運行過程中突然停止，并以此時為零時刻，在后面一段時間內傳感器顯示彈簧彈力F隨時間t變化的圖像如的乙所示。已如彈簧振子做簡諧運動的周期取重力加速度大小g=10m/s2；則下列說法正確的是（）

A.升降機停止運行前在向下運動B.t1~t2時間內，小球處于超重狀態(tài)C.t1~t3時間內，小球向下運動，速度先增大后減小D.從t=0時刻起小球開始做振幅為0.1m。周期為2s的簡諧運動5、如圖是兩個單擺的振動圖象；以下說法正確的是（）

A.甲、乙兩個擺的頻率之比為1：1B.甲、乙兩個擺的頻率之比為1：2C.甲、乙兩個擺的擺長之比為1：2D.甲、乙兩個擺的擺長之比為1：46、如圖甲、乙分別為兩列機械波I、II的振動圖像，時刻分別同時從圖丙的A、B兩點開始向四周傳播，并在時恰好相遇，已知A、B相距0.8m，C為AB中點，D距A點0.15m，則下列說法____的是（）

A.直線上A，B外側均為振動減弱點B.直線上A、B間（不包括A、B點）共有7個振動加強點C.內直線上C點通過的路程為零D.機械波I的波長為0.2m評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、關于簡諧振動，以下說法中正確的是（）A.回復力總指向平衡位置B.加速度、速度方向永遠一致C.在平衡位置加速度、速度均達到最大值D.在平衡位置速度達到最大值，而加速度為零8、關于波的干涉和衍射，下列說法正確的是（）A.衍射是一切波特有的現(xiàn)象B.兩列波發(fā)生干涉時，振動加強區(qū)域的質點的位移一定始終最大C.聲波容易發(fā)生衍射是因為聲波的波長較長E.醫(yī)院中用于體檢的“B超”利用了超聲波的衍射原理E.醫(yī)院中用于體檢的“B超”利用了超聲波的衍射原理9、關于機械波的形成和傳播，下列說法中正確的是（）A.物體做機械振動，一定產(chǎn)生機械波B.后振動的質點總是跟著先振動的質點重復振動，只是時間落后一步C.參與振動的質點群有相同的頻率D.機械波是質點隨波遷移，也是振動能量的傳遞10、帶有光滑圓弧軌道質量為M的小車靜止置于光滑水平面上，如圖所示，一質量也為M的小球以速度v0水平?jīng)_上小車；到達某一高度后，小球又返回小車的左端，則（）

A.小球以后將向左做平拋運動B.小球將做自由落體運動C.此過程小球對小車做的功為MvD.小球在弧形槽上上升的最大高度為11、如圖所示是某吊扇的相關參數(shù)，測得吊扇正常勻速轉動時排風量為Q＝720m3/h，扇葉附近的風速為v＝14.1m/s，電機內阻R＝496Ω，g＝10m/s2；不計空氣阻力，以下說法正確的是（）

A.啟動過程消耗的電能等于扇葉和空氣的動能增加量B.正常工作時吊扇電機的發(fā)熱功率為24WC.正常工作時電機的輸出功率為24WD.正常工作時天花板對吊桿的拉力約為46.6N12、如圖甲所示，一物塊在時刻，以初速度從足夠長的粗糙斜面底端向上滑行，物塊速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻物塊到達最高點，時刻物塊又返回底端．由此可以確定（）

A.物體沖上斜面的最大位移B.物塊返回底端時的速度C.物塊所受摩擦力大小D.斜面傾角13、一條細線下面掛一個小球；讓它自由擺動，它的振動圖象如圖所示。則下列說法正確的是（）

