2025年人教版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、對(duì)于電場(chǎng)線和磁感線,下列說(shuō)法正確性的是()A.電場(chǎng)線和磁感線都是閉合的曲線B.磁感線是從磁體的N極發(fā)出，終止于S極C.電場(chǎng)線和磁感線都不能相交D.電場(chǎng)線和磁感線都是現(xiàn)實(shí)中存在的2、一輕質(zhì)長(zhǎng)木板置于光滑水平地面上，木板上放有質(zhì)量分別為mA=1kg

和mB=2kg

的AB

兩物塊，AB

與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為婁脤=0.2

水平恒力F

作用在A

物塊上，如圖所示.g

取10m/s2.

下列說(shuō)法正確的是(

)

A.若F=1N

則兩物塊與木板都靜止B.若F=1.5N

則A

物塊所受摩擦力大小為1.5N

C.若F=4N

則B

物塊所受摩擦力大小為4N

D.若F=8N

則B

物塊所受摩擦力大小為2N

3、有兩個(gè)相同的靈敏電流計(jì)，允許通過(guò)的最大電流(

滿偏電流)

為Ig=1mA

表頭電阻Rg=30婁賂

若改裝成一個(gè)量程為3V

的電壓表和一個(gè)量程為0.6A

的電流表應(yīng)分別(

)

A.串聯(lián)一個(gè)2990婁賂

的電阻和并聯(lián)一個(gè)0.15婁賂

的電阻B.并聯(lián)一個(gè)2990婁賂

的電阻和串聯(lián)一個(gè)0.15婁賂

的電阻C.串聯(lián)一個(gè)2970婁賂

的電阻和并聯(lián)一個(gè)0.05婁賂

的電阻D.并聯(lián)一個(gè)2970婁賂

的電阻和串聯(lián)一個(gè)0.05婁賂

的電阻4、1932年美國(guó)物理學(xué)家勞倫斯制成了世界上第一臺(tái)回旋加速器，其核心部件是兩個(gè)中空的半圓形D形金屬盒，內(nèi)部為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，D形盒縫隙間電場(chǎng)變化周期為T．帶電粒子在兩盒之間被電場(chǎng)加速，在兩盒中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，此時(shí)忽略粒子在D形盒縫隙間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和相對(duì)論效應(yīng)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期等于B.僅使D形盒縫隙間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，帶電粒子獲得的最大動(dòng)能也增大C.僅使D形盒中的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，帶電粒子獲得的最大動(dòng)能也增大D.通過(guò)調(diào)整磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，該回旋加速器能夠加速多種帶電粒子5、運(yùn)動(dòng)員向球踢了一腳（如圖），踢球時(shí)的力F=100N，球在地面上滾動(dòng)了t=10s停下來(lái)，則運(yùn)動(dòng)員對(duì)球的沖量為（）A.1000N?sB.500N?sC.零D.無(wú)法確定6、一帶電滑塊放在光滑地板上；所在空間存在平行于地面的變化電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示，設(shè)向右為正．則（）

A.電場(chǎng)力在6s內(nèi)對(duì)物體做的總功為零。

B.在6s內(nèi)物體的速度變化為零。

C.6s末物體回到出發(fā)點(diǎn)。

D.4s末物體的動(dòng)能為零。

7、一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻R1、R2和R3的阻值分別是3Ω、1Ω和4Ω，A為理想交流電流表，U為正弦交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定。當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電流表的示數(shù)為I；當(dāng)閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為4I。該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為（）A.2B.3C.4D.58、關(guān)于速度和加速度，下列說(shuō)法中正確的是（）A.加速度不為零，速度一定變化B.加速度大，速度一定大C.加速度為零，速度一定為零D.加速度不變，速度一定不變?cè)u(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

的正方形金屬框在水平恒力F

作用下運(yùn)動(dòng)，穿過(guò)方向如圖的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度為d(d>L).

已知ab

邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框的加速度恰好為零，則線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程和從磁場(chǎng)另一側(cè)穿出的過(guò)程相比較，有(

)

A.產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反B.所受的安培力方向相反C.進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程的時(shí)間等于穿出磁場(chǎng)過(guò)程的時(shí)間D.進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程的發(fā)熱量少于穿出磁場(chǎng)過(guò)程的發(fā)熱量10、如圖甲所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比1隆脙100

降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為100隆脙1

遠(yuǎn)距離輸電線的總電阻為50婁賂.

若升壓變壓器的輸入電壓如圖乙所示，下列說(shuō)法中正確的有()A.用戶端交流電的頻率為50Hz

B.用戶端電壓為240V

C.若用戶用電器變多，降壓變壓器副線圈兩端電壓降低D.若升壓變壓器原線圈輸入功率為720kW

則輸電線路損耗功率為45kW

11、關(guān)于核力，下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.核力是一種特殊的萬(wàn)有引力B.原子核內(nèi)只有質(zhì)子和質(zhì)子間有核力作用，而中子和中子之間、質(zhì)子和中子之間則沒(méi)有核力作用C.核力是原子核穩(wěn)定存在的原因D.核力是一種短程強(qiáng)力作用12、在張緊的繩子上掛了abcd

四個(gè)單擺，擺長(zhǎng)關(guān)系為L(zhǎng)c>Lb=Ld>La

如圖所示，先讓d

擺動(dòng)起來(lái)(

擺角不超過(guò)10鈭?)

則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.b

擺發(fā)生振動(dòng)其余擺均不動(dòng)B.所有的擺均以2婁脨Ldg

的周期振動(dòng)C.所有的擺均以相同擺角振動(dòng)D.abc

中b

擺振動(dòng)幅度最大13、小車靜止在光滑水平面上，站在車上的人練習(xí)打靶，靶裝在車上的另一端，如圖所示.

已知車、人、槍和靶的總質(zhì)量為M(

不含子彈)

每顆子彈質(zhì)量為m

共n

發(fā)，打靶時(shí)，槍口到靶的距離為d.

若每發(fā)子彈打入靶中，就留在靶里，且待前一發(fā)打入靶中后，再打下一發(fā).

