2025年華師大版高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在“研究平拋物體運動”實驗中，如果小球每次從斜槽滾下的初始位置不同，則下列說法中正確的是（）A.小球平拋的初速度不同B.小球通過的水平位移相同C.小球在空中運動的時間不同D.小球每次做不同的拋物線運動2、下列實驗現(xiàn)象中，支持陰極射線是帶電微粒觀點的是（）A.陰極射線可以透過薄鋁片B.陰極射線通過電場或磁場時要產(chǎn)生相應的偏轉(zhuǎn)C.陰極射線透過鎳單晶時產(chǎn)生衍射現(xiàn)象D.陰極射線轟擊熒光物質(zhì)時發(fā)出熒光3、在用打點計時器測速度的實驗中，接通電源與拉動紙帶，這兩個操作的先后次序應當是（）A.先接通電源，后拉動紙帶B.先拉動紙帶，后接通電源C.拉動紙帶的同時接通電源D.先拉動紙帶或先接通電源都可以4、下列關于重力和重心的說法中，正確的是（）A.重力是由于物體受到地球的吸引而產(chǎn)生的B.物體的重力就是地球?qū)ξ矬w的彈力C.物體的重心一定在物體的幾何中心D.物體的重心必定在物體上5、我國探月工程已進入實施階段．已知月球半徑與地球半徑的比值約為6：25，月球表面重力加速度約為地球表面重力加速度g的，那么在月球上工作的宇航員要想坐飛船脫離月球，飛船所需的最小發(fā)射速度為多少？（星球的第二宇宙速度v2與第一宇宙速度v1的關系是v2=v1．已知地球的第一宇宙速度為7.9km/s，不計其它星球的影響．）（）A.7.9km/sB.11.2km/sC.2.2km/sD.1.6km/s6、光滑水平面上有一邊長為L的正方形區(qū)域處在電場強度為E的勻強電場中，電場方向與正方形一邊平行。一質(zhì)量為m、帶電量為q的小球由某一邊的中點，以垂直于該邊的水平速度V0進入該正方形區(qū)域。當小球再次運動到該正方形區(qū)域的邊緣時，具有的動能可能為（）A.B.C.D.7、如圖所示，A、B在同一水平線上，以A_B為直徑的半圓周與豎直光滑絕緣桿相交于M點．電荷量為Q1、Q2的兩個正；負點電荷分別固定在A點和B點；一個帶正電的輕金屬環(huán)q（視為點電荷，且重力忽略不計）套在絕緣桿上，在M點恰好平衡，MA與AB的夾角為α，則（）

A.

B.

C.

D.

8、【題文】如圖所示的電路中；當半導體材料做成的熱敏電阻浸泡到熱水中時，電流表示數(shù)增大，則說明()

A.在溫度越高時，熱敏電阻阻值越小B.在溫度越高時，熱敏電阻阻值越大C.半導體材料溫度升高時，導電性能變差D.半導體材料溫度升高時，導電性能變好評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、起重機用恒力F使質(zhì)量為1000kg的貨物在1s內(nèi)由靜止上升了2m，則在這1s內(nèi)，重力對貨物做的功____，恒力F對貨物做的功____（不計空氣阻力，g取10m/s2）10、如圖為由繼電器構成的溫度自動控制電路，分為主控電路和被控電路兩部分．乙圖中的Rt為熱敏電阻；當溫度升高時電阻值減?。?/p>

由甲；乙組成的電路作用是使周圍環(huán)境的溫度保持在某一溫度之下．原理為周圍環(huán)境的溫度較低時；電磁鐵不發(fā)生動作（如甲圖所示的情景），當周圍的溫度升高時，主控電路中的元件參數(shù)發(fā)生變化，當達到某一溫度時，電磁鐵發(fā)生動作，使被控電路導通，啟動降溫設備（圖中沒畫出）降溫，當溫度降到某一溫度時，電磁鐵又開始動作，使被控電路斷開，降溫設備停止工作．這樣周而復始，最終使周圍的溫度保持在某一溫度之下．

