2025年人教版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版高二物理上冊月考試卷606考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關(guān)于機(jī)械波下列說法正確的是（）A.機(jī)械波在傳播質(zhì)點(diǎn)振動這種運(yùn)動形式的同時，質(zhì)點(diǎn)也會隨波遷移。B.波動圖像是描述介質(zhì)各個質(zhì)點(diǎn)在某一時刻的位移，振動圖像是描述某一質(zhì)點(diǎn)在各個時刻的位移C.波速跟質(zhì)點(diǎn)的振動頻率有關(guān)，頻率越高波速越大D.只有橫波才能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象2、如圖所示的電路中，三個燈泡L1、L2、L3的電阻關(guān)系為R1＜R2＜R3，電感L的電阻可忽略，D為理想二極管．電鍵K從閉合狀態(tài)突然斷開時，下列判斷正確的是（）A.L1逐漸變暗，L2、L3均先變亮，然后逐漸變暗B.L1逐漸變暗，L2立即熄滅，L3先變亮，然后逐漸變暗C.L2立即熄滅，L1、L3均逐漸變暗D.L1、L2、L3均先變亮，然后逐漸變暗3、在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，下列說法正確的是(

)

A.實(shí)驗(yàn)中，需用天平測出重物的質(zhì)量B.實(shí)驗(yàn)中，需用秒表測出重物下落的時間C.可以用公式vv=gtgt來計(jì)算重錘的速度D.實(shí)驗(yàn)時，應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶4、如圖所示，離地面高h(yuǎn)

處有甲、乙兩個小球，甲以初速度水平射出，同時乙以大小相同的初速度沿傾角為的光滑斜面滑下，若甲、乙同時到達(dá)地面，則的大小是()

A.gh2

B.gh

C.2gh2

D.2gh

5、物體從粗糙斜面的頂端由靜止開始下滑；下列敘述正確的是（）

A.物體滑到斜面中點(diǎn)時的速度與滑到斜面底端時的速度之比1：2

B.物體滑到斜面中點(diǎn)的時間與滑到斜面底端的時間之比

C.把斜面分成三等分，則物體依次通過這三段位移所用的時間之比

D.把時間分成三等分；則物體在這三段時間內(nèi)通過的位移之比為1：3：5

6、如圖所示，光滑的“Π”形金屬導(dǎo)體框豎直放置，質(zhì)量為m的金屬棒MN與框架接觸良好，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1、B2的有界勻強(qiáng)磁場方向相反，但均垂直于框架平面，分別處在abcd和cdef區(qū)域．現(xiàn)從圖示位置由靜止釋放金屬棒MN，金屬棒進(jìn)入磁場區(qū)域abcd后恰好做勻速運(yùn)動。下列說法正確的有A.若B2＝B1，則金屬棒進(jìn)入cdef區(qū)域后將加速下滑B.若B2＝B1，則金屬棒進(jìn)入cdef區(qū)域后仍將保持勻速下滑C.若B2＜B1，則金屬棒進(jìn)入cdef區(qū)域后可能先加速后勻速下滑D.若B2＞B1，則金屬棒進(jìn)入cdef區(qū)域后可能先減速后勻速下滑評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種很重要的思想方法，以下屬于用比值法定義的物理量是()

A.加速度a

=

婁隴t

(

婁隴v

)

B.電阻R

=

婁脩

S

(

l

)

C.電場強(qiáng)度E

=

q

(

F

)

D.電容C

=

4婁脨kd

(

婁脜rS

)

8、a、b兩束可見單色光，分別沿半徑方向射向圓柱形的玻璃磚，其出射光線都是由圓心O沿OP方向射出，如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.a光在玻璃中的折射率較大B.b光在玻璃中的波長較a光短C.一束a光與一束b光能發(fā)生干涉D.同樣的入射角下，b光的偏折角大9、小型交流發(fā)電機(jī)中，矩形金屬線框在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與時間呈正弦函數(shù)關(guān)系，如圖所示．此線圈與一個R=9Ω的電阻構(gòu)成閉合電路，線圈自身的電阻r=1Ω，下列說法正確的是（）A.交變電流的頻率為2.5HzB.發(fā)電機(jī)輸出的電功率為18WC.發(fā)電機(jī)輸出的電壓有效值為D.交流發(fā)電機(jī)效率90%10、如圖是生產(chǎn)中常用的一種延時繼電器的示意圖，鐵芯上有兩個線圈A

和B

線圈A

跟電源連接，線圈B

的兩端接在一起，構(gòu)成一個閉合回路.

