2025年上教版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版必修3物理下冊月考試卷685考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、電動勢為E，內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2，滑動變阻器R和理想電壓表、電流表連接成如圖所示電路，當滑動變阻器的觸頭由中點滑向a端時；下列說法正確的是。

A.定值電阻R1電功率減小B.電壓表和電流表讀數(shù)都增大C.電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D.電源的總功率增大2、如圖所示，直線MN是某電場中的一條電場線（方向未畫出）。虛線是一帶電的粒子只在電場力的作用下，由a運動到b的運動軌跡；軌跡為一拋物線。下列判斷正確的是（）

A.電場線MN的方向一定是由N指向MB.帶電粒子由a運動到b的過程中動能不一定增加C.帶電粒子在a點的電勢能一定大于在b點的電勢能D.帶電粒子在a點的加速度一定大于在b點的加速度3、在下列各種措施中，目的是防止靜電危害的是（）A.避雷針B.靜電除塵C.靜電噴漆D.靜電復印4、如圖所示，MN是點電荷電場中的一條直線，a、b是直線上兩點，已知直線上a點的電場強度最大，大小為E，b點電場強度大小為已知a、b間的距離為L，靜電力常量為k；則場源電荷的電量為（）

A.B.C.D.5、《流浪地球2》電影中的很多科幻設定都是基于現(xiàn)有的科學技術。如圖甲所示的機器人是基于生活中的掃地機器人設計。市面上某款具有“智能充電規(guī)劃”功能的掃地機器人，它可以按照打掃面積的大小進行充電規(guī)劃，其銘牌和給主機供電的電池如圖乙所示。已知當電池電量只剩20%時機器人將返回充電基站充電，機器人平均每分鐘可打掃忽略機器人往返過程的時間及消耗的電能。則下列說法正確的是（）

A.主機工作電流為1AB.主機電阻約為C.掃地機器人從滿電狀態(tài)開始能夠連續(xù)工作約1.2hD.機器人打掃面積為的空間至少需要約1.9h6、如圖所示，C為中間插有電介質的電容器，a和b為其兩極板，a極板接地，P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣細線懸掛一帶電小球，P板與b極板用導線相連，Q板接地．開始時懸線靜止在豎直方向，在b極板帶電后，懸線偏轉了角度α，現(xiàn)將Q板向右移動一點，懸線的偏角α將（）

A.變大B.變小C.不變D.無法確定7、如圖，在水平地面上固定一傾角為的光滑絕緣斜面，斜面處于電場強度大小為方向沿斜面向下的勻強電場中。絕緣輕質彈簧的一端固定在斜面底端，整根彈簧處于自然狀態(tài)（若規(guī)定彈簧自然長度時彈性勢能為零，彈簧的彈性勢能其中為彈簧勁度系數(shù)，為彈簧的形變量）。一質量為帶電量為的滑塊從距離彈簧上端為處靜止釋放，滑塊在運動過程中電量保持不變，設滑塊與彈簧接觸后粘在一起不分離且無機械能損失，物體剛好能返回到段中點，彈簧始終處在彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為則下列說法不正確的是（）

A.滑塊從靜止釋放到與彈簧上端接觸瞬間所經(jīng)歷的時間為B.彈簧的勁度系數(shù)為C.滑塊運動過程中的最大動能等于D.運動過程中物體和彈簧組成的系統(tǒng)機械能和電勢能總和始終不變評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，有一帶正電的驗電器，當一金屬球A靠近驗電器的球B(不接觸)時；驗電器的金箔張角減小，則。

A.金屬球可能不帶電B.金屬球可能帶正電C.金屬球可能帶負電D.金屬球一定帶負電9、在如圖所示的電路中；閉合開關S，A；B、C三只燈均正常發(fā)光．當可變電阻R′的滑動觸頭上移時，對A、B、C三燈亮度的變化，下列敘述正確的是。