問：

①降溫設備應接在____位置（填寫“A；B”或“C、D”或“E、F”）

②乙圖是____電路（填寫“主控”或“被控”），圖中的G、H兩端點應接在____位置（填寫“A；B”或“C、D”或“E、F”）

③周圍環(huán)境的最高溫度可以通過調(diào)整乙圖中的滑動變阻器的觸頭位置進行改變．現(xiàn)在要使周圍環(huán)境的最高溫度升高一些，滑動變阻器的觸頭應向____移動（填寫“左”或“右”）11、真空中有兩個點電荷，它們之間的靜電力為F，如果保持它們所帶的電量不變，將它們之間的距離增大到原來的3倍，它們之間作用力的大小等于____．12、從人類的利益和生存出發(fā)，我們利用能源的技術發(fā)展方向有：開發(fā)節(jié)能技術、開拓____利用技術、開發(fā)____能源．13、平行板電容器所帶電荷量增加了4.0×10-8C，兩板間的電壓相應地增加了2.0V，而達到10.0V，那么該電容器的電容值C=____F；如果再將兩極板上的電量各自減少一半，則電容器兩板間的電壓將是____V．14、（2015春?忠縣校級期中）如圖所示，壓路機后輪半徑是前輪半徑的3倍，A、B分別為前輪和后輪邊緣上的一點，C為后輪上的一點，它離后輪軸心的距離是后輪半徑的一半，則A、B、C三點的角速度之比____，線速度之比____．15、（2010秋?徐匯區(qū)期末）如圖，長為a、寬為b的矩形線框的左半側(cè)處在磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向與線框平面垂直，線框的對稱軸MN恰與磁場邊緣平齊．若第一次將線框從磁場中以恒定速度v向右勻速拉出，第二次以同樣大小的線速度v讓線框轉(zhuǎn)過90？．兩次過程中，線框產(chǎn)生的平均感應電動勢之比為____；第一次線框運動到磁場邊緣時與第二次線框轉(zhuǎn)過90？時（左側(cè)邊均未離開磁場），兩次線框的瞬時發(fā)熱功率之比為____．16、一次雷電中，在0.5s時間內(nèi)有60C電荷從一個云層移到另一個云層，平均電流為____A．17、（2015秋?雅安校級月考）有一水平向右的勻強電場E=9.0×103N/C，在豎直平面內(nèi)半徑為0.1m的圓周上取上下左右四點A、B、C、D，在圓心O處放置帶正電的點電荷Q=1.0×10-8C，則C處的場強大小為____N/C；B處的場強大小為____N/C．（k=9×109N?m2/C2）評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)18、大氣壓強是由地面上每平方米面積的上方，整個大氣壓對地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力．____．（判斷對錯）19、沿電場線的方向，電勢逐點降低．____（判斷對錯）20、液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因為飽和汽的體積隨溫度的升高而增大．____．（判斷對錯）21、飽和汽壓與溫度有關，而與體積無關．____．（判斷對錯）22、陰離子在陽極放電，陽離子在陰極放電．____（判斷對錯）23、分力的大小一定小于合力的大?。甠___．評卷人得分四、識圖作答題(共3題，共15分)24、根據(jù)所學知識；回答有關種群；群落，生態(tài)系統(tǒng)的問題。

