2024年滬教版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖（1）所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為20：1，R1=10Ω，R2=20Ω，C=100μF已知電阻R1兩端的正弦交流電壓如圖（2）所示；則（）

A.原線圈輸入電壓的最大值為400VB.交流電的頻率為100HzC.電容器C所帶電量恒為1×10-3CD.電阻R1消耗的電功率為20W2、（2015春?廣安校級月考）如圖所示，一個小球沿豎直放置的光滑圓環(huán)形軌道做圓周運動，圓環(huán)的半徑為R，關于小球的運動情況，下列說法中正確的是（）A.小球的線速度方向時刻在變化，但總在圓周切線方向上B.小球的加速度方向時刻在變化，但總是指向圓心的C.小球的線速度的大小總大于或等于D.小球受到的合力一定指向圓心3、如圖所示是一個水平彈簧振子作簡諧運動的振動圖線，彈簧振子在t1時刻與t2時刻，以下哪個物理量相同（）A.位移B.加速度C.速度D.回復力4、一光滑圓弧形的槽，槽底放在水平地面上，槽的兩側(cè)與坡度及粗細程度相同的兩個斜坡aa’、bb’相切，相切處a、b位于同一水平面內(nèi)，槽與斜坡在豎直平面內(nèi)的截面如圖所示．一小物塊從斜坡aa’上距水平面ab的高度為2h處由靜止沿斜坡滑下，并自a處進人槽內(nèi)，到達b后沿斜坡bb’向上滑行，不考慮空氣阻力,到達的最高處距水平面ab的高度為h；接著小物塊沿斜坡bb’滑下并從b處進人槽內(nèi)反向運動，沿斜坡aa’向上滑行到達的最高處距水平面ab的高度為（）A.B.大于C.小于D.無法計算5、如圖，長為2L的直導線折成邊長相等的直角形狀，并置于與其所在平面相垂直的勻強磁場中，磁感應強度為B，當在該導線中通以電流I時，該直角形通電導線受到的安培力大小為（）A.0B.BILC.BILD.2BIL評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、一質(zhì)量為m的帶電小球，靜止在兩塊帶電平行金屬板間的勻強電場中，此時兩板間電壓為300V；若將該電壓降到60V，其它條件不變，則小球的加速度為____m/s2．7、在x軸上有兩個點電荷Q1、Q2分別固定在x=0和x=6cm的位置上，其中Q1=+4.0×10-8C，Q2=-1.0×10-8C，用E1、E2表示這兩個點電荷所產(chǎn)生的場強的大小，則在x軸上，其中x=____cm處的合場強為零，合場強方向沿x正方向的區(qū)域是____．8、（2012秋?南陽期中）如圖所示，桌面離地面的高度為0.8m，若將坐標系原點定在水平桌面上，取豎直向上的方向為坐標軸的正方向，通過測量A、B兩點距離桌面的距離都為0.2m．則A點的坐標為____，B點的坐標為____．9、（2014春?南京期中）如圖所示，甲輪和乙輪半徑之比是2：1，A，B兩點分別為甲乙兩輪的邊緣上的點，C點在甲輪上，它到轉(zhuǎn)軸的距離是甲輪半徑的；甲輪以角速度ω轉(zhuǎn)動，皮帶不打滑，求A，B，C三點的：

（1）線速度大小之比____；

（2）角速度大小之比____；

（3）向心加速度大小之比____．10、2004年1月4日，“勇氣”號成功登陸火星．已知火星半徑與地球半徑之比R火：R地=1：2，火星質(zhì)量與地球質(zhì)量之比m火：m地=1：10，火星到太陽的距離與地球到太陽的距離之比r火：r地=3：2；若火星、地球繞太陽運動均可視為勻速圓周運動，則火星表面重力加速度g火與地球表面重力加速度g地之比g火：g地=____，火星繞日公轉(zhuǎn)周期T火與地球繞日公轉(zhuǎn)周期T地之比T火：T地=____．11、（2016春?會寧縣校級期中）如圖甲所示；在一端封閉；長約1m的玻璃管內(nèi)注滿清水，水中放一個蠟燭做的蠟塊，將玻璃管的開口端用膠塞塞緊，然后將這個玻璃管倒置，在蠟塊沿玻璃管上升的同時，將玻璃管水平向右移動．假設從某時刻開始計時，蠟塊在玻璃管內(nèi)每1s內(nèi)上升的距離都是10cm，玻璃管向右勻加速平移，每1s內(nèi)通過的水平位移依次是2.5cm、7.5cm、12.5cm、17.5cm．圖乙中，y表示蠟塊豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，t=0時蠟塊位于坐標原點．