A.A燈變亮B.B燈變亮C.C燈變亮D.三燈均變暗10、如圖所示勻強電場E的區(qū)域內(nèi)，在O點處放置一點電荷＋Q，a、b、c、d、e、f為以O為球心的球面上的點，aecf平面與電場平行，bedf平面與電場垂直，則下列說法中正確的是（）

A.a、c兩點的電場強度相同B.b點的電勢等于d點的電勢C.點電荷＋q在球面上任意兩點之間移動時，靜電力一定做功D.將點電荷＋q在球面上任意兩點之間移動，從a點移動到c點電勢能的變化量一定最大11、關于三種起電方式，下列說法正確的是（）A.摩擦起電，由于摩擦生熱，做功的過程中創(chuàng)造了正負電荷B.感應起電，電荷從導體的一部分轉移到了另一部分C.接觸起電，兩導體接觸后再分開，所帶電荷量一定是等量同號D.接觸起電，兩導體接觸后再分開，它們之間一定存在靜電斥力12、在薄金屬板附近有一正點電荷時，可以用虛擬的鏡像電荷（以薄金屬板為對稱軸的等量異種電荷）代替薄金屬板上感應電荷的影響。如圖所示，MN為足夠大的薄金屬板，在金屬板右側、到金屬板的距離為a的O處放置一電荷量為q的正點電荷，P、Q為金屬板上的兩點，且OQ=PQ，靜電力常量為k；下列說法正確的是（）

A.由于Q、O間的距離小于P、O間的距離，故P點的電勢低于Q點的電勢B.P點的電場強度方向為由O指向PC.正檢驗電荷從OQ的中點沿直線移動到Q點，電場力做正功D.P點的電場強度大小為13、如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點處有一正點電荷，帶負電的小物體以初速度v1從M點沿斜面上滑，到達N點時速度為零，然后下滑回到M點，此時速度為v2（v2＜v1）。若小物體電荷量保持不變，OM＝ON；則（）

A.小物體上升的最大高度為B.從N到M的過程中，小物體的電勢能逐漸減小C.從M到N的過程中，電場力對小物體先做負功后做正功D.從M到N的過程中，小物體受到的摩擦力和電場力均是先增大后減小14、如圖所示，電源內(nèi)阻和燈泡的電阻均恒定不變，為理想二極管，為定值電阻，電表均為理想電表。閉合且電路穩(wěn)定后，有一帶電油滴在平行板電容器中處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)將滑動變阻器滑片向上滑動，電表V1、V2和A示數(shù)變化量的絕對值分別為和則下列說法中正確的是（）

A.燈泡變亮，電流表示數(shù)增大B.油滴將向下運動C.D.評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、在同一平面內(nèi)有四根彼此絕緣的通電直導線，如圖所示四根導線中電流要使O點磁場增強，應切斷電流_______.

16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為900N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10－9C的正點電荷，則A處場強大小EA＝_______N/C，B處的場強大小EB＝______N/C，方向____________．

17、已知一卷電線的導線直徑為d，在其兩端加上電壓U，測得通過的電流I，要測量其長度，還要知道該導線材料的______（填漢字名稱和符號），則其長度L=______（前面各量符號表示）。18、如圖，是探究影響電荷間相互作用力的因素的實驗圖，這個實驗目的是研究電荷間的相互作用力的大小和______的關系，該實驗采用的實驗方法是______。19、電勢能。

（1）電勢能：電荷在___________中具有的勢能，用Ep表示。

（2）靜電力做功與電勢能變化的關系：靜電力做的功等于電勢能的減少量。表達式：WAB=___________

a.靜電力做正功，電勢能___________；

b.靜電力做負功，電勢能___________

（3）電勢能的大?。弘姾稍谀滁c（A點）的電勢能，等于把它從這點移動到___________時靜電力做的功EpA=WA0。

（4）電勢能具有相對性。

電勢能零點的規(guī)定：通常把電荷在離場源電荷___________或把電荷在___________的電勢能規(guī)定為零。20、如圖；已充電的平行板電容器的極板B與一靈敏的靜電計相接，極板A接地。若極板A稍向左移動，則。