A.該單擺的擺長大約為1mB.若將此單擺置于向上勻加速的升降機中，單擺的周期會大于2sC.若將此單擺置于向下勻加速的升降機中，單擺的周期會大于2sD.根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)不能估算出它擺動的最大擺角評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、質量為0.45kg的木塊靜止在光滑水平面上，一質量為0.05kg的子彈以200m/s的水平速度擊中木塊，并留在其中，整個木塊沿子彈原方向運動，則木塊最終速度的大小是__________m/s。若子彈在木塊中運動時受到的平均阻力為4.5×103N，則子彈射入木塊的深度為_______m。15、如圖所示，木塊A的質量mA＝1kg，足夠長的木板B的質量mB＝4kg，質量為mC＝4kg的木塊C置于木板B上，水平面光滑，B、C之間有摩擦．現(xiàn)使A以v0＝12m/s的初速度向右運動，與B碰撞后以4m/s的速度彈回，則A與B碰撞后瞬間，B的速度為__m/s，C運動過程中的最大速度為__m/s，整個過程中因為B、C之間的摩擦而產(chǎn)生的總內能為___J．

16、（1）波的衍射現(xiàn)象：波能______障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象，產(chǎn)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是縫、孔的寬度或障礙物的尺寸跟波長相差_______或者______波長。

（2）一切波都能發(fā)生衍射，它是波特有的現(xiàn)象。17、介質。

（1）定義：波借以______的物質。

（2）特點：組成介質的質點之間有______，一個質點的振動會引起______質點的振動。18、一列簡諧橫波波長為其波源處質點的振動圖像如圖所示，由此可知該列波的傳播速度大小為__________時間內波源處質點運動的路程為__________時刻離波源處的媒質質點的振動方向沿軸___________方向（選填“正”或“負”）

19、一簡諧橫波在軸上傳播，時的波形如圖甲所示，處的質點的振動圖線如圖乙所示，則波的傳播速度為___________m/s；該波沿軸___________方向傳播；時，處的質點的位移為___________cm。

20、冰球運動員甲的質量為當他以的速度向前運動時，與另一質量為速度大小為的迎面而來的運動員乙相撞。碰后甲恰好靜止。假設碰撞時間極短，則碰后乙的速度的大小為__________m/s；甲、乙碰撞過程中總機械能的損失__________J。21、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形如圖所示，t=2s時刻，質點B第一次到達波峰，且從t=0時刻起，質點B比質點A早到達波峰，則該波沿x軸______（填“正”或“負”）方向傳播；該波的波速大小為______m/s；0~6s內，質點A通過的路程為_______cm。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共2分)22、某同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標出入射角i和折射角r。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共8分)23、用如圖甲所示的裝置驗證動量守恒定律。實驗裝置調整好后，讓入射小球A從斜槽某點無初速滾下，小球A落在P點，在斜槽的出口處放置小球B，再讓入射小球A從斜槽上某點無初速滾下，落點分別是M和N；則：

（1）為了減小實驗誤差，下列做法合理的是____________。

A．減小斜槽對小球A的摩擦。

B.多次將A球從不同的位置釋放。

C.保證斜槽末端的切線沿水平方向。

D.兩球的質量和半徑都一樣大。

（2）圖乙是B球的落點痕跡，刻度尺的“0”刻線與O點重合，可以測出碰撞后B球的水平射程為______cm。

（3）本次實驗必須進行測量的物理量是___________。

A．水平槽上未放B球時，A球的落點位置到O點的距離。

B.A球與B球碰撞后，A球的落點位置到O點的距離。

C.下落時間。

D.水平槽面到紙面的高度。

E.A球釋放點相對于水平槽面的高度。

F.A球和B球的質量（或兩球質量之比）24、某同學用下圖所示裝置探究兩球在碰撞中動量是否守恒。該同學利用平拋運動測量兩球碰撞前后的速度，實驗裝置和具體做法如下，圖中是斜槽，為水平槽。實驗時先使球從斜槽上某一固定位置由靜止開始滑下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡。重復上述操作10次，得到10個落點痕跡。再把球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓球仍從位置由靜止開始滑下，和球碰撞后，球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡。重復這種操作10次，并畫出實驗中兩小球落點的平均位置。圖中點是水平槽末端在記錄紙上的垂直投影點。其中米尺水平放置，且平行于所在的豎直平面，米尺的零點與點對齊。