（1）酵母菌是探究種群數(shù)量變化的理想材料，采用________________的方法對酵母菌計數(shù)，血球計數(shù)板（1×1×0.1mm3）是酵母菌計數(shù)的常用工具，具體操作是_____________；如圖表示一個計數(shù)室及顯微鏡下一個中方格菌體分布情況。若五個中格酵母菌平均數(shù)為上右圖所示，則估算酵母菌的總數(shù)為________個/mL。(2)上圖表示某種野兔遷入適宜環(huán)境后隨時間出生率與死亡率的變化情況，則圖中______曲線代表的是該種群死亡率隨時間的變化；若在其增長速率最快時，用標志重捕法調(diào)查兔的種群密度，第一次捕獲50只并全部標記后釋放回環(huán)境中，第二次捕獲10只帶有標記，30只無標記，則該島野兔種群的K值約為______只，若在第二次捕獲過程中，發(fā)現(xiàn)島上有脫落的標記（某些帶標記的野兔被鼬捕食，標記不影響兔被捕食）。據(jù)推算，實際的環(huán)境容納量值__________(偏高、偏低、不變）。（3）下圖1是某湖泊生態(tài)系統(tǒng)能量流動的定量分析圖解（Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ代表三個營養(yǎng)級，能量單位為J/cm2·a)，圖2是生態(tài)系統(tǒng)的碳循環(huán)模式圖。圖1中用于Ⅱ生長發(fā)育繁殖的能量為_______________；圖2中C、B分別表示___________。25、在小型湖泊中，綠藻和藍藻是鯪魚和沼蝦的食物，而沼蝦又是鯪魚的食物。下圖表示不同體長鯪魚的食性比例變化情況。請回答下列相關問題：（1）在該小型湖泊中，鯪魚與沼蝦的種間關系是____。若除去沼蝦，則從能量角度分析鯪魚的數(shù)量變化是____。（2）該小型湖泊生態(tài)系統(tǒng)中，除上述生物外，還存在一類被稱為____（填生態(tài)系統(tǒng)的成分）的生物；湖泊中的氮元素屬于____。（填生態(tài)系統(tǒng)的成分）。（3）若該湖泊中，短時間內(nèi)綠藻（或藍藻）的同化量增加了300kJ，且湖泊中只有體長為2.8cm的鯪魚，相鄰兩營養(yǎng)級之間能量的傳遞效率按20％計算，則可使體長為2.8cm的鯪魚同化量增加____kJ。26、現(xiàn)有兩瓶質(zhì)量分數(shù)均是30%的葡萄糖溶液和蔗糖溶液。已知葡萄糖分子可以透過半透膜，蔗糖分子不能透過。請回答以下問題：(1)A同學依據(jù)葡萄糖和蔗糖是否具有還原性進行鑒別。鑒定還原糖所用的試劑是斐林試劑，使用該試劑時應注意的事項是等量的斐林試劑甲液與乙液__________、____________________。(2)B同學把體積相同的葡萄糖與蔗糖溶液用半透膜隔開，在一段時間內(nèi)，乙液面的變化情況是________________，最后乙液面________(填“高于”“低于”或“等于”)甲液面。評卷人得分五、畫圖題(共2題，共14分)27、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、綜合題(共3題，共24分)29、【題文】

氣球質(zhì)量載有質(zhì)量為的人，靜止在空中離地高處，氣球下懸一根質(zhì)量可忽略不計的繩子，一人想從氣球上沿繩慢慢滑到地面，為了安全到達地面，這根繩長至少應為（不計人的高度）多長？30、【題文】【物理3-3】如圖所示，質(zhì)量為m=10kg的活塞將一定質(zhì)量的理想氣體密封在氣缸中，開始時活塞距氣缸底高度=40cm．此時氣體的溫度=300K．現(xiàn)緩慢給氣體加熱，氣體吸收的熱量Q=420J，活塞上升到距氣缸底=60cm．已知活塞面積大氣壓強=1.O105Pa，不計活塞與氣缸之間的摩擦，g取lOm／．求。

