2025年上教版必修2物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版必修2物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、兩個完全相同的小球分別在半徑不等的光滑豎直圓環(huán)軌道內做圓周運動；如圖所示，兩小球都恰好能通過軌道最高點，關于兩小球，下列說法正確的是（）

A.在最低點對軌道的壓力相等B.在最低點對軌道的壓力不相等C.通過半徑大的軌道最高點的角速度大于通過半徑小的軌道最高點的角速度D.通過半徑大的軌道最高點的角速度等于通過半徑小的軌道最高點的角速度2、圖為明代出版的《天工開物》中的牛力齒輪，體現我國古代勞動人民的科學智慧。圖中A、B、C為該器械的三個齒輪，牛拉動橫桿帶動齒輪A轉動，A與B的輪齒接觸良好，B與C通過橫軸連接。已知三個齒輪的半徑關系為RA=4RB=8RC。當牛做勻速轉動時，A、B、C三個齒輪邊緣的關系；下列說法正確的是（）

A.線速度之比分別為1：1：2B.角速度之比分別為1：4：4C.向心加速度之比4：2：1D.周期之比1：1：23、“鵲橋”是嫦娥四號月球探測器的中繼衛(wèi)星，發(fā)射后將運行在“地月系統(tǒng)拉格朗日-2點”（簡稱地月L2點），為嫦娥四號探測器提供地月中繼通信支持。2018年6月14日，承擔嫦娥四號中繼通信任務的“鵲橋”中繼衛(wèi)星抵達繞地月第二拉格朗日點的軌道。第二拉格朗日點是地月連線延長線上的一點，處于該位置上的衛(wèi)星與月球同步繞地球公轉。設該衛(wèi)星的質量為m，地球質量為M，衛(wèi)星到地心的距離為R，引力常量為G，則該衛(wèi)星繞地球公轉的（）A.向心力B.線速度大于月球的線速度C.角速度大于月球的角速度D.向心加速度小于月球繞地球公轉的向心加速度4、2016年8月16日l時40分；我國在酒泉用長征二號丁運載火箭成功將世界首顆量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”發(fā)射升空．如圖所示為“墨子號”衛(wèi)星在距離地球表面500km高的軌道上實現兩地通信的示意圖．若已知地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，則下列說法正確的是()

A.工作時，兩地發(fā)射和接受信號的雷達方向一直是固定的B.衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的速度小于7.9km/sC.可以估算出“墨子號”衛(wèi)星所受到的萬有引力大小D.可以估算出地球的平均密度5、北斗導航系統(tǒng)中有幾顆衛(wèi)星是地球同步衛(wèi)星，GPS導航系統(tǒng)是由周期約為12h的衛(wèi)星群組成。則北斗系統(tǒng)的同步衛(wèi)星與GPS導航衛(wèi)星相比（）A.北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的角速度大B.北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的軌道半徑小C.GPS導航衛(wèi)星的向心加速度小D.GPS導航衛(wèi)星的線速度大6、2018年2月12日13時03分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，以“一箭雙星”方式成功發(fā)射第二十八、二十九顆北斗導航衛(wèi)星。發(fā)射過程中“北斗”28星的某一運行軌道為橢圓軌道，周期為如圖所示。則（）

A.“北斗”28星的發(fā)射速度小于第一宇宙速度B.“北斗”28星在過程所用的時間小于C.“北斗”28星在的過程中，速率逐漸變大D.“北斗”28星在的過程中，所用的時間小于7、質量為m的均勻鏈條長為L，開始放在光滑的水平桌面上時，有的長度懸在桌邊緣；如圖所示，松手后，鏈條滑離桌面，問從開始到鏈條剛滑離桌面過程中重力勢能變化量為（）

A.B.C.D.8、金星的半徑是地球半徑的0.95倍，質量是地球的0.82倍，金星表面的自由落體加速度是多大？金星的第一宇宙速度是多大？（）A.8.9m/s2,7.3km/sB.10m/s2,7.3km/sC.8.9m/s2,7.9km/sD.無法計算9、如圖所示；小球從高處落到豎直放置的輕彈簧上，則小球從開始接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的整個過程中（）