（1）請在圖乙中畫出蠟塊4s內(nèi)的軌跡；

（2）玻璃管向右平移的加速度a=____m/s2；

（3）t=2s時蠟塊的速度v2=____m/s．12、兩個大小都為10N的共點力，它們的合力最大為____N，最小為____N，當它們的方向互成90°角時合力為____N．13、（2013春?吳興區(qū)校級月考）如圖所示為玻璃厚度檢測儀的原理簡圖，其原理是：固定一束激光AO以不變的入射角θ1照到MN表面，折射后從PQ表面射出，折射光線最后照到光電管C上，光電管將光信號轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘?，依?jù)激光束在C上移動的距離，可以確定玻璃厚度的變化．設θ1=45°，玻璃對該光的折射率為，C上的光斑向左移動了△s，則可確定玻璃的厚度比原來變____（填“厚”或“薄”）了____．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、兩滴水銀相接觸，立即合并到一起以及熔化的蠟從蠟燭上流下來，冷卻后呈球形，均是由液體表面張力造成的．____．（判斷對錯）15、物體速度變化的方向與它受到的合外力的方向相同．____（判斷對錯）16、布朗運動是微觀粒子的運動，其運動規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對錯）17、物體的運動狀態(tài)發(fā)生了變化，一定受到外力的作用．____（判斷對錯）18、物體的速度為零時，它的機械能一定為零．____（判斷對錯）19、圍繞地球飛行的宇宙飛船里的宇航員不受地球引力的作用．____．評卷人得分四、實驗探究題(共1題，共7分)20、2015年12月，中國“可見光通信系統(tǒng)關鍵技術研究”獲得重大突破-可見光通信的實時通信速率已經(jīng)提高至50Gbps；相當于0.2s即可下載一部高清電影．

（1）關于可見光，下列說法正確的是______

A．可見光中的紅光比紫光的頻率低。

B．可見光不能在真空中傳播。

C．可見光波長越長；越容易發(fā)生衍射。

D．可見光能發(fā)生光的干涉和衍射現(xiàn)象；說明光是橫波。

（2）真空中一束波長為6×10-7m的可見光，頻率為______Hz，已知光在真空中的速度為3×108m/s．該光進入水中后，其波長與真空中的相比變______（選填“長”或“短”）．

（3）可見光通信是利用LED燈的光線實現(xiàn)上網(wǎng)的新型高速數(shù)據(jù)傳輸技術．如圖所示，ABCD是LED閃光燈的圓柱形封裝玻璃體，其橫截面的直徑AB=d，厚度AD=d．LED燈（可視為點光源）固定在玻璃體CD面的圓心O．玻璃體的折射率為光在真空中的傳播速度為c．求：

①光在玻璃體中傳播的速度；

②光線OA在AB面發(fā)生折射時的折射角．評卷人得分五、推斷題(共3題，共27分)21、某“化學雞尾酒”通過模擬臭蟲散發(fā)的聚集信息素可高效誘捕臭蟲，其中一種組分rm{T}可通過下列反應路線合成rm{(}部分反應條件略rm{)}可通過下列反應路線合成rm{T}部分反應條件略rm{(}rm{)}的化學名稱是_______，rm{(1)A}新生成的官能團是_______________________；rm{A隆煤B}的核磁共振氫譜顯示峰的組數(shù)為_______________________。rm{(2)D}的化學方程式為____。rm{(3)D隆煤E}與新制的rm{(4)G}發(fā)生反應，所得有機物的結(jié)構(gòu)簡式為________________________。rm{Cu(OH)_{2}}可由rm{(5)L}與rm{B}發(fā)生加成反應而得，已知rm{H_{2}}則rm{R_{1}CH_{2}Br+NaC隆脭CR_{2}隆煤R_{1}CH_{2}C隆脭CR_{2}+NaBr}的結(jié)構(gòu)簡式為_______________________________。rm{M}已知則rm{(6)}的結(jié)構(gòu)簡式為_____________________。rm{T}22、rm{[}化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{3:}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{](15}分rm{)A}rm{B}rm{C}rm{D}為原子序數(shù)依次增大的四種元素，rm{A^{2-}}和rm{B^{+}}具有相同的電子構(gòu)型rm{;C}rm{D}為同周期元素，rm{C}核外電子總數(shù)是最外層電子數(shù)的rm{3}倍rm{;D}元素最外層有一個未成對電子?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)}四種元素中電負性最大的是rm{(}填元素符號rm{)}其中rm{C}原子的核外電子排布式為。rm{(2)}單質(zhì)rm{A}有兩種同素異形體，其中沸點高的是rm{(}填分子式rm{)}原因是rm{;A}和rm{B}的氫化物所屬的晶體類型分別為和。rm{(3)C}和rm{D}反應可生成組成比為rm{1隆脙3}的化合物rm{E}rm{E}的立體構(gòu)型為，中心原子的雜化軌道類型為。rm{(4)}化合物rm{D_{2}A}的立體構(gòu)型為，中心原子的價層電子對數(shù)為，單質(zhì)rm{D}與濕潤的rm{Na_{2}CO_{3}}反應可制備rm{D_{2}A}其化學方程式為。rm{(5)A}和rm{B}能夠形成化合物rm{F}其晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示，晶胞參數(shù)rm{a=0.566nm}rm{F}的化學式為rm{;}晶胞中rm{A}原子的配位數(shù)為rm{;}列式計算晶體rm{F}的密度rm{(g隆隴cm^{-3})}。

