2025年蘇科新版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科新版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，豎直放置的一對平行金屬板間有加速電場，電勢差為U1，水平放置的一對平行金屬板間有偏轉(zhuǎn)電場，電勢差為U2。一帶電粒子由靜止開始經(jīng)加速電場后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，且從偏轉(zhuǎn)電場射出。粒子重力忽略不計(jì)?，F(xiàn)保持其他條件不變，只增大U1，仍使該種粒子由靜止開始進(jìn)入加速電場。與U1變化前相比；帶電粒子。

A.在偏轉(zhuǎn)電場中，動(dòng)能增加量一定增大B.在偏轉(zhuǎn)電場中，動(dòng)能增加量可能不變C.射出偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的動(dòng)能一定增大D.射出偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的動(dòng)能可能不變2、質(zhì)量分別為m1和m2、電荷量分別是q1和q2的小球（大小可忽略），用長度不等的輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別是α和β（α＞β）；兩小球恰在同一水平線上，下面關(guān)于物理量的比較，說法正確的是（）

A.m1所受電場力較大B.m1、m2懸線上的拉力大小之比為C.m1、m2的大小之比為D.q1一定等于q23、平行板電容器充電后與電源斷開；兩板間形成了勻強(qiáng)電場。當(dāng)兩板受到外界的擠壓后發(fā)生了圖所示的形變，則受壓后兩板間電場線分布可能正確的是（）

A.B.C.D.4、如圖所示，某次雷雨天氣，帶電云層和建筑物上的避雷針之間形成電場，圖中虛線為該電場的三條等差等勢線，實(shí)線為某帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，A、B為運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)。帶電粒子的重力不計(jì)；避雷針帶負(fù)電。則（）

A.帶電粒子帶負(fù)電B.避雷針尖端附近電勢較高C.帶電粒子在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度D.帶電粒子在A點(diǎn)的電勢能大于在B點(diǎn)的電勢能5、通過理想斜面實(shí)驗(yàn)得出“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的科學(xué)家是（）A.亞里士多德B.伽利略C.法拉第D.奧斯特6、高中物理的很多矢量和標(biāo)量前面都有正負(fù)號(hào)，其表示的意義各不相同，很容易混淆。你認(rèn)為下面說法正確的是（）A.“5m/s2”的加速度大于“-7m/s2”的加速度B.“5J”的功大于“-7J”的功C.“5V”的電勢大于“-7V”的電勢D.“5Wb”的磁通量大于“-7Wb”的磁通量評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖電路中，電源電動(dòng)勢為E、內(nèi)阻為r，為定值電阻，閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量用表示，電流表示數(shù)的變化量用表示表示下列判斷正確的是

A.電容器的帶電量減小，減小量為B.通過電阻的電流減小，減少量為且等于C.電路的路端電壓一定增大，增加量小于D.電可變電阻R的功率可能變小8、空間存在著沿x軸方向的電場，質(zhì)量為m，電荷量為+q的點(diǎn)電荷，僅在電場力作用下，在x軸上從x=0處向x軸正方向運(yùn)動(dòng)；其速度隨位置變化如圖所示，由圖像可知。

A.電荷做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.電荷在處的加速度為C.x=0與兩點(diǎn)之間的電勢差為D.處的電場強(qiáng)度為9、如圖，兩個(gè)固定的相同圓環(huán)a、b，均勻帶有+Q和-Q的電荷，兩環(huán)圓心O、O′在同一中心軸線上，P為OO′的中點(diǎn)。則（）

A.沿中心軸線從O點(diǎn)到O′點(diǎn)，電勢逐漸降低B.過P點(diǎn)垂直于OO′的平面為等勢面C.O點(diǎn)與O′點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同D.兩環(huán)間距越小，P點(diǎn)的電場強(qiáng)度一定越大10、如圖甲所示，一光滑絕緣細(xì)桿水平固定在非勻強(qiáng)電場中，在點(diǎn)固定一帶正電的小球A，一帶電量為的小球套在桿上。以點(diǎn)為原點(diǎn)，沿桿向右為軸正方向建立坐標(biāo)系。小球A對小球B的作用力隨B位置的變化關(guān)系如圖乙中曲線I所示，小球B所受水平方向的合力隨B位置的變化關(guān)系如圖乙中曲線Ⅱ所示，靜電力常量則（）

