2025年北師大新版高二物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年北師大新版高二物理下冊(cè)月考試卷994考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、遠(yuǎn)距離輸電線路示意圖如圖所示，變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機(jī)的輸出電壓及輸電線的電阻均不變．則（）A.用戶負(fù)載增加時(shí)，升壓變壓器的原線圈中電流不變B.降壓變壓器的原線圈中電流較小，用較粗的導(dǎo)線繞制成C.因?yàn)橄壬龎汉笥忠祲海圆挥米儔浩髦苯虞旊姼?jié)約電能D.當(dāng)用戶用電器的總電阻增大時(shí)，輸電線上損失的功率減小2、在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有不計(jì)重力的甲、乙兩個(gè)帶電粒子，在紙面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向和軌跡示意圖如圖所示，則下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.甲、乙兩粒子所帶電荷種類不同B.該磁場(chǎng)方向一定是垂直紙面向里C.若甲、乙是同種粒子，則甲粒子的速度較大D.若甲、乙兩粒子的速度大小相等，則甲粒子比荷較大3、如圖所示回旋加速器，設(shè)D

形盒半徑為R

若用回旋加速器加速質(zhì)子時(shí)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

高頻交流電頻率為f

，則下列說(shuō)法正確的是()

A.質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)每運(yùn)動(dòng)一周被加速一次B.質(zhì)子被加速后的最大速度與加速電場(chǎng)的電壓大小有關(guān)C.質(zhì)子被加速后的最大速度不可能超過(guò)2婁脨fR

D.不改變B

和f

該回旋加速器也能用于加速婁脕

粒子4、關(guān)于分力和合力的關(guān)系，下列說(shuō)法中正確的是()A.分力和合力可以不同時(shí)作用在物體上B.合力的作用效果與分力的作用效果一定相同C.兩個(gè)分力的合力一定大于任一分力D.合力一定小于其中一個(gè)分力5、在赤道上空，水平放置一根通以由西向東的電流的直導(dǎo)線，則此導(dǎo)線()A.受到豎直向上的安培力B.受到豎直向下的安培力C.受到由南向北的安培力D.受到由西向東的安培力6、如圖甲所示，一根水平張緊的彈性長(zhǎng)繩上有等間距離的M、N、O、P、Q等5個(gè)質(zhì)點(diǎn)，相鄰兩質(zhì)點(diǎn)間距離為1m，t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)從平衡位置開始砸豎直平面內(nèi)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，并長(zhǎng)繩分別向左、向右傳播的簡(jiǎn)諧橫波．當(dāng)0質(zhì)點(diǎn)第一次回到平衡位置時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)剛開始振動(dòng)，Q質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)圖象如圖乙所示，則（）A.0質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向B.N、P兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向始終相反C.該波的波速為1m/sD.當(dāng)M質(zhì)點(diǎn)第一次達(dá)到負(fù)向最大位移時(shí)，0質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為25cm7、如圖所示，在做“探究力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，用MN

兩個(gè)測(cè)力計(jì)通過(guò)細(xì)線拉橡皮條的結(jié)點(diǎn)，使其到達(dá)O

點(diǎn)，此時(shí)婁脕+婁脗=90鈭?

然后保持M

的示數(shù)不變，而使婁脕

角減小，為保持結(jié)點(diǎn)位置不變，可采用的辦法是A.增大N

的示數(shù)同時(shí)減小婁脗

角B.增大N

的示數(shù)同時(shí)增大婁脗

角C.減小N

的示數(shù)同時(shí)減小婁脗

角D.減小N

的示數(shù)同時(shí)增大婁脗

角8、12

如圖所示，豎直放置的螺線管與導(dǎo)線abcd

構(gòu)成回路，導(dǎo)線所圍區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面向里的變化的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，螺線管下方水平桌面上有一導(dǎo)體圓環(huán)。導(dǎo)線abcd

所圍區(qū)域內(nèi)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度按圖中哪一圖線所表示的方式隨時(shí)間變化時(shí)，導(dǎo)體圓環(huán)將受到向上的磁場(chǎng)作用力()

A.B.C.D.9、如圖所示，具有一定質(zhì)量的小球A固定在輕桿一端，另一端懸掛在小車支架的O點(diǎn)，用手將小球拉起使輕桿呈水平，在小車處于靜止的情況下放手使小球擺下，在B處與固定在車上的油泥撞擊后粘合在一起，則放手后小車的運(yùn)動(dòng)情況是（）A.先向右運(yùn)動(dòng)，后靜止B.先向左運(yùn)動(dòng)，后靜止C.一直靜止不動(dòng)D.無(wú)法判定評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、在圖虛線所圍區(qū)域內(nèi)有一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向里，閉合矩形線圈abcd在磁場(chǎng)中做勻速運(yùn)動(dòng)，線圈平面始終與磁感線垂直，在圖示位置時(shí)ab邊所受磁場(chǎng)力的方向向上，那么整個(gè)線框正在向____運(yùn)動(dòng)．（選填上；下、左或右）

