2025年外研版三年級(jí)起點(diǎn)高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年外研版三年級(jí)起點(diǎn)高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷508考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、[選做題]下列關(guān)于放射性元素的半衰期的說(shuō)法正確的是（）

A.同種放射性元素；在化合物中的半衰期與在單質(zhì)中相同，放射性元素的半衰期與元素所處的物理和化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)。

B.質(zhì)量為m的鈾經(jīng)過(guò)兩個(gè)半衰期后原來(lái)所含的鈾元素的原子核有發(fā)生了衰變。

C.氡的半衰期是3.8天；若有4g氡原子核，則經(jīng)過(guò)7.6天就只剩下1g氡原子核。

D.氡的半衰期是3.8天；若有4個(gè)氡原子核，則經(jīng)過(guò)7.6天就只剩下一個(gè)氡原子核。

2、如圖所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的矩形線圈的周期為T(mén),轉(zhuǎn)軸O1O2垂直于磁場(chǎng)方向，線圈電阻為2從線圈平面平行磁場(chǎng)方向平行時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，線圈轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)的感應(yīng)電流為1A。那么A．線圈消耗的電功率為8WB．線圈中感應(yīng)電流的有效值為2AC．任意時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量為=sinD．任意時(shí)刻線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=4cos3、關(guān)于靜電場(chǎng)的等勢(shì)面，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩個(gè)電勢(shì)不同的等勢(shì)面可能相交B.電場(chǎng)線與等勢(shì)面平行C.同一等勢(shì)面上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度可能不等D.將一負(fù)的試探電荷從電勢(shì)較高的等勢(shì)面移至電勢(shì)較低的等勢(shì)面，電場(chǎng)力做正功4、下列說(shuō)法不正確的是（）A.變化的電場(chǎng)可能產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)B.紅外線能殺死多種細(xì)菌，常用于醫(yī)院和食品消毒C.地面上的人觀測(cè)到高速（接近光速）運(yùn)動(dòng)的宇宙飛船的長(zhǎng)度比實(shí)際飛船的長(zhǎng)度短D.德國(guó)物理學(xué)家赫茲第一次用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，并測(cè)定了電磁波的波長(zhǎng)和頻率，證實(shí)了電磁波的傳播速度等于光速5、如圖所示；圖甲中理想變壓器原副線圈的匝數(shù)之比為41

現(xiàn)在原線圈兩端加上按圖乙規(guī)律變化的交變電壓時(shí)，燈泡L1L2

均正常發(fā)光，光敏電阻R

的電阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小，電壓表和電流表可視為理想電表，則下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.該交流電的周期T=2s

B.電壓表的示數(shù)為552V

C.僅減弱光敏電阻R

的光照強(qiáng)度，則原線圈輸入功率減小D.僅減弱光敏電阻R

的光照強(qiáng)度，則L1

變暗、L2

將變亮6、M、N、P是半圓上的三點(diǎn)，O點(diǎn)是圓心，MN為直徑，∠NOP＝60°.在M、N處各有一條垂直半圓面的長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖所示，這時(shí)O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1.若將M點(diǎn)的長(zhǎng)直導(dǎo)線移至P點(diǎn)，O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)锽2；則()

A.B2∶B1＝2∶B.B2∶B1＝∶2C.B2∶B1＝1∶2D.B2∶B1＝2∶1評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、回旋加速器的核心部分是兩個(gè)半徑為R的D型金屬扁盒，如圖，盒正中央開(kāi)有一條窄縫，在兩個(gè)D型盒之間加交變電壓，于是在縫隙中形成交變電場(chǎng)，由于屏蔽作用，在D型盒內(nèi)部電場(chǎng)很弱，D型盒裝在真空容器中，整個(gè)裝置放在巨大電磁鐵的兩極之間，磁場(chǎng)方向垂直于D型盒的底面，只要在縫隙中的交變電場(chǎng)的頻率不變，便可保證粒子每次通過(guò)縫隙時(shí)總被加速，粒子的軌道半徑不斷增大，并逐漸靠近D型盒邊緣，加速到最大能量E后，再用特殊的裝置將它引出．在D型盒上半面中心出口A處有一正離子源，正離子所帶電荷量為q、質(zhì)量為m，加速時(shí)電極間電壓大小恒為U．（加速時(shí)的加速時(shí)間很短，可忽略；正離子從離子源出發(fā)時(shí)初速為零）．則下列說(shuō)法正確的是（）A.增大交變電壓U，則正離子在加速器中運(yùn)行時(shí)間將變短B.增大交變電壓U，則正離子在加速器中運(yùn)行時(shí)間將不變C.正離子第n次穿過(guò)窄縫前后的速率之比為D.回旋加速器所加交變電壓的頻率為8、下列說(shuō)法正確的是(