A.小球A所帶電荷量B.非勻強(qiáng)電場在處沿細(xì)桿方向的電場強(qiáng)度大小C.將小球B從處靜止釋放運(yùn)動(dòng)到處過程中，加速度一直減小D.將小球B從處靜止釋放運(yùn)動(dòng)到處過程中，速度先增大后減小11、如圖所示；是某一點(diǎn)電荷的電場線分布圖，下列表述正確的是（）

A.a點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)的電勢B.該點(diǎn)電荷帶負(fù)電C.a點(diǎn)和b點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向相同D.a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場強(qiáng)度12、空間有一電場，各點(diǎn)電勢隨位置的變化情況如圖所示（圖像關(guān)于原點(diǎn)對稱）；下列說法正確的是（）

A.點(diǎn)的電場強(qiáng)度一定為零B.與點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C.將負(fù)電荷從移到電荷的電勢能增大D.和兩點(diǎn)在同一等勢面上13、如圖，平行板電容器經(jīng)開關(guān)S與電源連接，C點(diǎn)所在位置的空間坐標(biāo)不變且始終處于由帶電平板所激發(fā)的勻強(qiáng)電場中，B板接地，關(guān)于C點(diǎn)電勢的變化情況，以下說法正確的是（）

A.開關(guān)S閉合，將A板上移一小段距離，極板間電場強(qiáng)度變?nèi)酰珻點(diǎn)電勢降低B.開關(guān)S閉合，將B板上移一小段距離，極板間電場強(qiáng)度變強(qiáng)，C點(diǎn)電勢降低C.開關(guān)S先閉合后斷開，然后將A板上移一小段距離，場強(qiáng)不變，C點(diǎn)電勢不變D.開關(guān)S先閉合后斷開，然后將B板下移一小段距離，場強(qiáng)不變，C點(diǎn)電勢降低14、粗糙絕緣的水平面上方存在一個(gè)平行于水平面的電場，其中某一區(qū)域的電場線與x軸平行，在x軸上的電勢φ與坐標(biāo)x的關(guān)系用如圖所示的曲線表示，圖中斜線為該曲線過點(diǎn)（0.15m，3×105V）的切線?，F(xiàn)有一質(zhì)量m＝0.20kg，電荷量q＝2.0×10－8C的滑塊P（可視作質(zhì)點(diǎn)），從x＝0.10m處由靜止釋放，其與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.02。取重力加速度g＝10m/s2。則下列說法正確的是（）

A.x＝0.15m處的場強(qiáng)大小為2.0×106V/mB.滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度逐漸減小C.滑塊運(yùn)動(dòng)的最大速度大小約為0.1m/sD.滑塊最終在x＝0.3m處停下15、如圖所示，是將滑動(dòng)變阻器作分壓器使用的電路，A、B為分壓器的輸出端；若把變阻器的滑動(dòng)片放在變阻器中央，下列判斷正確的是（）

A.空載時(shí)輸出電壓為B.當(dāng)接上負(fù)載R時(shí)輸出電壓C.負(fù)載R越大，越接近D.負(fù)載R越小，越接近評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、1825年，瑞士科學(xué)家科拉頓用實(shí)驗(yàn)探索如何產(chǎn)生感應(yīng)電流。如圖，他將“電流表”和線圈分別放在兩個(gè)房間里，并用導(dǎo)線連成閉合回路。他用磁鐵在線圈中插進(jìn)或拔出進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，并在兩個(gè)房間之間跑來跑去，結(jié)果沒有觀察到感應(yīng)電流?？评D看不到實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的原因是___________。后來由科學(xué)家______發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象。17、在如圖所示的電路中，電源內(nèi)電阻為r,R1、R3分別為兩個(gè)定值電阻．閉合電鍵S,當(dāng)變阻器R2的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，伏特表V1的示數(shù)逐漸________(選填“增大”、“減小”、“不變”)．若移動(dòng)P的過程中，電流表示數(shù)變化量的大小為伏特表V2示數(shù)變化量的大小則比值是_______________(選填“增大”；“減小”、“不變”)