則以下說(shuō)法中正確的是(

)

A.待打完n

發(fā)子彈后，小車將以一定的速度向右勻速運(yùn)動(dòng)B.待打完n

發(fā)子彈后，小車應(yīng)停在射擊之前位置的右方C.在每一發(fā)子彈的射擊過(guò)程中，小車所發(fā)生的位移相同D.在每一發(fā)子彈的射擊過(guò)程中，小車所發(fā)生的位移不相同14、如圖所示，某種帶電粒子由靜止開始經(jīng)電壓為U1的電場(chǎng)加速后，射入水平放置、電勢(shì)差為U2的兩導(dǎo)體板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，帶電粒子沿平行于兩板的方向從兩板正中間射入，穿過(guò)兩板后又垂直于磁場(chǎng)方向射入邊界線豎直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則粒子射入磁場(chǎng)和射出磁場(chǎng)的M、N兩點(diǎn)間的距離d隨著U1和U2以及B的變化情況為（不計(jì)重力，不考慮邊緣效應(yīng)）（）A.d隨U1變化，d與U2無(wú)關(guān)B.d與U1無(wú)關(guān)，d隨U2變化C.d隨U1變化，d隨B變化D.d與U1無(wú)關(guān)，d與B有關(guān)15、如圖，一只矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直磁場(chǎng)方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=10sin4πt（V）則（）A.交流的頻率是4πHzB.當(dāng)t=0時(shí)線圈平面跟磁感線垂直，磁通量變化率最小C.當(dāng)t=0.5時(shí)，e有最大值D.交流電的電動(dòng)勢(shì)最大值為10V16、在真空中，電量為q1

的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中有一個(gè)點(diǎn)PP

點(diǎn)與q1

的距離為r

把一個(gè)電量為q2

的試探電荷放在P

點(diǎn)，它受的靜電力為F

則P

點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小等于(

)

A.Fq1

B.Fq2

C.kq1r2

D.kq2r2

評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、某介質(zhì)對(duì)紅光的折射率為n1，紅光在該介質(zhì)中的速度為v1,波長(zhǎng)為λ1，發(fā)生全反射的臨界角為C1，該介質(zhì)對(duì)紫光的折射率為n2，紫光在該介質(zhì)中的速度為v2,波長(zhǎng)為λ2發(fā)生全反射的臨界角為C2，則n1____n2；λ1____λ2；v1____v2；C1____C2。（填<,>或=）18、一靈敏電流計(jì)（電流表），當(dāng)電流從它的正接線柱流人時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn).現(xiàn)把它與一個(gè)線圈串聯(lián)，試就如圖10中各圖指出:(1)圖(a)中靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)方向?yàn)開______.(填“偏向正極”或“偏向負(fù)極”)(2)圖(b)中磁鐵下方的極性是____.（填“N極”或“S極”）(3)圖(c)中磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向是___________。（填“向上”或“向下”）(4)圖(d)中線圈從上向下看的電流方向是____。（填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”）19、毛筆從水中提出，筆毛會(huì)自然收攏，其原因是____．20、如圖所示，在真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷A和B，電荷量分別為-Q和+2Q，它們相距L．如果在兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)O有一個(gè)半徑為r（2r＜L）的空心金屬球，且球心位于O點(diǎn)，則球殼上的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小____方向____．

21、一個(gè)物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為15m/s，加速度大小為3m/s2，則物體第3s末的速度為____m/s，物體末速度變?yōu)榱闼?jīng)歷的時(shí)間為____．22、如圖所示，矩形金屬線框電阻為2Ω，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)，測(cè)得線框中磁通量的變化率為Wb/s，線框兩端通過(guò)滑環(huán)與R=98Ω的電阻相連，則電壓表的示數(shù)為______V。23、若一氣泡從湖底上升到湖面的過(guò)程中溫度保持不變，若將氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，氣泡從湖底上升到湖面的過(guò)程中，對(duì)外界做了0.6J的功，則此過(guò)程中的氣泡______（填“吸收”或“放出”）的熱量是______J．氣泡到達(dá)湖面后，溫度上升的過(guò)程中，又對(duì)外界做了0.1J的功，同時(shí)吸收了0.3J的熱量，則此過(guò)程中，氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能增加了______J．24、Ⅰ、我國(guó)春節(jié)的前一夜叫團(tuán)圓夜，全家人圍在一起包餃子過(guò)年。制作餃子的部分原料有：rm{壟脵}面粉、rm{壟脷}茴香、rm{壟脹}雞蛋、rm{壟脺}花生油。請(qǐng)回答：面粉、rm{壟脵}茴香、rm{壟脷}雞蛋、rm{壟脹}花生油。請(qǐng)回答：rm{壟脺}富含蛋白質(zhì)的原料是_______rm{(1)}填序號(hào)，下同rm{(}

rm{)}富含淀粉的原料是_______；

rm{(2)}富含維生素的原料是_______；

rm{(3)}富含油脂的原料是_______。Ⅱ、抗酸藥物的種類很多，其有效成分一般是碳酸氫鈉、碳酸鈣、碳酸鎂、氫氧化鋁和氧氧化鎂等化學(xué)物質(zhì)。rm{(4)}抗酸藥物具有抗酸作用的原因是____________________________。rm{(1)}某品牌抗酸藥的主要成分有糖衣、碳酸鎂、淀粉。寫出該抗酸藥發(fā)揮功效時(shí)的化學(xué)方程式：________________。rm{(2)}淀粉在抗酸藥中作填充劑、黏合劑，淀粉在人體內(nèi)酶的催化作用下發(fā)生水解反應(yīng)，最終轉(zhuǎn)化為_____________________rm{(3)}寫分子式rm{(}rm{)}25、如圖所示，一個(gè)水平放置的矩形線圈abcd

在細(xì)長(zhǎng)水平磁鐵的S

極附近豎直下落，由位置Ⅰ經(jīng)位置Ⅱ到位置Ⅲ.

