2025年新世紀版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版高二物理下冊階段測試試卷530考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、做簡諧運動的彈簧振子，振子的最大速度是v，振子的最大動能是EKm；則下列說法正確的是（）

A.從某一時刻算起，在半個周期的時間內(nèi)，回復力做的功可能是零到EKm之間的某一個值。

B.從某一時刻算起；在半個周期的時間內(nèi)，回復力做的功一定為零。

C.從某一時刻算起；在半個周期的時間內(nèi)，速度變化量大小可能是零到2v之間的某一個值。

D.從某一時刻算起；在半個周期的時間內(nèi)，速度變化量一定為零。

2、下列說法中正確的是，感應電動勢的大小()A.跟穿過閉合電路的磁通量變化率成正比B.跟穿過閉合電路的磁通量的變化大小有關系C.跟穿過閉合電路的磁通量的變化快慢有關系D.跟電路的電阻大小有關系3、矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的電動勢e-t圖象如圖；則在時刻（）

A.t1到t3過程中線圈通過磁通量先增大后減小B.t2，t4線圈中磁通量最大C.t1，t3線圈中磁通量變化率最大D.t2，t4線圈平面與中性面垂直4、如圖是電子射線管示意圖．接通電源后；電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線．要使熒光屏上的亮線向下（z軸負方向）偏轉(zhuǎn)，在下列措施中可采用的是（）

A.加一電場；電場方向沿y軸正方向。

B.加一電場；電場方向沿y軸負方向。

C.加一磁場；磁場方向沿z軸負方向。

D.加一磁場；磁場方向沿y軸正方向。

5、下面關于紅外線說法中正確的是()．A.紅外烤箱中的紅光就是紅外線B.紅外線比可見光更容易發(fā)生衍射C.高溫物體輻射紅外線，低溫物體不輻射紅外線D.紅外線比可見光更容易引起固體物質(zhì)分子共振6、有一橫截面積為S的銅導線，流經(jīng)其中的電流強度為I，設每單位體積的導線中有n個自由電子，電子的電量為e，此時電子的定向移動速度為v，在△t時間內(nèi)，通過導線的橫截面積的自由電子數(shù)目可表示為（）A.B.nv△tC.D.7、如圖甲所示，交流發(fā)電機的矩形線圈邊長ab=cd=0.2mad=bc=0.4m

線圈匝數(shù)為50

匝，線圈的總電阻r=1婁賂

線圈在磁感應強度B=0.2T

的勻強磁場中繞垂直磁場的虛線軸以100蟺t/s

的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動，外接電阻R=9婁賂

電壓表為理想交流電表，則(

)

A.圖甲中交流電壓表的示數(shù)為802V

B.圖甲中電阻R

上消耗的電功率為11522W

C.如圖乙所示，在外電路接上原、副線圈匝數(shù)比n1n2=31

的理想變壓器時，電阻R

上消耗的電功率最大D.如圖乙所示，在外電路接上原、副線圈匝數(shù)比n1n2=13

的理想變壓器時，電阻R

上消耗的電功率最大8、在如圖所示的電路中，電阻R=4婁賂R2=6婁賂R3=3婁賂

電流表內(nèi)阻不計，在AB

兩點間加上9V

的電壓時，電流表的讀數(shù)為()A.0

B.1A

C.1.5A

D.2A

評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、一臺交流發(fā)電機，產(chǎn)生交變電動勢的最大值為500V，周期為0.02s，保持其它條件不變，把轉(zhuǎn)速提高到原來的2倍，則交變電動勢的有效值為______，周期為______．10、如圖所示；是用打點計時器獲得的比較理想的紙帶的一部分，根據(jù)紙帶給出的數(shù)據(jù)和相鄰兩個測量點間的時間間隔T=0.1S

則從A

點到B

點的平均速度為______m/sB

點的瞬時速度約為______m/sD

點的瞬時速度約為______m/sBD

段的加速度為______m/s2AE

段的加速度為______m/s2

．

11、（1）如圖所示為用打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗裝置．關于這一實驗，下列說法中正確的是____

A．打點計時器應接直流電源。

B．應先釋放紙帶；后接通電源打點。

C．需使用秒表測出重物下落的時間。

D．測出紙帶上兩點跡間的距離；可知重物相應的下落高度。

（2）在用電火花計時器（或電磁打點計時器）研究勻變速直線運動的實驗中，某同學打出了一條紙帶．已知計時器打點的時間間隔為0.02s，他按打點先后順序每5個點取1個計數(shù)點，得到了O、A、B、C、D等幾個計數(shù)點，如圖所示，則相鄰兩個計數(shù)點之間的時間間隔為____s．用刻度尺量得OA=1.50cm、AB=1.90cm、BC=2.30cm、CD=2.70cm．由此可知，紙帶做____運動（選填“勻加速”或“勻減速”），打C點時紙帶的速度大小為____m/s．