23、【化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】磷和鈣都是促成骨骼和牙齒的鈣化不可缺少的營養(yǎng)元素。rm{(1)}rm{*}基態(tài)rm{Ca^{2+}}的原子結(jié)構(gòu)示意圖為__________，基態(tài)rm{P}原子的價電子排布圖為_________。rm{(2)}元素的第一電離能：rm{Ca}__________rm{P(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)}rm{(3)}rm{*}白磷rm{(P_{4})}是磷的一種單質(zhì)。已知白磷分子為正四面體結(jié)構(gòu)，則rm{P}原子的雜化方式為__________，rm{P_{4}}中的鍵角為__________；白磷在rm{CS_{2}}中的溶解度__________rm{(}填“大于”“小于”或“無法比較”rm{)}在水中的溶解度。rm{(4)}常溫下rm{PCl_{5}}是一種白色晶體，晶體結(jié)構(gòu)為氯化銫型，由rm{A}rm{B}兩種離子構(gòu)成。已知rm{A}rm{B}兩種離子均含磷，且分別與rm{CCl_{4}}rm{SF_{6}}互為等電子體，則rm{A}離子的構(gòu)型為__________，rm{B}離子的符號為__________。rm{(5)}rm{*}螢石rm{(CaF_{2})}是一種常見的含鈣礦石，晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示。其中陽離子的配位數(shù)為__________；陰陽離子之間的最近距離與陽離子之間的最近距離之比為__________。rm{(6)}下列是幾種碳酸鹽的熱分解溫度和陽離子半徑：。碳酸鹽rm{CaCO_{3}}rm{SrCO_{3}}rm{BaCO_{3}}熱分解溫度rm{/隆忙}rm{900}rm{1172}rm{1360}陽離子半徑rm{/pm}rm{99}rm{112}rm{135}根據(jù)上表數(shù)據(jù)分析，碳酸鈣熱分解溫度最低的原因是______________________。rm{(7)}用rm{X}射線衍射法可以測得阿伏加德羅常數(shù)。已知金屬鈣的晶胞為面心立方最密堆積，晶胞邊長為rmekoww4wrm{pm}又知鈣的密度為rm{婁脩}rm{g?cm^{-3}}則一個鈣晶胞的質(zhì)量為__________rm{g(}用rm48eu4m6，rm{婁脩}表示，下同rm{)}阿伏加德羅常數(shù)為__________rm{mol^{-1}(}要求化簡rm{)}評卷人得分六、綜合題(共4題，共28分)24、【題文】圖1-1-1中（1）所示為一根豎直懸掛的不可伸長的輕繩，下端拴一小物塊A，上端固定在C點且與一能測量繩的拉力的測力傳感器相連.已知有一質(zhì)量為m0的子彈B沿水平方向以速度v0射入A內(nèi)（未穿透）；接著兩者一起繞C點在豎直面內(nèi)做圓周運動.在各種阻力都可忽略的條件下測力傳感器測得繩的拉力F隨時間t的變化關系如圖1-1-1（2）所示.已知子彈射入的時間極短，且圖1-1-1（2）中t=0為A；B開始以相同速度運動的時刻.根據(jù)力學規(guī)律和題中（包括圖）提供的信息，對反映懸掛系統(tǒng)本身性質(zhì)的物理量（例如A的質(zhì)量）及A、B一起運動過程中的守恒量，你能求得哪些定量的結(jié)果？

圖1-1-125、【題文】質(zhì)量為10的物體，在的水平向右的力作用下，沿水平地面由靜止開始運動，在開始運動的第5末撤去水平力此時物體的位移為25()；求：

（1）物體與地面間的動摩擦因數(shù)？

（2）撤去時物體的速度？

（3）撤去后物體還能滑行的距離？26、【題文】已知地球半徑R＝6.4×km，試求在赤道上空相對于地球靜止的同步衛(wèi)星距地面的高度h，并求同步衛(wèi)星發(fā)射回地球的信號可覆蓋的范圍(以對地心的圓心角表示)．27、【1

】1.

關于熱力學定律，下列說法正確的是：A.為了增加物體的內(nèi)能，必須對物體做功或向它傳遞熱量B.對某物體做功，必定會使該物體的內(nèi)能增加C.可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變?yōu)楣.不可能使熱量從低溫物體傳向高溫物體E.功轉(zhuǎn)變?yōu)闊岬膶嶋H宏觀過程是不可逆過程2.

如圖，長L=100cm

粗細均勻的玻璃管一端封閉。水平放置時，長L0=50cm

的空氣柱被水銀封住，水銀柱長h=30cm

將玻璃管緩慢地轉(zhuǎn)到開口向下的豎直位置，然后豎直插入水銀槽，插入后有婁隴h=15cm

的水銀柱進入玻璃管。設整個過程中溫度始終保持不變，大氣壓強p0=75cmHg

求：

(1)

插入水銀槽后管內(nèi)氣體的壓強p

(2)

管口距水銀槽液面的距離H

【2

】1.

如圖所示，實線是一列簡諧橫波在t1

時刻的波形圖，虛線是在t2=(t1+0.2)s

時刻的波形圖.

則填入正確選項前的字母為：

A.若質(zhì)點M

在t1

時刻的振動方向向上，則波向右傳播。B.簡諧波的周期可能是0.8s

C.若質(zhì)點M

在t1

時刻的振動方向向上，則波速可能是35m/s

D.若波速為5m/s

則經(jīng)0.2s

介質(zhì)質(zhì)點M

向右移動1m

E.若質(zhì)點M

在t1

時刻的振動方向向上，則波速可能是25m/s

2.

如圖所示，真空中有一個半徑為R

質(zhì)量分布均勻的玻璃球。頻率為f

的細光束在空中沿直線BC

傳播，在C

點經(jīng)折射進入玻璃球，并在玻璃球表面的D

點又經(jīng)折射進入真空中，已知隆脧COD=120鈭?