下列說法正確的是(

)

A.閉合開關(guān)S

時，B

中產(chǎn)生與圖示方向的感應(yīng)電流B.閉合開關(guān)S

時，B

中產(chǎn)生與圖示方向相反的感應(yīng)電流C.斷開開關(guān)S

時，電磁鐵會繼續(xù)吸住銜鐵D

一小段時間D.斷開開關(guān)S

時，彈簧k

立即將銜鐵D

拉起11、在光滑的水平地面上方，有個磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B

方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，如圖PQ

為磁場的邊界.

一個半徑為a

質(zhì)量為m

電阻為R

的金屬圓環(huán)垂直磁場方向，以速度v

從如圖位置運(yùn)動，當(dāng)圓環(huán)運(yùn)動到直徑剛好與邊界線PQ

重合時，圓環(huán)的速度為v2

則下列說法正確的是(

)

A.此時圓環(huán)中的電功率為4B2a2v2R陋蘆

B.此時圓環(huán)的加速度為2B2a2vmR

C.此過程中通過圓環(huán)截面的電量為婁脨Ba22R

D.此過程中回路產(chǎn)生的電能為0.75mv2

12、發(fā)電廠的輸出電壓為U1，發(fā)電廠至用戶間輸電導(dǎo)線的總電阻為R，通過導(dǎo)線的電流為I，用戶得到的電壓為U2；則下列輸電導(dǎo)線上損耗功率的表達(dá)式中正確的是（）

A.B.

C.D.

評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、如圖所示，一木塊放在水平桌面上，在水平方向共受三個力（即F1、F2和摩擦力）作用，木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中F1=8N，F(xiàn)2=1N，由此可以判斷出木塊與水平面間最大靜擦力≥____N，若撤去F1，木塊所受摩擦力的大小為____N．

14、有些機(jī)床為了安全，照明電燈用的電壓是36V，這個電壓是把380V的交流電壓經(jīng)變壓器降壓后得到的。將變壓器視為理想變壓器，如圖所示，如果原線圈是1140匝，則副線圈的匝數(shù)是匝，變壓器原、副線圈的電流之比為。15、用螺旋側(cè)微器測量一小球的直徑，結(jié)果如圖所示，則小球的直徑d=______mm．

16、甲同學(xué)想在家里做用單擺測定重力加速度的實(shí)驗(yàn)；但沒有合適的擺球，他找到了一塊大小為3cm左右；

外形不規(guī)則的大理石塊代替小球．他設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)步驟是：

A．將石塊用細(xì)線系好；結(jié)點(diǎn)為M，將細(xì)線的上端固定于O點(diǎn)（如圖1所示）

B．用刻度尺測量OM間細(xì)線的長度L作為擺長。

C．將石塊拉開一個大約α=30°的角度；然后由靜止釋放。

D．從擺球擺到最高點(diǎn)時開始計(jì)時，測出50次全振動的總時間t，由T=得出周期．

（1）則該同學(xué)以上實(shí)驗(yàn)步驟中有錯誤的是______．

（2）若該同學(xué)用OM的長L作為擺長，這樣做引起的系統(tǒng)誤差將使重力加速度的測量值比真實(shí)值______

（偏大或偏?。?/p>

（3）如果該同學(xué)改正了錯誤，改變OM間細(xì)線的長度做了2次實(shí)驗(yàn)，記下每次相應(yīng)的線長度L1、L2和。

周期T1、T2，則由上述四個量得到重力加速度g的表達(dá)式______；

（4）該同學(xué)用秒表記下了單擺全振動50次的時間，如圖所示，由圖2可讀出時間為______s．

17、不管用什么方法，只要穿過閉合電路的______發(fā)生變化，閉合電路中就有感應(yīng)電流．18、帶電量為2×10-8庫的正檢驗(yàn)電荷從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)時，它的電勢能增加了8×10-7焦，則在這個過程中，電場力對檢驗(yàn)電荷做了______J的功，A、B兩點(diǎn)之間的電勢差UAB=______V．19、銅的原子量為M，密度為ρ，每摩爾銅原子有n個自由電子，今有一根橫截面為S的銅導(dǎo)線，當(dāng)通過的電流為I時，電子平均定向移動的速率為______．評卷人得分四、判斷題(共1題，共2分)20、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、作圖題(共1題，共4分)21、根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度B；電流I和安培力F的相互關(guān)系；請根據(jù)要求作圖．