（1）平行板電容器電容值___________

（2）兩極板間的場強___________（兩空均選填“變大”；“變小”或“不變”）

21、銅的摩爾質量為M、密度為每摩爾銅原子有個自由電子。今有一根橫截面積為的銅導線，當通過的電流為時，電子定向移動的平均速率為______。22、在綿陽南山中學物理實驗室中，甲同學用螺旋測微器測一金屬絲直徑時，儀器刻度的位置如左下圖所示，則金屬絲為__________mm；該同學又用游標卡尺測一金屬球直徑時，儀器刻度的位置如右下圖所示，則金屬球的直徑為__________cm。

23、如圖所示，放在通電螺線管內(nèi)部中央處的小磁針，靜止時N極指向右端，則電源的a端為_____極（填“正”或“負”），螺線管的c端為_____極．（填“N”或“S”）評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

25、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

26、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。27、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共32分)28、如圖所示，將一個電流表G和另一個電阻連接可以改裝成伏特表或安培表，則甲圖對應的是______表，要使它的量程加大，應使R1______（填“增大”或“減小”）；乙圖是_______表，要使它的量程加大，應使R2______（填“增大”或“減小”）．29、在學習了多用電表的原理以后；某同學對自制多用電表產(chǎn)生了興趣。他利用物理實驗室的器材組裝了一只歐姆表，他所用的器材如下：

電源（電動勢約為3V；內(nèi)阻為2Ω）；微安表（滿偏電流為100μA、內(nèi)阻未知）；

電阻箱R1（0-9999.9Ω）；電阻箱R2（0-99999.9Ω）。

（1）根據(jù)設計的電路，用筆畫線代替導線完成答題卡上的實物圖連線_______：

（2）實驗中使用的電阻箱為___________（選填R1或者R2）；

（3）該同學利用組裝的歐姆表繼續(xù)測量了電源電動勢和微安表的內(nèi)阻；實驗步驟如下：

a.先將電阻箱阻俏調到最大；再將歐姆表的紅表筆和黑表筆短接；

b.將電阻箱阻值調到R，記錄此時微安表的示數(shù)I；

c.重復第b步；得到六組數(shù)據(jù)：

d.以R為橫坐標，為縱坐標，描點連線后得到條傾斜的直線。進一步求出該直線的斜率為縱截距為1.25×102A-1。根據(jù)以上信息，電源的電動勢為___________V，微安表的內(nèi)阻為___________________Ω。30、（1）在測定金屬電阻率的實驗中，用螺旋測微器測量一金屬絲的直徑，螺旋測微器的示數(shù)如圖所示，該金屬絲的直徑為_____。用歐姆表粗略測得該金屬絲的電阻約為另外，實驗室內(nèi)還提供了下列器材供重新測定該金屬絲的電阻使用：

A.電源E（電動勢為3.0V；內(nèi)阻不計）

B.電壓表V（量程為0～3.0V，內(nèi)阻約為）

C.電流表A（量程為0～0.6A，內(nèi)阻約為）

D.滑動變阻器R（最大阻值額定電流2.0A）

E.開關S一個；導線若干。

為獲得盡可能高的實驗精度，請你利用上述器材設計一個測定金屬絲電阻的實驗電路，并把實驗原理圖畫在下側的方框中_______。

（2）為研究某一電學元件的導電規(guī)律，將該元件兩端的電壓、元件中的電流及通電時間記錄在下表中，通過分析表中數(shù)據(jù)可以判斷出該元件所用的材料是_______（填“金屬”或“半導體”）。通電時間t/s51015202530電壓u/v0.400.621.021.261.521.64電流i/mA0.200.430.811.822.813.22