)

A.在核反應(yīng)714N+24He隆煤817O+X

中，X

是質(zhì)子，這個(gè)反應(yīng)過(guò)程叫婁脕

衰變B.處于n=3

能級(jí)狀態(tài)的大量氫原子自發(fā)躍遷時(shí)，能發(fā)出3

種頻率的光子C.婁脕婁脗婁脙

種射線中，婁脕

射線的電離作用最強(qiáng)E.婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果表明原子核是由質(zhì)子和中子組成的E.婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果表明原子核是由質(zhì)子和中子組成的9、關(guān)于飽和汽，正確的說(shuō)法是（）A.在穩(wěn)定情況下，密閉容器中如有某種液體存在，其中該液體蒸汽一定是飽和的B.密閉容器中有未飽和水蒸氣，向容器內(nèi)注入足夠量的空氣，增大氣壓可使水汽飽和C.隨著液體的不斷蒸發(fā)，當(dāng)液化和汽化速率相等時(shí)液體和蒸汽達(dá)到的一種平衡狀態(tài)叫動(dòng)態(tài)平衡D.對(duì)于某種液體來(lái)說(shuō)，在溫度升高時(shí)，由于單位時(shí)間內(nèi)從液面汽化的分子數(shù)增多，所以其蒸汽飽和壓強(qiáng)增大10、如圖為三個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B

方向分別垂直紙面向外、向里和向外，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)

在磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)邊界處，有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

的正方形導(dǎo)體線框，總電阻為R

且線框平面與磁場(chǎng)方向垂直，現(xiàn)用外力F

使線框以速度v

勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以初始位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，規(guī)定電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)的電動(dòng)勢(shì)E

為正，磁感線垂直紙面向里時(shí)的磁通量摟忙

為正值，外力F

向右為正。則以下能反映線框中的磁通量摟忙

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E

外力F

和電功率P

隨時(shí)間變化規(guī)律圖象的是()

A.B.C.D.11、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素，如圖所示.

設(shè)兩極板正對(duì)面積為S

極板間的距離為d

靜電計(jì)指針偏角為婁脠.

實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若()

A.保持S

不變，增大d

則婁脠

變小B.保持S

不變，增大d

則婁脠

變大C.保持d

不變，減小S

則婁脠

變小D.保持Sd

不變，在兩板之間插入一塊有機(jī)玻璃(

絕緣介質(zhì))婁脠

變小12、有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在赤道表面上隨地球一起轉(zhuǎn)動(dòng)，b是近地軌道衛(wèi)星；c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測(cè)衛(wèi)星，它們均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，各衛(wèi)星排列位置如圖所示，則下面敘述中不正確的是（）

A.衛(wèi)星a的向心加速度等于重力加速度gB.衛(wèi)星a的向心加速度等于重力加速度gC.衛(wèi)星c在1小時(shí)內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是D.衛(wèi)星d的運(yùn)動(dòng)周期有可能是30小時(shí)評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、在測(cè)定一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中；

（1）下圖中給出的四種可供選用的測(cè)量電路中，為了實(shí)驗(yàn)的可行性及提高實(shí)驗(yàn)精度，應(yīng)選用的電路是____．

（2）一位學(xué)生在實(shí)驗(yàn)中記錄的6組數(shù)據(jù)如下．試根據(jù)這些數(shù)據(jù)畫(huà)出U─I圖線，并從圖線上求出電池的電動(dòng)勢(shì)E=____V，內(nèi)電阻r=____Ω．

。I（A）U（V）0.121.370.201.320.311.240.321.180.501.100.571.05（3）由于實(shí)驗(yàn)原理不完善，本實(shí)驗(yàn)所測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)E跟真實(shí)值E相比，E____E．（填“大于”，“小于”，“等于”）14、某同學(xué)利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究做勻變速直線運(yùn)動(dòng)小車(chē)的運(yùn)動(dòng)情況．圖示為該同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)打出的一條紙帶，其中紙帶右端與小車(chē)相連接，紙帶上兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔是0.1s．據(jù)此可求得：小車(chē)的加速度大小a=______m/s2．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

15、某同學(xué)在做“用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)中；先測(cè)得擺線長(zhǎng)為97.50cm，擺球直徑為2.0cm，然后用秒表記錄了單擺振動(dòng)50次所用的時(shí)間，則：

（1）單擺擺長(zhǎng)為_(kāi)_____cm．

（2）如果他測(cè)得的g值偏小，可能的原因是______

A．測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺球拉得過(guò)緊。

B．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了。

C．開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下。

D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)數(shù)記為50次。

（3）為了提高實(shí)驗(yàn)精確度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長(zhǎng)L并測(cè)出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對(duì)應(yīng)的L與T的數(shù)據(jù)如圖所示，再以L為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g=______．（用k表示）16、如圖所示，一帶正電物體從斜面的A