11、從通電螺線管的磁感應(yīng)線圖觀察，在螺線管內(nèi)部，磁感應(yīng)線的方向是從____（填“N極到S極”或“S極到N極”）

12、一束質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子以平行于兩極板的速度v0進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖1—8—4所示．如果兩極板間電壓為U，兩極板間的距離為d、板長(zhǎng)為L(zhǎng)．設(shè)粒子束不會(huì)擊中極板，則粒子從進(jìn)入電場(chǎng)到飛出極板時(shí)電勢(shì)能的變化量為____．(粒子的重力忽略不計(jì))13、如圖所示，一閉合的圓形線圈用絕緣細(xì)線懸掛起來(lái)，線圈右邊有一條形磁鐵。請(qǐng)你說(shuō)出能使線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流的兩種方法：

(1)

_______________________________________________。(2)

________________________________________________。14、如圖所示，豎直方向的直線是勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線.

質(zhì)量為m

帶電量為鈭?q

的質(zhì)點(diǎn)P

從電場(chǎng)邊緣的A

點(diǎn)射入該電場(chǎng)，并沿直線AB

從B

點(diǎn)射出電場(chǎng).

直線AB

跟電場(chǎng)線夾角為婁脠AB

兩點(diǎn)間距離為d

勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E=

______，AB

兩點(diǎn)間電勢(shì)差為______．15、在利用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)測(cè)出了多組擺長(zhǎng)和運(yùn)動(dòng)周期，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，作出的T2-l關(guān)系圖象如圖．

（1）該同學(xué)實(shí)驗(yàn)中出現(xiàn)的錯(cuò)誤可能是______．

（2）雖然實(shí)驗(yàn)中出現(xiàn)了錯(cuò)誤，但根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)，仍可算出重力加速度，其值為______m/s2．（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）

（3）該同學(xué)用圖象法求得的重力加速度______（填“偏小”“偏大”或“準(zhǔn)確”）．16、如圖所示；靜電計(jì)的指針和外殼分別與兩塊平行金屬板相連接，使兩個(gè)金屬板帶上等量的異種電荷，則：(

選填“增大”；“減小”或“不變”)

(1)

當(dāng)向兩板間插入電介質(zhì)時(shí)；靜電計(jì)指針張角______．

(2)

當(dāng)兩板間距離增大時(shí)；靜電計(jì)指針張角______．

(3)

當(dāng)兩板互相平行地錯(cuò)開時(shí)，靜電計(jì)指針張角______．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、推斷題(共4題，共24分)22、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{X}是中學(xué)常見的無(wú)機(jī)物，存在如圖轉(zhuǎn)化關(guān)系rm{(}部分生成物和反應(yīng)條件略去rm{)}rm{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質(zhì)，焰色反應(yīng)呈黃色，rm{X}能使品紅溶液褪色，寫出rm{C}和rm{E}反應(yīng)的離子方程式：__________________________．rm{(2)}若rm{A}為短周期元素組成的單質(zhì)，該元素的最高價(jià)氧化物的水化物酸性最強(qiáng)，則：rm{壟脵}組成單質(zhì)rm{A}的元素在周期表中的位置為_______________．rm{壟脷X}可能為___________rm{(}填代號(hào)rm{)}．rm{a.NaHCO_{3}}rm{b.Na_{2}CO_{3;;;;;;;;;;;;;;;}c.Na_{2}SO_{3;;;;;;;;;;;;;}d.Al(OH)_{3}}rm{(3)}若rm{A}為淡黃色粉末，回答下列問(wèn)題：rm{壟脵1molA}與足量的rm{H_{2}O}充分反應(yīng)時(shí)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目為_______________．rm{壟脷A}的電子式為___________________。rm{壟脹}若rm{X}為一種造成溫室效應(yīng)的氣體rm{.}則鑒別等濃度的rm{D}rm{E}兩種溶液，可選擇的試劑為______rm{(}填代號(hào)rm{)}．rm{a.}鹽酸rm{b.BaCl_{2}}溶液rm{c.NaOH}溶液rm{d.Ca(OH)_{2}}溶液rm{(4)}若rm{A}為氧化物，rm{X}是rm{Fe}溶液rm{D}中加入rm{KSCN}溶液變紅rm{.}則rm{A}與rm{H_{2}O}反應(yīng)的化學(xué)反應(yīng)方程式為___________rm{.E}是_________rm{(}填化學(xué)式rm{)}23、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】24、根據(jù)下面的反應(yīng)路線及所給信息；回答下列問(wèn)題：

rm{(1)11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支鏈，rm{B}和rm{C}均為一氯化烴，它們的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式分別為____________，_____________rm{(3)D}的系統(tǒng)命名法名稱__________________________rm{(4)壟脵}rm{壟脹}的反應(yīng)類型依次是___________________，__________________rm{(5)}寫出rm{壟脷}rm{壟脹}的反應(yīng)化學(xué)方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分異構(gòu)體的一種二氯代物rm{G}其核磁共振氫譜圖上有兩組峰，且峰面積之比為rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_________________請(qǐng)寫出rm{H}發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式__________________25、工業(yè)制鈦白粉產(chǎn)生的廢液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生產(chǎn)補(bǔ)血?jiǎng)┤樗醽嗚F。其生產(chǎn)流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中電離為TiO2+和SO2-4。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