(1)當活塞上升到距氣缸底時，氣體的溫度T2

(2)給氣體加熱的過程中，氣體增加的內(nèi)能△U31、【題文】如圖所示，水平地面上方被豎直線MN分隔成兩部分，M點左側(cè)地面粗糙，動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，右側(cè)光滑．MN右側(cè)空間有一范圍足夠大的勻強電場．在O點用長為R＝5m的輕質(zhì)絕緣細繩，拴一個質(zhì)量mA＝0.04kg，帶電量為q＝+210-4的小球A，在豎直平面內(nèi)以v＝10m/s的速度做順時針勻速圓周運動，運動到最低點時與地面剛好不接觸．處于原長的彈簧左端連在墻上，右端與不帶電的小球B接觸但不粘連，B球的質(zhì)量mB=0.02kg，此時B球剛好位于M點．現(xiàn)用水平向左的推力將B球緩慢推至Ｐ點（彈簧仍在彈性限度內(nèi)），MP之間的距離為L＝10cm，推力所做的功是W＝0.27J，當撤去推力后，B球沿地面右滑恰好能和A球在最低點處發(fā)生正碰，并瞬間成為一個整體C（A、B、C均可視為質(zhì)點），碰后瞬間立即把勻強電場的場強大小變?yōu)镋＝6103N/C，電場方向不變．（取g＝10m/s2）求：

（1）A、B兩球在碰前勻強電場的大小和方向.

（2）碰撞后整體C的速度.

（3）整體C運動到最高點時繩的拉力大小.參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】平拋運動水平方向勻速直線運動，豎直方向自由落體運動，若從同一點拋出，落地時間相同，但是運動軌跡不同，落地點不同，因此熟練掌握平拋運動規(guī)律及可正確解答本題．【解析】【解答】解：A；根據(jù)功能關系可知；小球從斜槽滾下的初始位置不同，則平拋的初速度就不同，故A正確；

B；平拋運動水平方向是勻速直線運動；由于初速度不同，因此小球通過相同的水平位移所用的時間均不同，故B錯誤；

C；由于平拋的出位置相同；因此豎直高度相同，根據(jù)自由落體運動規(guī)律可知，平拋的時間是相同的，故C錯誤；

D；由于平拋的初速度不同；因此平拋運動的軌跡也不同，故D正確．

故選：AD．2、B【分析】【分析】陰極射線的實質(zhì)是電子流，在電場或磁場中會受到電場力或磁場力作用，發(fā)生偏轉(zhuǎn)，而X射線有較強的穿透能力，具有波的特征才能產(chǎn)生衍射，而紫外線具有熒光作用，從而即可求解．【解析】【解答】解：A；X射線有較強的穿透能力；可以透過薄鋁片，不能確定陰極射線，故A錯誤；

B；陰極射線是電子流；電子帶負電，因此可通過電場或磁場偏轉(zhuǎn)來確定是否陰極射線．而γ射線是光子流，故B正確；

C；只要具有波的特性；就能產(chǎn)生衍射現(xiàn)象，故C錯誤；

D；紫外線轟擊熒光物質(zhì)時發(fā)出熒光；故D錯誤．

故選：B．3、A【分析】【分析】使用時應先給打點計時器通電打點，然后釋放紙帶讓紙帶，如果先放開紙帶開始運動，再接通打點計時時器的電源，紙帶上可能由很長一段打不上點．【解析】【解答】解：開始記錄時；應先給打點計時器通電打點，然后釋放紙帶讓紙帶（隨物體）開始運動，如果先放開紙帶開始運動，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會對實驗產(chǎn)生較大的誤差；同時先打點再釋放紙帶，可以使打點穩(wěn)定，提高紙帶利用率，可以使紙帶上打滿點，故BCD錯誤，A正確．

故選：A．4、A【分析】【分析】重心是物體所受重力的作用點，重心不一定在物體上面，也可能在物體的外面，只有形狀規(guī)則，質(zhì)量分布均勻的物體的重心才在物體的幾何中心上．【解析】【解答】解：A；重力是由于物體受到地球的吸引而產(chǎn)生的力；大小G=mg，方向總是豎直向下，故A正確；