評卷人得分六、證明題(共2題，共18分)22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動。23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】機(jī)械波在傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)并不隨波遷移，A錯誤；由波動圖像、振動圖像知，B正確；波速由介質(zhì)本身的性質(zhì)決定，C錯誤；干涉現(xiàn)象是波特有的現(xiàn)象，聲波是縱波，也可產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，D錯誤。【解析】【答案】B2、B【分析】解：當(dāng)K突然斷開時，電感L由于自感，電流繼續(xù)原方向流動，L、L1和L3構(gòu)成一閉合回路，L中電流從I1逐漸減少，則通過L1的電流也逐漸減少．

通過L3的電流開始時比原來電流大；后逐漸變小．

當(dāng)K突然斷開時，電感L相當(dāng)于電源，由此時二極管處于反向截止?fàn)顟B(tài)，故L2立即熄滅．

故B正確；ACD錯誤．

故選：B

當(dāng)K突然斷開時，電感L由于自感，電流繼續(xù)原方向流動，但二極管反向不導(dǎo)通，所以L2不亮，又因?yàn)樵瓉鞮中電流比L3的電流大，所以L3將更亮；之后再變暗．

做好本題要弄清楚電流的大小變化，方向變化，還要知道二極管的正向?qū)ㄐ裕窘馕觥俊敬鸢浮緽3、D【分析】【分析】明確驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的儀器、操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，清楚該實(shí)驗(yàn)的誤差來源等。本題考查驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)方法，要知道重物帶動紙帶下落過程中能量轉(zhuǎn)化的過程和能量守恒，知道能夠減小實(shí)驗(yàn)誤差的方法，從而明確實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng)?！窘獯稹緼.因?yàn)槲覀兪潜容^mgh

與12mv2

的大小關(guān)系；故m

可約去比較，不需要測出重物的質(zhì)量，故A錯誤；

B.利用打點(diǎn)計(jì)時器可以直接讀出下落時間；不需要使用秒表，故B錯誤；

C.實(shí)驗(yàn)中如果利用v=gt

計(jì)算速度；則即認(rèn)為物體只受重力則機(jī)械能一定守恒，不需要再驗(yàn)證了，故C錯誤；

D.先接通電源；再松開紙帶，讓重物自由下落，在紙帶上打出一系列點(diǎn)，利于數(shù)據(jù)的采集和處理，故D正確。

故選D?！窘馕觥緿

4、A【分析】【分析】根據(jù)題意可知：甲做平拋運(yùn)動，水平方向做勻速運(yùn)動，豎直方向做自由落體運(yùn)動，運(yùn)動的時間可以通過豎直方向上自由落體運(yùn)動的公式求解，乙做勻加速直線運(yùn)動，運(yùn)動的時間與甲相等，由幾何關(guān)系及位移時間公式即可求解。該題考查了平拋運(yùn)動及勻變速直線運(yùn)動的基本公式的直接應(yīng)用，抓住時間相等去求解。【解答】甲做平拋運(yùn)動，水平方向做勻速運(yùn)動，豎直方向做自由落體運(yùn)動，根據(jù)h=12gt2h=dfrac{1}{2}g{t}^{2}得：t=2hgt=sqrt{dfrac{2h}{g}}根據(jù)幾何關(guān)系可知：x脪脪=2h{x}_{脪脪}=sqrt{2}h乙做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律可知：a=mgsin45om=22ga=dfrac{mgsin{45}^{o}}{m}=dfrac{sqrt{2}}{2}g根據(jù)位移時間公式可知：x脪脪=v0t+12at2{x}_{脪脪}={v}_{0}t+dfrac{1}{2}a{t}^{2}由以上各式得：v0=gh2{v}_{0}=dfrac{sqrt{gh}}{2}故A正確，BCD錯誤。故選A?！窘馕觥緼