（1）為了使兩球碰撞為一維碰撞，所選兩球的直徑關系為：球的直徑___________球的直徑（“大于”、“等于”或“小于”）；為減小實驗誤差，在兩球碰撞后使球不反彈，所選用的兩小球質量關系應為___________（選填“小于”；“大于”或“等于”）；

（2）在以下選項中，哪些是本次實驗必須進行的測量？答：___________。

A．水平槽上未放球時，測量球落點位置到點的距離。

B．球與球碰撞后，測量球與球落點位置到點的距離。

C．球和球在空中飛行的時間。

D．測量點相對于水平槽面的高度。

（3）已知和是實驗中小球落點的平均位置，請你根據(jù)該同學實驗中所選小球和實驗的記錄紙判斷，該同學通過實驗數(shù)據(jù)說明在實驗中兩球碰撞中動量守恒，請你用圖中的字母寫出該同學判斷動量是否守恒的表達式是___________。評卷人得分六、解答題(共2題，共8分)25、如圖所示，在光滑的水平面上有一帶半圓形光滑弧面的小車，質量為M，圓弧半徑為R，從距車上表面高為H處靜止釋放一質量為m的小球，它剛好沿圓弧切線從A點落入小車；求：

(1)小球到達車底B點時小車的速度和此過程中小車的位移；

(2)小球到達小車右邊緣C點處，小球的速度．26、一位天文學家?guī)е粋€擺鐘到赤道地區(qū)進行天文觀測。這個擺鐘在啟程時調得非常準確，但到了赤道地區(qū)后，擺鐘卻每晝夜慢于是他調整擺長，使其恢復準確。當他將擺鐘帶回出發(fā)地時，發(fā)現(xiàn)鐘又走快了。試對上述事實做出合理的解釋。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．受迫振動的頻率與驅動力的周期相同，所以彈簧振子的振動周期為則AB錯誤；

CD．發(fā)生共振時，物體振動的振幅最大，共振的條件是驅動力的頻率等于物體的固有頻率，根據(jù)

所以要使彈簧振子的振幅增大；可讓把手的轉速增大，則C錯誤；D正確；

故選D。2、C【分析】【詳解】

P為地球同步衛(wèi)星，則角速度等于地球的自轉的角速度，則的距離保持不變，則

根據(jù)

可得

可知的角速度大于地球自轉的角速度，結合題圖可知，與的距離減小，根據(jù)多普勒效應可知

故選C。3、C【分析】【詳解】

由題意可知，質點A每分鐘上下振動15次，周期為

當A點位于平衡位置向上運動時，B點剛好位于波谷，此時A、B間還有兩個波峰，可知

得

波速為

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．從0時刻開始；彈簧彈力減小，知小球向上運動，可知升降機停止前向上運動，A錯誤；

B．由圖像可知，t1~t2時間內；重力大于彈力，加速度向下，處于失重狀態(tài)，B錯誤；

C．由圖像可知；重力開始大于彈力，小球加速運動，速度增大，一段時間后，彈力大于重力，小球減速運動，速度減小，C正確；

D．當彈簧的彈力最大時，達到了小球的振幅，即有

代入數(shù)據(jù)，可得

已如彈簧振子做簡諧運動的周期為

代入數(shù)據(jù)可得

D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

AB．由圖可知甲；乙兩個擺的周期之比為1:2；則頻率之比為2:1，選項AB錯誤；

CD．根據(jù)

可得

可知甲；乙兩個擺的擺長之比為1：4；選項C錯誤，D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

AD．假設兩列波傳播速度為v，則

解得

由圖甲乙可知兩列波的周期均為1s，所以兩列波的波長為

兩列波在A、B外側均相距

兩列波的起振方向相反，所以直線上A，B外側均為振動減弱點。故AD不符合題意；

B．加強點滿足距A、B的距離差為半波長的奇數(shù)倍，有距A點的距離為0.05m；0.15m，0.25m，0.35m，0.45m，0.55m，0.65m，0.75m，共8個點為振動加強點。故B符合題意；

C．兩列波傳至C點所需要的時間為

又因為C點與A、B兩點的距離差相等，為振動減弱點，所以內直線上C點通過的路程為零；故C不符合題意。

故選B。二、多選題(共7題，共14分)7、A:D【分析】【詳解】

A.簡諧運動中，回復力總是指向平衡位置，大小為F=-kx

故選項A符合題意.