（1）寫出TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式____。步驟①中加入足量鐵屑的目的是____。

（2）步驟②的離子方程式是____，所得副產(chǎn)品主要是____（填化學(xué)式）。

（3）工業(yè)上由H4TiO4可制得鈦白粉TiO2。TiO2直接電解還原法生產(chǎn)鈦是一種較先進(jìn)的方法，電解質(zhì)為熔融的CaCl2，原理如圖所示，陰極的電極反應(yīng)式為____。

（4）工業(yè)上利用TiO2還可以用下列流程制取單質(zhì)鈦：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol則TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯經(jīng)下列步驟合成：上述合成路線的總產(chǎn)率為56%，乳酸與碳酸亞鐵反應(yīng)轉(zhuǎn)化為乳酸亞鐵晶體的產(chǎn)率為80%，則生產(chǎn)468kg乳酸亞鐵晶體（M＝234g/mol）需要標(biāo)準(zhǔn)狀況下的乙烯____m3。

評(píng)卷人得分五、綜合題(共1題，共4分)26、攏脹

物理隆陋隆陋

選修3簍C4攏脻

(1)

一列簡(jiǎn)諧橫波在x

軸上傳播，平衡位置位于x=0

處的質(zhì)點(diǎn)P

的振動(dòng)圖像如圖甲所示，平衡位置位于x=2m

處的質(zhì)點(diǎn)Q

的振動(dòng)圖像如圖乙所示，波長(zhǎng)大于2m

下列說(shuō)法正確的是________。A.該波的周期一定是12s

B.若該波沿x

軸正向傳播，則波長(zhǎng)為12m

C.若該波沿x

軸負(fù)向傳播，則波長(zhǎng)為83m

D.該波的傳播速度可能是1m/s

E.若該波沿x

軸負(fù)方向傳播，則由Q

傳到P

的時(shí)間為9s

(2)

如圖，一半徑為R

的玻璃半球，O

點(diǎn)是半球的球心，虛線OO隆盲

表示光軸(

過(guò)球心O

與半球底面垂直的直線)

已知玻璃的折射率為1.5

現(xiàn)有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光線能從球面射出(

不考慮被半球的內(nèi)表面反射后的光線)

求

(i)

從球面射出的光線對(duì)應(yīng)的入射光線到光軸距離的最大值；(ii)

距光軸的入射光線經(jīng)球面折射后與光軸的交點(diǎn)到O

點(diǎn)的距離。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】解：A；用戶增多時(shí)；電流增大，則根據(jù)電流之比等于匝數(shù)的反比可知，輸入電流增大；故A錯(cuò)誤；

B；降壓變壓器電壓較??；故其電流較大，故B錯(cuò)誤；

C；因?yàn)椴捎酶邏狠旊姇r(shí)；導(dǎo)線上電流較小，故可以減小導(dǎo)線上的功率損耗；故采用變壓器輸電能節(jié)約電能；故C錯(cuò)誤；

D；當(dāng)用戶用電器的電阻增大時(shí)；電流減小，輸電線上損失的功率將減?。还蔇正確；

故選：D．

根據(jù)變壓器的特點(diǎn)：電壓比等于匝數(shù)比；電流之比等于匝數(shù)反比，輸入功率等于輸出功率去分析。

對(duì)于遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題，一定要明確整個(gè)過(guò)程中的功率、電壓關(guān)系，尤其注意導(dǎo)線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)．【解析】【答案】D2、C【分析】解：AB

由圖示可知；兩粒子均逆時(shí)針?lè)较蜃鰣A周運(yùn)動(dòng)，由左右定則可知：壟脵

若磁場(chǎng)垂直紙面向里，兩粒子均帶正電；壟脷

若磁場(chǎng)垂直紙面向外，粒子均帶負(fù)電，兩粒子所帶電荷種類一定相同，磁場(chǎng)即可能向里，也可能向外，故AB錯(cuò)誤；

C、洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律的：qvB=mv2r

解得：v=qBrm

若甲；乙是同種粒子，由于比荷與B

都相等而甲的軌道半徑大于乙的軌道半徑，則甲的粒子速度較大，故C正確；

D、洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律的：qvB=mv2r

解得：qm=vBr

若甲；乙兩粒子速度大小相等，由于B

相等而甲的軌道半徑大于乙的軌道半徑，則甲的比荷小于乙的比荷，故D錯(cuò)誤；

故選：C

運(yùn)用左手定則分析磁場(chǎng)方向和兩粒子的電性；根據(jù)洛倫茲力提供向心力結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律；求出半徑公式，運(yùn)用半徑公式逐項(xiàng)分析即可。

