2025年岳麓版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，C為電容器，當電路中滑動變阻器R的滑動觸頭P向上滑動時；以下說法正確的是。

A.A燈變暗B.總電流變大C.電容的電量減小D.電源總功率變小2、下列關于甲；乙、丙、丁四幅圖的說法；正確的是（）

A.圖甲中，當兩導體棒以相同的速度在導軌上勻速向右運動時，導體棒中能產生感應電流B.圖乙中，當導體棒在勻強磁場中以恒定的角速度轉動時，導體棒中能產生感應電流C.圖丙中，當閉合圓環(huán)導體（水平放置）某一直徑正上方的直導線中通有直電流時，閉合圓環(huán)導體中能產生感應電流D.圖丁中，當滑動變阻器的滑片向右滑動時，不閉合的導體環(huán)中能產生感應電流3、用圖所示的電路測量電阻的阻值，圖中電壓表的內阻為電流表內阻為測量時把電壓表示數U和電流表示數I的比值作為電阻的測量值；忽略實驗操作中的偶然誤差，則下列說法正確的是（）

A.電阻的測量值大于真實阻值B.電阻的測量值小于真實阻值C.電阻的真實阻值為D.電阻的真實阻值為4、一臺國產封閉型貯水式電熱水器的銘牌上所列的主要技術參數如下表所示．根據表中提供的數據；計算出此電熱水器在額定電壓下處于加熱狀態(tài)時，通過電熱水器的電流約為（）

。額定容量。

54L

最高水溫。

75℃

額定功率。

1500W

額定壓力。

0.7MPa

額定電壓。

220V

電器類別。

Ⅰ類。

A.6.8AB.0.15AC.4.4AD.0.23A5、如圖所示；用半偏法測量一只電流表的內阻，下列各組主要操作步驟及排列次序正確的是（）

A.閉合S1，調節(jié)R1使電流表滿偏，再閉合S2，調節(jié)R2使電流表半偏，讀出R2的阻值B.閉合S1，調節(jié)R1使電流表滿偏，再閉合S2，調節(jié)R1使電流表半偏，讀出R2的阻值C.閉合S1、S2，調節(jié)R1使電流表滿偏，再調節(jié)R2使電流表半偏，讀出R2的阻值D.閉合S1、S2，調節(jié)R2使電流表滿偏，再調節(jié)R1使電流表半偏，讀出R2的阻值評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、如圖所示是一火警報警器的電路示意圖，其中為半導體熱敏材料制成的傳感器，這種半導體熱敏材料的電阻率隨溫度的升高而減?。娏鞅頌橹蛋嗍业娘@示器，電源兩極之間接一報警器，當傳感器所在處出現火情時，顯示器電流I、報警器兩端電壓U的變化情況是（）

A.I變大B.I變小C.U變大D.U變小7、導體處于靜電平衡時，關于導體上電荷分布特點的下列說法正確的是（）A.導體內部沒有電荷，電荷只分布在導體的外表面B.電荷可以在導體內均勻分布C.導體表面越尖銳的位置電荷密度越大D.導體表面越尖銳的位置電荷密度越小8、如圖甲所示是某工廠煙囪靜電除塵機原理圖；放電極和集塵極加上高壓電場，使塵埃帶上靜電（電荷性質未知），塵埃在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，達到除塵目的，圖乙是俯視圖，圖中實線為電場線。不考慮塵埃在遷移過程中的相互作用和電荷量變化，則（）

A.進入除塵區(qū)前應使塵埃帶上負電荷B.圖中A點電勢高于B點電勢C.圖中A點電場強度大于B點電場強度D.塵埃在遷移過程中電勢能增加9、如圖所示，一質量為帶電量為的物體處于場強以（是均為大于零的常數，取水平向左為正方向）變化的電場中，物體與豎直墻壁間動摩擦因數為當時刻物體處于靜止狀態(tài)。若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力；且電場空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是（）