18、某同學(xué)用不同工具分別測量了某物體的幾處外徑；如圖所示，請讀出下列讀數(shù)：

①_____；②_____；③_____；19、左圖讀數(shù)為___________cm；右圖讀數(shù)為___________mm。

20、電阻連接方法如圖所示，則________點(diǎn)間電阻最大，最大值為________Ω；________點(diǎn)間電阻最小，最小值為________Ω．

21、如圖所示，勻強(qiáng)電場方向平行于xoy平面，在xoy平面內(nèi)有一個(gè)半徑為R=5cm的圓，圓上有一動(dòng)點(diǎn)P，半徑OP與x軸方向的夾角為θ，P點(diǎn)沿圓周移動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)的電勢滿足p25sin(V)勻強(qiáng)電場的大小E=_____V/m，方向?yàn)開____．

評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共4分)22、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開關(guān)S擲向1，一段時(shí)間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時(shí)間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項(xiàng)前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個(gè)放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動(dòng)勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時(shí)電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時(shí)間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時(shí)間將變短評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)23、要研究額定電壓為3V的發(fā)光二極管正向?qū)щ姇r(shí)的伏安特性曲線。除了已有的發(fā)光二極管；在實(shí)驗(yàn)室又找到如下實(shí)驗(yàn)器材：

A.恒壓直流電源（4~6V）

B.電壓表V（量程0~4V；內(nèi)阻約3kΩ）

C.電流表（量程0~0.6A；內(nèi)阻約0.1Ω）

D.電流表（量程0~30mA；內(nèi)阻約1.0Ω）

E.滑動(dòng)變阻器（最大阻值10kΩ）

F.滑動(dòng)變阻器（最大阻值10Ω）

G.開關(guān)；導(dǎo)線若干。

（1）用歐姆表粗測二極管正向?qū)娮?，如圖，選擇開關(guān)為“×10”擋，則測得二極管的電阻為_________Ω。

（2）為了更加準(zhǔn)確的描繪發(fā)光二極管的伏安特性曲線，電流表應(yīng)選擇_________________；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇____________（填寫器材前面的字母代號(hào)）。請?jiān)趫D中方框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖。()

（3）實(shí)驗(yàn)得到的伏安特性曲線如圖所示，要設(shè)計(jì)一個(gè)由這種型號(hào)的發(fā)光二極管組成的燈帶，電動(dòng)勢為4V，內(nèi)阻為1Ω的直流電源給燈帶供電，這條燈帶需____________（填“串”或“并”）聯(lián)____________個(gè)這種型號(hào)的發(fā)光二極管；可使燈帶達(dá)到理想的使用效果。

評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共27分)24、如圖所示，在豎直平面內(nèi)，光滑絕緣直桿AC與半徑為R的圓周交于B、C兩點(diǎn)，在圓心處有一固定的正點(diǎn)電荷，B為AC的中點(diǎn)，C點(diǎn)位于圓周的最低點(diǎn)．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為?q、套在桿上的帶電小球從A點(diǎn)由靜止開始沿桿下滑．已知重力加速度為g，A點(diǎn)距過C點(diǎn)的水平面的豎直高度為3R，小球滑到B點(diǎn)時(shí)的速度大小為求：