（3）如圖甲是某金屬材料制成的電阻R隨攝氏溫度t變化的圖像，圖中R0表示時的電阻，k表示圖線的斜率，若用該電阻與電池（電動勢E、內(nèi)阻r）、電流表A（內(nèi)阻Rg）、滑動變阻器R′串聯(lián)起來，連接成如圖乙所示的電路，用該電阻做測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡單的“金屬電阻溫度計”。使用“金屬電阻溫度計”前，先要把電流表的刻度值改為相應的溫度刻度值，若溫度t1＜t2，則t1的刻度應在t2的________側（填“左”或“右”）；在標識“金屬電阻溫度計”的溫度刻度時，需要弄清所測溫度和電流的對應關系，請用E、R0、k等物理量表示所測溫度t與電流I的關系式t＝_________。

31、為了測量某待測電阻Rx的阻值（約為30Ω）；有以下一些器材可供選擇．

電流表A1（量程0～50mA；內(nèi)阻約10Ω）；

電流表A2（量程0～3A；內(nèi)阻約0.12Ω）；

電壓表V1（量程0～3V；內(nèi)阻很大）；

電壓表V2（量程0～15V；內(nèi)阻很大）；

電源E（電動勢約為3V；內(nèi)阻約為0.2Ω）；

定值電阻R（20Ω；允許最大電流1.0A）；

滑動變阻器R1（0～10Ω；允許最大電流2.0A）；

滑動變阻器R2（0～1kΩ；允許最大電流0.5A）；單刀單擲開關S一個，導線若干．

（1）電流表應選_____，電壓表應選_____，滑動變阻器應選_____．（填字母代號）

（2）請在方框內(nèi)畫出測量電阻Rx的實驗電路圖．（要求測量范圍盡可能大）

()

（3）某次測量中，電壓表示數(shù)為U時，電流表示數(shù)為I，則計算待測電阻阻值的表達式為Rx＝________．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

A.當滑片向滑動時，接入電阻減小，總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流增加，根據(jù)可知電阻電功率增大；故A錯誤；

BC.干路電流增加，內(nèi)電壓增加，由可知路端電壓減小，即電壓表示數(shù)減小；因路端電壓減小，兩端的電壓增加；故并聯(lián)部分電壓減小，由歐姆定律可知電流表示數(shù)減小，故B；C錯誤；

D.因總電流變大，由可知，電源的總功率增大，故D正確．2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，物體所受外力指向軌跡內(nèi)側，所以粒子所受的電場力一定是由M指向N；但是由于粒子的電荷性質不清楚，所以電場線的方向無法確定，故A錯誤；

B．粒子從a運動到b的過程中；電場力做正功，電勢能減小，動能增加，故B錯誤；

C．粒子從a運動到b的過程中，電場力做正功，電勢能減小，帶電粒子在a點的電勢能一定大于在b點的電勢能；故C正確；

D．由a到b的運動軌跡，軌跡為一拋物線，說明粒子一定受恒力，即帶電粒子在a點的加速度等于在b點的加速度；故D錯誤。

故選C。3、A【分析】【分析】

【詳解】

避雷針是防止靜電的危害；靜電除塵；靜電噴漆和靜電復印都是利用靜電。

故選A。4、B【分析】【詳解】

因a點的場強最大，可知a點離場源電荷最近，即a點與場源電荷連線與直線MN垂直，設場源電荷在距離a點x的位置，則

b點場強為

聯(lián)立解得x＝L

則

故B正確；ACD錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)吸塵器銘牌上的數(shù)據(jù)可知主機的工作電壓為14.4V，額定功率為40W，根據(jù)

A錯誤；

B．若吸塵器是純電阻，那么根據(jù)歐姆定律有

但是吸塵器不是純電阻，所以主機電阻不等于B錯誤；

C．已知當電池電量只剩20%時機器人將返回充電基站充電，根據(jù)