A.物體開始運動后加速度不斷增加B.物體開始運動后加速度先增加、后保持不變C.經過時間物體在豎直墻壁上的位移達最大值D.經過時間物體運動速度達最大值10、如圖所示，電路中電源電動勢為內阻為為電容器，為小燈泡，為定值電阻，閉合開關，小燈泡能正常發(fā)光。現將滑動變阻器的滑片向左滑動一段距離，滑動前后理想電壓表示數變化量的絕對值分別為理想電流表A示數變化量的絕對值為則（）。

A.電源的輸出功率一定增大B.燈泡逐漸變暗C.均保持不變D.當電路穩(wěn)定后，斷開開關，小燈泡不會立刻熄滅11、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻（電阻隨光強的增大而減?。擱2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關S，此時電流表A和電壓表V的示數分別為I和U以下說法正確的是。

A.若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量減少B.若僅將R1的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大C.若僅用更強的光照射R1，則I增大，U減小，電容器所帶電荷量減少D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值減小12、如圖所示，處在豎直平面的環(huán)形導線圈的正中心有一個磁針a，在圓環(huán)外側有一小磁針b，a、b與圓環(huán)都處于同一豎直面內，當導線中通以圖示方向的恒定電流時（不考慮地磁場影響和兩小磁針間的作用），則（）

A.小磁針a的N極向紙里轉動B.小磁針a的N極向紙外轉動C.小磁針b的N極向紙里轉動D.小磁針b的N極向紙外轉動評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、現有一個電流表G，內阻Rg=30滿偏電流Ig=1mA。

(1)把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要________（填“串聯”或“并聯”）一個_______的電阻。

(2)把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要________（填“串聯”或“并聯”）一個_____的電阻。14、如圖所示，三根等長帶電棒絕緣相連成正三角形，每根棒上電荷均勻分布，帶電均為帶電為P點為正三角形中心，P、Q兩點關于邊對稱.現測得P、Q兩點的電場強度大小分別為和若撤去棒，則P、Q兩點的電場強度大小分別為_____，_____。

15、觀察電容器的充、放電現象的實驗電路圖。當把開關S撥到1后電容器充電，兩極板的電荷量逐漸增加直至穩(wěn)定，其判斷依據是______；當把開關S撥到2后電容器放電，兩極板的電荷量逐漸減小至零，其判斷依據是______。（從電流計和電壓表的示數變化說明）

16、電源。

（1）定義：能把電子在電源內部從電源___________搬運到___________的裝置。

（2）作用：移送電荷，維持電源正、負極間有一定的___________，保持電路中有持續(xù)電流。17、能量子公式∶ε=hν，其中ν是電磁波的頻率，h稱為_______。h=______J·s。（一般取h=6.63×10-34J·s）18、科學思想方法在物理問題的研究中十分重要，庫侖受到牛頓的萬有引力定律的啟發(fā)，運用____方法（選填“建立模型”、“類比”、“控制變量”、“理想實驗”），發(fā)現了電荷間相互作用規(guī)律，該規(guī)律被稱為_________。19、電容為的平板電容器，接在電路中，如圖所示。若將相對介電常量為的各向同性均勻電介質插入電容器中（填滿空間），此時電場能量是原來的_________倍。

20、帶電粒子在電場中的加速。

分析帶電粒子的加速問題有兩種思路：

（1）利用___________定律結合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是___________且涉及___________等描述運動過程的物理量，公式有qE=___________，v=v0＋___________等。

（2）利用靜電力做功結合動能定理分析。適用于問題涉及___________、___________等動能定理公式中的物理量或___________電場情景時，公式有qEd=mv2-mv（勻強電場）或qU=mv2-mv（任何電場）等。21、把帶電荷量的正點電荷從無限遠處移到電場中點，要克服電場力做功若把該電荷從無限遠處移到電場中點，需克服電場力做功取無限遠處電勢為零．則點的電勢為__________；若把的負電荷由點移到點電場力做功大小為__________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

23、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短24、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)25、某同學改裝和校準電壓表的電路如圖所示；圖中虛線框內是電壓表的改裝電路．