(1)小球滑至C點(diǎn)時(shí)的速度的大??；

(2)若以C點(diǎn)作為零電勢點(diǎn)，試確定A點(diǎn)的電勢．

25、為使用方便，實(shí)驗(yàn)室中的電壓表通常有兩個(gè)量程，如圖所示為電流計(jì)G改裝成兩個(gè)量程3V、15V的電壓表的電路圖。若已知R2是阻值為24kΩ的電阻，電流計(jì)G的內(nèi)阻為500Ω，則R1的阻值和電流計(jì)G的滿偏電流各是多少？26、做功與路徑無關(guān)的力場叫做“勢場”；例如引力場和電場．在這類場中可以引入“場強(qiáng)”和“勢能”的概念來分別描述勢場中力和能的性質(zhì)．可以類比電場強(qiáng)度的定義，將質(zhì)點(diǎn)放在引力場中所受到的引力與質(zhì)量的比值定義為引力場的場強(qiáng)．

如圖甲所示為某勢場的場強(qiáng)E的大小隨x的分布，圖中E0為已知量．在該勢場中，一個(gè)質(zhì)點(diǎn)僅在場力作用下，以x=0為中心，沿x軸做周期性運(yùn)動(dòng)．已知質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m，受到的場力可表示為F=kE（k為常量），場力方向平行于x軸．取x=0點(diǎn)為O點(diǎn)．

（1）請從力和加速度的角度，分析說明質(zhì)點(diǎn)在區(qū)域和區(qū)域的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)；

（2）功是能量轉(zhuǎn)化的量度，場力做功引起勢能的變化．取O點(diǎn)為零勢能點(diǎn)．

a．請推導(dǎo)出勢能Ep與x的關(guān)系式，并在圖乙中畫出勢能Ep隨x變化的示意圖．

b．已知質(zhì)點(diǎn)的總能量為A，求質(zhì)點(diǎn)與O點(diǎn)間距離為x0（x0在運(yùn)動(dòng)區(qū)間內(nèi)）時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能Ek．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

AB．粒子經(jīng)電場U1加速后，根據(jù)動(dòng)能定理得

粒子在偏轉(zhuǎn)電場中：水平方向L=v0t

豎直方向：

由牛頓第二定律可得：

解得

則在偏轉(zhuǎn)電場中動(dòng)能增加量為

則只增大U1；則在偏轉(zhuǎn)電場中，動(dòng)能增加量一定減小，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

CD．射出偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的動(dòng)能：

則只增大U1；則射出偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的動(dòng)能可能不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；

故選D.2、C【分析】【詳解】

A．由牛頓第三定律知兩小球受電場力大小相等；故A錯(cuò)誤；

B．由題意知兩小球受力都處于平衡狀態(tài)，那么各自的受力合力為零，對小球有。

如圖，設(shè)是小球?qū)Φ碾妶隽Γp絲線對小球的拉力為的兩個(gè)分力分別是和設(shè)是小球?qū)Φ碾妶隽?，根?jù)受力平衡可得

由牛頓第三定律知＝

由以上可得

故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)圖和力的平衡條件有

同理，設(shè)輕絲線對小球的拉力為有＇

由以上和的值，知

則

故C正確；

D．根據(jù)庫侖定律和牛頓第三定律和不一定相等；故D錯(cuò)誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

兩極板處于靜電平衡；因極板中間凸出，則電荷分布中間多兩端少，故中間電場強(qiáng)度較大，靜電平衡的導(dǎo)體是等勢體，等勢面和電場線相互垂直，且電場強(qiáng)度越大的地方，電場線越密集。

故選C。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．帶電粒子與避雷針之間是引力；帶電粒子帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．避雷針帶負(fù)電避雷針尖端附近電勢較低；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)等勢線越密集的地方電場強(qiáng)度越強(qiáng)；由題圖可得。

根據(jù)牛頓第二定律可得。

所以同一粒子在A點(diǎn)的加速度小于在B點(diǎn)的加速度。選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．粒子從A運(yùn)動(dòng)到B；電場力方向與位移方向夾角小于90°，電場力做正功，電勢能減小。即。