玻璃球?qū)υ摷す獾恼凵渎蕿?(

已知c

為真空中的光速)

求：(1)

激光束的入射角。(2)

這束光線在玻璃球中的傳播時間。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】由電壓與匝數(shù)成正比可以求得原線圈電壓的大小，電容器的作用是通交流隔直流，頻率與周期互為倒數(shù)【解析】【解答】解：A、由圖2可知R1的電壓最大值為20V；再根據(jù)原副線圈的電壓之比等于匝數(shù)之比可知原線圈輸入電壓的最大值為400V，A正確；

B；根據(jù)變壓器原理可知原副線圈中電流的周期、頻率相同；周期為0.02s、頻率為50赫茲，B錯誤；

C；電容器兩端的電壓是變化的；所帶電量也是變化的，所以C錯誤；

D、電阻R1兩端電壓的有效值為=10V，電阻R1消耗的電功率P==100W；D錯誤；

故選：A2、A【分析】【分析】小球在內(nèi)軌道中做變速圓周運動，線速度的大小和方向時刻改變，線速度總是在圓周切線方向上，因為具有切線加速度和向心加速度，所以合加速度的方向不一定直線圓心．根據(jù)牛頓第二定律求出小球通過最高點的最小速．【解析】【解答】解：A；小球在豎直的光滑圓形軌道內(nèi)壁做圓周運動；線速度方向總是沿圓周切線方向．故A正確．

B；勻速圓周運動的加速度指向圓心；但變速圓周運動的加速度不總是指向圓心的，只有最高點和最低點的加速度才指向圓心．故B錯誤．

C、小球恰好到達最高點時，在最高點的線速度最小，此時由重力提供向心力，則有：mg=m，解得最小速度v=．故C錯誤．

D；勻速圓周運動的合外力指向圓心；但變速圓周運動的合外力不總是指向圓心的，只有最高點和最低點的合力才指向圓心．故D錯誤．

故選：A3、C【分析】【分析】由振動圖象直接讀出質(zhì)點的位移，確定位置關系．根據(jù)加速度、回復力大小與位移大小成正比，方向與位移相反，判斷加速度、回復力關系．根據(jù)質(zhì)點的位置關系和速度方向關系判斷速度關系．【解析】【解答】解：ABD、由振動圖象看出，在t1和t2時刻，振子的位移大小，方向相反，則根據(jù)簡諧運動的特征a=-和F=-kx可知；加速度；回復力大小相等、方向相反，所以兩個時刻位移、回復力和加速度都不同．故ABD錯誤．

C；兩個時刻位移大小；方向相反，物體的位置關于平衡位置對稱，速度大小相等，由圖讀出，兩個時刻物體的速度方向均負方向，方向相同，則兩個時刻物體的速度相同．故C正確．

故選：C4、A【分析】【解析】試題分析：設斜面與水平面的夾角是A，摩擦力大小為在第一個過程中，根據(jù)能量守恒，摩擦力做的負功等于重力做的正功重力做功為摩擦力做功的距離為摩擦力做功為得出設第二次滑到距水平面x高處，同樣的道理，有將前面的結(jié)果帶入，得到所以x=h/2，A正確，考點：考查了能量守恒的應用【解析】【答案】A5、C【分析】【分析】由安培力公式F=BIL進行計算，注意式中的L應為等效長度．【解析】【解答】解：導線在磁場內(nèi)有效長度為l=，故該L形通電導線受到安培力大小為：F=BI2?=BIL；選項C正確．

故選：C．二、填空題(共8題，共16分)6、8【分析】【分析】帶電小球原來恰好靜止，電場力與重力平衡，可列出方程；若將電壓降到60V，根據(jù)牛頓第二定律和公式U=Ed求解加速度．【解析】【解答】解：帶電小球原來靜止，電場力與重力平衡，則有：mg=q①

若將電壓降到60V，場強減小，電場力減小，小球向下加速運動，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-q=ma②

據(jù)題U2=③

由①②③得：a=g=8m/s2．

故答案為：8．7、120＜x＜6cm，x＞12cm【分析】【分析】某點的電場強度是正電荷Q1和負電荷Q2在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強．運用合成進行分析．【解析】【解答】解：某點的電場強度是正電荷Q1和負電荷Q2在該處產(chǎn)生的電場的疊加；是合場強．

根據(jù)點電荷的場強公式E=所以要使電場強度為零，那么正電荷Q1和負電荷Q2在該處產(chǎn)生的場強大小相等方向相反．

不會在Q1的左邊，因為Q1的電荷大于Q2，也不會在Q1Q2之間，因為它們電荷電性相反，在中間的電場方向都是一樣的；所以，只能在Q2右邊．

設該位置據(jù)Q2的距離是L；

得：=

代入數(shù)據(jù)解得：L=0.06m=6cm；

所以x坐標軸上x=12cm處的電場強度為零；

在Q1Q2之間，正電荷Q1和負電荷Q2在該處產(chǎn)生的場強方向沿x軸正方向；所以實際場強也是沿x軸正方向，根據(jù)點電荷的場強公式得x坐標軸大于12cm區(qū)域電場強度方向沿x軸正方向區(qū)域．所以x坐標軸上電場強度方向沿x軸正方向區(qū)域是（0，6cm）和（12cm，∞）．