C錯誤；

D．機器人平均每分鐘可打掃機器人打掃面積為的空間需要連續(xù)工作的時間為

若機器人充滿電后，工作時能夠把電池電量全部用光，則工作時間為

但是充一次電只能工作電量的當電池電量剩余需要中途再充一次電，只需要再充的電量，即可打掃完剩余的面積，根據(jù)充電電流大小可知，充的電量需要的時間為

故清掃完的空間至少需要的時間約為

D正確。

故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

板向右移時

組成的電容器的電容減小

使得電壓升高，則a、b組成的電容器帶電量增加，從而使得組成的電容器帶電量減少，從而間的電場強度減小，故角變?。?/p>

故選B。7、C【分析】【詳解】

A．滑塊從靜止釋放到與彈簧剛接觸的過程中做初速度為零的勻加速直線運動，設加速度大小為a，由牛頓第二定律得

由位移公式得

聯(lián)立可得

故A正確；不符合題意；

B．滑塊從釋放到返回到s0段中點的過程，由功能關系得：

解得：

故B正確；不符合題意；

C．滑塊速度最大時受力平衡，設此時彈簧壓縮量為x0，則有

解得：

從靜止釋放到速度達到最大的過程中，由動能定理得：

彈簧彈力做功：

則最大動能：

故C錯誤；符合題意；

D．物體運動過程中只有重力；彈力和電場力做功；故只有重力勢能、電勢能和彈性勢能動能參與轉化，系統(tǒng)的機械能和電勢能的總和始終不變，故D正確，不符合題意。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)8、A:C【分析】【詳解】

AB.若A球不帶電時，則由于感應，A球左側也會帶上負電，故會產(chǎn)生同樣的效果；故A球可以帶負電；也可以不帶電；故A正確，B錯誤.

CD.驗電器原來帶正電，要使張角減小，則應使B處的電子轉移到金屬箔處，根據(jù)電荷間的相互作用，A球可能帶負電；故C正確，D錯誤.9、A:C【分析】【詳解】

試題分析：當可變電阻的滑動觸頭上移時；R′接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變化，由歐姆定律分析總電流和路端電壓，再分析局部電流和電壓的變化，判斷燈泡亮度的變化．

解：當可變電阻的滑動觸頭上移時，R′接入電路的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，路端電壓U=E﹣Ir；則U增大，A燈變亮．

由于I總減小，流過A燈的電流IA增大，則B燈和R并聯(lián)的總電流減小，B燈變暗，B和R并聯(lián)的電流減小，電壓UBR減小，C燈的電壓UC=U﹣UBR，得到UC增大；C燈變亮．

故選AC

【點評】本題電路中動態(tài)變化分析問題，按照部分到整體再到部分的思路進行分析．10、B:D【分析】【詳解】

A．點電荷＋Q在a、c兩點的電場強度大小相等；方向相反，可知與勻強電場疊加后，合場強大小不相等，故A錯誤；

BC．點電荷＋Q在b、d兩點的電勢相等，勻強電場在b、d兩點的電勢相等，電勢是標量，可知點電荷和勻強電場疊加后，b點的電勢等于d點的電勢，點電荷＋q沿bedf在球面上b、d兩點之間移動時；靜電力不做功，故B正確，C錯誤；

D．點電荷＋Q在球面上任意點的電勢均相等；勻強電場在球面上的a點的電勢最高，在球面上的c點的電勢最低；故疊加后球面上的a點的電勢最高，c點的電勢最低，根據(jù)

可知將點電荷＋q在球面上任意兩點之間移動，從a點移動到c點電場力做功最大；電勢能的變化量最大，故D正確。

故選BD。11、B:D【分析】【詳解】

A．摩擦起電的實質是電荷從一個物體轉移到另一個物體；并沒有創(chuàng)造電荷，故A錯誤；

B．感應起電；電荷從導體的一部分轉移到了另一部分，故B正確；

C．兩導體若完全相同；接觸前若帶電荷量不同，則接觸后。

CD．接觸起電；即通過接觸使不帶電的導體帶上電荷，如果兩個導體完全相同，則接觸后一定帶等量同種電荷，若導體不同則兩導體接觸后再分開，一定帶同種電荷，電荷量不同，則它們之間一定存在靜電斥力，故C錯誤，D正確。