選項(xiàng)D正確。

故選D。5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；故A錯(cuò)誤；

B．伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因；故B正確；

C．法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象；故C錯(cuò)誤；

D．奧斯特發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)；故D錯(cuò)誤。

故B。6、C【分析】【詳解】

A．加速度是矢量，比較大小需比較絕對值，所以“5m/s2”的加速度小于“-7m/s2”的加速度；故A錯(cuò)誤；

B．功是標(biāo)量；但正負(fù)代表物體對外做功，或外接對物體做功，所以“5J”的功小于“-7J”的功，故B錯(cuò)誤；

C．電勢是標(biāo)量；正負(fù)代表大于零電勢或小于零電勢，所以“5V”的電勢大于“-7V”的電勢，故C正確；

D．磁通量是標(biāo)量，磁通量有正負(fù)之分，當(dāng)與規(guī)定正方向相反時(shí)，磁通量為負(fù)值，所以“5Wb”的磁通量小于“-7Wb”的磁通量；故D錯(cuò)誤；

故選C。二、多選題(共9題，共18分)7、C:D【分析】【詳解】

A．閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，由歐姆定律分析得知，電阻兩端的電壓減小，R兩端的電壓增大，而它們的總電壓即路端電壓增大，所以電阻兩端的電壓減小量小于電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，可知電容器板間電壓增大，帶電量增大，增大量為A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)A的分析可知，電阻兩端的電壓減小量小于所以通過電阻的電流減小量小于B錯(cuò)誤；

C．總電流減小，則內(nèi)阻所占電壓減小，所以電路的路端電壓一定增大，由于電阻兩端的電壓減小，而R的電壓增大所以電路的路端電壓增加量小于C正確；

D．當(dāng)可變電阻的阻值與的阻值相等時(shí)，功率最大，由于不增大具體值，所以可變電阻R的功率可能變?。籇正確．

故選CD.8、B:C【分析】【詳解】

A．有圖像可知，根據(jù)動(dòng)能定理聯(lián)立可得電場強(qiáng)度隨x變化，根據(jù)Eq=ma，電荷做變加速直線運(yùn)動(dòng)，v2=2ax不成立；故A錯(cuò)誤，B正確；

C．由動(dòng)能定理可得，x=0與兩點(diǎn)之間的電勢差為故C正確；

D．根據(jù)處的電場強(qiáng)度為故D錯(cuò)誤．

故選BC

點(diǎn)睛：根據(jù)動(dòng)能定理圖像，可知電場強(qiáng)度的表達(dá)式，可判斷粒子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)；根據(jù)電場力做功，由動(dòng)能定理可得x=0與兩點(diǎn)之間的電勢差；根據(jù)電場強(qiáng)度的表達(dá)式可得處的電場強(qiáng)度．9、A:B:C【分析】【詳解】

A．由場強(qiáng)的疊加可知從O點(diǎn)到O′點(diǎn)場強(qiáng)方向一直向右；因此電勢一直降低，故A正確；

B．由場強(qiáng)的疊加可知電場線垂直于過P點(diǎn)且垂直于OO′的平面；在此平面上移動(dòng)電荷時(shí)電場力不做功，因此該平面為等勢面，故B正確；

C．+Q在O點(diǎn)產(chǎn)生場強(qiáng)為零，O點(diǎn)的場強(qiáng)由-Q和距離決定，同理O′點(diǎn)的場強(qiáng)由+Q和距離決定，由幾何關(guān)系結(jié)合場強(qiáng)疊加知O點(diǎn)與O′點(diǎn)場強(qiáng)大小相等；且方向均向右，故C正確；

D．兩環(huán)間距越小時(shí)，P點(diǎn)的電場強(qiáng)度不一定越大，比如當(dāng)兩環(huán)均向P靠攏且間距無窮小時(shí)，P點(diǎn)場強(qiáng)近似為零；故D錯(cuò)誤。