處由靜止開(kāi)始滑下，經(jīng)過(guò)一水平面后又滑上右邊的斜面并停留在B

處，AB

連線與水平面成婁脕

角，若在整個(gè)空間加上豎直向下的電場(chǎng)，則該物體從A

點(diǎn)由靜止滑下，到達(dá)右邊的斜面并停留在C

處(

圖中未標(biāo)出)AC

連線與水平面夾角為婁脗

若接觸面處動(dòng)摩擦因素處處相等，斜面與水平面接觸處是小圓弧，則婁脕婁脗

的關(guān)系是婁脕

______婁脗(

選填“大于”、“小于”或“等于”)

17、演示實(shí)驗(yàn)1中；磁體相對(duì)線圈運(yùn)動(dòng)，線圈內(nèi)磁場(chǎng)發(fā)生______，變強(qiáng)或者變?nèi)酰ň€圈面積不變），從而引起線圈中的______發(fā)生變化，有______電流產(chǎn)生；當(dāng)磁體在線圈中靜止時(shí)，線圈內(nèi)磁場(chǎng)______，線圈內(nèi)的磁通量______，無(wú)電流產(chǎn)生．（如圖1）

演示實(shí)驗(yàn)2如圖2中，通、斷電瞬間，變阻器滑動(dòng)片快速移動(dòng)過(guò)程中，線圈A中電流發(fā)生______，導(dǎo)致線圈B內(nèi)磁場(chǎng)發(fā)生______，變強(qiáng)或者變?nèi)酰ň€圈面積不變），從而引起線圈中的______發(fā)生變化，有______電流產(chǎn)生；當(dāng)線圈A中電流恒定時(shí)，線圈內(nèi)磁場(chǎng)______，無(wú)電流產(chǎn)生．18、在電場(chǎng)中的某點(diǎn)放入電荷量為5.0×10-9C的點(diǎn)電荷，受到的電場(chǎng)力是3.0×10-4N．則這一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=____N/C．如果改用電荷量為6.0×10-9C的點(diǎn)電荷，來(lái)確定該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，場(chǎng)強(qiáng)大小____（填“變大”、“變小”或“不變”）．19、如圖所示，A、B經(jīng)細(xì)繩相連掛在彈簧下靜止不動(dòng)，A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量為M，當(dāng)A、B間繩突然斷開(kāi)，物體A上升到某位置時(shí)速度為v，這時(shí)B下落速度為u，在這段時(shí)間內(nèi)彈簧彈力對(duì)物體A的沖量為_(kāi)_____．20、如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置可實(shí)現(xiàn)原子核的人工轉(zhuǎn)變，當(dāng)裝置的容器內(nèi)通入氣體B

時(shí)，熒光屏上觀察到閃光.

圖中氣體B

是______，該原子核人工轉(zhuǎn)變的核反應(yīng)方程式是________________________;

發(fā)現(xiàn)原子核另一個(gè)核子的反應(yīng)方程是_____________21、質(zhì)量為0.5kg的小球沿光滑水平面以5m/s的速度沖向墻壁后又以4m/s的速度反向彈回，如圖所示，則碰撞前的動(dòng)量大小為_(kāi)_____kgm/s。若球與墻的作用時(shí)間為0.05s，則小球所受到的平均力大小為_(kāi)_____N。評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共32分)22、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

24、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共1題，共4分)26、如圖所示；豎直平面內(nèi)的光滑弧形軌道的底端恰好與光滑水平面相切.

質(zhì)量M=2.0kg

的小物塊B

靜止在水平面上.

質(zhì)量m=1.0kg

的小物塊A

從距離水平面高h(yuǎn)=1.8m

的P

點(diǎn)沿軌道從靜止開(kāi)始下滑，經(jīng)過(guò)弧形軌道的最低點(diǎn)Q

滑上水平面與B

相碰，碰后兩個(gè)物體以共同速度運(yùn)動(dòng).

取重力加速度g=10m/s2.