5、C|D【分析】

A、由v2=2as得：v=則得v∝．所以物體滑到斜面中點(diǎn)時的速度與滑到斜面底端時的速度之比為1：．故A錯誤．

B、由s=得：t=則得t∝所以物體滑到斜面中點(diǎn)的時間與滑到斜面底端的時間之比為1：．故B錯誤．

C、把斜面分成三等分，設(shè)從上到下物體通過三段位移的時間分別為t1、t2和t3．

則有==

聯(lián)立解得，t1：t2：t3=．故C正確．

D、由s=得：s∝t2；把時間分成三等分，則第一段相等時間內(nèi)位移與前兩段相等時間內(nèi)位移之比為1：4，第一段相等時間內(nèi)位移與三段相等時間內(nèi)位移之比為1：9，則數(shù)學(xué)知識可得：物體在這三段相等時間內(nèi)通過的位移之比為1：3：5．故D正確．

故選CD

【解析】【答案】由于木塊由斜面頂端靜止開始勻加速下滑，初速度為零，而加速度保持不變，則根據(jù)速度公式v=at，根據(jù)速度與位移的關(guān)系公式v2=2as和位移公式s=研究中點(diǎn)的速度和時間．由位移公式分析相等位移時間之比和相等時間位移之比．

6、B|C|D【分析】【解析】試題分析：若B2＝B1，金屬棒進(jìn)入B2區(qū)域后，磁場反向，回路電流反向，由左手定則知：安培力并沒有反向，大小也沒有變，故金屬棒進(jìn)入B2區(qū)域后，仍將保持勻速下滑，B對；若B21，金屬棒進(jìn)入B2區(qū)域后，安培力沒有反向但大小變小，由F＝BIL＝知，金屬棒進(jìn)入B2區(qū)域后可能先加速后勻速下滑，故C也對；同理，若B2>B1，金屬棒進(jìn)入B2區(qū)域后可能先減速后勻速下滑，故D也對．考點(diǎn)：牛頓第二定律【解析】【答案】BCD二、多選題(共6題，共12分)7、AC【分析】【分析】所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法，與定義的物理量無關(guān)，比值法定義的基本特點(diǎn)是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變。用比值法定義物理量是物理上常用的思想方法，可以根據(jù)定義出的物理量與兩個物理量有無關(guān)系，判斷是否是比值法定義。【解答】A.加速度的定義是速度變化量與所用時間的比值，故a=婁隴v婁隴t

屬于比值定義法，故A正確；B.電阻等于導(dǎo)體兩端的電壓與通過導(dǎo)體電流的比值，R=UI

屬于比值定義法，而R=婁脩lS

不是比之定義法，故B錯誤；C.電場強(qiáng)度與放入電場中的電荷無關(guān)，所以E=Fq

屬于比值定義法，故C正確；D.此式電容的決定式，反映了電容是由兩極板的正對面積成正比，與介電常量成正比，與極板間的距離成反比，C=婁脜S4婁脨kd

不屬于比值定義法，故D錯誤。故選AC?！窘馕觥緼C

8、BD【分析】解：A．由圖可知光從底面射出時，折射角相同，而a的入射角大于b的入射角，由折射定律可知：可知，故a的折射率小于b的折射率。故A錯誤；

B．因折射率越大，光的頻率越大，故a的頻率小于b的頻率，a的波長大于b光的波長；故B正確；

C．由于a光和b光頻率不相等；不是相干光，相遇時不會發(fā)生干涉現(xiàn)象，故C錯誤；

D．由于b光的折射率較大，同樣的入射角下，b光的偏折角大；故D正確。

故選：BD。

光線在底面發(fā)生折射；折射角相同，由折射定律可得出兩光的折射率，從而分析出光的頻率和波長的大小，發(fā)生干涉的首要條件是頻率相等，折射率越大，光線偏折越大。

解決本題時要注意，當(dāng)光從介質(zhì)射向空氣時，折射定律的表達(dá)式為折射角的正弦與入射角正弦的比值，不能思維定勢都作為入射角的正弦與折射角的正弦比值?！窘馕觥緽D9、ABD【分析】解：A；由圖象知周期為0.4s；頻率為周期的倒數(shù)2.5Hz，A正確；