A.小球的動能先增大后減小B.小球的機械能在不斷增大C.小球、彈簧、地球構成的系統(tǒng)機械能不斷減小D.彈簧的彈性勢能先增大后減小評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖甲所示，輕桿一端固定在O點，另一端固定一小球，現讓小球在豎直平面內做半徑為R的圓周運動。小球運動到最高點時，桿與小球間彈力大小為F，小球在最高點的速度大小為v，其F－v2圖像如乙圖所示。則（）

A.小球的質量為B.當地的重力加速度大小為C.v2=c時，桿對小球的彈力方向向上D.v2=2b時，小球受到的彈力與重力大小相等11、如圖所示為某探究活動小組設計的節(jié)能運輸系統(tǒng)。斜面軌道傾角為30o，質量為M的木箱與軌道的動摩擦因數為木箱在軌道頂端時，自動裝貨裝置將質量為m的貨物裝入木箱；然后木箱載著貨物沿軌道無初速度滑下，當輕彈簧被壓縮至最短時，自動卸貨裝置立刻將貨物卸下，然后木箱恰好被彈回到軌道頂端，再重復上述過程，下列選項正確的是（）

A.m=MB.m=2MC.木箱不與彈簧接觸時，上滑的加速度大于下滑的加速度D.在木箱與貨物從頂端滑到最低點，然后木箱恰好被彈回到軌道頂端的過程（一個循環(huán)），減少的重力勢能全部轉化為摩擦產生的熱量12、起重機將質量為的重物從靜止開始豎直向上吊起。重物先做勻加速直線運動，加速度大小為當起重機輸出功率達到其允許的最大值后，保持該功率直到重物做速度為的勻速運動。取不計額外功。則下列說法不正確的是（）A.起重機允許輸出的最大功率為B.重物做勻加速運動所經歷的時間C.重物做勻加速運動的末速度為D.起重機在第2秒末的輸出功率13、如圖所示；衛(wèi)星A是2022年8月20日我國成功發(fā)射的遙感三十五號04組衛(wèi)星，衛(wèi)星B是地球同步衛(wèi)星，若它們均可視為繞地球做勻速圓周運動，衛(wèi)星P是地球赤道上還未發(fā)射的衛(wèi)星，下列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星A的運行周期可能為48hB.衛(wèi)星B在6h內轉動的圓心角是45°C.衛(wèi)星A的線速度大于衛(wèi)星B的線速度D.衛(wèi)星B的向心加速度大于衛(wèi)星P隨地球自轉的向心加速度14、如圖所示，水平軌道以點為分界點，左側光滑，右側粗糙。長為質量為的長木板靜置于點左側?，F對長木板施加水平向右、大小為的恒力一段時間后，長木板恰好完全滑入粗糙部分。長木板與軌道粗糙部分間的動摩擦因數為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度取則（）

A.長木板先做勻加速運動，再做勻減速運動B.初始時長木板右端與點的距離為C.長木板的最大動能為D.若初始時木板右端在點，則長木板運動過程中摩擦產生的熱量為評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、將某物體以初速度20m/s從空中的某點水平拋出后，2s末物體運動到了點，m/s2,則該物體在點的合速度大小為______________m/s，直線的距離為______________m。16、如圖所示，轉筆深受廣大中學生的喜愛．某一時刻，筆繞手指上的某一點O做勻速轉動，OA∶OB＝1∶2，設A、B線速度大小分別為vA和vB，角速度大小分別為ωA和ωB，則vA∶vB＝________，ωA∶ωB＝________。

17、起重機將質量為100kg的物體從地面提升到10m高處。取在這個過程中，重力做______(填“正功”或“負功”)，重力勢能變化了_______J。18、如圖所示，質量為2.0×103kg的汽車在水平公路上行駛，當汽車經過半徑為50m的彎路時，車速為20m/s。此時汽車轉彎所需要的向心力大小為_____N。若輪胎與路面間的最大靜摩擦力為1.4×104N，請你判斷這輛車在這個彎道處會不會發(fā)生側滑_________（填“會”或“不會”）。

19、開普勒行星運動定律。

（1）開普勒第一定律（軌道定律）：所有行星繞太陽運動的軌道都是___________，太陽處在橢圓的一個___________上。

（2）開普勒第二定律（面積定律）：對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內掃過相等的___________。