求：

(1)A

經(jīng)過(guò)Q

點(diǎn)時(shí)速度的大??；

(2)A

與B

碰后速度的大小；

(3)

碰撞過(guò)程中AB

組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能鈻?E

．評(píng)卷人得分六、畫(huà)圖題(共2題，共4分)27、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象28、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A|C【分析】

元素原子核的半衰期是由元素本身決定；與元素所處的物理和化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故A正確；

B；設(shè)元素衰變前質(zhì)量為M；經(jīng)過(guò)n個(gè)半衰期后質(zhì)量為m，則有：

故質(zhì)量為m的鈾經(jīng)過(guò)兩個(gè)半衰期后原來(lái)所含的鈾元素還剩有發(fā)生衰變；故B錯(cuò)誤；

C；氡的半衰期是3.8天；經(jīng)過(guò)7.6天即經(jīng)過(guò)2個(gè)半衰期，還剩余1克氡原子核，故C正確；

D；半衰期是對(duì)大量原子核的統(tǒng)計(jì)規(guī)律；對(duì)于單個(gè)或者少數(shù)是不成立的，故D錯(cuò)誤．

故選AC．

【解析】【答案】正確解答本題需要掌握：半衰期是對(duì)大量放射性元素的統(tǒng)計(jì)規(guī)律；是由元素本身決定，與原子核所處環(huán)境；狀態(tài)無(wú)關(guān)；同時(shí)要明確發(fā)生半衰期次數(shù)、衰變前總質(zhì)量、衰變后質(zhì)量之間的關(guān)系．

2、D【分析】感應(yīng)電流瞬時(shí)值表達(dá)式為，wt=60°，可知電流峰值為2A，線圈消耗功率為P=，A錯(cuò)；電流有效值為，B錯(cuò)；任意時(shí)刻線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=4cosNBSw=4，BS=任意時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量為sinC錯(cuò)；【解析】【答案】D3、C【分析】解：A；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；所以電勢(shì)不同的等勢(shì)面不可能相交．故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面的關(guān)系可知；電場(chǎng)線與等勢(shì)面互相垂直，故B錯(cuò)誤；

C；電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與電勢(shì)的高低沒(méi)有關(guān)系；所以同一等勢(shì)面上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不一定相等，故C正確；

D；負(fù)電荷在等勢(shì)面高的位置的電勢(shì)能??；所以將一負(fù)的試探電荷從電勢(shì)較高的等勢(shì)面移至電勢(shì)較低的等勢(shì)面，電勢(shì)能增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤．

故選：C

電場(chǎng)中電勢(shì)相等的各個(gè)點(diǎn)構(gòu)成的面叫做等勢(shì)面；沿著等勢(shì)面移動(dòng)點(diǎn)電荷；電場(chǎng)力不做功．電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，且從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面．負(fù)電荷在等勢(shì)面高的位置的電勢(shì)能?。?/p>

本題關(guān)鍵記住電場(chǎng)線和等勢(shì)面的關(guān)系，相互垂直，從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，掌握等勢(shì)面的基本特點(diǎn)：在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力總是不做功．【解析】【答案】C4、B【分析】解：A；根據(jù)麥克斯電磁場(chǎng)理論；變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)，周期性變化的電場(chǎng)可能產(chǎn)生周期性變化的磁場(chǎng)；故A正確．

B；紫外線能殺死多種細(xì)菌；常用于醫(yī)院和食品消毒．故B錯(cuò)誤．

C；根據(jù)相對(duì)論的假設(shè)可知；地面上的人觀測(cè)到高速（接近光速）運(yùn)動(dòng)的宇宙飛船的長(zhǎng)度比實(shí)際飛船的長(zhǎng)度短．故C正確．

D；德國(guó)物理學(xué)家赫茲第一次用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在；并測(cè)定了電磁波的波長(zhǎng)和頻率，證實(shí)了電磁波的傳播速度等于光速，故D正確．

本題選擇不正確的．

故選：B．

麥克斯韋建立了電磁場(chǎng)理論：變化的電場(chǎng)周?chē)a(chǎn)生磁場(chǎng)；變化的磁場(chǎng)周?chē)a(chǎn)生電場(chǎng)；并預(yù)言了電磁波的存在，而赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在．紅外線的顯著作用是熱作用，紫外線的顯著作用是化學(xué)作用，紫外線能用來(lái)殺菌消毒．由狹義相對(duì)論的知識(shí)可知有關(guān)慣性系的規(guī)律，即可知光的傳播速度的大小關(guān)系．

本題考查物理學(xué)史，對(duì)于著名物理學(xué)家、經(jīng)典實(shí)驗(yàn)和重要學(xué)說(shuō)要記牢，不能張冠李戴．同時(shí)注意電磁波譜中各種電磁波的性質(zhì)及應(yīng)用的把握．【解析】【答案】B5、C【分析】解：A