12、如圖所示，一驗電器與鋅板相連，在A處用一紫外線燈照射鋅板，關燈后，指針保持一定偏角．此時鋅板帶______電．（填“正”或“負”）．使驗電器指針回到零，再用相同強度的鈉燈發(fā)出的黃光照射鋅板，驗電器指針無偏轉(zhuǎn)．那么，若改用強度更大的紅外線燈照射鋅板，可觀察到驗電器指針______（填“有”或“無”）偏轉(zhuǎn)．13、在“測定金屬絲電阻率”的實驗中：

(1)用千分尺測量金屬絲的直徑；千分尺示數(shù)如圖所示，則金屬絲的直徑為____________cm．

(2)已知電阻絲約為10Ω；現(xiàn)備有下列器材供測量該電阻絲的電阻時選用，應選用的器材有____________(只填代號)

A．量程是0.6A；內(nèi)阻是0.5Ω的電流表；

B．量程是3A；內(nèi)阻是0.1Ω的電流表；

C．量程是3V；內(nèi)阻是6KΩ的電壓表；

D．量程是15V；內(nèi)阻是30KΩ的電壓表；

E．阻值是0～1KΩ；額定電流為0.5A的滑動變阻器；

F．阻值是0～20Ω；額定電流為2A的滑動變阻器；

G．蓄電池(6V)；

H．開關一個；導線若干．

(3)用伏安法測上述電阻絲電阻的電路圖應選用圖中的那個電路圖____________．14、(1)

真空中的兩個點電荷，它們間的靜電力大小為F.

如果保持他們間的距離不變，將其中一個點電荷的電荷量增大為原來的3

倍，則它們間的靜電力大小為__________;

如果保持它們的電荷量不變，將兩點電荷間的距離減小為原來的一半，則他們間的靜電力大小為_________．(2)

下列有關生活中的靜電，應用靜電的是_________，有害的、要防止的是__________．A.電視熒屏上常有一層灰塵B.

雷雨天高大樹木下避雨C.

靜電噴漆D.

靜電復印E.

靜電除塵(3)

三個粒子abc(

不計重力)

以相同的速度射入勻強磁場中，運動軌跡如圖所示，其中b

粒子做勻速直線運動，則a

粒子帶__________電，c

粒子帶_________電．

(4)

電磁鐵的應用相當廣泛，它是利用電流周圍產(chǎn)生磁場的原理工作的，最先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場的科學家是__________．15、如圖所示，接地金屬球A

的半徑為R

球外點電荷的電量為Q

它到球心的距離為r

則該金屬球上感應電荷在球心O

處產(chǎn)生的場強大小等于______．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）20、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

24、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共16分)25、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象26、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、實驗題(共2題，共4分)27、（4分）如圖所示，游標卡尺的讀數(shù)為mm；螺旋測微器的讀數(shù)為mm．28、某學生用螺旋測微器在測定某一金屬絲時，測得的結(jié)果如右圖所示，則該金屬絲的直徑d=_____mm。評卷人得分六、實驗探究題(共2題，共8分)29、用螺旋測微器測量某電阻絲的直徑如圖，則此電阻絲的直徑為______mm

30、在“探究彈簧力和彈簧伸長的關系”的實驗中；某實驗小組不同數(shù)量的鉤碼分別掛在豎直彈簧下端，進行測量，根據(jù)實驗所測數(shù)據(jù)，利用描點法作出了所掛鉤碼的重力G與彈簧總長L的關系圖象，如圖所示，根據(jù)圖象回答下列問題：

（1）彈簧的原長為L0=______m．

（2）彈簧的勁度系數(shù)為k=______N/m．

（3）分析圖象，總結(jié)出彈簧力F跟彈簧長度L之間的關系式F=______．（用題中所給字母G、L1、L0、k表示）參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B|C【分析】

A；B做簡諧運動的彈簧振子；經(jīng)過半個周期的時間，振子的速度大小一定相等，初動能與末動能一定相等，根據(jù)動能定理得知，回復力做的功一定為零．故A錯誤，B正確．

C；D若從最大位移處算起；在半個周期的時間內(nèi)，速度變化量最小，大小為零；若從平衡位置算起，在半個周期的時間內(nèi)，速度變化量最大，大小為2v，則速度變化量大小可能是零到2v之間的某一個值．故C正確，D錯誤．