B.加速度方向始終指向平衡位置；速度方向可能指向平衡位置，也可能遠離平衡位置.故選項B不符合題意.

CD.平衡位置位移為零，據(jù)

知加速度為零，勢能最小，動能最大，速度最大.故選項D符合題意，選項C不符合題意.8、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．衍射是一切波特有的現(xiàn)象；A正確；

B．兩列波發(fā)生干涉時；振動加強區(qū)域的質點振動始終加強，不是位移始終最大，B錯誤；

C．聲波容易發(fā)生衍射是因為聲波的波長較長；C正確；

D．薄膜干涉是兩列頻率相同的反射光在薄膜上出現(xiàn)的現(xiàn)象；因此應在入射光的同一側觀察，D正確；

E．醫(yī)院中用于體檢的“B超”利用了超聲波的反射原理；E錯誤。

故選ACD。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．機械波的形成必須具備的兩個條件：振源和介質；只有物體做機械振動，而其周圍沒有傳播這種振動的介質，遠處的質點不可能振動起來形成機械波，故A選項錯誤；

BC．后振動的質點總是跟著先振動的質點重復振動；只是時間落后一步，參與振動的質點群有相同的頻率，所以BC正確；

D．形成機械波的各個質點；只在平衡位置附近往復運動，并沒有隨波遷移，離振源遠的質點振動的能量，是通過各質點的傳遞從振源獲得，故D選項錯誤；

故選BC。10、B:C【分析】【詳解】

D．上升到最高點時與小車相對靜止，有共同速度v′，由動量守恒定律和機械能守恒定律有

聯(lián)立得

D錯誤；

ABC．從小球滾上到滾下并離開小車；系統(tǒng)在水平方向上的動量守恒，由于無摩擦力做功，動能守恒，此過程類似于彈性碰撞，作用后兩者交換速度，即小球速度變?yōu)榱?，開始做自由落體運動，BC正確，A錯誤。

故選BC。11、C:D【分析】【詳解】

A．吊扇啟動過程消耗的電能等于扇葉和空氣的動能增加量與產(chǎn)生的熱量之和；A錯誤；

B．正常工作時

B錯誤；

C．正常工作時電機的輸出功率為

C正確；

D．對空氣，由動量定理

其中m＝ρQt，代入數(shù)據(jù)解得F≈3.5N

由牛頓第三定律可知，空氣對吊扇向上的作用力為F'＝F＝3.4N

所以正常工作時天花板對吊桿的拉力約為F拉＝m'g﹣F'＝2.0×10N﹣3.5N＝46.6N

故D正確。

故選CD。12、A:B:D【分析】【詳解】

根據(jù)圖線的“面積”可以求出物體沖上斜面的最大位移為故A正確。

由于下滑與上滑的位移大小相等，根據(jù)數(shù)學知識可以求出物塊返回底端時的速度．設物塊返回底端時的速度大小為v，則得到故B正確；

根據(jù)動量定理得：上滑過程：-（mgsinθ+μmgcosθ）?t0=0-mv0①，下滑過程：（mgsinθ-μmgcosθ）?2t0=m②，由①②解得：由于質量m未知，則無法求出f．得到可以求出斜面傾角θ故C錯誤，D正確．故選ABD

【點睛】

本題抓住速度圖象的“面積”等于位移分析位移和物體返回斜面底端的速度大?。部梢愿鶕?jù)牛頓第二定律和運動學結合求解f和sinθ．13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AD．根據(jù)圖像可得周期為2s，振幅A=4cm；根據(jù)。