（3）開普勒第三定律（周期定律）：所有行星的___________跟它的___________的比值都相等，即=k，比值k是一個對于所有行星都相同的常量。20、地球表面的平均重力加速度為g，地球半徑為R，萬有引力常量為G，用上述物理量估算出來的地球平均密度是_________．21、將地球半徑R、自轉周期T地面重力加速度g取為已知量，則地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為___________R，軌道速度與第一宇宙速度的比值為___________。22、機械能守恒定律是自然界重要的定律之一。一個質量為1kg物體從距地面80m高處自由落下，不計空氣阻力，以地面為零勢能面。物體在自由下落3s時，具有的重力勢能為________J，機械能為________J，重力做功的即時功率為________W，23、坐在以0.6c運行的光子火車里的觀察者測得車站的站臺長度為80m，那么站臺上的觀察者測量站臺長為___________，如果在站臺上同一地點發(fā)生兩個事件的時間間隔為10分鐘，那么火車里的觀察者測量這兩個事件的時間間隔為___________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)24、如圖所示，在一內壁光滑環(huán)狀管道位于豎直面內，其管道口徑很小，環(huán)半徑為R（比管道的口徑大得多）。一小球直徑略小于管道口徑，可視為質點。此時小球滑到達管道的頂端，速度大小為重力加速度為g。請作出小球的受力示意圖。

25、圖甲為拋出的石子在空中運動的部分軌跡，圖乙是水平面上一小鋼球在磁鐵作用下的部分運動軌跡．請畫出物體在A、B、C、D四點的受力方向和速度方向．（不計空氣阻力）

26、一個物體在光滑水平面上運動，其速度方向如圖中的v所示。從A點開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進的方向看，下同）的合力。到達B點時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同。達到C點時，合力的方向又突然改為向前但偏左。物體最終到達D點。請你大致畫出物體由A至D的運動軌跡，并標出B點、C點和D點。

27、在圖的實驗中，假設從某時刻（）開始，紅蠟塊在玻璃管內每1s上升的距離都是10與此同時，玻璃管向右沿水平方向勻加速平移，每1s內的位移依次是4122028在圖所示的坐標系中，y表示蠟塊在豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，時蠟塊位于坐標原點。請在圖中標出t等于1s；2s、3s、4s時蠟塊的位置；并用平滑曲線描繪蠟塊的軌跡。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共3分)28、某同學在做“研究平拋物體的運動”的實驗時得到了如下圖所示物體的運動軌跡，a、b、c三點的位置在運動軌跡上已標出（g取10m/s2）；則：

（1）實驗前應對實驗裝置反復調節(jié)，直到斜槽末端切線_________，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了每次平拋___________；

（2）由圖可知小球由a到b的時間與由b到c時間相等，則相等的時間間隔t=___________s，小球平拋的初速度v0=___________m/s；

（3）小球開始做平拋運動的位置坐標x=___________cm，y=___________cm。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．設小球在最高點的速度為v0，最低點的速度為v，軌道半徑為r，在最高點有