B、由圖象知電壓有效值U==10V，電流I==A，輸出功率P=I2R=18W；B正確；

C、輸出電壓有效值為IR=9V；C錯誤；

D、交流發(fā)電機(jī)的效率η==90%；D正確．

故選ABD

從圖象得到交流電壓的峰值和有效值；周期和頻率，輸出功率用有效值，結(jié)合歐姆定律計(jì)算．

本題考查了利用圖象解決問題的能力，結(jié)合閉合電路歐姆定律考查了功率、效率等知識．【解析】【答案】ABD10、BC【分析】解：

AB

由題意可知；當(dāng)S

接通后，線圈A

中產(chǎn)生磁場，穿過線圈B

的磁通量要增加，根據(jù)楞次定律：增反減同，結(jié)合右手螺旋定則可知，B

中產(chǎn)生與圖示方向相反的感應(yīng)電流，故A錯誤，B正確；

CD

將S

斷開；導(dǎo)致穿過線圈B

的磁通量減小變慢，根據(jù)楞次定律可知，產(chǎn)生有延時釋放D

的作用，故C正確，D錯誤；

故選：BC

．

圖中有兩個線圈；其中A

有電源，接通電路后有電流通過，會產(chǎn)生磁性；而B

線圈無電源，開關(guān)閉合后沒有電流，只有當(dāng)A

中的磁場發(fā)生變化時，根據(jù)電磁感應(yīng)作用，B

線圈才會產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而根據(jù)楞次定律，即可求解．

該題考查楞次定律與右手螺旋定則的應(yīng)用，注意穿過閉合線圈的磁通量變化，線圈相當(dāng)于電源，同時理解線圈B

的作用是阻礙線圈A

磁通量的變化．【解析】BC

11、BC【分析】解：A

當(dāng)圓環(huán)運(yùn)動到直徑剛好與邊界線PQ

重合時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=B隆脕2a隆脕v2=Bav

感應(yīng)電流I=BavR.

所以P=I2R=B2a2v2R.

故A錯誤．

B

金屬圓環(huán)受到的安培力F=2BIa=2B2a2vR.

所以a=Fm=2B2a2vmR.

故B正確．

Cq=I.t=鈻?婁碌R=B婁脨a22R.

故C正確．

D

有能量守恒得：產(chǎn)生的電能W碌莽=12mv2鈭?12m(v2)2=38mv2.

故D錯誤．

故選BC．

A；圓環(huán)的左半邊切割磁感線；等效長度為2a

根據(jù)E=BLv

求出感應(yīng)電動勢，從而求出感應(yīng)電流，根據(jù)P=I2R

求出低昂率．

B；根據(jù)感應(yīng)電流求出安培力；再根據(jù)牛頓第二定律求出加速度．

C、根據(jù)q=I.t=鈻?婁碌R

求出此過程中通過圓環(huán)截面的電量．

D；根據(jù)能量守恒求回路中產(chǎn)生的電能．

解決本題的關(guān)鍵掌握導(dǎo)體切割磁場產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=BLv

知道L

為有效長度.

以及掌握電量q=I.t=N鈻?婁碌R

．【解析】BC

12、ABD【分析】解：AD、升壓變壓器的輸出電壓為U1，降壓變壓器的輸入電壓為U2，則輸電線上的電壓損失△U=U1-U2，升壓輸電線上損失的功率為P損=△UI=I（U1-U2）或P損=△UI==．故AD正確。

BC、因?yàn)檩旊娋€上的電流為I，則輸電線上損失的功P損=I2R．故B正確；C錯誤。

故選：ABD。

根據(jù)輸電線中的電流，結(jié)合P損=I2R求出損失的功率，或根據(jù)電壓損失，結(jié)合P損=△UI=求出輸電線上的損失功率。

解決本題的關(guān)鍵知道損失的功率的各種表達(dá)形式：P損=I2R=△UI=I（U1-U2）或P損=△UI==．基礎(chǔ)題?！窘馕觥緼BD三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】

木塊開始在水平方向受三個力而平衡；則有。

f=F1-F2=8-1=7N；

物體處于靜止?fàn)顟B(tài)；則說明物體受到的最大靜摩擦力大于等于7N；

撤去F1后；外力為1N，故物體仍能處于平衡，所以木塊受靜摩擦力作用，大小為1N；

故答案為：7；1

【解析】【答案】對物體進(jìn)行受力分析；由力的合成可得出靜摩擦力的大??；撤去拉力后，根據(jù)另一拉力與摩擦力的關(guān)系判斷物體是否靜止，則可求出木塊受到的合力．