（1）已知表頭滿偏電流為表頭上標記的內阻值為．和是定值電阻，利用和表頭構成的電流表，然后再將其改裝為兩個量程的電壓表．若使用兩個接線柱，電壓表的量程為若使用兩個接線柱，電壓表的量程為．則根據題給條件，定值電阻的阻值應選______________________________．

（2）用量程為內阻為的標準電壓表對改裝表擋的不同刻度進行校準．所用電池的電動勢為滑動變阻器有兩種規(guī)格，最大阻值分別為和．為方便實驗中調節(jié)電壓，圖中應選用最大阻值為______的滑動變阻器．

（3）校準時，在閉合開關前，滑動變阻器的滑動端應靠近__________（填“”或“”）端．26、某同學用圖1所示的電路測量一段金屬絲的電阻。

（1）該同學將c點與a點連接，接通開關，改變滑動變阻器滑片的位置，測量得到多組電壓U和電流I，并將數據的對應點標在圖2的坐標紙上。請畫出圖線，______根據圖線可得出該金屬絲電阻的測量值______Ω（結果保留兩位有效數字）。

（2）如果將c點與b點連接，重復上述實驗過程，不考慮偶然誤差，金屬絲電阻的測量值將______（選填“變大”；“變小”或者“不變”）。

（3）該實驗中使用的電源電動勢為3V；內阻可不計。實驗室中有兩種滑動變阻器可供選擇：

A.滑動變阻器（0~5Ω）B.滑動變阻器（0~100Ω）

如果將兩種滑動變阻器分別接入圖1的電路中，調節(jié)滑動變阻器滑片P的位置，以R表示滑動變阻器可接入電路的最大電阻值，以表示滑動變阻器與金屬絲并聯部分的電阻值，以U表示兩端的電壓值。在圖3所示的三條曲線中，表示滑動變阻器A接入電路時U隨變化的圖像是______，表示滑動變阻器B接入電路時U隨變化的圖像是______（選填“a”、“b”或“c”）。根據圖像可知，本實驗為了調節(jié)方便，滑動變阻器應選用______（選填“A”或“B”）。27、某同學要將一量程為3V的電壓表V1改裝成量程為15V的電壓表V2。

（1）先將V1直接接到內阻很小的電源兩端，讀數為2.0V；再將V1與阻值為3000Ω的電阻串聯后，接到該電源兩端，讀數為0.8V，則V1的內阻為___________Ω；

（2）要改裝成量程為15V的電壓表V2，需要將V1表與合適的電阻R_________（選填“串聯”；“并聯”）

（3）將改裝后的電壓表V2與一標準電壓表校對，完成下面的實物連接；()

（4）在閉合開關之前，滑動變阻器的滑片P置于最___________端（選填“左”；“右”）

（5）閉合開關，移動滑片P，標準表示數為10.5V時，V1表示數為2.5V。要達到預期目的，只需要將阻值為R的電阻換為一個阻值為kR的電阻即可，其中k=________（保留三位有效數字）。28、某同學做“測定電源的電動勢和內阻”實驗。

(1)他采用如圖所示的實驗電路進行測量；

(2)根據實驗數據做出U－I圖像，如圖所示，蓄電池的電動勢E=___________V，內電阻r=___________Ω。

(3)這位同學對以上實驗進行了誤差分析。其中正確的是___________。

A.實驗產生的系統(tǒng)誤差；主要是由于電壓表的分流作用。

B.實驗產生的系統(tǒng)誤差；主要是由于電流表的分壓作用。

C.實驗測出的電動勢小于真實值。

D.實驗測出的內阻大于真實值評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)29、一根長為2m，橫截面積為2.0×10-5m2的銅棒，將其兩端與電動勢4.0×10-2V，內阻不計的電源連接，銅棒的電阻為2.0×10-3Ω，銅內自由電子密度為8.0×1029m-3。求：