故選BC

【解析】【答案】做簡諧運動的彈簧振子；經(jīng)過半個周期的時間，振子的速度大小一定相等，速度方向可能相反，根據(jù)動能定理分析回復力做功．

2、A|C【分析】【解析】試題分析：根據(jù)法拉第電磁感應定律，感應電動勢的大小可知，感應電動勢的大小跟磁通量變化率有關，因此AC正確考點：法拉第電磁感應定律【解析】【答案】AC3、D【分析】解：A、由圖可知，t1到t3過程中電動勢先增大后減小；則線圈通過磁通量先減小后增大；故A錯誤；

B、t2，t4線圈中電動勢最大；則穿過線圈的磁通量為零；線圈平面與中性面垂直；故B錯誤；故D正確；

C、t1，t3線圈電動勢為零；磁通量變化率為零；故C錯誤；

故選：D

矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動時產(chǎn)生正弦交變電流．磁通量為零；感應電動勢最大；磁通量最大時，感應電動勢為零，線圈恰好通過中性面．經(jīng)過中性一次，電流方向改變一次．根據(jù)法拉第定律，感應電動勢與磁通量變化率成正比。

本題考查正弦交變電流產(chǎn)生過程中磁通量與感應電流、感應電動勢及位置之間的關系，基本題．【解析】【答案】D4、D【分析】

A；若加一沿y軸正方向的電場；電子帶負電，電場力方向沿y軸負方向，亮線不偏轉(zhuǎn)，不符合題意．故A錯誤．

B；若加一沿y軸負方向的電場；電子帶負電，電場力方向沿y軸正方向，亮線不偏轉(zhuǎn)，不符合題意．故B錯誤．

C；若加一沿z軸負方向的磁場；根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向沿y軸負方向，亮線不偏轉(zhuǎn)，不符合題意．故C錯誤．

D；若加一沿y軸正方向的磁場；根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向沿z軸負方向，亮線向下偏轉(zhuǎn)，符合題意．故D正確．

故選D

【解析】【答案】電子射線由陰極沿x軸方向射出；形成的亮線向下（z軸負方向）偏轉(zhuǎn)，說明電子受到的洛倫茲力方向向下，將四個選項逐一代入，根據(jù)左手定則判斷分析，選擇可行的磁場方向．

5、B|D【分析】紅外線是看不見的，紅外線比可見光的波長長，更容易發(fā)生衍射，一切物體，包括高溫物體和低溫物體都在輻射紅外線，只是物體溫度越高，它輻射的紅外線就越強；紅外線的頻率比可見光更接近固體物質(zhì)分子的頻率，也就更容易使分子發(fā)生共振，因而紅外線熱作用顯著．【解析】【答案】BD6、C【分析】解：在t時間內(nèi)；以速度v移動的電子在銅導線中通過的距離為vt，由于銅導線的橫截面積為S，則在t時間內(nèi)，電子經(jīng)過的導線體積為。

V=vtS．

又由于單位體積的導線有n個自由電子；則在t時間內(nèi)，通過導線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為N=nvSt．

由于流經(jīng)導線的電流為I，則在t時間內(nèi)，流經(jīng)導線的電荷量為Q=It，而電子的電荷量為e，則t時間內(nèi)通過導線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為：N=故C正確．

故選：C

首先根據(jù)電流強度的定義可以求得t時間內(nèi)通過導線橫截面積的總的電荷量的大?。贿M而可以求得自由電子的個數(shù)，再根據(jù)電流的微觀的表達式，根據(jù)電阻的運動的速率的大小也可以求得通過導線橫截面的自由電子的個數(shù)．

本題計算自由電子的個數(shù)，要注意從不同的角度來分析問題，一是從微觀運動的角度，二是從電流強度的角度．【解析】【答案】C7、D【分析】解：A

線圈轉(zhuǎn)動的角速度婁脴=2婁脨n=2婁脨隆脕100蟺=200rad/s

發(fā)電機產(chǎn)生正弦式交流電，電動勢最大值Em=NBS婁脴=50隆脕0.2隆脕0.2隆脕0.4隆脕200=160V

電動勢的有效值E=22Em=802V

交流電壓表V

的示數(shù)為外電壓的有效值為U=RR+rE=722V

故A錯誤；

B、電阻R

上消耗的電功率P=U2R=1152W

故B錯誤；

CD

將理想變壓器和電阻R

等效為電路中的一個電阻R隆盲R隆盲R=U1I1U2I2=n12n22

電源的輸出功率P魯枚=(ER鈥?+r)2R隆盲

當R隆盲=r=1婁賂

時，P魯枚

最大，n1n2=R隆盲R=13

故C錯誤，D正確。

故選：D

圖甲中，求出線圈的感應電動勢，再根據(jù)歐姆定律和電功率公式求出交流電壓表的示數(shù)和電阻R

上消耗的電功率；將理想變壓器和電路中的電阻R

等效為電阻R隆盲

當R隆盲=r

時電源的輸出功率最大；結(jié)合變壓器的變壓規(guī)律可得到匝數(shù)比．

理想變壓器是理想化模型，一是不計線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象.