解得。

則擺線偏離豎直方向的最大擺角的正弦值。

D錯誤A正確；

B．單擺置于向上勻加速的升降機中，小球處于超重狀態(tài)，等效重力加速度g0

根據(jù)。

則單擺的周期會小于2s；B錯誤；

C．單擺置于向下勻加速的升降機中，小球處于失重狀態(tài)，等效重力加速度g0

根據(jù)。

則單擺的周期會大于2s；C正確。

故選AC。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【詳解】

試題分析：根據(jù)系統(tǒng)動量守恒求解兩木塊最終速度的大??；根據(jù)能量守恒定律求出子彈射入木塊的深度；

根據(jù)動量守恒定律可得解得系統(tǒng)減小的動能轉化為克服阻力產(chǎn)生的內能，故有解得

【點睛】本題綜合考查了動量守恒定律、能量守恒定律，綜合性較強，對學生能力要求較高．【解析】200.215、略

【分析】【詳解】

［1］A與B碰瞬間，C的運動狀態(tài)未變，B速度最大．以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，以A的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得mAv0=-mAvA+mBvB，

代入數(shù)據(jù)得A與B碰撞后瞬間，B的速度vB=4m/s．

［2］A、B碰撞后，B與C相互作用使B減速、C加速，由于B板足夠長，所以B和C能達到相同速度，二者共速后，C速度最大，以B、C組成的系統(tǒng)為研究對象，以向右為正方向，由動量守恒定律mBvB=（mB+mC）vC

代入數(shù)據(jù)得C運動過程中的最大速度vC=2m/s．

［3］整個過程中因為B、C之間的摩擦而產(chǎn)生的總內能E=mBvB2-(mB+mC)vC2=16J．【解析】421616、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]波的衍射現(xiàn)象：波能繞過障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象。

[2][3]產(chǎn)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是縫、孔的寬度或障礙物的尺寸跟波長相差不大或者小于波長?！窘馕觥竣?繞過②.不大③.小于17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.傳播②.相互作用③.相鄰18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]該列波的傳播速度大小為

[2]時間內，即半個周期內，波源處質點運動的路程為2A=8cm=0.08m

[3]時刻波源在最低點，則離波源處的媒質質點的振動方向沿軸負方向。【解析】①.0.5②.0.08③.負19、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)波的圖像可知波長

根據(jù)振動圖像可知周期

則波速

[2]根據(jù)乙圖，時處的質點振動方向向上，根據(jù)“同側法”，該波沿軸負方向傳播；

[3]t＝1s時x＝2m處的質點位移為零，結合兩個圖像可知波沿x軸負方向傳播，所以再經(jīng)0.5s即四分之一周期，平衡位置在x＝2m處的質點沿y軸負方向運動到最大位移處，即位移為－9cm。【解析】1負-920、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]以甲運動方向為正方向，根據(jù)碰撞過程中動量守恒可得

解得

[2]甲、乙碰撞過程中總機械能的損失【解析】1140021、略

【分析】【詳解】

[1]從t=0時刻起，質點B比質點A早到達波峰，說明此刻質點A振動方向向下，是其右邊的質點帶動它振動，則波的傳播方向沿x軸負方向；

[2]t=2s時刻，質點B第一次到達波峰，根據(jù)波形圖可知，質點B在2s內振動了可得T=4s

根據(jù)波形圖可知波長由波速公式帶入可解得v=1m/s

[3]由于6s=所以6s內質點A運動的路程是振幅A的6倍S=6A=24cm【解析】負124四、作圖題(共1題，共2分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)實驗原理，則大頭針P4擋住P3本身及P2、P1的像；光路圖如下。

【解析】五、實驗題(共2題，共8分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]AB．為了保證小球離開斜槽的速度相等；每次從同一高度由靜止釋放A球即可，斜槽不需要光滑，故AB錯誤；

C．為了保證小球從斜槽射出的速度水平；保證斜槽末端的切線沿水平方向，故C正確；

D．實驗時要發(fā)生對心碰撞；兩球的半徑要一樣大，為了保證A球不反彈，A球的質量需要大于B球的質量，故D錯誤。

故選C；

(2)[2]碰撞后B球的水平射程落點如圖中所示；取所有落點中靠近中