B；物體的重力源自萬有引力；彈力有彈性形變引起，重力不是彈力，故B錯誤；

C；重心的位置不僅與物體的形狀有關；還與物體的質(zhì)量的分布有關，只有形狀規(guī)則，質(zhì)量分布均勻的物體的重心才在物體的幾何中心，故C錯誤；

D；重心有可能在物體外；比如圓環(huán)的重心在圓心的位置，就在圓環(huán)的外面，故D錯誤；

故選：A．5、C【分析】【分析】根據(jù)萬有引力定律；求出地球的第一宇宙速度，再由兩樣的方法求出月球的第一宇宙速度；

在月球上工作的宇航員要想坐飛船脫離月球，飛船所需的最小發(fā)射速度為第二宇宙速度，再根據(jù)第二宇宙速度v2與第一宇宙速度v1的關系求解．【解析】【解答】解：由題意可知；由萬有引力提供向心力；

則有=

又根據(jù)星球表面萬有引力等于重力得=mg

解得：第一宇宙速度v=；

已知月球半徑與地球半徑的比值約為6：25，月球表面重力加速度約為地球表面重力加速度g的；

所以月球的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比是：==

已知地球的第一宇宙速度為7.9km/s，所以月球的第一宇宙速度是km/s；

星球的第二宇宙速度v2與第一宇宙速度v1的關系是v2=v1

所以在月球上工作的宇航員要想坐飛船脫離月球；飛船所需的最小發(fā)射速度，即月球的第二宇宙速度大約是2.2km/s；

故選C．6、A|B|D【分析】試題分析：若初速度的方向與電場方向平行，但方向與電場方向相反，則小球做勻減速直線運動，若沒有到達對邊速度就減為零，則小球會返回到出發(fā)點，速度仍為動能為故A正確；若電場的方向平行于AB向左，小球在勻強電場中做勻減速直線運動，根據(jù)動能定理得：則到達BD邊時動能為故B正確；若電場的方向平行于AC向上或向下，小球在勻強電場中做類平拋運動，偏轉(zhuǎn)位移最大為電場力做功最多為根據(jù)動能定理，則最大動能為若小球從BD射出電場，動能可能為為不可能為故C錯誤D正確．考點：考查了帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)【解析】【答案】ABD7、A【分析】

設圓周的直徑為d；根據(jù)庫侖定律得：

Q1對q的庫侖力大小為F1=k

Q2對q的庫侖力大小為F2=k

對q，根據(jù)平衡條件得：F1sinα=F2cosα

聯(lián)立以上三式得：tan3α=

故選A

【解析】【答案】帶正電的輕金屬環(huán)q在M點恰好平衡；分析受力情況，根據(jù)平衡條件和庫侖定律求解．

8、A|D【分析】【解析】

試題分析：由電流表的變化判斷半導體的電阻的變化；溫度升高時，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，熱敏電阻阻值減小，則總電阻減小，故AD正確；

故選AD．

考點：閉合電路的歐姆定律；常見傳感器的工作原理．

點評：本題考查閉合電路的歐姆定律及熱敏電阻的性質(zhì)，閉合電路的動態(tài)分析一般按先局部再整體最后再局部的分析思路進行分析．【解析】【答案】AD二、填空題(共9題，共18分)9、-20000J28000J【分析】【分析】（1）根據(jù)物體上升的高度求出重力對貨物做功的大?。?/p>

（2）根據(jù)位移時間公式求出貨物的加速度，結(jié)合牛頓第二定律求出恒力F的大小，從而結(jié)合平均速度求出恒力F的平均功率．【解析】【解答】解：（1）重力對貨物做功為：W=-mgh=-10000×2=-20000J．

（2）根據(jù)h=at2

得：a=m/s2=4m/s2；

根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=ma；

解得：F=mg+ma=10000+1000×4N=14000N．

恒力F做的功為：W=Fh=14000×2=28000J．

故答案為：-20000J；28000J．10、“C、D”“主控”“E、F”“右”【分析】【分析】（1）電磁鐵發(fā)生動作；使被控電路導通，啟動降溫設備降溫，所以降溫設備在CD中．