(1)通過銅棒的電流；

(2)銅棒內的電場強度；

(3)自由電子定向移動的速率。

(4)不考慮電源內阻，請你從能量轉化與守恒的角度推導：銅棒兩端的電壓U等于電源的電動勢E。30、如圖所示，頂端安裝有輕質定滑輪，傾角為37°的光滑斜面固定在水平地面上，離斜面的頂端距離為L=0.4m下方粘貼有一厚度不計、寬度是d=0.2m的橡膠帶，小物塊A、B用輕繩連接并跨過定滑輪。A的質量m1=1kg，寬度d=0.2m，其上邊緣與斜面頂端齊平，B的質量m2=0.4kg?，F由靜止釋放A，已知A與橡膠帶之間的動摩擦因素μ=0.5，在運動過程中與A相連的繩子始終與斜面平行，A未離開斜面，B未上升到滑輪處，重力加速度g=10m/s2；不計空氣阻力和滑輪與繩子間的阻力，求：

(1)A物體剛進入橡膠帶時的速度大?。?/p>

(2)A物體穿過橡膠帶克服摩擦力所做的功；

(3)A物體完全離開橡膠帶時的速度大小。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

AB．電路中滑動變阻器R的滑動觸頭P向上滑動時，R的阻值變大，電路總電阻變大，總電流減小，內阻上的電壓減小，則路端電壓變大，則A燈變亮；選項AB錯誤；

C．路端電壓變大；則電容器兩端電壓變大，帶電量增加，選項C錯誤；

D．根據P=IE可知，電源總功率減小，選項D正確。2、B【分析】【詳解】

A．圖甲中；當兩導體棒以相同的速度在導軌上勻速向右運動時，兩導體棒所構成回路的面積固定不變，而磁場也不變，則回路中的磁通量不變，因此不會產生感應電流，故A錯誤；

B．圖乙中，當導體棒在勻強磁場中以恒定的角速度轉動時；導體棒切割磁感線，從而產生動生電動勢，故B正確；

C．圖丙中；當閉合圓環(huán)導體（水平放置）某一直徑正上方的直導線中通有直電流時，通電導線產生的磁場在以通電導線的投影為對稱軸的閉合圓環(huán)導體前后面中，磁場方向相反，則閉合圓環(huán)導體的磁通量為零，因此不會產生感應電流，故C錯誤；

D．圖丁中，當滑動變阻器的滑片向右滑動時；電路中的電阻增大，電流減小。從而使電流產生的磁場發(fā)生變化，使不閉合的導體環(huán)中產生感應電動勢，但因為導體環(huán)不閉合，沒有形成完整的回路，因此環(huán)中沒有感應電流，故D錯誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

AB．由于電壓表分流是電流表示數偏大，而電壓表示數等于電阻的真實電壓，根據可知電阻的測量值小于真實阻值；故A錯誤，B正確；

CD．通過電阻的電流為

電阻的真實阻值為

故C；D錯誤；

故選B。4、A【分析】【詳解】

由P＝UI，可知該電熱水器在額定電壓下處于加熱狀態(tài)時的電流為：I＝＝A≈6.8A，故選項A正確．5、A【分析】【詳解】

半偏法測電流表內阻，由圖示實驗電路可知，實驗步驟為：閉合S1，調節(jié)R1到電流表滿偏，閉合S2，調節(jié)R2到電流表半偏，讀出R2的阻值；故選A．二、多選題(共7題，共14分)6、B:D【分析】【詳解】

AB．當傳感器R2所在處出現火情時，R2的阻值變小，R2與R3的并聯電阻減小，外電路總電阻變小，則總電流變大，電路中并聯部分的電壓I變大，其他量不變，則U并變?。伙@示器的電流變?。碔變小，B正確，A錯誤；

CD．當傳感器R2所在處出現火情時，R2的阻值變小，R2與R3的并聯電阻減小，外電路總電阻變小，則總電流變大，電源的內電壓變大，路端電壓變小，即有U變??；C錯誤；D正確；