故答案為：12，0＜x＜6，x＞12cm．8、0.2m-0.2m【分析】【分析】坐標系的三要素是原點，正方向和單位長度，找出該點以原點為零點，是在正方向上還是在負方向上，從而確定坐標的正負．【解析】【解答】解：A點在坐標原點的正方向上；距離原點的距離為0.2m，所以A點的坐標為0.2m．

B點在坐標原點的負方向上；距離原點的距離為0.2m，所以B點的坐標為-0.2m．

故答案為：0.2m，-0.2m．9、4：4：11：2：14：8：1【分析】【分析】靠傳送帶傳動輪子邊緣上的點具有相同的線速度，共軸轉(zhuǎn)動的點具有相同的角速度．根據(jù)v=rω，a=ω2r可得出A、B、C三點的線速度、角速度和向心加速度之比．【解析】【解答】解：（1）靠傳送帶傳動輪子邊緣上的點具有相同的線速度；故A；B兩點的線速度相等，即：

vA=vB

共軸轉(zhuǎn)動的點具有相同的角速度；故A；C兩點的角速度相等，即：

ωA=ωC

根據(jù)v=rω；有：

故：vA：vB：vC=4：4：1

（2）由于vA=vB，根據(jù)v=rω；有：

ωA：ωB=rB：rA=1：2

故ωA：ωB：ωC=1：2：1

（3）根據(jù)v=rω，a=ω2r；有：a=vω，故：

aA：aB：aC=（4×1）：（4×2）：（1×1）=4：8：1

故答案為：

（1）4：4：1；

（2）1：2：1；

（3）4：8：1．10、略

【分析】

1、星球表面的重力等于萬有引力：得．

所以地球和火星表面的重力加速度分別為：．

故

2；火星、地球繞太陽運動均可視為勻速圓周運動；根據(jù)萬有引力等于向心力。

解得

所以=

故答案為：．

【解析】【答案】1、星球表面的重力等于萬有引力：得．根據(jù)火星和地球的質(zhì)量之比和半徑之比；可以計算重力加速度之比．

2、火星和地球繞太陽運動均可視為勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力等于向心力解得．根據(jù)火星和地球繞太陽的公轉(zhuǎn)半徑；可計算公轉(zhuǎn)周期之比．

11、5×10-20.14【分析】【分析】（1）根據(jù)蠟塊水平方向和豎直方向上每段時間內(nèi)的位移作出蠟塊的軌跡．

（2）根據(jù)水平方向上連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出加速度的大?。?/p>

（3）蠟塊在豎直方向上做勻速直線運動，水平方向上做勻加速直線運動，分別求出2末水平方向和豎直方向上的分速度，根據(jù)平行四邊形定則求出速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓海?）如圖。

（2）蠟塊在水平方向做勻加速運動；每相鄰1秒位移差值。

△x=7.5-2.5=12.5-7.5=17.5-12.5=5（cm）

△x=at2

則加速度a==5×10-2m/s2

（3）豎直方向上的分速度vy==0.1m/s

水平分速度vx=at=0.1m/s

根據(jù)平行四邊形定則得，v==m/s=0.14m/s

故答案為：（1）如圖所示；（2）5×10-2；（3）0.14．12、20010【分析】【分析】當兩個分力方向相同時，其合力最大，最大值等于兩力之和；當兩個分力方向相反時，其合力最小，最小值等于兩力之差．根據(jù)條件列方程求解兩個分力．當這兩個力的夾角是90度時，根據(jù)勾股定理求出合力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓涸O兩個力分別為F1、F2，且F1=F2．則由題得：

F大=F1+F2=20N

F小=F1-F2=0N

當這兩個力的夾角是90度時，根據(jù)勾股定理得合力的大小F合==10N．

故答案為：20，0，10．13、厚【分析】【分析】光線通過玻璃磚后傳播方向不變，只發(fā)生側(cè)移，根據(jù)激光束在C上移動的方向，可以確定玻璃厚度的變化情況．由折射定律和幾何知識求解玻璃厚度的變化量．【解析】【解答】解：根據(jù)平行玻璃磚的光學特性可知；光線通過玻璃磚后傳播方向不變，只發(fā)生側(cè)移，據(jù)題激光束在C的光斑向左移動，說明玻璃磚增厚．

根據(jù)折射定律得：n=

得，sinθ2===0.5，得θ2=30°

設玻璃磚變厚了d．

根據(jù)幾何知識得：dtan45°-dtan30°=△s

解得，d=

故答案為：厚；三、判斷題(共6題，共12分)14、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．就象你要把彈簧拉開些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢．【解析】【解答】解：兩滴水銀相接觸；立即合并到一起以及熔化的蠟燭從燃燒的蠟燭上流下來，冷卻后呈球形，是因為表面張力使液體表面有收縮的趨勢．故該說法是正確的．

故答案為：√15、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律和運動學規(guī)律分析答題．【解析】【解答】解：物體速度變化的方向就是加速度的方向；由牛頓第二定律可知，加速度方向與物體受到的合外力的方向相，故說法正確；

故答案為：√．16、×【分析】【分析】布朗運動是由于分子的無規(guī)則運動而使花粉小顆粒受到撞擊而振動；布朗運動的實質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運動的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運動是固體小顆粒的運動；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×17、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第一定律，力是改變物體運動狀態(tài)的原因，而物體的運動狀態(tài)發(fā)生改變，則物體的加速度a不為0，故力是產(chǎn)生加速度的原因．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第一定律；力是改變物體運動狀態(tài)的原因，而物體的運動狀態(tài)發(fā)生改變，一定受到外力的作用．以上說法是正確的；