（2）電磁鐵所在的電路是主控電路．

（3）周圍環(huán)境的最高溫度可以通過調(diào)整乙圖中的滑動變阻器的觸頭位置進行改變，所以要根據(jù)電阻的變化特點進行分析．【解析】【解答】解：①電磁鐵發(fā)生動作；使被控電路導通，啟動降溫設備降溫．由圖可知，電磁鐵動作后被向下接通，所以所以降溫設備在CD中．

②當周圍的溫度升高時；主控電路中的元件參數(shù)發(fā)生變化，所以乙圖是主控電路；發(fā)生作用的是電磁鐵所在的電路，當主控電路變化時，電磁鐵發(fā)生動作，所以圖中的G；H兩端點應接在“E、F”位置．

③周圍環(huán)境的最高溫度可以通過調(diào)整乙圖中的滑動變阻器的觸頭位置進行改變．現(xiàn)在要使周圍環(huán)境的最高溫度升高一些；則熱敏電阻的電阻值相應的要減小，所以滑動變阻器的電阻值要增大一些，滑動變阻器的觸頭應向右移動．

故答案為：①“C、D”②“主控”，“E、F”③“右”11、【分析】【分析】真空中有兩個點電荷，當它們之間的距離發(fā)生變化之后，根據(jù)庫侖定律，即可計算出庫侖力的變化．【解析】【解答】解：根據(jù)庫侖定律，開始時：；

將它們之間的距離增大到原來的3倍后：

故答案為：．12、新能源清潔【分析】【分析】在能源逐漸枯竭，能源的大量開發(fā)利用給人類的生存環(huán)境帶來了如酸雨、臭氧層被破壞、溫室效應等巨大的災難，今后我們應加強新能源的開發(fā)和利用．【解析】【解答】解：今后我們利用能源的技術發(fā)展方向是太陽能；風能等新能源；開發(fā)清潔能源的開發(fā)和利用作為利用能源的技術發(fā)展方向．

故答案為：新能源、清潔．13、2×10-85【分析】【分析】電容的定義式是C=，對于給定的電容器，電容C一定，所以電容也可以用C=．電量減半時，板間電壓也減半．【解析】【解答】解：該電容器的電容值C===F=2×10-8F．如果再將兩極板上的電量各自減少一半，而電容C不變，由公式C=可知；電壓也減半，即為5V．

故答案為：2×10-8，514、3：1：12：2：1【分析】【分析】傳動裝置，在傳動過程中不打滑，則有：共軸的角速度是相同的；同一傳動裝置接觸邊緣的線速度大小是相等的．所以當角速度一定時，線速度與半徑成正比；當線速度大小一定時，角速度與半徑成反比．因此根據(jù)題目條件可知三點的線速度及角速度關系．【解析】【解答】解：A；B分別為同一傳動裝置前輪和后輪邊緣上的一點；