從最高點到最低點，由動能定理有

在最低點

可解得

與半徑無關；故A正確，B錯誤；

CD．在最高點由

可得

R越大的ω越小；故CD錯誤。

故選A。2、B【分析】【分析】

【詳解】

齒輪A與齒輪B是同緣傳動，邊緣點線速度相等根據公式v=ωr可知

而B與C是同軸傳動，角速度相等根據公式v=ωr可知

A．三個點的線速度大小之比為2:2:1；故A錯誤；

B．三個點的角速度之比為1:4:4；故B正確；

C．根據向心加速度

可知

故三個點的向心加速度之比為1:4:2；故C錯誤；

D．根據周期可知，三個點的周期之比為

故D錯誤；

故選B。3、B【分析】【詳解】

A．向心力來自月球和地球對它的引力的合力；故A錯誤；

B．衛(wèi)星與月球同步繞地球公轉，角速度相等，由

得“鵲橋”的線速度大于月球的線速度；故B正確；

C．處于“L2”位置上的中繼衛(wèi)星與月球同步繞地球公轉；角速度相等，故C錯誤；

D．根據向心加速度公式

得“鵲橋”的向心加速度大于月球的向心加速度；故D錯誤。

故選B。4、B【分析】【詳解】

由于地球自轉的周期和“墨子號”的周期不同，轉動的線速度不同，所以工作時，兩地發(fā)射和接受信號的雷達方向不是固定的，故A錯誤．7.9km/s是衛(wèi)星繞地球做圓周運動的最大環(huán)繞速度，則衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的速度小于7.9km/s，故B正確．由于“墨子號”衛(wèi)星的質量未知，則無法計算“墨子號”所受到的萬有引力大小，故C錯誤．根據知；因周期未知，則不能求解地球的質量，從而不能估算地球的密度，選項D錯誤；故選B．

點睛：解決本題的關鍵知道衛(wèi)星做圓周運動向心力的來源，知道線速度、周期與軌道半徑的關系，理解第一宇宙速度的意義．5、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，有北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的周期大，則軌道半徑大，角速度北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的周期大，則角速度小，故AB錯誤；

CD．根據

可知；北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的半徑大，則線速度小，加速度小，故C錯誤D正確。

故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．繞地球運行的衛(wèi)星；其發(fā)射速度都大于第一宇宙速度，A錯誤；

B．衛(wèi)星在的過程中所用的時間是由于衛(wèi)星在的過程中，速度逐漸減小，與的路程相等，所以衛(wèi)星在過程所用時間小于B正確；

C．根據開普勒第二定律，衛(wèi)星在的過程中；衛(wèi)星與地球的距離增大，速率逐變小，C錯誤；

D．衛(wèi)星在的過程中，因為衛(wèi)星與地球的距離大于的過程中衛(wèi)星與地球的距離，根據開普勒第二定律，衛(wèi)星在的過程中所用時間大于的過程所用時間，由于衛(wèi)星運行周期為那么衛(wèi)星在的過程中所用的時間大于D錯誤。

故選B。7、C【分析】【詳解】

設桌面為零勢能面，開始時鏈條的重力勢能為

當鏈條剛脫離桌面時的重力勢能

所以重力勢能的變化量

故C符合題意，ABD不符合題意。8、A【分析】【詳解】

根據在星體表面忽略自轉影響重力等于萬有引力知：故金星表面的自由落體加速度：由萬有引力充當向心力知：得：所以即可得金星的第一宇宙速度：故A正確，B；C、D錯誤；

故選A．9、A【分析】【詳解】

A．在小球接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的整個過程中；小球受到豎直向下的重力和彈簧的彈力，彈簧的彈力先小于小球的重力，后大于重力，小球的合力先向下后向上，所以小球先向下做加速運動，當彈簧彈力等于重力時速度最大，然后向下做減速運動，故其動能先增大后減小，故選項A正確；

BD．由于彈簧的彈力對小球做負功；所以小球的機械能在不斷減少，彈簧的彈性勢能在不斷增大，故選項B；D錯誤；

C．小球小球從開始接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的整個過程中，重力做正功，彈簧彈力做負功，小球動能、重力勢能、彈簧的彈性勢能總量守恒，所以小球、彈簧、地球構成的系統(tǒng)機械能守恒，故選項C錯誤．二、多選題(共5題，共10分)10、A:D【分析】【詳解】

AB．在最高點，若

則

若

由圖知

則有

解得

B錯誤A正確；

C．由圖可知：當

桿對小球彈力方向向上，當

桿對小球彈力方向向下，所以，當

桿對小球彈力方向向下；C錯誤；

D．若

則

解得

即小球受到的彈力與重力大小相等；D正確。

故選AD。11、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．木箱和貨物下滑過程中，令下滑高度為h，根據功能關系有

木箱上滑過程中，根據功能關系有

代入數據整理得

故B正確；A錯誤；

C．木箱和貨物下滑過程中，根據牛頓第二定律有

方向沿斜面向下。

木箱上滑過程中，根據牛頓第二定律有

方向沿斜面向下；對比可得木箱不與彈簧接觸時，上滑的加速度大于下滑的加速度，故C正確；

D．根據能量守恒定律知；在木箱與貨物從頂端滑到最低點，然后木箱恰好被彈回到軌道頂端的過程（一個循環(huán)），減少的重力勢能全部轉化為摩擦產生的熱量，故D正確。