故答案為：√18、×【分析】【分析】機械能包括動能和重力勢能，速度為零說明動能為零．【解析】【解答】解：物體的速度為零時；則動能為零，但重力勢能不一定為零，所以機械能不一定為零，故錯誤．

故答案為：×19、×【分析】【分析】由萬有引力定律知兩個物體之間存在萬有引力充當向心力，繞地球做圓周運動的物體受到的萬有引力提供向心力，處于失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：繞地球做圓周運動的物體受到萬有引力提供向心力；處于失重狀態(tài)．而不是不受到地球的吸引力．故該說法是錯誤的．

故答案為：×四、實驗探究題(共1題，共7分)20、略

【分析】解：（1）A．根據(jù)可見光中光的頻率的排列順序可知；可見光中的紅光比紫光的頻率低．故A正確；

B．可見光屬于電磁波；能在真空中傳播．故B錯誤；

C．可見光波長越長；越容易發(fā)生明顯衍射．故C正確；

D．可見光能發(fā)生光的干涉和衍射現(xiàn)象；說明光具有波動性；偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波．故D錯誤；

故選：AC

（2）真空中一束波長為6×10-7m的可見光，頻率為：γ===5×1014Hz；

該光進入水中后，根據(jù)波長與折射率的關系n==

可知；其波長與真空中的相比變短；

（3）①根據(jù)v=得，v==×108m/s．

（2）由題目圖可知，DO=AB=d

所以入射角的正切：tanr===

所以：r=30°

根據(jù)折射定律知，n=

所以：sini=n?sinr=×=

所以折射角：i=45°

故答案為：（1）AC；（2）5×1014；短；

（3）①光在玻璃體中傳播的速度為×108m/s．

②光線OA在AB面發(fā)生折射時的折射角為45°．

（1）可見光中的紅光比紫光的頻率低；干涉；衍射說明光具有波動性；偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波；

（2）根據(jù)頻率與波長之間的關系即可求出頻率；根據(jù)n=求出水中光的波長；

（3）①根據(jù)v=求出光在介質(zhì)中傳播的速度大小．

②根據(jù)入射角的大??；結(jié)合玻璃的折射率，通過折射定律即可求出．

該題考查光的折射，解決本題的關鍵掌握光的折射定律n=以及n=．【解析】AC；5×1014；短五、推斷題(共3題，共27分)21、（1）丙烯-Br（2）2（3））3（4）HC≡CCOONa（5）CH3CH2CH2C≡CCHO）（6）6【分析】【分析】本題考查有機物推斷，側(cè)重考查學生分析推斷及知識遷移能力，根據(jù)反應條件、物質(zhì)結(jié)構(gòu)簡式結(jié)合rm{(5)(6)}題中信息進行推斷，知道常見有機反應類型及反應條件，題目難度中等?！窘獯稹扛鶕?jù)rm{A}rm{B}結(jié)構(gòu)簡式知，rm{A}發(fā)生取代反應生成rm{B}rm{B}和溴發(fā)生加成反應生成rm{D}rm{D}在氫氧化鈉的醇溶液中加熱發(fā)生消去反應生成rm{E}rm{E}發(fā)生水解反應然后發(fā)生氧化反應生成rm{G}rm{G}結(jié)構(gòu)簡式為rm{HC隆脭CCHO}rm{L}可由rm{B}與rm{H_{2}}發(fā)生加成反應而得，則rm{L}為rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}Br}根據(jù)rm{R_{1}CH_{2}Br+NaC隆脭CR_{2}隆煤R_{1}CH_{2;}C隆脭CR_{2}+NaBr}知，rm{M}結(jié)構(gòu)簡式為rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2;}C隆脭CCHO}根據(jù)rm{R3C隆脭CR4xrightarrow[]{Na,脪潞擄鹵}}知，rm{R3C隆脭CR4xrightarrow[]{Na,脪潞擄鹵}

}結(jié)構(gòu)簡式為

rm{T}的化學名稱是丙烯，rm{(1)A}新生成的官能團是rm{A隆煤B}故答案為：丙烯；rm{-Br}

rm{-Br}中兩種氫原子，所以rm{(2)D}的核磁共振氫譜顯示峰的組數(shù)為rm{D}故答案為：rm{2}

rm{2}在氫氧化鈉的醇溶液中加熱發(fā)生消去反應生成rm{(3)D}rm{E}的化學方程式為rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[?]{麓錄}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}

故答案為：rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[?]{麓錄}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}

rm{D隆煤E}與新制的rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[?]{麓錄}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}發(fā)生反應，rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[?]{麓錄}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}中醛基被氧化生成羧基后被堿中和，所得有機物的結(jié)構(gòu)簡式為rm{(4)G}

故答案為：rm{Cu(OH)_{2}}

rm{G}通過以上分析知，rm{HC隆脭CCOONa}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{HC隆脭CCOONa}故答案為：rm{(5)}

rm{M}通過以上分析知，rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2;}C隆脭CCHO}結(jié)構(gòu)簡式為