根據(jù)圖乙可知該交流電的周期T=2隆脕10鈭?2s

故A錯(cuò)誤；

B、原線圈電壓的有效值U1=220V

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，副線圈電壓U2=14隆脕220=55V

故B錯(cuò)誤；

C、僅減弱光敏電阻R

的光照強(qiáng)度，光敏電阻的阻值增大，輸出電壓不變，由P=U22R

得輸出功率變??；則原線圈輸入功率減小，故C正確；

D；僅減弱光敏電阻R

的光照強(qiáng)度；光敏電阻的阻值增大，輸出電壓不變，燈泡L1

和光敏電阻兩端的電壓之和不變，由歐姆定律流過(guò)燈泡L1

的電流減小，燈泡L1

變暗，燈泡L2

兩端的電壓不變，L2

亮度不變，故D錯(cuò)誤；

故選：C

由光照強(qiáng)度的變化可明確電阻的變化；則可以得出輸出電流的變化，再由電流；電壓與匝數(shù)的關(guān)系分析電流及電壓的變化；由功率公式分析功率的變化．

本題為變壓器與閉合電路歐姆定律動(dòng)態(tài)分析的結(jié)合，要注意改變電阻能改變電流和功率，但不能改變電壓．【解析】C

6、C【分析】【詳解】

根據(jù)安培定則可知，原來(lái)位置每根導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向均向上，大小為則當(dāng)M移至P點(diǎn)時(shí)，在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度如圖所示。

由圖可知，兩導(dǎo)線形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向夾角為120°，由幾何關(guān)系可知，O點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為：B2＝故B2∶B1＝1∶2。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)7、AC【分析】解解：AB、增大交變電壓，則粒子經(jīng)過(guò)電場(chǎng)加速動(dòng)能變大，速度變化，在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的半徑變大，則通過(guò)回旋加速器在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的次數(shù)減小，因?yàn)榱Ｗ釉诖艌?chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期T=與速率無(wú)關(guān)，周期不變，則粒子在加速器中運(yùn)行的時(shí)間將變短．故A正確，B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)動(dòng)能定理得，正離子第n次穿過(guò)狹縫前，有（n-1）qU=mvn-12，解得vn-1=

第n次穿過(guò)狹縫后，有nqU=mvn2，解得vn=．

則=．故C正確．

D、回旋加速器所加交變電壓的周期等于粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)行的周期，因?yàn)镽=則最大速度v=

則粒子的最大能量E=mv2=解得qB=

則交變電壓的周期T==2πm所以f==．故D錯(cuò)誤．

故選：AC．

回旋加速器是運(yùn)用電場(chǎng)加速；磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來(lái)加速粒子，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)行的周期等于交變電壓的周期．

解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器的原理，知道粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)行周期等于交變電壓的周期．【解析】【答案】AC8、BCD【分析】解：A

核反應(yīng)714N+24He隆煤817O+X

中；X

是質(zhì)子，這個(gè)反應(yīng)過(guò)程不叫婁脕

衰變，只有是氦原子核，才是婁脕

衰變，故A錯(cuò)誤；

B；處于n=3

能級(jí)狀態(tài)的大量氫原子自發(fā)躍遷時(shí)；根據(jù)數(shù)學(xué)組合C32

即可能發(fā)出3

種頻率的光子，故B正確；

C；婁脕婁脗婁脙

三種射線中婁脕

射線的電離本領(lǐng)最強(qiáng)，故C正確；

D；玻爾的原子模型局限性是；玻爾的原子模型能解釋氫原子光譜，但不能解釋氦原子光譜，故D正確；

E；婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果表明；說(shuō)明原子有核式結(jié)構(gòu)，但并不能說(shuō)明原子核由質(zhì)子和中子組成，故E錯(cuò)誤；

故選：BCD

．

當(dāng)放出氦原子核的衰變；才是婁脕

衰變；根據(jù)數(shù)學(xué)組合Cn2

即可求得幾種光子；根據(jù)三種射線的特性；婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)使人們認(rèn)識(shí)到原子具有核式結(jié)構(gòu)模型，從而即可求解．

考查衰變類(lèi)型判定與區(qū)別，掌握躍遷放出與吸收的光子，注意三種射線的特征，及天然放射現(xiàn)象與婁脕

粒子的散射現(xiàn)象的區(qū)別．【解析】BCD

9、ACD【分析】解：A；汽化與液化達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)氣體達(dá)到飽和；在穩(wěn)定情況下，密閉容器中如有某種液體存在，其中該液體蒸汽一定是飽和的，故A正確；

B；壓強(qiáng)越大；飽和氣壓越大，密閉容器中有未飽和水蒸氣，向容器內(nèi)注入足夠量的空氣，增大氣壓，水汽不會(huì)達(dá)到飽和，故B錯(cuò)誤；

C；隨著液體的不斷蒸發(fā)；當(dāng)液化和汽化速率相等時(shí)液體和蒸汽達(dá)到的一種平衡狀態(tài)叫動(dòng)態(tài)平衡，故C正確；

D；對(duì)于某種液體來(lái)說(shuō)；在溫度升高時(shí)，由于單位時(shí)間內(nèi)從液面汽化的分子數(shù)增多，所以其蒸汽飽和壓強(qiáng)增大，故D正確；