所以VA=VB；

因為rA：rB=1：3，所以ωA：ωB=3：1；

B、C兩點共軸，所以ωC=ωB．

所以ωA：ωB：ωC=3：1：1；

線速度v=ωr；根據(jù)題意可知，AB共帶，BC共軸；

所以vA：vB：vC=2：2：1

故答案為：3：1：1；2：2：115、1：1【分析】【分析】平均感應電動勢E=N；瞬時感應電動勢E=BLv．

根據(jù)熱功率的表達式進行比較．【解析】【解答】解：（1）若第一次將線框從磁場中以恒定速度v向右勻速拉出；

E1=BLv=Bav

第二次以同樣大小的線速度v讓線框轉(zhuǎn)過90．

E2=N==

兩次過程中，線框產(chǎn)生的平均感應電動勢之比為

（2）第一次線框運動到磁場邊緣時

I1=

第二次線框轉(zhuǎn)過90時；

I2=

所以瞬時發(fā)熱功率之比為1：1．

故答案為：，1：1．16、120【分析】【分析】由電流定義即可求得平均電流．【解析】【解答】解：根據(jù)電流的定義式I=得平均電流為：I==120A

故答案為：12017、1.8×104【分析】【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A處和D處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解場強大小和方向【解析】【解答】解：點電荷Q在C點處產(chǎn)生的場強大小為EC=k=9×109×N/C=9×103N/C；方向從O→C．C點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成；

則A點的場強大小為EC=E+EC=1.8×104

點電荷Q在B點處產(chǎn)生的場強大小為EB=k=9×109×N/C=9×103N/C，方向從O→B．B點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則得，B點的場強大小為EB==9000N/C；方向與水平成45°角斜向左下方．

故答案為：1.8×104三、判斷題(共6題，共12分)18、√【分析】【分析】氣體壓強的微觀解釋：氣體的壓強是氣體分子頻繁撞擊容器壁產(chǎn)生的；從宏觀上看，一定質(zhì)量的氣體，溫度越高，體積越小，氣體產(chǎn)生的壓強越大．

從宏觀上看，這個壓強就是地面上每平方米面積的上方整個大氣柱對地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力．【解析】【解答】解：氣壓是由于氣體分子對杯壁的密集的；激烈的碰撞的效應．

從宏觀效果上看；對于地面所受到的大氣壓強，就是地面上每平方米面積的上方整個大氣柱對地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力。

故該說法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】本題根據(jù)電場線的物理意義分析場強與電勢的關系；根據(jù)沿電場線的方向，電勢逐點降低即可解答．【解析】【解答】解：根據(jù)電場線的物理意義：順著電場線方向；電勢降低．故該說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】與液體處于動態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱為不飽和蒸氣．飽和蒸氣壓強與飽和蒸氣體積無關！在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強也是一定的，這個壓強叫做飽和蒸氣壓強．同溫下未飽和蒸氣壓強小于飽和蒸氣壓強．【解析】【解答】解：在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強也是一定的，與體積無關；故密閉容器中某種蒸汽開始時若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積，穩(wěn)定后蒸汽的壓強不變；液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因為隨溫度的升高液體蒸發(fā)的速度加快．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】飽和汽壓是物質(zhì)的一個重要性質(zhì)，它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度．飽和汽壓越大，表示該物質(zhì)越容易揮發(fā)．【解析】【解答】解：飽和汽壓是物質(zhì)的一個重要性質(zhì)；它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度；故一定溫度下的飽和汽的分子數(shù)密度是一定值，相同溫度下不同液體的飽和汽壓一般是不同的；溫度越高，液體越容易揮發(fā)，故飽和汽壓隨溫度的升高而增大，而飽和汽壓與氣體的體積無關．所以該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】陰極射線是在1858年利用低壓氣體放電管研究氣體放電時發(fā)現(xiàn)的．1897年約瑟夫?約翰?湯姆生根據(jù)放電管中的陰極射線在電磁場和磁場作用下的軌跡確定陰極射線中的粒子帶負電，并測出其荷質(zhì)比，這在一定意義上是歷史上第一次發(fā)現(xiàn)電子．【解析】【解答】解：陰極即負極；陰極射線是負極發(fā)出的射線，是電子流；同理，陽離子在陽極放電．故該說法是錯誤的．

故答案為：×．23、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當二力反向時；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯誤的；

故答案為：×四、識圖作答題(共3題，共15分)24、（1）抽樣檢測先將蓋玻片放在計數(shù)室上，用吸管吸取培養(yǎng)液滴于蓋玻片邊緣，讓培養(yǎng)液自行滲入6×106