故答案為：rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2;}C隆脭CCHO}【解析】rm{(}rm{(}rm{1}丙烯rm{1}rm{)}丙烯rm{)}rm{-Br}rm{-Br}rm{(}rm{(}rm{2}rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[?]{麓錄}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}rm{2}rm{)}rm{)}rm{2}rm{2}rm{(}rm{3}rm{)}rm{(}rm{3}rm{3}rm{)}rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[?]{麓錄}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}rm{(}rm{(}rm{4}rm{4}rm{)}rm{)}rm{HC}rm{HC}22、(15分)(1)O1s22s22p63s23p3(或[Ne]3s23p3)(每空1分,共2分)

(2)O3O3相對分子質(zhì)量較大,范德華力大分子晶體離子晶體(每空1分,共4分)

(3)三角錐形sp3(每空1分,共2分)

(4)V形4

(或)(每空1分,共3分)

(5)Na2O8

=2.27g·cm-3(1分,1分,2分,共4分)【分析】由題意可知rm{A}為rm{O}rm{B}為rm{Na}rm{C}為rm{P}rm{D}為rm{Cl}rm{(1)}四種元素中rm{O}的非金屬性最強，電負性最大rm{;P}的原子序數(shù)為rm{15}核外電子排布式為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}}或rm{[Ne]3s^{2}3p^{3}}rm{(2)}氧元素的兩種同素異形體為rm{O_{2}}和rm{O_{3}}沸點較高的是rm{O_{3}}因為rm{O_{3}}的相對分子質(zhì)量較大，范德華力大。rm{O}的氫化物可以是rm{H_{2}O}rm{H_{2}O_{2}}二者所屬晶體類型均為分子晶體rm{;Na}的氫化物為rm{NaH}屬于離子晶體。rm{(3)PCl_{3}}中中心原子的價層電子對數(shù)是rm{4}其中rm{婁脪}鍵數(shù)是rm{3}孤電子對數(shù)為rm{1}故rm{PCl_{3}}中中心原子采用rm{sp^{3}}雜化方式，分子構(gòu)型為三角錐形。rm{(4)Cl_{2}O}中中心原子為rm{O}分子中rm{婁脪}鍵數(shù)為rm{2}中心原子孤電子對數(shù)為rm{2}故中心原子的價層電子對數(shù)為rm{4}分子空間構(gòu)型為rm{V}形。rm{Cl_{2}}與濕潤的rm{Na_{2}CO_{3}}反應生成rm{Cl_{2}O}的同時還應該生成rm{NaCl}和rm{NaHCO_{3}}rm{(5)}由晶胞結(jié)構(gòu)可知，一個晶胞中小球個數(shù)為rm{8}大球個數(shù)為rm{4}小球代表離子半徑較小的rm{Na^{+}}大球代表離子半徑較大的rm{O^{2-}}故F的化學式為rm{Na_{2}O;}晶胞中與每個氧原子距離最近且相等的鈉原子有rm{8}個rm{;}晶胞的質(zhì)量為晶胞的體積為rm{(0.566隆脕10^{-7})^{3}cm^{3}}晶體密度為rm{(0.566隆脕10^{-7})^{3}

cm^{3}}【解析】rm{(15}分rm{)(1)O}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}(}或rm{[Ne]3s^{2}3p^{3})(}每空rm{1}分，共rm{2}分rm{)}rm{(2)O_{3}}rm{O_{3}}相對分子質(zhì)量較大，范德華力大分子晶體離子晶體rm{(}每空rm{1}分，共rm{4}分rm{)}rm{(3)}三角錐形rm{sp^{3}(}每空rm{1}分，共rm{2}分rm{)}rm{(4)V}形rm{4}rm{(}或rm{)(}每空rm{1}分，共rm{3}分rm{)}rm{(5)Na_{2}O}rm{8}rm{=2.27g隆隴cm^{-3}(1}分，rm{1}分，rm{2}分，共rm{4}分rm{)}23、（1）（2）＜（3）sp360大于（4）正四面體PCl6-（5）8（6）鈣離子半徑小，與氧結(jié)合生成氧化鈣的晶格能大，故碳酸鈣分解溫度低（7）d3p10-301.61032/pd3【分析】【分析】本題考查了學生對電子排布、軌道雜化、晶胞的計算等知識，側(cè)重分析、計算能力的考查，難度中等?！窘獯稹縭m{(1)Ca}是rm{20}號元素，核外電子排布為rm{2}rm{8}rm{8}rm{2}鈣離子失去最外層rm{2}個電子，基態(tài)rm{Ca}rm{Ca}rm{{,!}^{2+}}的原子結(jié)構(gòu)示意圖為原子的價電子為基態(tài)rm{P}原子的價電子為rm{3s^{2}3p^{3}}電子排布圖為電子排布圖為