14、略

【分析】試題分析：由于原線圈的電壓為380V，副線圈的電壓為36V，則原副線圈的匝數(shù)之比為故副線圈的匝數(shù)n2==108匝；變壓器原、副線圈的電流之比為9：95?？键c(diǎn)：變壓器?！窘馕觥俊敬鸢浮?08；9：95。15、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為10.5mm；可動刻度為46.5×0.01mm=0.465mm，所以最終讀數(shù)為10.5mm+0.465mm=10.965mm，最后的結(jié)果可以為10.965±0.002．

故答案為：0.965±0.002．

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】10.965±0.00216、略

【分析】解：

（1）則該同學(xué)以上實(shí)驗(yàn)步驟中有錯誤的是BCD；

B中；擺長應(yīng)是從懸點(diǎn)到大理石塊的質(zhì)心的距離；

C中；擺球的擺角太大，將不能看作簡諧運(yùn)動，單擺周期公式失效，不能測定g；

D中；測量時間應(yīng)從單擺擺到最低點(diǎn)開始，因?yàn)樽畹臀恢脭[球速度最大，相同的視覺距離誤差，引起的時間誤差較小，則周期測量比較準(zhǔn)確．

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：g=．

該同學(xué)用OM的長L作為擺長；擺長偏小，根據(jù)上述表達(dá)式得知，g的測量值偏?。?/p>

（3）設(shè)擺線的結(jié)點(diǎn)到大理石質(zhì)心的距離為r，則根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：

T1=2π

T2=2π

聯(lián)立解得，g=

（4）圖2所示秒表分針示數(shù)是1.5min=90s；秒針示數(shù)是6.8s，秒表所示是90s+6.8s=96.8s；

故答案為：

（1）BCD；

（2）偏?。?/p>

（3）

（4）96.8

（1）擺長等于懸點(diǎn)到大理石塊的質(zhì)心的距離；單擺在擺角較小時（小于5°）可看成簡諧運(yùn)動；在最低點(diǎn)速度最大；從最高點(diǎn)開始計(jì)時誤差最大；

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得到g的表達(dá)式，再分析誤差的大小．

（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2π列方程求解．

（4）秒表中間的表盤代表分鐘；周圍的大表盤代表秒，秒表讀數(shù)是兩個表盤的示數(shù)之和，要注意觀察指針?biāo)傅奈恢眉胺侄戎担?/p>

對于單擺實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵要掌握實(shí)驗(yàn)原理：單擺的周期公式T=2π準(zhǔn)確理解L的含義和實(shí)驗(yàn)條件、操作方法．對秒表進(jìn)行讀數(shù)時，要先確定秒表的分度值，秒表示數(shù)是分針與秒針示數(shù)之和．【解析】BCD；偏?。?6.817、磁通量【分析】解：根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件；不管用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有感應(yīng)電流．

故答案為：磁通量。

閉合電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化.

既不是磁場發(fā)生變化；也不是面積發(fā)生變化．

本題考查了判斷是否產(chǎn)生感應(yīng)電流，知道感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，根據(jù)題意分析即可正確解題．【解析】磁通量18、略

【分析】解：根據(jù)題意，檢驗(yàn)電荷從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)時，它的電勢能增加了8×10-7J，則電場力對檢驗(yàn)電荷做功WAB=-8×10-7J．

A、B兩點(diǎn)之間的電勢差為UAB==V=-40V．

故答案為：-8×10-7；-40．

檢驗(yàn)電荷從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)時，電勢能增加多少，說明克服電場力做功多少．根據(jù)公式UAB=求解A；B兩點(diǎn)之間的電勢差．

電場力做功與電勢能變化的關(guān)系類似于重力做功與重力勢能關(guān)系相似，要知道電荷的電勢能變化取決于電場力做功，電場力做功多少，其電勢能就減小多少．電荷克服電場力做功多少，其電勢能就增加多少．【解析】-8×10-7；-4019、略

【分析】解：設(shè)銅導(dǎo)線中自由電子