輸入電壓決定輸出電壓，而輸出功率決定輸入功率．【解析】D

8、B【分析】【分析】畫出當AB

間加上電壓時的等效電路，由閉合電路歐姆定律及并聯(lián)電路的電流關系得解。本題主要考場電路的簡化，知道串并聯(lián)關系是解題的關鍵。難度一般?！窘獯稹坑捎陔娏鞅韮?nèi)阻不計，故在AABB兩點間加上9V9V的電壓時，R2

與R3

為并聯(lián)關系，由閉合電路歐姆定律解得電路總電流為：I=ER脳脺=1.5A

由于R2

與R3

為并聯(lián)關系，其中電流與其阻值成反比，故電流表的讀數(shù)為1A1A故B正確，ACD錯誤，故選B?！窘馕觥緽

二、填空題(共7題，共14分)9、略

【分析】解：線圈轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應電動勢Em=nBSω，當轉(zhuǎn)速增大時，角速度增大，故把轉(zhuǎn)速提高到原來的2倍，產(chǎn)生的感應電動勢變?yōu)樵瓉淼?倍，故E′m=1000V，產(chǎn)生的有效值E=

周期T

故答案為：V；0.01s

根據(jù)發(fā)電機產(chǎn)生的交變電動勢的表達式e=Emsinωt=NBS（2πn）sin（2πn）t和周期與轉(zhuǎn)速的關系即可判斷。

本題重點考查交流電的產(chǎn)生過程及瞬時表達式，只有在理解的基礎上才能準確用該表達式，作出定量分析．【解析】V；0.01s10、0.06；0.07；0.11；0.2；0.2【分析】解：相鄰兩個測量點間的時間間隔T=0.1s

則從A

點到B

點的平均速度為：v.AB=0.0060.1=0.06m/s

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；可以求出打紙帶上B

點時小車的瞬時速度大小.

為：

vB=0.006+0.0082脳0.1=0.07m/s

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；可以求出打紙帶上D

點時小車的瞬時速度大小.

為：

vD=0.01+0.0122脳0.1=0.11m/s

質(zhì)點做勻變速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大??；得：

a=0.008鈭?0.0060.01=0.2m/s2

故答案為：0.060.070.110.20.2

．

根據(jù)平均速度定義求解AB

段平均速度；

平均速度等于中間時刻的瞬時速度；據(jù)此求解BD

點的瞬時速度；

根據(jù)鈻?x=aT2

求解加速度．

要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用．【解析】0.060.070.110.20.2

11、略

【分析】

（1）A；打點計時器應接交流電源；故A錯誤．

B；開始記錄時；應先給打點計時器通電打點，然后再釋放重錘，讓它帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會對實驗產(chǎn)生較大的誤差．故B錯誤．

C；我們可以通過打點計時器計算時間；不需要秒表．故C錯誤．

D；測出紙帶上兩點跡間的距離；可知重物相應的下落高度，故D正確．

故選D．

（2）按打點先后順序每5個點取1個計數(shù)點；則相鄰兩個計數(shù)點之間的時間間隔為0.1s．

由于相鄰的計數(shù)點的位移之差相等；所以紙帶做勻加速直線運動．

利用勻變速直線運動的推論。

vc===0.25m/s．

故答案為：（1）D

（2）0.1；勻加速、0.25．

【解析】【答案】書本上的實驗；我們要從實驗原理；實驗儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚．

紙帶實驗中；若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度．

12、略

【分析】解：用紫外線燈照射鋅板；發(fā)生光電效應，發(fā)出光電子，鋅板和驗電器帶正電；

使靜電計指針回到零；再用相同光照強度的鈉燈發(fā)出的黃光照射鋅版，靜電計指針無偏轉(zhuǎn)，說明了黃色光不能使鋅板發(fā)生光電效應，當改用強度更大的紅外線燈照射鋅板，也不能發(fā)生光電效應，故靜電計的指針不偏轉(zhuǎn)．