故選BD．7、A:C【分析】【詳解】

AB．導體處于靜電平衡時；導體內部沒有電荷，電荷只分布在導體的外表面，電荷不可能在導體內均勻分布，選項A正確，B錯誤；

CD．導體處于靜電平衡時；導體表面越尖銳的位置電荷密度越大，選項C正確，D錯誤。

故選AC。8、A:B【分析】【詳解】

A．由圖乙可看出；放電極帶負電，集塵極鏈接電源正極帶正電。因此為了使塵埃向集塵極遷移并沉淀，根據“同性相斥，異性相吸”的原理，進入除塵區(qū)前塵埃需要帶上負電，故A正確；

B．如圖所示，B點可等效為

則可看出位于A順電場線的下方，所以A點電勢高于點電勢，即A點電勢高于B點電勢；故B正確；

C．由圖可知，A點處的電場線比B點處疏，因此A點電場強度小于B點電場強度；故C錯誤；

D．帶電塵埃所受的電場力方向與位移方向相同；做正功，所以在遷移過程中電勢能減小，動能增加，故D錯誤。

故選AB。9、A:C【分析】【詳解】

AB．由題意物體所受的電場力電場改變方向之前，物體沿豎直墻運動，由于水平方向支持力與電場力相等，電場強度減??；所以支持力減小，故摩擦力減小，所以物體受到的重力和摩擦力的合力增大，加速度增大，速度增大；電場改為水平向右時，物體受互相垂直的重力和電場力，而電場力隨電場強度的增大而增大，所以合力增大，加速度增大。因此，整個過程中，物體運動的加速度不斷增大，A正確，B錯誤；

C．墻壁對物體的支持力時，物體將要離開墻壁，它在墻壁上運動的位移達到最大，此時

得

即

解得

C正確；

D．根據上述分析可知；物體運動的加速度不斷增大，且速度不斷增大，D錯誤；

故選AC。10、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于外電阻與內阻相等時；電源的輸出功率最大，所以滑動變阻器的滑片向左滑動一段距離時，外電阻減小，但是電源的輸出功率不一定增大，則A錯誤；

B．根據閉合電路歐姆定律

所以滑動變阻器的滑片向左滑動一段距離時；外電阻減小，總電流減小，燈泡逐漸變暗，則B正確；

C．根據部分電路歐姆定律可得

由閉合電路歐姆定律

則根據電源的伏安特性曲線，可得

由閉合電路歐姆定律

則根據電源的伏安特性曲線，可得

所以均保持不變；C正確；

D．當電路穩(wěn)定后；斷開開關，電容器與小燈泡組成一個回路，電容器放電，則小燈泡不會立刻熄滅，所以D正確；

故選BCD。11、A:C【分析】【分析】

由題意可知考查含有電容器的動態(tài)分析，根據閉合電路歐姆定律，結合電容器的電容的定義式決定式分析比較可得．

【詳解】

A.若僅增大A、B板間距離，電容減小，板間電壓不變，則由電容的定義式分析可知電容器所帶電荷量減少；選項A正確；

B.滑動變阻器處于含電容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變；選項B錯誤；

C.若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，內電壓和R3的電壓均增大，則電容器板間電壓減小，電容不變，由電容的定義式分析可知電容器所帶電荷量減少；選項C正確；

D.若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，根據閉合電路歐姆定律得可得：不變，選項D錯誤．

【點睛】

根據閉合電路歐姆定律，可以確定回路中電流變化，內電阻不變，由電流變化可以確定內電壓、外電壓變化．結合電容的定義式決定式分析比較可得．U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值可以先寫出外電壓的表達式分析該表達式的斜率可知比值不變．12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

根據右手螺旋定則知，環(huán)形電流內部的磁場方向向里，外部的磁場方向向外，則小磁針a的N極向紙面里偏轉，小磁針b的N極向紙外轉動．故AD正確；BC錯誤。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要串聯一個分壓電阻，電阻大小為

(2)[3][4]把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要并聯一個分流電阻，其大小為【解析】串聯并聯0.0514、略

【分析】【分析】

【詳解】

假設三根等長帶電棒絕緣都帶+q電荷，則P的場強為零，根據電場的疊加原理可知，AB、BC兩棒在PP點的電場強度與AC棒在P點的場強大小相等、方向相反；所以可知當AB、BC帶電均為+q，CA帶電為?q時，AB、BC兩棒在P點的電場強度與AC棒在P點的場強大小相等、方向相同，都為則若撤去CA棒，P點的電場強度大小為。