位置Ⅱ與磁鐵同一平面，則線圈在從Ⅰ到位置Ⅱ的過(guò)程中，線圈內(nèi)______(

選填“有”或“無(wú)”)

感應(yīng)電流，線圈在從Ⅱ到Ⅲ的過(guò)程中，線圈內(nèi)______感應(yīng)電流.(

選填“有”或“無(wú)”)

評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共15分)26、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

27、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）28、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、推斷題(共3題，共27分)29、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應(yīng)條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會(huì)生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學(xué)方程式為___________。rm{(4)H}下列關(guān)于化合物rm{D隆煤H}的說(shuō)法錯(cuò)誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機(jī)物存在順?lè)串悩?gòu)體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)rm{G}是rm{HBr}的同分異構(gòu)體，與rm{(6)M}具有相同的官能團(tuán)。則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有________種。rm{D}30、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一種可降解的聚脂類高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的應(yīng)用前景rm{.PPG}的一種合成路線如下：

已知；

rm{壟脵}烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫。

rm{壟脷}化合物rm{B}為單氯代烴；化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}

rm{壟脹E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，rm{F}是福爾馬琳的溶質(zhì)。

rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列問(wèn)題：rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化學(xué)方程式為________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反應(yīng)類型為________，rm{G}的化學(xué)名稱為________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化學(xué)方程式為________；rm{PPG}的同分異構(gòu)體能同時(shí)滿足下列條件的共有________種rm{(5)D}不含立體異構(gòu)rm{(}

rm{)}能與飽和rm{壟脵}溶液反應(yīng)產(chǎn)生液體。

rm{NaHCO_{3}}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)。其中核磁共振請(qǐng)譜顯示為rm{壟脷}組峰，且峰面積比為rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}寫結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式rm{(}rm{)}31、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一種可降解的聚脂類高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的應(yīng)用前景rm{.PPG}的一種合成路線如下：

已知；

rm{壟脵}烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫。

rm{壟脷}化合物rm{B}為單氯代烴；化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}

rm{壟脹E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，rm{F}是福爾馬琳的溶質(zhì)。

rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列問(wèn)題：rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化學(xué)方程式為________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反應(yīng)類型為________，rm{G}的化學(xué)名稱為________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化學(xué)方程式為________；rm{PPG}的同分異構(gòu)體能同時(shí)滿足下列條件的共有________種rm{(5)D}不含立體異構(gòu)rm{(}

rm{)}能與飽和rm{壟脵}溶液反應(yīng)產(chǎn)生液體。

rm{NaHCO_{3}}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)。其中核磁共振請(qǐng)譜顯示為rm{壟脷}組峰，且峰面積比為rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}寫結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式rm{(}rm{)}評(píng)卷人得分六、簡(jiǎn)答題(共3題，共6分)32、肼rm{(N_{2}H_{4})}是一種高能燃料，在工業(yè)生產(chǎn)中用途廣泛。rm{(1)}肼性質(zhì)與氨氣相似，易溶于水，有如下反應(yīng)過(guò)程：rm{N_{2}H_{4}+H_{2}O?N_{2}H_{4}隆隴H_{2}O?N_{2}Hrlap{{!,}^{+}}{{!,}_{5}}+OH^{-}}rm{N_{2}H_{4}+H_{2}O?N_{2}H_{4}隆隴H_{2}O?

N_{2}Hrlap{{!,}^{+}}{{!,}_{5}}+OH^{-}}常溫下，某濃度rm{壟脵}溶液的rm{N_{2}H_{5}Cl}為rm{pH}則該溶液中離子濃度最大的是________rm{5}填離子符號(hào)rm{(}由水電離產(chǎn)生的rm{)}rm{c}________。rm{(OH^{-})=}常溫下，rm{壟脷}溶液與rm{0.2mol隆隴L^{-1}N_{2}H_{4}}溶液等體積混合，混合溶液的rm{0.1mol隆隴L^{-1}HCl}則溶液中rm{pH>7}rm{c}________rm{(N_{2}Hrlap{{!,}^{+}}{{!,}_{5}})}rm{c}rm{(N_{2}H_{4}隆隴H_{2}O)}填“rm{(}”、“rm{>}”或“rm{=}”rm{<}rm{)}工業(yè)上可用肼rm{(2)}與新制rm{(N_{2}H_{4})}反應(yīng)制備納米級(jí)rm{Cu(OH)_{2}}同時(shí)放出rm{Cu_{2}O}該反應(yīng)的化學(xué)方程式為____________________________________________。rm{N_{2}}已知肼與rm{(3)}反應(yīng)生成rm{H_{2}O_{2}}和rm{N_{2}}肼rm{H_{2}O}雙氧水燃料電池工作原理如圖所示。電池正極的電極反應(yīng)式為______________________，電池工作過(guò)程中，rm{-}極區(qū)溶液的rm{A}_______rm{pH}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}rm{)}33、描述弱電解質(zhì)電離情況可以用電離度和電離平衡常數(shù)表示，表rm{1}是常溫下幾種弱酸的電離平衡常數(shù)rm{left({K}_{a}right)}和弱堿的電離平衡常數(shù)rm{left({K}_right)}表rm{2}是常溫下幾種難rm{(}微rm{)}溶物的溶度積常數(shù)rm{left({K}_{sp}right)}

表rm{1}。酸或堿電離平衡常數(shù)rm{Ka}或rm{Kb}rm{HCN}rm{HClO}表rm{2}。難rm{(}微rm{)}溶物溶度積常數(shù)34、如圖所示，UAD=350V，UBE=700V，且R1=50Ω，R2=100Ω，R4=400Ω，求R3的阻值及AE間的電流。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【解析】試題分析：電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，終止于負(fù)電荷，不是閉合的曲線，而磁感線在磁體外部是從N極到S極的，而內(nèi)部是從S極到N極的，為閉合的曲線，所以AB錯(cuò)誤，無(wú)論是電場(chǎng)線還是磁感線上的點(diǎn)都只能有一個(gè)方向，所以電場(chǎng)線和磁感線都不能相交，C正確，兩者都是方便人們?nèi)パ芯繂?wèn)題而假象出來(lái)的，所以D錯(cuò)誤考點(diǎn)：本題考查了對(duì)電場(chǎng)線和磁感線的理解【解析】【答案】C2、D【分析】解：A