故答案為：rm{P}同一周期越往右電離能越大，在rm{3s^{2}3p^{3}}故答案為：rm{(2)}rm{Ca<P}故答案為：rm{<}白磷分子為正四面體結(jié)構(gòu)，價層電子對總數(shù)為rm{Ca<P}則rm{<}原子的雜化方式為rm{(3)}白磷分子為正四面體結(jié)構(gòu)，價層電子對總數(shù)為rm{4}則rm{P}原子的雜化方式為rm{sp^{3}}rm{P}rm{(3)}rm{4}rm{P}rm{sp^{3}}根據(jù)相似相溶原理，rm{P}rm{{,!}_{4}}中的鍵角為大于在水中的溶解度，rm{60^{circ}}白磷在rm{CS}rm{CS}rm{{,!}_{2}}中的溶解度兩種離子均含磷，且分別與故答案為：rm{sp^{3}}rm{sp^{3}}rm{60^{circ}}；大于；rm{(4)A}rm{B}兩種離子均含磷，且分別與rm{CCl}離子為rm{(4)A}rm{B}價層電子對總數(shù)為rm{CCl}為正四面體，rm{{,!}_{4}}離子為、rm{SF}rm{SF}rm{{,!}_{6}}互為等電子體，則rm{A}離子為rm{A}rm{PCl_{4}^{+}}，陰陽離子之間的最近距離為體的對角線的rm{4+1/2(5-1-4)=4}等于rm{B}離子為rm{PCl_{6}^{-}}陽離子之間的最近距離為面的對角線的一半等于rm{B}故之比為rm{PCl_{6}^{-}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}=sqrt{6}攏潞8}故答案為：故答案為：正四面體；rm{PCl_{6}^{-}}rm{(5)}由以上表格可知，鈣離子半徑小，與氧結(jié)合生成氧化鈣的晶格能大，故碳酸鈣分解溫度低，故答案為：鈣離子半徑小，與氧結(jié)合生成氧化鈣的晶格能大，故碳酸鈣分解溫度低；rm{CaF}根據(jù)rm{CaF}rm{{,!}_{2}}中鈣離子的配位數(shù)為rm{8}陰陽離子之間的最近距離為體的對角線的rm{1/4}等于rm{dfrac{sqrt{3}}{4}}陽離子之間的最近距離為面的對角線的一半等于rm{dfrac{sqrt{2}}{2}}故之比為rm{{,!}^{-3}隆脕(d隆脕10^{-10})^{3}cm^{3}=d^{3}p隆脕10^{-30}g}rm{8}rm{1/4}rm{dfrac{sqrt{3}}{4}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}}根據(jù)rm{p=m/V=40隆脕4/N_{A}/(d隆脕10^{-10})^{3}=p}rm{N_{A}=1.6隆脕10^{32}/pd^{3}}故答案為：rm{dfrac{sqrt{3}}{4}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}=sqrt{6}攏潞8

}rm{8}【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{<}rm{<}rm{(3)sp^{3}}rm{60^{circ}}大于大于rm{(3)sp^{3}}正四面體rm{60^{circ}}rm{(4)}正四面體rm{PCl_{6}^{-}}rm{(4)}rm{PCl_{6}^{-}}鈣離子半徑小，與氧結(jié)合生成氧化鈣的晶格能大，故碳酸鈣分解溫度低rm{(7)d^{3}p隆脕10^{-30;;;;;}1.6隆脕10^{32}/pd^{3}}rm{(5)8}六、綜合題(共4題，共28分)24、略

【分析】【解析】由題圖（2）可直接得出，A、B一起做周期性運動，運動的周期：T=2t0①

令m表示A的質(zhì)量，l表示繩長，v1表示B運動到最低點時的速度，v2表示運動到最高點時的速度，F(xiàn)1表示運動到最低點時繩的拉力，F(xiàn)2表示運動到最高點時繩的拉力.根據(jù)動量守恒定律；

得m0v0=(m0+m)v1②

在最低點和最高點處運用牛頓定律可得F1-（m+m0）g=(m+m0)③

F2+(m+m0)g=(m+m0)④

根據(jù)機械能守恒定律可得2l(m+m0)g=(m+m0)v12-(m+m0)v22⑤

由題圖（2）可知F2="0"⑥

F1=Fm⑦

由以上各式可解得，反映系統(tǒng)性質(zhì)的物理量是m=⑧

l=⑨

A；B一起運動過程中的守恒量是機械能E；若以最低點為勢能的零點，則。

E=（m+m0）v12⑩

解得E=【解析】【答案】m=

l=

E=25、略

【分析】【解析】（1）撤消F前，物體做初速度為零的勻加速運動，由得。

加速度：1分。

根據(jù)牛頓第二定律得：2分。

又因為：1分。

聯(lián)解得：1分。

（2）撤消F瞬間物體速度大?。?分。

（3）撤消F后物體加速度大小：2分。

撤消F后物體滑行距離：2分【解析】【答案】(1)0.1(2)10m/s(3)50m26、略

【分析】【解析】同步衛(wèi)星周期T＝24h＝8.64×s，萬有引力提供向心力，有G＝m·(R＋h)；

化簡得h＝－R；

代入數(shù)據(jù)得h＝3.6×km．

如圖，設赤道平面上信號覆蓋范圍所對圓心角為θ，則有

代入數(shù)據(jù)解得θ＝2arccos＝．

要實現(xiàn)“全球通”，赤道上空所需同步衛(wèi)星的顆數(shù)n＝即至少需要3顆．【解析】【答案】3.6×km；赤道平面上信號覆蓋范圍所對圓心角為：．27、【1】1.ACE

2.解：（1）將玻璃管緩慢地轉(zhuǎn)到開口向下和豎直位置的過程中,設會有xcm水銀流出,氣體的初狀態(tài):p1=p0=75cmHg，V1=L0s；

末狀態(tài):p2=75-(30-x)cmHg，V2=100s-(30-x)s

由玻意耳定律:P1V1=P2V2

代入數(shù)據(jù),計算得出:x1=-120cm(舍去)，x2=5cm

插入后有15cm的水銀柱進入玻璃管，此時管內(nèi)的水銀柱長度:L'=(30-5+15)cm=40cm