故答案為：正；無。

發(fā)生光電效應時；鋅板和驗電器帶正電，只有發(fā)生光電效應，驗電器指針才會偏轉(zhuǎn)．

解決本題的關鍵知道光電效應的實質(zhì)，即發(fā)生光電效應時有光電子從金屬表面逸出，金屬板在失去電子后帶正電．【解析】正；無13、略

【分析】解：(1)螺旋測微器的讀數(shù)為d=2mm+49.5×0.01mm=2.495mm=0.2495cm

(2)由于溫度對電阻的影響，通過待測電阻的電流不能太大，所以電流表應選A，待測電阻兩端的最小電壓為==V=2V，所以電壓表應選C，又電路的最大電阻為==V=30Ω；可見變阻器應選F，所以所選用的器材有ACFGH．

(3)由于滿足所以電流表應用外接法，所以應選圖甲．

故答案為：(1)0.2495

(2)ACFGH

(3)甲【解析】0.2495;ACFGH;甲14、(1)3F4F

(2)ABCDE

(3)

負正

(4)

奧斯特

【分析】(1)

【分析】

當一電量增大為原來的3

倍，根據(jù)點電荷庫侖力的公式F=kQqr2

可以求得改變之后的庫侖力的大小.

同理當將它們之間的距離減小為原來的12

倍，根據(jù)點電荷庫侖力的公式F=kQqr2

可以求得改變之后的庫侖力的大小。本題就是對庫侖力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，同時理解控制變量法的思路?！窘獯稹?/p>

由點電荷間庫侖力的公式F=kQqr2

可以得到；當一電量增大為原來的3

倍，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?

倍；

當將它們之間的距離減小為原來的12

倍，依據(jù)點電荷間庫侖力的公式F=kQqr2

可以得到；它們之間靜電力的大小將變?yōu)?

倍；

故填：3F4F

(2)

【分析】

靜電對人類有利的方面要加以利用，對人類有危害的方面要避免和防止；油罐車拖一條鐵鏈、飛機機輪用導電橡膠制成、織地毯時夾一些不銹鋼絲都是為了防止靜電的危害.

而靜電復印是利用靜電為人類服務。本題是常識性問題，考查對靜電現(xiàn)象的了解程度，小高考的能力要求，比較簡單?！窘獯稹?/p>

A.電視熒屏上常有一層灰塵，是靜電對灰塵的吸引，是有害的;

B.下雨天，云層帶電打雷，有靜電，不能在高大樹木下避雨防止觸電，是有害的；C.利用靜電吸附；將涂料微粒均勻地噴涂在接地金屬物體上，屬于靜電的應用，是有利的；

D.復印機復印文件資料，就是利用靜電墨粉成在鼓上，屬于靜電的應用，是有利的；E.利用靜電把空氣電離；除去煙氣中的粉塵，屬于靜電的應用，是有利的；

故填：ABCDE

(3)

【分析】b

粒子做直線運動，表明b

粒子不受洛倫茲力，b

粒子不帶電，根據(jù)ac

粒子的偏轉(zhuǎn)方向，由左手定則可判斷其帶電性。本題考查左手定則，知道磁場方向和粒子運動方向，判斷帶電性質(zhì)，基礎題。【解答】

b

粒子做直線運動，表明b

粒子不受洛倫茲力，b

粒子不帶電；由左手定則可知；a

粒子帶負電，c

帶正電。

故填：負正(4)

【分析】

奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應；根據(jù)各位科學家的物理學成就解答。對于物理學家的成就要記牢，不能張冠李戴，這也是考試考查內(nèi)容之一?！窘獯稹?/p>

奧斯特最先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場。故填：奧斯特

【解析】(1)3F4F

(2)ABCDE

(3)

負正(4)

奧斯特

15、略

【分析】解：球外點電荷在O

點產(chǎn)生的場強，據(jù)點電荷的場強公式得：E=kQr2

利用靜電平衡的特點，內(nèi)部場強處處為零；

即感應電荷在導體內(nèi)部產(chǎn)生的電場與球外電荷產(chǎn)生的電場強度大小相等，所以E鈥?=E=kQr2

．

故答案為：kQr2

靜電感應的過程；是導體A(

含大地)

中自由電荷在電荷Q

所形成的外電場下重新分布的過程，當處于靜電平衡狀態(tài)時，在導體內(nèi)部電荷Q

所形成的外電場E

與感應電荷產(chǎn)生的“附加電場E鈥?

”同時存在的，且在導體內(nèi)部任何一點，外電場電場場強E

與附加電場的場強E鈥?

大小相等，方向相反．

明確靜電平衡導體的特點，即內(nèi)部場強處處為零，是個等勢體，注意合場強與各個電荷產(chǎn)生場強的關系．【解析】kQr2

三、判斷題(共9題，共18分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?9、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．23、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