與木板間的最大靜摩擦力fA=婁脤mAg=0.2隆脕1隆脕10=2N

B

與木板間的最大靜摩擦力fB=婁脤mBg=0.2隆脕2隆脕10=4N

A、F=1N<fA

所以AB

即木板保持相對(duì)靜止，整體在F

作用下向左勻加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、若F=1.5N<fA

所以AB

及木板保持相對(duì)靜止，整體在F

作用下向左勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：

F鈭?f=mAa

所以A

物塊所受摩擦力f<F=1.5N

故B錯(cuò)誤；

C、F=4N>fA

所以A

在木板上滑動(dòng)，B

和木板整體受到摩擦力2N

輕質(zhì)木板，質(zhì)量不計(jì)，所以B

的加速度為：a=1m/s2

對(duì)B

進(jìn)行受力分析，摩擦力提供加速度為：f隆盲=mBa=2隆脕1=2N

故C錯(cuò)誤；

D、F=8N>fA

所以A

相對(duì)于木板滑動(dòng)，B

和木板整體受到摩擦力2N

輕質(zhì)木板，質(zhì)量不計(jì)，所以B

的加速度a=fmB=22=1m/s2

故D正確．

故選：D

根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式求出AB

與木板之間的最大靜摩擦力；比較拉力和最大靜摩擦力之間的關(guān)系判斷物體的運(yùn)動(dòng)情況，進(jìn)而判斷物體所受摩擦力的情況，根據(jù)牛頓第二定律求出B

的加速度．

本題以常見的運(yùn)動(dòng)模型為核心，考查了摩擦力、牛頓第二定律、隔離法與整體法的應(yīng)用等知識(shí).

解決的關(guān)鍵是正確對(duì)兩物體進(jìn)行受力分析．【解析】D

3、C【分析】解：改裝電流表要并聯(lián)電阻，其并聯(lián)阻值：R=IgRgI鈭?Ig=1隆脕10鈭?3隆脕300.6鈭?1隆脕10鈭?3=0.05婁賂

改裝成電壓表要串聯(lián)電阻，其串聯(lián)阻值為：R隆盲=UIg鈭?Rg=31隆脕10鈭?3鈭?30=2970婁賂

應(yīng)串聯(lián)2970婁賂

并聯(lián)0.05婁賂

則AB

D錯(cuò)誤，C正確。

故選：C

本題應(yīng)明確電流表的原理及改裝方法；若增大量程應(yīng)并聯(lián)一個(gè)小電阻進(jìn)行分流，表頭及分流電阻兩端的電壓相等；

若將電流表改裝成電壓表；則應(yīng)串聯(lián)一個(gè)大電阻，示數(shù)為表頭及電阻兩端的總電壓；流過(guò)表頭及電阻的電流相等．

本題考查電表的改裝，在理解改裝原理的基礎(chǔ)上，通過(guò)串并聯(lián)的關(guān)系即可求解．【解析】C

4、C【分析】解：A、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期：T=故A錯(cuò)誤；

BC、根據(jù)qvB=m解得v=帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能EK=mv2=知最大動(dòng)能與加速器的半徑；磁感線強(qiáng)度以及電荷的電量和質(zhì)量有關(guān)，與加速電場(chǎng)無(wú)關(guān)；磁場(chǎng)越強(qiáng)，粒子離開加速器時(shí)的動(dòng)能就越大，故B錯(cuò)誤，C正確；

D、根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中周期公式T=當(dāng)調(diào)整磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，導(dǎo)致周期變化，而加速電場(chǎng)的周期沒(méi)變，因此回旋加速器不能夠加速多種帶電粒子，故D錯(cuò)誤；

故選：C。

粒子在電場(chǎng)中被加速；所以α粒子運(yùn)動(dòng)的方向必須與電場(chǎng)的方向相同；回旋加速器的半徑一定，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，求出最大速度，可知最大速度與什么因素有關(guān)。

解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器是利用電場(chǎng)加速、磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來(lái)加速粒子，但是最終粒子的動(dòng)能與電場(chǎng)的大小無(wú)關(guān)?！窘馕觥緾5、D【分析】解：由題；踢球時(shí)的力F=100N，但不知道該力作用的時(shí)間，所以不能求出力的沖量；故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選：D。

求一個(gè)力的沖量；可以根據(jù)沖量的定義式計(jì)算，也可以由動(dòng)量定理計(jì)算．

該題考查動(dòng)量的計(jì)算，但在解答的過(guò)程中要注意時(shí)間10s是球在地面上滾動(dòng)的時(shí)間，不是100N的力的作用時(shí)間．【解析】D6、A|B|D【分析】

帶電粒子在t=0時(shí)刻由靜止釋放；在0-1s內(nèi)帶電粒子沿著電場(chǎng)力方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；

1-2s內(nèi)沿原方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；2s末速度減為零；

2-3s內(nèi)沿反方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；

3-4s內(nèi)繼續(xù)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；4s末速度減為零，回到出發(fā)點(diǎn)．

之后滑塊重復(fù)上述的運(yùn)動(dòng)；4-6S的運(yùn)動(dòng)與0-2s的運(yùn)動(dòng)情況完全相同．

A：由上分析可知；帶電粒子做往復(fù)運(yùn)動(dòng)．在第6s末滑塊的速度為0，動(dòng)能為0，所以電場(chǎng)力對(duì)滑塊做功為0，故A正確，B正確，D正確．

C：6s末帶電粒子離原出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)；4s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)．故C錯(cuò)誤．

故選：ABD

【解析】【答案】根據(jù)電場(chǎng)力公式F=qE分析帶電粒子的運(yùn)動(dòng)情況；判斷電場(chǎng)力做功的正負(fù)，分析什么時(shí)刻帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)．