（2）Ⅱ400偏低

（3）44J/cm2·a（不寫單位不得分）分解者、生產(chǎn)者【分析】【分析】本題考查探究酵母菌種群數(shù)量的變化；出生率和死亡率對種群數(shù)量的影響及生態(tài)系統(tǒng)的結(jié)構和功能的相關知識點；構建知識網(wǎng)絡，提高綜合運用能力。

【解答】（1）酵母菌是探究種群數(shù)量變化的理想材料，采用抽樣檢測的方法對酵母菌計數(shù)，血球計數(shù)板（1×1×0.1mm3）是酵母菌計數(shù)的常用工具，具體操作是先將蓋玻片放在計數(shù)室上，用吸管吸取培養(yǎng)液滴于蓋玻片邊緣，讓培養(yǎng)液自行滲入；酵母菌在計數(shù)時，計數(shù)原則為“計上不計下，計左不計右”，因此計數(shù)相鄰兩邊，計數(shù)的中方格酵母菌平均數(shù)為24個，則1mL培養(yǎng)液中酵母菌的總數(shù)=24÷16×400×104=6×106個。

（2）上圖表示某種野兔遷入適宜環(huán)境后隨時間出生率與死亡率的變化情況，則圖中Ⅱ曲線代表的是該種群死亡率隨時間的變化，圖中Ⅰ代表的是該種群出生率隨時間的變化曲線；若在其增長速率最快即K/2時，用標志重捕法調(diào)查兔的種群密度，第一次捕獲50只并全部標記后釋放回環(huán)境中，第二次捕獲10只帶有標記，30只無標記，則該島野兔種群的K/2值約為200只，故K值為400只，若在第二次捕獲過程中，發(fā)現(xiàn)島上有脫落的標記（某些帶標記的野兔被鼬捕食，標記不影響兔被捕食）。據(jù)推算，實際的環(huán)境容納量值偏低。

（3）圖1是某生態(tài)系統(tǒng)能量流動的定量分析圖解，I、II、III代表三個營養(yǎng)級，每一個營養(yǎng)級固定的能量有四個去向：分解者分解利用、流向下一營養(yǎng)級、自身呼吸消耗、未被利用。圖2是該生態(tài)系統(tǒng)相關內(nèi)容模式圖，B為生產(chǎn)者，C為分解者，A為大氣中的CO2庫，D和E為消費者。圖1中用于Ⅱ生長發(fā)育繁殖的能量為2.1+12.6+29.3=44J/cm2·a；圖2中C、B分別表示分解者、生產(chǎn)者?。

【解析】（1）抽樣檢測先將蓋玻片放在計數(shù)室上，用吸管吸取培養(yǎng)液滴于蓋玻片邊緣，讓培養(yǎng)液自行滲入6×106（2）Ⅱ400偏低（3）44J/cm2·a（不寫單位不得分）分解者、生產(chǎn)者25、（1）捕食與競爭先增多后減少，最后穩(wěn)定（2）分解者非生物的物質(zhì)（3）20【分析】【分析】本題考查種間關系、生態(tài)系統(tǒng)的成分、能量流動等知識，意在考查學生對知識的理解和綜合運用能力、從題圖中獲取信息的能力、分析問題和解決問題的能力?！窘獯稹浚?）在該小型湖泊中，綠藻和藍藻是鯪魚和沼蝦的食物，而沼蝦又是鯪魚的食物，故鯪魚與沼蝦的種間關系是捕食與競爭。若除去沼蝦，則從能量角度分析鯪魚的數(shù)量變化是先增多后減少，最后穩(wěn)定。（2）該小型湖泊生態(tài)系統(tǒng)中，除上述生物外（生產(chǎn)者和消費者），還存在一類被稱為分解者的生物；湖泊中的氮元素屬于非生物的物質(zhì)。（3）若該湖泊中，短時間內(nèi)綠藻（或藍藻）的同化量增加了300kJ，且湖泊中只有體長為2.8cm的鯪魚