故選：ACD．

對(duì)于某種液體來(lái)說(shuō)；單位時(shí)間內(nèi)從液面汽化的分子數(shù)與液化的分子數(shù)相等，汽化與液化達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)的氣體達(dá)到飽和，溫度越高；壓強(qiáng)越大，飽和氣壓越大．

解決本題的關(guān)鍵是知道：1．飽和汽壓的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度，與體積無(wú)關(guān)．2．飽和狀態(tài)下的汽體不遵循理想氣體實(shí)驗(yàn)定律，未飽和汽近似遵守理想氣體定律．【解析】【答案】ACD10、ABD【分析】【分析】

由線圈的運(yùn)動(dòng)可得出線圈中磁通量的變化；由法拉第電磁感應(yīng)定律及E=BLV

可得出電動(dòng)勢(shì)的變化，由歐姆定律可求得電路中的電流，則可求得安培力的變化，由P=I2R

可求得電功率的變化。

【解答】

A.當(dāng)線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；位移在0?L

內(nèi)，磁通量開(kāi)始均勻增加，當(dāng)全部進(jìn)入左側(cè)磁場(chǎng)時(shí)達(dá)最大，且為負(fù)值；位移在L?2L

內(nèi)，向里的磁通量增加，總磁通量均勻減??；當(dāng)位移為1.5L

時(shí)，磁通量最小，為零，位移在1.5L

到2L

時(shí)，磁通量向里，為正值，且均勻增大，位移在2L?2.5L

時(shí)，磁通量均勻減小至零，在2.5L?3L

內(nèi)，磁通量均勻增大，且方向向外，為負(fù)值，在3L?4L

內(nèi)，磁通量均勻減小至零，且為負(fù)值，故A正確；

B.當(dāng)線圈進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)；由E=BLv

可知，E

保持不變，由右手定則知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)沿逆時(shí)針?lè)较?，為正值，線框開(kāi)始進(jìn)入第二個(gè)和第三個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，左右兩邊同時(shí)切割磁感線，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)應(yīng)為2BLv

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)沿逆時(shí)針?lè)较?，為正值，完全在第三個(gè)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，左邊切割磁感線，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為BLv

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)沿逆時(shí)針?lè)较?，為正值，故B正確；

C.因安培力總是與運(yùn)動(dòng)方向相反；故拉力應(yīng)一直向右，故C錯(cuò)誤；

D.拉力的功率P=Fv

因速度不變，而在線框在第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，電流為定值，拉力也為定值，兩邊分別在兩個(gè)磁場(chǎng)中時(shí)，由B

的分析可知，電流加倍，故安培力加培，功率加倍，此后從第二個(gè)磁場(chǎng)中離開(kāi)時(shí)，安培力應(yīng)等于線框在第一個(gè)磁場(chǎng)中的安培力，故D正確。

故選ABD。

【解析】ABD

11、BD【分析】略【解析】BD

12、BD【分析】解：A、地球同步衛(wèi)星的角速度與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，則知a與c的角速度相同，根據(jù)a=ω2r知；c的向心加速度大。

由G=mg，得g=可知衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則地球同步衛(wèi)星c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度約為g；故a的向心加速度小于重力加速度g。故A錯(cuò)誤；

B、c是同步衛(wèi)星，所以c與a的角速度相等；bcd都是衛(wèi)星，由G=mω2r，得則知衛(wèi)星的軌道半徑越大，角速度越小，所以b的角速度最大；故B正確；

C、c是地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則c在h內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是×2π=．故C錯(cuò)誤；

D、由開(kāi)普勒第三定律=k知；衛(wèi)星的軌道半徑越大，周期越大，所以d的運(yùn)動(dòng)周期大于c的周期24h，有可能是30小時(shí)。故D正確；

故選：BD。

地球同步衛(wèi)星的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，根據(jù)a=ω2r比較a與c的向心加速度大??；再比較c的向心加速度與g的大小。根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式得出角速度與半徑的關(guān)系，分析弧長(zhǎng)關(guān)系。根據(jù)開(kāi)普勒第三定律判斷d與c的周期關(guān)系。

對(duì)于衛(wèi)星問(wèn)題，要建立物理模型，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，分析各量之間的關(guān)系，并且要知道同步衛(wèi)星的條件和特點(diǎn)?！窘馕觥緽D三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】