7、B【分析】【分析】變壓器輸入電壓為U與電阻R1兩端電壓的差值；再根據(jù)電流之比等于匝數(shù)的反比可求得輸出電流；根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)之比對(duì)兩種情況列式，聯(lián)立可求得U與I的關(guān)系；則可求得線圈匝數(shù)之比。本題考查理想變壓器原理及應(yīng)用，要注意明確電路結(jié)構(gòu)，知道開關(guān)通斷時(shí)電路的連接方式；同時(shí)注意明確輸入電壓與總電壓之間的關(guān)系?！窘獯稹吭O(shè)變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為K，則可知，開關(guān)斷開時(shí)，副線圈電流為kI；則根據(jù)理想變壓器原理可知：（1）同理可知，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：U=48I；代入（1）式可得：k=3；故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B?！窘馕觥緽8、A【分析】解：A；加速度不為零；根據(jù)△v=a△t可知速度一定變化，故A正確；

B；加速度大；速度不一定大，例如火箭將要發(fā)射時(shí)速度為零，加速度很大，故B錯(cuò)誤；

C；加速度為零；速度不一定為零，例如做勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體，故C錯(cuò)誤；

D；加速度不變；速度均勻變化，故D錯(cuò)誤；

故選：A。

加速度是表示速度變化快慢的物理量；加速度大速度不一定大，加速度為零；速度不一定為零。

本題主要是考查加速度和速度的關(guān)系，知道加速度是速度的變化率，速度的大小與加速度無(wú)關(guān)系。【解析】A二、多選題(共8題，共16分)9、AD【分析】解：A

線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；磁通量增大.

穿出磁場(chǎng)時(shí)，磁通量減小，由楞次定律得知，感應(yīng)電流方向相反.

故A正確．

B

安培力阻礙導(dǎo)體與磁場(chǎng)的相對(duì)運(yùn)動(dòng)；則安培力均向左.

故B錯(cuò)誤．

C

進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；線框做勻速運(yùn)動(dòng).

進(jìn)入磁場(chǎng)后，線框勻加速通過(guò)位移d鈭?L

穿出磁場(chǎng)時(shí)，速度增大，安培力增大，則線框做減速運(yùn)動(dòng)，穿出磁場(chǎng)時(shí)，線框速度大于等于進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度.

則進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程的時(shí)間大于穿出磁場(chǎng)過(guò)程的時(shí)間.

故C錯(cuò)誤．

D

根據(jù)功能關(guān)系：進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程；F

做功等于線框的發(fā)熱量.

穿出磁場(chǎng)過(guò)程，F(xiàn)

做功與動(dòng)能的減小量之和等于線框的發(fā)熱量，而拉力做功相等，則進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程的發(fā)熱量少于穿出磁場(chǎng)過(guò)程的發(fā)熱量.

故D正確．

故選AD

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向和安培力方向.

分析金屬框的運(yùn)動(dòng)情況確定進(jìn)入與穿出時(shí)間長(zhǎng)短.

根據(jù)能量守恒定律研究熱量關(guān)系．

本題是電磁感應(yīng)知識(shí)與力學(xué)知識(shí)的綜合，關(guān)鍵在于運(yùn)用牛頓定律對(duì)線框運(yùn)動(dòng)過(guò)程的分析．【解析】AD

10、ACD【分析】【分析】根據(jù)升壓變壓器的輸入電壓，結(jié)合匝數(shù)比求出輸出電壓，從而得出輸送電流，根據(jù)輸電線的電阻得出損失的功率，根據(jù)電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓，計(jì)算用戶得到的電壓。解決本題的關(guān)鍵知道：1

輸送功率與輸送電壓、電流的關(guān)系；2

變壓器原副線圈的電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系；3

升壓變壓器輸出電壓、降壓變壓器輸入電壓、電壓損失的關(guān)系；4

升壓變壓器的輸出功率、功率損失、降壓變壓器的輸入功率關(guān)?！窘獯稹緼.由圖乙知交流電的周期T=0.02s

所以頻率f=50Hz

故A正確；B.由圖乙知升壓變壓器輸入端電壓最大值為2402V

有效值為240V

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比U1U2=n1n2

知，副線圈電壓為U2=n2n1U1=2400V

根據(jù)P=UI

得：所以輸電線中的電流為I2=PU2

輸電線損失的電壓為：婁隴U=I2R

降壓變壓器輸入端電壓為：U3=U2鈭?婁隴U

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比U3U4=n3n4

知用戶端電壓小于240V

故B錯(cuò)誤；C.若用戶總功率變大，輸電線路中的電流增大，損失的電壓增大，根據(jù)U3U4=n3n4

知降壓變壓器原線圈兩端電壓降低，故C正確；D.結(jié)合B

可知，I2=30A

變壓器原線圈輸入功率P=U2I2=720KW

損失的功率P脣冒=I22R=302隆脕50W=45kW

故D正確。故選ACD?！窘馕觥緼CD

11、CD【分析】解：核力與萬(wàn)有引力；庫(kù)侖力的性質(zhì)不同；核力是短程力，作用范圍在1.5隆脕10鈭?15m

原子核的半徑數(shù)量級(jí)在10鈭?15m

所以核力只存在于相鄰的核子之間，核力是原子核能穩(wěn)定存在的原因，故CD正確。

故選：CD

核力與萬(wàn)有引力性質(zhì)不同.

核力只存在于相鄰的核子之間．

本題考查對(duì)核力的理解.