本題考查左手定則、帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式以及動(dòng)量的表達(dá)式，運(yùn)用控制變量的方法分析判斷即可求解。【解析】C

3、C【分析】【分析】回旋加速器粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期和高頻交流電的周期相等，當(dāng)粒子從D

形盒中出來(lái)時(shí)，速度最大，此時(shí)運(yùn)動(dòng)的半徑等于D

形盒的半徑。解決本題的關(guān)鍵知道當(dāng)粒子從D

形盒中出來(lái)時(shí)，速度最大，以及知道回旋加速器粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期和高頻交流電的周期相等。【解答】A.質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)每運(yùn)動(dòng)一周被加速二次；故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)qvmB=mvm2R

得vm=qBRm

與加速的電壓無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；C.當(dāng)粒子從D

形盒中出來(lái)時(shí)速度最大，vm=2婁脨RT=2婁脨fR

故C正確；

D.根據(jù)T=2婁脨mqB

知質(zhì)子換成婁脕

粒子，比荷發(fā)生變化，則在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期發(fā)生變化，回旋加速器粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期和高頻交流電的周期相等，故需要改變磁感應(yīng)強(qiáng)度或交流電的周期，故D錯(cuò)誤。

故選C。【解析】C

4、B【分析】解：A

合力與分力是等效替代關(guān)系；不是重復(fù)受力，故A錯(cuò)誤；

B；當(dāng)一個(gè)物體受到幾個(gè)力的共同作用時(shí)；我們常?？梢郧蟪鲞@樣一個(gè)力，這個(gè)力產(chǎn)生的效果和原來(lái)幾個(gè)力的共同作用產(chǎn)生的效果相同，這個(gè)力就叫做那幾個(gè)力的合力，原來(lái)的幾個(gè)力就叫做這個(gè)力的分力，故B正確；

C、D

兩個(gè)分力F1F2

與合力F潞脧

的大小關(guān)系與兩個(gè)分力方向間的夾角婁脠

有關(guān).

當(dāng)婁脠=0

則F潞脧=F1+F2(F潞脧

最大)

當(dāng)婁脠=180鈭?

則F潞脧=|F1鈭?F2|(F潞脧

最小).

所以兩個(gè)力的合力可以大于任一分力，也可以小于任一分力，還可以等于某一分力，并且在兩力同向時(shí)合力最大，反向時(shí)合力最小，故C錯(cuò)誤，D

也錯(cuò)誤；

故選B．

當(dāng)一個(gè)物體受到幾個(gè)力的共同作用時(shí)；我們常?？梢郧蟪鲞@樣一個(gè)力，這個(gè)力產(chǎn)生的效果和原來(lái)幾個(gè)力的共同作用產(chǎn)生的效果相同，這個(gè)力就叫做那幾個(gè)力的合力，原來(lái)的幾個(gè)力就叫做這個(gè)力的分力．

1.

合力與分力是等效替換關(guān)系．

2.

在進(jìn)行受力分析時(shí)；合力與分力只能考慮其一，切忌重復(fù)分析．

3.

合力與分力的大小關(guān)系：兩個(gè)分力F1F2

與合力F

合的大小關(guān)系與兩個(gè)分力方向間的夾角婁脠

有關(guān).

當(dāng)婁脠=0

則F潞脧=F1+F2(F潞脧

最大)

當(dāng)婁脠=180鈭?

則F潞脧=|F1鈭?F2|(F潞脧

最小).

所以兩個(gè)力的合力可以大于任一分力，也可以小于任一分力，還可以等于某一分力，并且在兩力同向時(shí)合力最大，反向時(shí)合力最小．

本題關(guān)鍵抓住合力與分力是等效替代關(guān)系，力的合成遵循平行四邊形定則．【解析】B

5、A【分析】【解析】試題分析：地球磁場(chǎng)為從地球南極到地球北極，因此根據(jù)左手定則，從西向東的電流的安培力為豎直向上的安培力，所以A正確考點(diǎn)：地磁場(chǎng)、左手定則判斷安培力【解析】【答案】A6、D【分析】解：A；由圖乙可知；Q質(zhì)點(diǎn)向y軸正方向起振，故說(shuō)明該波的波源起振方向沿y軸正方向；故A錯(cuò)誤；

B；NP兩質(zhì)點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱；兩點(diǎn)的振動(dòng)方向完全相同；故B錯(cuò)誤；

C、由題意可知，該波的周期為2s，OP兩點(diǎn)的距離為1m；波傳到P點(diǎn)用時(shí)0.5s；故波速v==2m/s；故C錯(cuò)誤；

D、由圖乙可知，該波的振幅為5cm；當(dāng)M點(diǎn)第一次到達(dá)負(fù)向最大位移時(shí)，M振動(dòng)了T，此時(shí)O質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)了T，故路程為：×4×5=25cm；故D正確；