（1）由于電池的內(nèi)電阻很??；采用的電流的內(nèi)接法可以減小測(cè)量?jī)?nèi)電阻的誤差；

所以在本實(shí)驗(yàn)中采用的實(shí)驗(yàn)電路圖是C．

（2）根據(jù)已知的數(shù)據(jù)；畫(huà)出U-I圖象如圖所示；

在U-I圖象中；圖象與縱坐標(biāo)的截距代表是的電動(dòng)勢(shì)的大??；

所以電池的電動(dòng)勢(shì)的大小為E=1.45V（1.44V-1.46V）

圖象的斜率的大小代表是內(nèi)電阻的大??；

所以r==0.69Ω（0.67Ω-0.71Ω）

（3）由于采用的是電流表的內(nèi)接法；電流表的測(cè)量的電流不是總電流的大小，少了電壓表的電流；

所以測(cè)量的電流偏小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得E=U+Ir；由于I偏小，得到的內(nèi)電壓偏小，所以最終得到的電動(dòng)勢(shì)比真實(shí)值偏小．

故答案為：（1）C

（2）1.45V（1.44V-1.46V）；0.69Ω（0.67Ω-0.71Ω）

（3）小于。

【解析】【答案】（1）電流表的內(nèi)阻較??；采用電流表的內(nèi)接法，可以減小對(duì)電池內(nèi)阻的影響；

（2）根據(jù)已知的數(shù)據(jù)；畫(huà)出U-I圖象，根據(jù)圖象所表示的物理意義可以求得電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的大?。?/p>

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的電路圖來(lái)分析電壓表和電流表的數(shù)據(jù)的關(guān)系；可以得到測(cè)量值與真實(shí)值之間的關(guān)系．

14、略

【分析】解：從刻度尺中可以得到sAB=1.20cm、sCD=2.20cm；

根據(jù)公式△x=aT2；有：

sAB-sCD=2aT2

故：a==0.50m/s2

故答案為：0.50

勻變速運(yùn)動(dòng)中，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小．

要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用．【解析】0.5015、略

【分析】解：（1）單擺的擺長(zhǎng)為：L=．

（2）根據(jù)T=得：g=．

A；測(cè)擺線時(shí)擺球拉得過(guò)緊；則擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏大，所以重力加速度的測(cè)量值偏大．故A錯(cuò)誤．

B；擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，知擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，所以重力加速度的測(cè)量值偏?。蔅正確．

C；開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下，周期的測(cè)量值偏小，知重力加速度的測(cè)量值偏大．故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)數(shù)記為50次；周期的測(cè)量值偏小，知重力加速度的測(cè)量值偏大．故D錯(cuò)誤．

故選：B．

（3）根據(jù)T=得，知圖線斜率k=則g=．

故答案為：（1）98.50；（2）B；（3）

（1）單擺的擺長(zhǎng)等于擺線的長(zhǎng)度與擺球的半徑之和．

（2）根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；從而分析測(cè)量值偏小的原因．

（3）根據(jù)單擺的周期公式得出T2-L關(guān)系式；結(jié)合圖線的斜率求出重力的加速度g的表達(dá)式．

解決本題的關(guān)鍵掌握單擺的周期公式，知道T2-L圖線斜率表示的物理意義．【解析】98.50；B；16、等于【分析】【分析】整個(gè)過(guò)程有重力和摩擦力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求出婁脕婁脕和婁脗婁脗的關(guān)系。本題在力學(xué)的基礎(chǔ)上加了勻強(qiáng)電場(chǎng)，可先把電場(chǎng)力和重力合成后分析。?！窘獯稹吭O(shè)斜面傾角為婁脠

斜面長(zhǎng)為L(zhǎng)

物體在斜面上下滑過(guò)程中阻力做的功為Wf=鈭?婁脤mgcos婁脠L

則全過(guò)程由動(dòng)能定理應(yīng)有mgh+wf=0

即mgABsin婁脕=婁脤mgcos婁脕

婁脤=tan婁脕

同理；加入豎直向下的電場(chǎng)后，對(duì)全過(guò)程由動(dòng)能定理有(mg+gE)h鈭?婁脤(mg+gE)ACcos婁脗=0

整理可得sin婁脗=婁脤cos婁脗

即婁脤=tan婁脗

比較可得婁脗=婁脕

故答案為：等于．【解析】等于17、變化磁通量感應(yīng)電流不變不變變化變化磁通量感應(yīng)不變【分析】解：演示實(shí)驗(yàn)1中；磁體相對(duì)線圈運(yùn)動(dòng)，線圈內(nèi)磁場(chǎng)發(fā)生變化，磁體插入線圈，磁場(chǎng)變強(qiáng)，磁體從線圈中拔出，磁場(chǎng)變?nèi)酰瑥亩鹁€圈中的磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生；當(dāng)磁體在線圈中靜止時(shí)，線圈內(nèi)磁通量不變，無(wú)電流產(chǎn)生；