故選BCD。12、A:B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．設起重機允許輸出的最大功率為重物達到最大速度時，拉力等于重力，則

代入數據，有

故A錯誤；符合題意；

BC．勻加速運動結束時，起重機達到允許輸出的最大功率，設此時重物受到的拉力為F，速度為勻加速運動經歷時間為則有

代入數據得v1≈1.18m/s

故BC錯誤；符合題意；

D．第2秒末重物的速度為

則起重機在第2秒末的輸出功率

故D錯誤；符合題意。

故選ABCD。13、C:D【分析】【詳解】

A．由于衛(wèi)星B為地球同步衛(wèi)星，所以衛(wèi)星B的周期為

根據萬有引力提供向心力，有

可得

由圖可知；衛(wèi)星A的軌道比同步衛(wèi)星低，則其周期小于24h，故A錯誤；

B．地球同步衛(wèi)星B在6h內轉過的圓心角為

故B錯誤；

C．根據萬有引力提供向心力，有

解得

所以A的線速度大于B的線速度；故C正確；

D．衛(wèi)星B和衛(wèi)星P同軸轉動，角速度相等，根據向心加速度與角速度的關系

可知；衛(wèi)星B的向心加速度大于衛(wèi)星P隨地球自轉的向心加速度，故D正確。

故選CD。14、B:C:D【分析】【詳解】

A．長木板在點左側做勻加速運動，長木板右端過點后；長木板開始受到摩擦力，且逐漸增大，先做變加速運動，后做變減速運動，A錯誤；

B．整個運動過程中，摩擦力做的功大小為

根據動能定理可得

解得

則初始時長木板右端與點的距離為

B正確；

C．當木板所受合力為零時，有

解得

摩擦力做的功大小為

此時長木板速度最大，動能最大，根據動能定理有

解得

C正確；

D．若初始時木板右端在點，則根據能量守恒定律有

解得

則

D正確。

故選BCD。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1]拋出2s后豎直方向上的分速度為：10×2m/s=20m/s

則B點的合速度大小為：m/s

[2]拋出2s后豎直方向上的位移為：m

拋出2s后水平方向上的位移為：m

則直線的距離為：m【解析】16、略

【分析】【詳解】

略【解析】1：21：117、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]重力與物體位移方向相反，故重力做負功

代入數據解得

[2]重力勢能變化了【解析】①.負功②.18、略

【分析】【詳解】

[1][2]汽車轉彎的速度為

汽車轉彎時做圓周運動，所需要的向心力為

而汽車所受的最大靜摩擦力為

則

所以汽車會發(fā)生側滑?！窘馕觥繒?9、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]開普勒第一定律（軌道定律）：所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓；太陽處在橢圓的一個焦點上。

（2）[3]開普勒第二定律（面積定律）：對任意一個行星來說；它與太陽的連線在相等的時間內掃過相等的面積；

（3）[4][5]開普勒第三定律（周期定律）：所有行星的軌道半長軸的三次方跟它的公轉周期的二次方的比值都相等，即

比值k是一個對于所有行星都相同的常量?！窘馕觥繖E圓焦點面積軌道半長軸的三次方公轉周期的二次方20、略

【分析】【詳解】

在地球表面重力與萬有引力相等有可得地球的質量根據密度公式有地球的密度【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]以M表示地球的質量，m表示同步衛(wèi)星的質量，表示地球表面處某一物體的質量，表示同步衛(wèi)星的軌道半徑。根據萬有引力定律和牛頓第二定律，有

聯立解得

[2]同步衛(wèi)星的軌道速度

第一宇宙速度

所以【解析】①.②.22、略

【分析】【詳解】

[1]自由下落時下落的高度為

故此時具有的重力勢能為

[2]物體下落過程中只有重力做功，機械能守恒，初始時動能為零，故有

[3]自由下落時的速度大小為

故此時重力做功的即時功率為【解析】23、略

【分析】【詳解】

[1]根據

代入數據可得

[2]根