故選：D．

由振源的振動(dòng)圖象可知該波的周期；由題意可知波傳到P點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間，則由波速公式可求得波速；由波長(zhǎng)；頻率及波速的關(guān)系可求得波長(zhǎng)；由波的傳播可判斷各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況。

本題中注意O為振源，兩端的波同時(shí)以同樣的速度傳播；在解題時(shí)應(yīng)注意波傳播所需要的時(shí)間【解析】【答案】D7、C【分析】【分析】要使結(jié)點(diǎn)不變，應(yīng)保證合力不變，故可以根據(jù)平行四邊形定則分析可以采取的辦法。

本題考查平行四邊形定則的應(yīng)用，在應(yīng)用時(shí)要注意做出平行四邊形進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析。

【解答】

要保證結(jié)點(diǎn)不動(dòng)；應(yīng)保證合力不變，則由平行四邊形定則可知，合力不變，M

方向向合力方向靠攏；

根據(jù)圖象可知；則N

的拉力應(yīng)減小，同時(shí)應(yīng)減小婁脗

角，故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。

【解析】C

8、A【分析】【分析】abcd

回路中磁場(chǎng)變化，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流提供線圈，在線圈中會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)，產(chǎn)生的磁場(chǎng)通過(guò)導(dǎo)體圓環(huán)，根據(jù)楞次定律的另一種表述，感應(yīng)電流的效果總是要反抗(

或阻礙)

產(chǎn)生感應(yīng)電流的原因.

判斷出原磁場(chǎng)是增加還是減小，從而判斷出線圈受磁場(chǎng)力的方向。本題考查了楞次定律。解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律的另一種表述，同時(shí)理解磁通理變化與磁通量的變化率的不同?！窘獯稹繉?dǎo)線圓環(huán)對(duì)地面的壓力小于其重力，導(dǎo)體圓環(huán)將受到向上的磁場(chǎng)作用力，根據(jù)楞次定律的另一種表述，可見原磁場(chǎng)磁通量是減小，即螺線管和abcd

構(gòu)成的回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流在減小；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則感應(yīng)電流可知減小時(shí)；感應(yīng)電流才減??；

故A正確；BCD錯(cuò)誤。

故選A?！窘馕觥緼

9、B【分析】解：水平方向上；系統(tǒng)不受外力，因此在水平方向動(dòng)量守恒。系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量為零；

小球下落過(guò)程中；小球在水平方向具有向右的速度，由動(dòng)量守恒定律可知，小車具有向左的速度，小車要向左運(yùn)動(dòng)；

小球與橡皮泥碰撞后兩者速度相等；系統(tǒng)在水平方向總動(dòng)為零，由動(dòng)量守恒定律可知，小球與橡皮泥碰撞后速度為零，小車靜止；

由以上分析可知；小車先向左運(yùn)動(dòng)，后靜止，故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選：B。

在小球向下擺動(dòng)的過(guò)程中；根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知，小車具有向左的速度，當(dāng)撞到油泥，是完全非彈性碰撞，小球和小車大小相等方向相反的動(dòng)量恰好抵消掉，小車會(huì)靜止。

本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，分析清楚小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以解題?！窘馕觥緽二、填空題(共7題，共14分)10、略

【分析】

據(jù)題，ab邊受到的磁場(chǎng)力的方向向上，根據(jù)左手定則判斷出ab邊中感應(yīng)電流的方向?yàn)閍→b，再由右手定則判斷可知，abcd的運(yùn)動(dòng)情況是向右平動(dòng)．若abcd向上或向下平動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量不變，線圈中沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，ab邊不受磁場(chǎng)力．

故答案為：右。

【解析】【答案】由題，ab邊受到的磁場(chǎng)力的方向向上，根據(jù)左手定則判斷出ab邊中感應(yīng)電流的方向，再由右手定則判斷abcd的運(yùn)動(dòng)情況．

11、略

【分析】

螺線管周圍的磁場(chǎng)與條形磁鐵周圍的磁場(chǎng)類似；外部由S到N，內(nèi)部由S到N，形成閉合曲線．

故答案為：S極到N極．

【解析】【答案】螺線管等效于條形磁鐵；磁場(chǎng)的方向在外部由N極到S極，在內(nèi)部，由S極到N極．

12、略

【分析】帶電粒子在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做功導(dǎo)致電勢(shì)能的改變.水平方向勻速，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=①豎直方向加速，則側(cè)移y=at2②且a=③由①②③得y=則電場(chǎng)力做功W=qE·y=q·由功能原理得電勢(shì)能減少了【解析】【答案】13、（1）磁鐵向左（右）運(yùn)動(dòng)；

（2）磁鐵向上（下）運(yùn)動(dòng)；【分析】【分析】根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：穿過(guò)閉合電路的磁通量發(fā)生變化；進(jìn)行分析即可；