核力是自然界四種基本作用力之一，與萬(wàn)有引力性質(zhì)、特點(diǎn)不同．【解析】CD

12、BD【分析】解：d

擺擺動(dòng)起來(lái)后，通過(guò)水平繩子對(duì)abc

三個(gè)擺施加周期性的驅(qū)動(dòng)力，使abc

三擺做受迫振動(dòng)，abc

三擺做受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，由于驅(qū)動(dòng)力頻率相同，則abc

三擺均以相同頻率振動(dòng)；

由于b

擺的固有頻率與驅(qū)動(dòng)力頻率相同，故b

擺的振幅最大；

故AC錯(cuò)誤；BD正確；

故選BD．

受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)率的頻率；與物體的固有頻率無(wú)關(guān)；當(dāng)擺的固有頻率與驅(qū)動(dòng)力頻率相同時(shí)，振幅最大的現(xiàn)象叫做共振．

本題考查了受迫振動(dòng)的頻率問(wèn)題，難度不大，是一道基礎(chǔ)題，熟練掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題．【解析】BD

13、BC【分析】解：子彈；槍、人、車系統(tǒng)水平方向不受外力；水平方向動(dòng)量一直守恒，子彈射擊前系統(tǒng)總動(dòng)量為零，子彈射入靶后總動(dòng)量也為零，故最后仍然是靜止的；

設(shè)子彈出口速度為v

車后退速度大小為v隆盲

以向左為正，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有：0=mv鈭?[M+(n鈭?1)m]v隆盲壟脵

子彈勻速前進(jìn)的同時(shí)；車勻速后退，故：vt+v隆盲t=d壟脷

聯(lián)立解得：v隆盲=mvM+(n鈭?1)mt=dv+mvM+(n鈭?1)m

故車后退距離為：鈻?s=v隆盲t=mvM+(n鈭?1)m隆脕dv+mvM+(n鈭?1)m=mdM+nm

每顆子彈從發(fā)射到擊中靶過(guò)程，車均退鈻?s

故n

顆子彈發(fā)射完畢后，小車后退：s=n?鈻?s=nmdM+nm

由于整個(gè)系統(tǒng)動(dòng)量守恒；初動(dòng)量為零，故打完n

發(fā)后，車靜止不動(dòng)，小車應(yīng)停在射擊之前位置的右方，故AD錯(cuò)誤，BC正確；

故選：BC

．

子彈；槍、人、車系統(tǒng)水平方向不受外力；水平方向動(dòng)量守恒；設(shè)子彈出口速度為v

根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解出車后退速度，計(jì)算出子彈飛到靶需要的時(shí)間和后退位移即可．

本題關(guān)鍵根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解出從發(fā)射一顆子彈到擊中靶過(guò)程小車后退的距離，此后重復(fù)這個(gè)循環(huán)．【解析】BC

14、AC【分析】解：對(duì)加速度過(guò)程有：

得：

帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，可將射出電場(chǎng)的粒子速度v分解成初速度方向與豎直方向，設(shè)出射速度與水平夾角為θ，則有而在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的半徑為R，由幾何關(guān)系可得，半徑與直線MN夾角正好等于θ，則有：

解得：

又因?yàn)榘霃焦絉=則有：d==

故d隨U1和B變化，與U2無(wú)關(guān)；故AC正確，BD錯(cuò)誤；

故選：AC。

不加磁場(chǎng)時(shí)粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)；加入磁場(chǎng)后；帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，已知偏向角則由幾何關(guān)系可確定圓弧所對(duì)應(yīng)的圓心角，則可求得圓的半徑，由洛侖茲力充當(dāng)向心力可求得d表達(dá)式，再進(jìn)行分析。

本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，要注意帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)類題目關(guān)鍵在于確定圓心和半徑，然后由向心力公式即可確定半徑公式，由幾何關(guān)系即可求解?！窘馕觥緼C15、BD【分析】解：A；根據(jù)e=10sin4πt（V）得：ω=4π；ω=2πf，所以f=2Hz，故A錯(cuò)誤；

B；當(dāng)t=0時(shí)線圈平面跟磁感線垂直；磁通量最大，磁通量變化率為0，故B正確；

C；當(dāng)t=0.5時(shí)；e=0，故C錯(cuò)誤；

D；根據(jù)e=10sin4πt（V）得：交流電的電動(dòng)勢(shì)最大值為10V；故D正確．

故選BD．

根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式e=10sin4πt（V）可以求出頻率；t=0.5時(shí)；e的瞬時(shí)值、交流電的電動(dòng)勢(shì)最大值，當(dāng)t=0時(shí)線圈平面跟磁感線垂直，磁通量最大，磁通量變化率為0．

本題主要考查了感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式的含義，要求同學(xué)們能根據(jù)瞬時(shí)表達(dá)式求出相關(guān)物理量．【解析】【答案】BD16、BC【分析】解：據(jù)題，電量為q1

的點(diǎn)電荷是場(chǎng)源電荷，在P

點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E=kq1r2

．

電量為q2

的電荷是試探電荷，在P

點(diǎn)所受的電靜電力為F

則P

點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小也能為E=Fq2.

故AD錯(cuò)誤；BC正確．

故選：BC

．

電量為q1

的點(diǎn)電荷是場(chǎng)源電荷，在P

點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小可根據(jù)公式E=kq1r2

可以確定.

電量為q2

的電荷是試探電荷，在P

點(diǎn)所受的電靜電力為F

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=Fq2

也可以確定P

點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?/p>

本題要掌握電場(chǎng)強(qiáng)度的兩個(gè)公式：E=Fq

和E=kQr2

并要理解這兩個(gè)公式適用，知道式中q

是試探電荷，Q

是場(chǎng)源電荷．【解析】BC

三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【解析】試題分析：紅光到紫光，折射率一次增大，由v=c/v可知在其他介質(zhì)中的速度一次減小，由n=1/sinC可知臨界角一次減小考點(diǎn)：考查光譜【解析】【答案】____，____，____，____18、略

【分析】在a圖中，穿過(guò)線圈磁通量增大，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向上，由右手螺旋定則可知電流從正接線柱流入，電流計(jì)指針偏向正極，同理可判斷其他【解析】【答案】偏向正極S極向上順時(shí)針19、由于液體表面張力的作用，使附在筆毛上的小液滴合并成大液滴，并縮小表面積，筆毛便收攏【分析】【解答】毛筆插入水中后；每根纖維都受各個(gè)方向相同的水的作用力．筆毛相當(dāng)于只受自身彈力作用，故呈散開狀態(tài)．拔出水面后，外層的筆毛受水的表面張力作用，總要使其表面收縮至最小，因而會(huì)收攏在一起．

【分析】本題考查了表面張力作用20、略

【分析】

兩個(gè)點(diǎn)電荷A和B在O點(diǎn)處產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小為E1=+=方向向左．