故選ABC。10、A:D【分析】【詳解】

A．由題圖乙可知，當(dāng)小球A和小球B之間距離x=0.3m時(shí)，二者之間的庫侖力大小為F1=0.2N；根據(jù)庫侖定律有。

代入數(shù)據(jù)解得Q=1×10-6C；故A正確；

B．由題圖乙可知，x=0.3m處，小球B所受合電場力大小為F2=0.16N；則有。

代入數(shù)據(jù)解得E=3.6×105N/C；故B錯(cuò)誤；

CD．由題圖乙可知，從x=0.1m到x=0.3m，小球B所受合力先減小至零后再反向增大；所以加速度先減小至零后再反向增大，速度先增大后減小，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：根據(jù)電場線與等勢線垂直，在b點(diǎn)所在電場線上找到與a點(diǎn)電勢相等的，依據(jù)沿電場線電勢降低，a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)電勢，故A錯(cuò)誤。該點(diǎn)電荷帶負(fù)電，故B正確。由題圖可看出a點(diǎn)和b點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向不相同，故C錯(cuò)誤；電場線越密的地方電場強(qiáng)度越大，a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場強(qiáng)度；故D正確。故選BD。

考點(diǎn)：點(diǎn)電荷電場；電場強(qiáng)度；電勢。

【點(diǎn)睛】

本題考查的就是點(diǎn)電荷的電場的分布及特點(diǎn)，這要求同學(xué)對于基本的幾種電場的情況要了解，本題看的就是學(xué)生的基本知識(shí)的掌握情況，比較簡單。12、B:C【分析】【詳解】

A．φ-x圖象的斜率大小等于電場強(qiáng)度，由幾何知識(shí)可知O點(diǎn)場強(qiáng)不為零；故A錯(cuò)誤；

B．沿著電場線方向，電勢是降低的，則有-x1與x1點(diǎn)的斜率相同；則電場強(qiáng)度相同，故B正確；

C．電勢的定義式為

故電勢能為Ep=qφ

將負(fù)電荷從-x1移到x1電荷的電勢能由負(fù)值變?yōu)檎?；電荷的電勢能增大，故C正確；

D．-x1和x1兩點(diǎn)電勢不相等；故一定不在同一等勢面上，故D錯(cuò)誤。

故選BC。13、A:B:C【分析】【詳解】

A．開關(guān)S閉合電勢差不變，將A板上移一小段距離，d變大，則由U=Ed可知，極板間電場強(qiáng)度變?nèi)酰籆相對于B板的電勢差減??；故C點(diǎn)電勢升降低，故A正確；

B．開關(guān)S閉合，將B板上移一小段距離，板間距減小，則極板間電場強(qiáng)度變強(qiáng)，由C與上極板間的電勢差增大，故與B極板間的電勢差減小，C點(diǎn)的電勢降低；故B正確；

C．開關(guān)S先閉合后斷開后電量不變；根據(jù)

可知，將A板上移一小段距離，場強(qiáng)不變，C點(diǎn)與下極板間的電勢差不變，C點(diǎn)電勢不變；故C正確；

D．開關(guān)S先閉合后斷開，然后將B板下移一小段距離，場強(qiáng)不變，C點(diǎn)與下極板間的電勢差增大，故C點(diǎn)電勢升高，故D錯(cuò)誤．14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．電勢φ與位移x圖線的斜率表示電場強(qiáng)度，則x＝0.15m處的場強(qiáng)。

此時(shí)的電場力。

滑動(dòng)摩擦力大小為。

在x＝0.15m前，電場力大于摩擦力，做加速運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸減小，x＝0.15m后電場力小于摩擦力；做減速運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸增大，B錯(cuò)誤A正確；

C．在x＝0.15m時(shí)；電場力等于摩擦力，速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理得。

因?yàn)?.10m和0.15m處的電勢差大約為1.5×105V；代入求解最大速度大約為0.1m/s，C正確；

D．滑塊最終在0.3m處停下則滿足。

因?yàn)?.10m和0.30m處的電勢差大約為3.0×105V代入得。

得。

得滑塊不能夠滑到。

D錯(cuò)誤。

故選AC。15、A:B:C【分析】【詳解】

A．空載時(shí)，由于滑動(dòng)片放在變阻器中央，兩部分電阻相等，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知

故A正確；

B．由于下半電阻與電阻并聯(lián)的總電阻小于下半電阻，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知