本題關(guān)鍵要掌握產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，并得到產(chǎn)生感應(yīng)電流的方法，有一定的開放性，答案并不唯一，只要正確即可?！窘獯稹磕苁咕€圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，必須使穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，方法有：(1)

磁鐵向左(

右)

運(yùn)動(dòng)；

(2)

磁鐵向上(

下)

運(yùn)動(dòng)；

(3)

磁鐵向前(

后)

運(yùn)動(dòng)；

(4)

磁鐵順時(shí)針(

逆時(shí)針)

轉(zhuǎn)動(dòng)；

(5)

線圈向左(

右)

擺動(dòng)；

(6)

線圈向前(

后)

擺動(dòng)。

(7)

線圈以線為軸轉(zhuǎn)動(dòng)。

任選三種即可．

故答案為：

(1)

磁鐵向左(

右)

運(yùn)動(dòng)；

(2)

磁鐵向上(

下)

運(yùn)動(dòng)；

【解析】(1)

磁鐵向左(

右)

運(yùn)動(dòng)；(2)

磁鐵向上(

下)

運(yùn)動(dòng)；14、略

【分析】解：質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)，知質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有：qE=mg

解得：E=mgq

．

則AB

間的電勢(shì)差為：U=Edcos婁脠=mgdcos婁脠q

．

故答案為：mgqmgdcos婁脠q

．

質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)；所受的合力必定為零，否則不做直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出場(chǎng)強(qiáng)的大小，根據(jù)電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系求出AB

間的電勢(shì)差．

解決本題關(guān)鍵要正確理解運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系，正確分析質(zhì)點(diǎn)的受力情況，再由平衡條件求解．【解析】mgqmgdcos婁脠q

．15、略

【分析】解：（1）圖象不通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)；將圖象向右平移1cm就會(huì)通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，故相同的周期下，擺長(zhǎng)偏小1cm，故可能是把繩長(zhǎng)當(dāng)擺長(zhǎng)，漏加小球半徑；

（2）由單擺的周期公式T=2π得T2=L

T2-L圖象的斜率k=結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到斜率k==4

解得：g=9.86m/s2

（3）該同學(xué)用圖象法求得的重力加速度的加速度的表達(dá)式：與擺線無(wú)關(guān)，所以求出的結(jié)果是正確的．

故答案為：（1）計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)未加小球的半徑；（2）9.86；（3）準(zhǔn)確。

（1）圖象不通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)；從圖象可以得到相同的周期下，擺長(zhǎng)偏小，故可能是漏加小球半徑；

（2）由單擺的周期公式g的表達(dá)式；結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到重力加速度．

（3）根據(jù)數(shù)據(jù)處理的方法；確定實(shí)驗(yàn)是否存在誤差．

本題關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理；通過(guò)圖象的平移得到擺長(zhǎng)偏小1cm，得到誤差來(lái)源；通過(guò)圖象的函數(shù)表達(dá)式得到斜率的物理意義．【解析】計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)未加小球的半徑；9.86；準(zhǔn)確16、略

【分析】解：平行板電熱器電容：C=?S4婁脨kd

兩極板間的電壓：U=QC=4婁脨kdQ?S

(1)

當(dāng)向兩板間插入電介質(zhì)時(shí)；兩板間的電勢(shì)差減小，靜電計(jì)指針張角變?。?/p>

(2)

當(dāng)兩板間距離增大時(shí)；兩極板間電壓增大，靜電計(jì)指針張角變大．

(3)

當(dāng)兩板互相平行地錯(cuò)開時(shí)；兩極板間電壓變大，靜電計(jì)指針張角變大．

故答案為：(1)

變小；(2)

變大；(3)

變大．

平行板電容器電量保持不變；根據(jù)電容的變化判斷電勢(shì)差的變化，從而得出指針偏角的變化．

本題考查了判斷靜電計(jì)指針夾角變化情況，應(yīng)用平行板電熱器電容公式、電容定義式即可正確解題．【解析】變?。蛔兇?；變大三、判斷題(共5題，共10分)17、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、推斷題(共4題，共24分)22、rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(2)壟脵}第三周期第rm{VIIA}族