根據(jù)靜電平衡導(dǎo)體的特點(diǎn)可知，球殼上的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小與兩個(gè)點(diǎn)電荷A和B在O點(diǎn)處產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反，則球殼上的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小為E2=E1=方向向右．

故答案為：方向向右．

【解析】【答案】當(dāng)空心金屬球達(dá)到靜電平衡時(shí)；球殼內(nèi)O點(diǎn)處合場(chǎng)強(qiáng)為零，即球殼上的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小與兩個(gè)點(diǎn)電荷A和B在O點(diǎn)處產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反．求出兩個(gè)點(diǎn)電荷A和B在O點(diǎn)處產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)，再求球殼上的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向．

21、略

【分析】

由v=v+at得；3s末的速度v=15-3×3m/s=6m/s．

當(dāng)v=0時(shí)，t=

故答案為：6；5s

【解析】【答案】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式v=v+at求解．

22、略

【分析】【解析】試題分析：磁通量變化率所以根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得：線圈相當(dāng)于一個(gè)電源，所以該線圈的有效電壓為故根據(jù)閉合回路歐姆定律可得：考點(diǎn)：考查了法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用【解析】【答案】9.8V23、略

【分析】解：氣泡從湖底上升到湖面過(guò)程中；W=-0.6J，△U=0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q得Q=0.6J，即吸收熱量0.6J．

氣泡到達(dá)湖面后；溫度上升的過(guò)程中W=-0.1J，Q=0.3J，則△U=W+Q=0.2J，即氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能增加0.2J．

故答案為：吸收；0.6；0.2．

一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關(guān)；溫度不變，其內(nèi)能不變．氣體對(duì)外做功，功為負(fù)值，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況和內(nèi)能變化情況．

熱力學(xué)第一定律是能量守恒定律的特殊情況，可以從能量轉(zhuǎn)化和守恒的角度理解．應(yīng)用時(shí)關(guān)鍵抓住符號(hào)法則：使氣體內(nèi)能增加的量均為正值，否則為負(fù)值．【解析】吸收；0.6；0.224、Ⅰ、③,①,②,④

Ⅱ、(1)其有效成分都能中和胃里過(guò)多的鹽酸

(2)MgCO3+2HClMgCl2+H2O+CO2↑

(3)C6H12O6【分析】【分析】本題考查食品中的營(yíng)養(yǎng)素和藥物，難度不大，注意相關(guān)知識(shí)的積累記憶?！窘獯稹竣瘛m{(1)}富含蛋白質(zhì)的原料是雞蛋，故答案為：rm{壟脹}rm{壟脹}富含淀粉的原料是面粉，故答案為：rm{(2)}rm{壟脵}富含維生素的原料是茴香，rm{(3)}富含維生素的原料是茴香，

rm{(3)}富含油脂的原料是花生油，故答案為：故答案為：rm{壟脷}Ⅱ、rm{壟脷}抗酸藥物具有抗酸作用的原因是其有效成分都能中和胃里過(guò)多的鹽酸，故答案為：其有效成分都能中和胃里過(guò)多的鹽酸；rm{(4)}碳酸鎂與鹽酸反應(yīng)生成氯化鎂、二氧化碳和水，化學(xué)方程式為rm{壟脺}rm{(1)}故答案為：rm{(2)}rm{MgCO_{3}+2HCl}rm{MgCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}淀粉在人體內(nèi)酶的催化作用下發(fā)生水解反應(yīng)，最終轉(zhuǎn)化為葡萄糖，分子式為rm{MgCO_{3}+2HCl}故答案為：rm{MgCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{(3)}【解析】Ⅰ、rm{壟脹}rm{壟脵}rm{壟脷}rm{壟脺}Ⅱ、rm{(1)}其有效成分都能中和胃里過(guò)多的鹽酸rm{(2)MgCO_{3}+2HCl}rm{MgCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{(3)C_{6}H_{12}O_{6}}25、略

【分析】解：如圖所示；線圈從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量減小，則產(chǎn)生感應(yīng)電流；

線圈從位置Ⅱ到位置Ⅲ的過(guò)程中；線圈內(nèi)穿過(guò)的磁通量增加，則也會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；

故答案為：有；有．

穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化；則閉合電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流.

可以根據(jù)楞次定律來(lái)確定感應(yīng)電流的方向，從而即可求解．

考查如何判定感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，及掌握楞次定律的應(yīng)用，注意磁通量概念，及大小變化的判定．【解析】有；有四、判斷題(共3題，共15分)26、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?7、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．28、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。濉⑼茢囝}(共3題，共27分)29、rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應(yīng)取代反應(yīng)

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本題考查學(xué)生有機(jī)推斷和有機(jī)合成，是現(xiàn)在考試的熱點(diǎn)，難度較大，可以根據(jù)所學(xué)知識(shí)進(jìn)行回答。【解答】由rm{A}到rm{B}發(fā)生加成反應(yīng)，rm{B}到rm{C}反生鹵代烴的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}與rm{F}反生取代反應(yīng)生成rm{G}由此來(lái)推斷各反應(yīng)類型和產(chǎn)物；rm{(1)A}是烯烴，名稱是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)條件為rm{NaOH}水溶液并加熱，根據(jù)題目所給的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反應(yīng)類型分別是加成反應(yīng)、取代反應(yīng)；rm{(3)D}在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會(huì)生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會(huì)生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{(3)D}；

是一種高聚酯，rm{(4)H}的化學(xué)方程式為rm{D隆煤H}rm{nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}

rm{+(n-1)H_{2}O}根據(jù)rm{(5)A.}和rm{E}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{F}rm{G}被取代，可知rm{-OH}的分子式為rm{G}故A正確；B.rm{C_{12}H_{14}O_{5}}含有rm{1molG}酚酯基和rm{1mol}醇酯基，可知與rm{1mol}溶液加熱最多消耗rm{NaOH}注意酚羥基的性質(zhì)，故B錯(cuò)誤；C.一定條件下rm{3molNaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機(jī)物碳碳雙鍵兩側(cè)的碳原子有rm{G}不存在順?lè)串悩?gòu)體，故C錯(cuò)誤；D.在一定條件下rm{-CH_{2}}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)，體現(xiàn)羥基的性質(zhì)，故D正確；故選BC；rm{HBr}是rm{(6)M}的同分異構(gòu)體，與rm{D}具有相同的官能團(tuán)即羧基和羥基，羥基和羧基看作取代基，相當(dāng)于丙烷的二元取代產(chǎn)物，則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有rm{M}種。

rm{4}【解析】rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應(yīng)取代反應(yīng)rm{(3)}rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}rm{(5)BC}rm{(6)4}