根據對稱性可知原來AC在Q處的場強大小方向沿Q到P。原來Q的場強是AB、BC產生的場強和AC產生的場強的疊加而成，AB、BC產生的合場強方向從P到Q，AC產生的場強方向從Q到P，根據電場的疊加可知Q點原來的場強方向可能沿Q到P，原來Q點的大小為E2，則知在Q點，AB、BC產生的合場強大小為。

若撤去CA棒后，Q點的電場強度大小。

原來Q的方向也可能沿P到Q，則在Q點，AB、BC產生的合場強大小為。

撤去CA棒后，Q點的電場強度大小。

【解析】或15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開關撥到1后；電容器上極板與電源正極連接，電容器充電，電容器的電荷量逐漸增加，由。

可知；電容器兩端電壓即電壓表示數逐漸增大，電流計的示數逐漸減小，當電容器兩極板電壓等于電源電壓且電流計的示數為0時，充電完畢，電容器的電荷量不再改變；

[2]開關S撥到2后，電容器放電，電流計讀數突然增大后逐漸減小，電容器兩端電壓即電壓表示數也逐漸減小，電荷量逐漸減小至0?！窘馕觥恳娫斀庖娫斀?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

電源。

（1）[1][2]定義：能把電子在電源內部從電源正極搬運到負極的裝置。

（2）[3]作用：移送電荷，維持電源正、負極間有一定的電勢差，保持電路中有持續(xù)電流【解析】正極負極電勢差17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由公式的可知，h稱為普朗克常量；h=6.63×10-34J·s?！窘馕觥竣?普朗克常量②.6.626×10-3418、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]萬有引力定律研究是任意兩個物體之間的作用，而庫侖定律研究的是真空中兩個靜止的點電荷之間的作用，兩個定律都研究相互作用，可以進行類比。1785年庫侖經過實驗提出庫侖定律?！窘馕觥款惐葞靵龆?9、略

【分析】【詳解】

由電容的決定式

可得

插入電介質后

電容器的電場能量為

因為電源未切斷，所以電容器兩極板間的電勢差不變，即

所以

此時電場能量是原來的倍?！窘馕觥?0、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3][4][5]利用牛頓第二定律結合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是勻強電場且涉及運動時間等描述運動過程的物理量，公式有

（2）[6][7][8]利用靜電力做功結合動能定理分析。適用于問題涉及位移、速率等動能定理公式中的物理量或非勻強電場情景時，公式有qEd=mv2-mv（勻強電場）

或qU=mv2-mv（任何電場）【解析】①.牛頓第二②.勻強電場③.運動時間④.ma⑤.at⑥.位移⑦.速率⑧.非勻強21、略

【分析】【分析】

根據電勢差公式分別求出A；B兩點與無窮遠間的電勢差；再求出這兩點的電勢．根據電場力做功公式求出電場力做功．

【詳解】

根據得而由題解得：根據得而由題解得：則把的負電荷由點移到點電場力做功大小為．

【點睛】

本題考查運用物理公式處理基本問題的能力．求電勢往往先求電勢差，再求電勢．【解析】400V；四、作圖題(共3題，共21分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據可知電容器的電荷量將變??；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD24、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析五、實驗題(共4題，共12分)25、略

【分析】【詳解】

（1）根據題意，與表頭構成的電流表，則解得R1=100Ω，若使用兩接線柱，電壓表的量程為則

若使用兩個接線柱，電壓表的量程為則

（2）電壓表與之并聯后，電阻小于對于分壓式電路，應使滑動變阻器的最大組織遠小于并聯部分阻值，同時便于調節(jié)電壓，故應選擇的電阻；

（3）在閉合開關前，滑動變阻器的滑動端應靠近端，這樣把并聯部分電路短路，起到保護作用．【解析】100910200050M26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]畫出U-I