rm{壟脷b}

rm{(3)壟脵N_{A}}

rm{壟脷}

rm{壟脹ab}

rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}【分析】【分析】本題考查無(wú)機(jī)物的推斷，是高考中的常見題型，試題綜合性強(qiáng)，難度較大，有利于培養(yǎng)學(xué)生的邏輯推理能力和抽象思維能力，提高學(xué)生分析問(wèn)題、以及靈活運(yùn)用基礎(chǔ)知識(shí)解決實(shí)際問(wèn)題的能力rm{.}做好本題的關(guān)鍵之處在于把握好常見物質(zhì)的性質(zhì)以及有關(guān)轉(zhuǎn)化，并能結(jié)合題意具體問(wèn)題、具體分析即可?！窘獯稹縭m{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質(zhì)，焰色反應(yīng)呈黃色，應(yīng)為rm{Na}rm{X}能使品紅溶液褪色，應(yīng)為rm{SO_{2}}則rm{B}為rm{H_{2}}rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}SO_{3}}rm{E}為rm{NaHSO_{3}}rm{C}和rm{E}反應(yīng)的離子方程式為rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案為：rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)}若rm{A}為短周期元素組成的單質(zhì)，該元素的最高價(jià)氧化物的水化物酸性最強(qiáng)，應(yīng)為rm{Cl_{2}}則rm{B}為rm{HClO}rm{C}為rm{HCl}rm{壟脵C(jī)l}原子核外有rm{3}個(gè)電子層，最外層電子數(shù)為rm{7}位于周期表第三周期Ⅶrm{A}族，故答案為：第三周期Ⅶrm{A}族；rm{壟脷a.C}為鹽酸，可與rm{NaHCO_{3}}反應(yīng)生成rm{CO_{2}}但rm{CO_{2}}與rm{NaHCO_{3}}不反應(yīng)，故rm{a}錯(cuò)誤；rm{b..C}為鹽酸，與rm{Na_{2}CO_{3}}反應(yīng)生成rm{CO_{2}}rm{CO_{2}}與rm{Na_{2}CO_{3}}反應(yīng)可生成rm{NaHCO_{3}}故rm正確；rm{c..C}為鹽酸，與rm{Na_{2}SO_{4}}不反應(yīng)，故rm{c}錯(cuò)誤；rm{d.}鹽酸與氫氧化鋁反應(yīng)生成氯化鋁，氯化鋁與氫氧化鋁不反應(yīng)，故rmw4frsiw錯(cuò)誤，故答案為：rmrm{(3)}若rm{A}為淡黃色粉末，應(yīng)為rm{Na_{2}O_{2}}rm{壟脵1molA}與足量的rm{H_{2}O}充分反應(yīng)時(shí)過(guò)氧化鈉自身發(fā)生氧化還原反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目為rm{N_{A}}故答案為：rm{N_{A}}rm{壟脷Na_{_{2}}O_{_{2}}}含有離子鍵、共價(jià)鍵，電子式為故答案為：rm{壟脹}若rm{X}為一種造成溫室效應(yīng)的氣體，應(yīng)為rm{CO_{2}}則rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}CO_{3}}rm{E}為rm{NaHCO_{3}}鑒別等濃度的rm{D}rm{E}兩種溶液，可用鹽酸或氯化鋇溶液，故答案為：rm{ab}rm{(4)}若rm{A}為氧化物，rm{X}是rm{Fe}由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知rm{C}具有強(qiáng)氧化性，則rm{A}為rm{NO_{2}}rm{B}為rm{NO}rm{C}為rm{HNO_{3}}rm{NO_{2}}與水反應(yīng)的方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe}與硝酸生成rm{Fe(NO_{3})_{3}}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}rm{)}與rm{3}反應(yīng)生成rm{3}rm{Fe}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}故答案為：rm{)}rm{2}rm{2}rm{{,!}_{,}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO}rm{3}【解析】rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)壟脵}第三周期第rm{VIIA}族rm{壟脷b}rm{(3)壟脵N_{A}}rm{壟脷}rm{壟脹ab}rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}23、（1）CaNA（2）水分子之間形成氫鍵（3）F＞N＞O（4）（5）三角錐形sp3雜化（6）【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)。需要學(xué)生的識(shí)記和理解，多做有助于快速判斷?！窘獯稹縭m{A}基態(tài)原子rm{2p}能級(jí)有rm{3}個(gè)單電子，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}則rm{A}為rm{N}元素；rm{B}意思是基態(tài)原子rm{p}軌道上成對(duì)電子數(shù)等于未成對(duì)電子數(shù)，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{4}}則rm{B}為rm{O}元素；rm{C}的氫化物常用于刻蝕玻璃，則rm{C}為rm{F}元素；rm{D}元素基態(tài)原子核外電子分處rm{6}個(gè)不同能級(jí)，且每個(gè)能級(jí)均已排滿，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}4s^{2}}則rm{D}為rm{Ca}rm{E}的原子序數(shù)等于rm{C}與rm{D}的原子序數(shù)之和，即rm{E}的原子序數(shù)為rm{9+20=29}故E為rm{Cu}rm{(1)D}的元素符號(hào)為rm{Ca}rm{A}的單質(zhì)為rm{N_{2}}結(jié)構(gòu)式為rm{N隆脭N}rm{14g}氮?dú)鉃閞m{14g隆脗28g/mol=0.5mol}含有rm{婁脨}鍵的個(gè)數(shù)為rm{0.5mol隆脕2隆脕N_{A}}rm{mol-1=N_{A}}，所以本題答案為：rm{Ca}rm{N_{A}}rm{(2)B}元素的氫化物的沸點(diǎn)是同族元素氫化物中最高的，原因是：水分子之間形成氫鍵，增大分子間的作用，所以本題答案為：水分子之間形成氫鍵；rm{(3)}同周期所原子序數(shù)增大元素的電負(fù)性增大，rm{3}種元素的電負(fù)性由大到小的順序?yàn)椋簉m{F>N>O}所以本題答案為：rm{F>N>O}rm{(4)Cu^{2+}}的價(jià)層電子排布式為rm{3d^{9}}則價(jià)電子排布圖為所以本題答案為：rm{(5)A}的最簡(jiǎn)單氫化物為rm{NH_{3}}分子的空間構(gòu)型為三角錐形，其中rm{N}原子形成rm{3}個(gè)rm{N-H}鍵、含有rm{1}對(duì)孤對(duì)電子，雜化軌道數(shù)目為rm{4}rm{N}原子的雜化類型是rm{sp^{3}}雜化，所以本題答案為：三角錐形rm{sp^{3}}雜化；rm{(6)}晶胞中白色球數(shù)目為rm{8}黑色球數(shù)目為rm{8隆脕1/8+6隆脕1/2=4}結(jié)合化學(xué)式rm{CaF_{2}}可知白色球?yàn)閞m{F}黑色球?yàn)閞m{Ca}晶胞質(zhì)量為rm{(4隆脕78)/N_{A}g}晶體的密度為rm{婁脩g?cm^{-3}}則rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩g?cm^{-3}}故晶胞邊長(zhǎng)rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩

g?cm^{-3}}rm{a=}所以本題答案為：rm{cm}【解析】rm{(1)Ca}rm{N_{A}}rm{(2)}水分子之間形成氫鍵rm{(3)F>N>O}rm{(4)}rm{(5)}三角錐形rm{sp^{3}}雜化rm{(6)}24、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反應(yīng)，水解反應(yīng)（取代反應(yīng)）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本題考查有機(jī)化合物的推斷和有機(jī)反應(yīng)類型的判斷，同分異構(gòu)體等，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}rm{11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}物質(zhì)的量為rm{0.5mol}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{11.2L(}的烴rm{)}物質(zhì)的量為rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}則證明rm{O}當(dāng)中含有rm{O}個(gè)碳原子，rm{(2.5mol)}個(gè)氫原子，則rm{A}是rm{4}故答案為：rm{10}rm{A}rm{C_{4}H_{10}}有支鏈，則rm{C_{4}H_{10}}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{(2)}和rm{A}有支鏈，則rm{A}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{B}和rm{C}分別是：分別是：和故答案為：和rm{A}rm{A}分別和氫氧化鈉醇溶液發(fā)生消去反應(yīng)生成烯烴rm{B}rm{C}的系統(tǒng)命名名稱是：rm{(3)B}甲基rm{C}丙烯，故答案為：rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}甲基rm{D}丙烯；rm{2-}反應(yīng)rm{-1-}是氯代烴的消去反應(yīng)；反應(yīng)rm{2-}是氯代烴的水解反應(yīng)，故答案為：消去反應(yīng)，水解反應(yīng)rm{-1-}取代反應(yīng)rm{(4)}rm{1}反應(yīng)rm{3}是rm{(}與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應(yīng)，反應(yīng)方程式為：反應(yīng)rm{)}是反應(yīng)rm{(5)}的產(chǎn)物rm{壟脷}是與氫氧化鈉水溶液發(fā)生的取代反應(yīng)生成醇類，反應(yīng)方程式為：故答案為：rm{壟脷}根據(jù)rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}的分子式及結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，其同分異構(gòu)體為正丁烷，正丁烷的二氯代物rm{壟脹}有兩種等效氫，且峰面積之比為rm{壟脷}的結(jié)構(gòu)為：rm{E}rm{(6)}在足量的rm{A}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{G}發(fā)生的是消去反應(yīng)，rm{1:1}為：rm{CH_{2}ClCH_{2}CH_{2}CH_{2}Cl}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}發(fā)生的是消去反應(yīng)，rm{H}為：中含雙鍵，可以發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式：rm{G}rm{NaOH}故答案為：rm{H}；

rm{H}【解析】rm{(1)C_{4}H_{10}}rm{(2)}rm{(3)2-}甲基rm{-1-}丙烯rm{(4)}消去反應(yīng)，水解反應(yīng)rm{(}取代反應(yīng)rm{)}rm{(5)}rm{(6)CH_{2}=CH-CH=CH_{2;;;;;;;;;;}}rm{{,!}}rm{{,!}}25、略

【分析】【分析】本題考查了鐵鹽和亞鐵鹽的相互轉(zhuǎn)變、離子方程式的書寫、電解原理、焓變的計(jì)算、原料利用率的計(jì)算等，難度中等，注意把握相關(guān)基本理論的理解和應(yīng)用。【