30、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{)}以此來(lái)解答。

本題考查有機(jī)物的推斷，關(guān)鍵是確定rm{A}的結(jié)構(gòu)，再根據(jù)反應(yīng)條件推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，側(cè)重分析與推斷能力的綜合考查，題目難度中等?！窘獯稹繜Nrm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{).}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為故答案為：

rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(3)}由rm{E}和rm{F}生成rm{G}的反應(yīng)類型為加成反應(yīng)，rm{E}的化學(xué)名稱為乙醛；故答案為：加成反應(yīng)；乙醛；

rm{(4)}由rm{D}和rm{H}生成rm{PPG}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(5)D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}它的同分異構(gòu)體中能同時(shí)滿足：rm{壟脵}能與飽和rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)產(chǎn)生氣體，說(shuō)明含rm{-COOH}rm{壟脷}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)，含有醛基、羧基，rm{D}中共rm{5}個(gè)rm{C}則rm{C-C-C}上的rm{2}個(gè)rm{H}被rm{-COOH}rm{-OOCH}取代，共為rm{3+2=5}種，含其中核磁共振氫譜顯示為rm{3}組峰，且峰面積比為rm{6}rm{1}rm{1}的是故答案為：rm{5}

【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛rm{(4)}rm{(5)5}31、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{)}以此來(lái)解答。

本題考查有機(jī)物的推斷，關(guān)鍵是確定rm{A}的結(jié)構(gòu)，再根據(jù)反應(yīng)條件推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，側(cè)重分析與推斷能力的綜合考查，題目難度中等?！窘獯稹繜Nrm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{).}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為故答案為：

rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(3)}由rm{E}和rm{F}生成rm{G}的反應(yīng)類型為加成反應(yīng)，rm{E}的化學(xué)名稱為乙醛；故答案為：加成反應(yīng)；乙醛；

rm{(4)}由rm{D}和rm{H}生成rm{PPG}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(5)D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}它的同分異構(gòu)體中能同時(shí)滿足：rm{壟脵}能與飽和rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)產(chǎn)生氣體，說(shuō)明含rm{-COOH}rm{壟脷}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)，含有醛基、羧基，rm{D}中共rm{5}個(gè)rm{C}則rm{C-C-C}上的rm{2}個(gè)rm{H}被rm{-COOH}rm{-OOCH}取代，共為rm{3+2=5}種，含其中核磁共振氫譜顯示為rm{3}組峰，且峰面積比為rm{6}rm{1}rm{1}的是故答案為：rm{5}

【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛rm{(4)}rm{(5)5}六、簡(jiǎn)答題(共3題，共6分)32、（1）①Cl-1×10-5mol·L-1②>（2）N2H4+4Cu(OH)2=2Cu2O+N2↑+6H+6H2（3）2H2O2＋4e－=4OH－減小O【分析】【分析】本題考查的知識(shí)點(diǎn)較多，難度較大，以肼為媒介，涉及水的電離、離子濃度大小比較、化學(xué)方程式、電化學(xué)等，綜合性較強(qiáng)?！窘獯稹縭m{(}rm{1}rm{)壟脵}rm{N}rm{(}rm{1}rm{1}rm{)壟脵}rm{N}rm{N}rm{2}rm{2}rm{H}rm{H}為rm{6}，rm{6}rm{C1}rm{C1}rm{2}rm{2}促進(jìn)了水的電離，溶液的rm{pH}為rm{5}，rm{N}溶液中氫離子來(lái)自水的電離，故該溶液中由水電離產(chǎn)生的rm{pH}rm{pH}rm{5}rm{5}rm{N}rm{N}rm{2}rm{2}rm{H}rm{H}rm{6}rm{6}rm{{,!}^{2+}}離子結(jié)合了水電離的氫氧根離子，則該溶液中離子濃度最大的是rm{Cl^{-}}溶液中氫離子來(lái)自水的電離，故該溶液中由水電離產(chǎn)生的rm{c}rm{(}rm{H}rm{Cl^{-}}rm{c}rm{c}rm{(}rm{H}rm{H}rm{{,!}^{+}}rm{)}rm{=10}rm{)}rm{=10}rm{=10}rm{{,!}^{-PH}}故答案為：rm{=1}rm{=1}rm{隆脕}rm{10}rm{隆脕}rm{10}rm{10}rm{{,!}^{-5}}rm{mol/L}rm{mol/L}，故該溶液中由水電離產(chǎn)生的rm{c}rm{(}rm{OH}rm{c}rm{c}rm{(}rm{OH}rm{OH}rm{{,!}^{-}}rm{)}rm{=c}rm{(}rm{H}rm{)}rm{=c}溶液等體積混合，變成了等物質(zhì)的量的rm{=c}rm{(}rm{H}rm{H}rm{{,!}^{+}}rm{)}rm{=1}rm{隆脕}rm{10}rm{)}rm{=1}rm{=1}rm{隆脕}rm{10}rm{10}rm{{,!}^{-5}}rm{mol/L}故答案為：rm{Cl}rm{mol/L}rm{Cl}rm{{,!}^{-}}；rm{1}rm{隆脕}rm{隆脕}rm{10}rm{10}rm{{,!}^{-5}}rm{mol}rm{mol}rm{隆隴}rm{L}rm{隆隴}rm{L}rm{L}rm{{,!}^{-1}}溶液顯示堿性，故；rm{壟脷}rm{0.2mol/LN}rm{壟脷}rm{0.2mol/LN}rm{0.2mol/LN}rm{2}rm{2}rm{H}故溶液中rm{H}rm