故B正確；

C．負(fù)載電阻越大時(shí)，下半電阻與的并聯(lián)電阻越接近于下半電阻，同時(shí)也越接近滑動(dòng)變阻器的總阻值，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知，越接近，故C正確；

D．根據(jù)C選項(xiàng)分析可知，負(fù)載越小時(shí)，下半電阻與的并聯(lián)電阻與下半電阻相差越大，同時(shí)也越遠(yuǎn)離滑動(dòng)變阻器的總阻值，與相差就越大，所以D錯(cuò)誤。

故選ABC．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．在磁鐵插進(jìn)或拔出線圈的過程中；磁通量發(fā)生變化，閉合回路中會(huì)產(chǎn)生電流，但等科拉頓跑到電流計(jì)面前時(shí)，磁通量已不再變化，因此沒有觀察到感應(yīng)電流；

[2]．后來由科學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象?！窘馕觥吭诖盆F插進(jìn)或拔出線圈的過程中，磁通量發(fā)生變化，閉合回路中會(huì)產(chǎn)生電流，但等科拉頓跑到電流計(jì)面前時(shí)，磁通量已不再變化，因此沒有觀察到感應(yīng)電流法拉第17、略

【分析】【詳解】

[1][2]當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí),接入電路的電阻變大,電路總電阻變大,根據(jù)閉合電路歐姆定律,總電流減小,電阻兩端的電壓減小,所以伏特表的示數(shù)逐漸減小,伏特表的示數(shù)

所以伏特表示數(shù)變化量的大小為

所以比值是定值大小不變．【解析】減小不變18、略

【分析】【詳解】

①[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為9mm，游標(biāo)尺的第6個(gè)刻度線與主尺的某刻度線對齊，讀數(shù)為0.1×6mm=0.6mm；則有游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為9mm+0.6mm=9.6mm；

②[2]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為13mm；游標(biāo)尺的第13個(gè)刻度線與主尺的某刻度線對齊，游標(biāo)尺是25分度的，讀數(shù)為0.04×13mm=0.52mm，則有游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為13mm+0.52mm=13.52mm。

③[3]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2mm，轉(zhuǎn)動(dòng)刻度的讀數(shù)為0.01×33.3mm=0.333mm，螺旋測微器的讀數(shù)為2.333mm。【解析】9.613.522.33319、略

【分析】【詳解】

[1]由左圖可知，游標(biāo)卡尺為十分度游標(biāo)卡尺，則讀數(shù)為

[2]由右圖可知，螺旋測微器讀數(shù)為【解析】1.141.73020、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖可知AB電阻最大，電路為：R3、R4并聯(lián)與R1串聯(lián)，在與R2并聯(lián)。，即R3、R4并聯(lián)，在與R1的阻值為：

則AB電阻為：

同理DB間電阻也為

[3][4]連接AD時(shí)短路，此時(shí)電阻最小即為0?！窘馕觥緼、B或D、BA、D021、略

【分析】【詳解】

由于點(diǎn)的電勢所以和兩位置的電勢相等，當(dāng)時(shí)，點(diǎn)的電勢最大為25V，當(dāng)或時(shí)，P點(diǎn)的電勢最小為0V，根據(jù)等勢面一定跟電場線垂直，且電場線總是由電勢較高的等勢面指向電勢較低的等勢面可知?jiǎng)驈?qiáng)電場的方向?yàn)楦鶕?jù)可得勻強(qiáng)電場的大?。窘馕觥?00v/m-Y四、作圖題(共1題，共4分)22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個(gè)放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時(shí)間減小；選項(xiàng)AC錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項(xiàng)D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動(dòng)勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時(shí)電阻箱阻值大小，選項(xiàng)B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時(shí)間將變長，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變小；放電的時(shí)間將變短，選項(xiàng)D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]歐姆表的選擇開關(guān)為×10檔，故測得二極管的電阻為

（2）[2][3]為了更加準(zhǔn)確的描繪發(fā)光二極管的伏安特性曲線，根據(jù)歐姆定律，最大電流為

故電流表應(yīng)選擇D；為了方便調(diào)節(jié)電路；