演示實(shí)驗(yàn)2中；通；斷電瞬間，變阻器滑動(dòng)片快速移動(dòng)的過(guò)程中，線圈A中電流發(fā)生變化，導(dǎo)致線圈B內(nèi)磁場(chǎng)發(fā)生變化，變強(qiáng)或者變?nèi)酰ň€圈面積不變），磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生；當(dāng)線圈A中電流恒定時(shí)，線圈內(nèi)磁場(chǎng)不變，無(wú)電流產(chǎn)生．

故答案為：變化磁通量感應(yīng)電流不變不變。

變化變化磁通量感應(yīng)不變。

根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件分析答題：穿過(guò)閉合回路的磁通量方式變化時(shí)；電路中有感應(yīng)電流產(chǎn)生；磁通量的變化可能是由：面積的變化；磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化、磁場(chǎng)方向與面的方法發(fā)生變化而引起的．

本題考查了判斷是否產(chǎn)生感應(yīng)電流，知道感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，根據(jù)題意分析即可正確解題．【解析】變化磁通量感應(yīng)電流不變不變變化變化磁通量感應(yīng)不變18、略

【分析】

在電場(chǎng)中的某點(diǎn)放入電荷量為5.0×10-9C的點(diǎn)電荷，受到的電場(chǎng)力是3.0×10-4N．

由場(chǎng)強(qiáng)的定義式E=得；

這一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=6.0×104N/C．

電場(chǎng)強(qiáng)度是反映電場(chǎng)本身特性的物理量；由電場(chǎng)決定，與試探電荷無(wú)關(guān)；

如果改用電荷量為6.0×10-9C的點(diǎn)電荷，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，仍為6.0×104N/C．

故答案為：6.0×104N/C；不變．

【解析】【答案】放入電場(chǎng)中電荷是試探電荷，電場(chǎng)強(qiáng)度等于試探電荷所受的電場(chǎng)力與電荷量的比值，由場(chǎng)強(qiáng)的定義式E=求解P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度．將改變檢驗(yàn)電荷；該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變．

19、略

【分析】解：以向上為正方向；由動(dòng)量定理得：

對(duì)B：-Mgt=-Mu-0；

對(duì)A：I-mgt=mv-0；

解得：I=m（v+u）；

故答案為：m（u+v）

分別對(duì)A；B兩物體應(yīng)用動(dòng)量定理列式；聯(lián)立即可以求出彈簧的彈力對(duì)A的沖量．

本題考查了求彈簧的沖量，應(yīng)用動(dòng)量定理即可正確解題，應(yīng)用動(dòng)量定理解題時(shí)，要注意正方向的選擇【解析】m（u+v）20、氮?dú)狻痉治觥俊痉治觥勘R瑟福用婁脕

粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)質(zhì)子；并首次實(shí)現(xiàn)原子核的人工轉(zhuǎn)變。

盧瑟福用婁脕

粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)質(zhì)子并首次實(shí)現(xiàn)原子核的人工轉(zhuǎn)變?cè)跉v史上有著重要意義，要了解實(shí)驗(yàn)和該核反應(yīng)方程?！窘獯稹吭撗b置是盧瑟福第一次完成了原子核的人工轉(zhuǎn)變并發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子的實(shí)驗(yàn)裝置，圖中氣體BB是氮?dú)?，核反?yīng)方程為24He+714N隆煤817O+11H，可知使熒光屏出現(xiàn)閃光的粒子是質(zhì)子。發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)方程為：24He+49Be隆煤612C+01n{,!}_{2}^{4}{H}e+_{4}^{9}{B}e隆煤_{6}^{12}{C}+_{0}^{1}{n}故填：氮?dú)?4He+714N隆煤817O+11H24He+49Be隆煤612C+01n

【解析】氮?dú)?4He+714N隆煤817O+11H24He+49Be隆煤612C+01n

21、2.590【分析】解：由動(dòng)量的公式知碰撞前的動(dòng)量大小P1=mv1=2.5kgm/s

碰撞前的動(dòng)量大小P2=mv2=2kgm/s

規(guī)定向左為正方向，則小球動(dòng)量的增量為：△P=mv2-mv1=4.5kgm/s。

根據(jù)動(dòng)量定理得：Ft=△P

解得：F=90N

故答案為：2.590

根據(jù)動(dòng)量的公式可求得碰撞前的動(dòng)量大?。桓鶕?jù)初末狀態(tài)的速度求出動(dòng)量的變化量；結(jié)合動(dòng)量定理求出小球在碰撞過(guò)程中受到的平均沖力的大小。

本題考查了動(dòng)量定理的基本運(yùn)用，知道合力的沖量等于動(dòng)量的變化量，注意公式的矢量性?！窘馕觥?.590四、判斷題(共4題，共32分)22、B【分析】【解