故選BD。12、C:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電像法可知；正點電荷在薄金屬板附近產(chǎn)生的電場，可等效為等量異種點電荷產(chǎn)生的電場，如圖所示。

故Q、P點電勢均為零，P點的電場方向水平向左；故AB錯誤；

C．從O點向左到金屬板的電勢逐漸降低；電勢能逐漸減小，電場力對正檢驗電荷做正功，故C正確；

D．P點的電場強度大小為

故D正確。

故選CD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．設斜面傾角為上升過程沿斜面運動的最大距離為L，因為OM＝ON，則M、N兩點的電勢相等，小物體從M到N，從N到M電場力做功均為0，上滑和下滑經(jīng)過同一位置時，垂直斜面方向上電場力的分力相等，則經(jīng)過相等的一小段位移在上滑和下滑過程中電場力分力對應的摩擦力所做的功均為相等的負功，設為對小物體，由動能定理：上滑過程

下滑過程

聯(lián)立解得

故A正確；

B．由于從N到M的過程中；可知電場力對小物體先作正功后作負功，電勢能先減小后增大，故B錯誤；

C．從M到N的過程中；電場力對小物體先做正功后做負功，故C錯誤；

D．從N到M的過程中，小物體受到的電場力垂直斜面的分力先增大后減小，而重力分力不變，則摩擦力先增大后減小，在此過程中小物體到O的距離先減小后增大；根據(jù)庫侖定律可知小物體受到的電場力先增大后減小，故D正確。

故選AD。14、A:C【分析】【詳解】

A．滑片向上滑動；其接入電路的阻值減小，電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知回路中電流變大，燈泡變亮，電流表示數(shù)增大，A正確；

B．總電流增大，故電源內(nèi)電壓增大，外電壓減小，即V1的示數(shù)減小，而L1的電壓變大，所以并聯(lián)部分R1兩端的電壓減小，所以V2的示數(shù)及電容器板間電壓變小，應放電，但二極管的單向導電性使電荷不能放出，由于Q不變，則由

得

可知E不變；油滴靜止不動，B錯誤；

C．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

可知

電流表串聯(lián)在支路上，則有

故

C正確；

D．將燈泡L電阻R看作電源內(nèi)阻一部分，可知

由于故

D錯誤。

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)右手螺旋定則來確定通電導線周圍磁場的分布，導線1在O點產(chǎn)生的磁場的方向向里，導線2在O點產(chǎn)生的磁場的方向向里，導線3在O點產(chǎn)生的磁場的方向向里，導線4在O點產(chǎn)生的磁場的方向向外。由于所以合磁場的方向向里，根據(jù)磁場的疊加可知，要使O的磁場增強，應切斷【解析】16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由知，點電荷在A處產(chǎn)生的場強

方向向左，與勻強電場方向相反，所以A處合場強為零；

[2][3]點電荷在B處產(chǎn)生的場強大小為EB＝900N/C，方向向下，所以B處合場強為

方向與水平方向呈45°角斜向右下；【解析】01．27×103與水平方向呈45°角斜向右下17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)

解得

要測量其長度，還要知道該導線材料的電阻率ρ，則其長度【解析】①.電阻率ρ②.18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題圖可看出；本實驗改變了電荷間的距離，沒有改變電荷量的大小，所以這個實驗的目的是研究電荷間的相互作用力的大小和兩點電荷之間距離的關系。

[2]探究影響電荷間相互作用力的因素有電荷電量的大小和電荷之間的距離，研究一個變量與多個變量之間的關系時，采用的實驗方法是控制變量法?！窘馕觥績牲c電荷間距控制變量法19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]電勢能指電荷在電場中具有的勢能；

（2）[2]靜電力做功與電勢能變化的關系：靜電力做的功等于電勢能的減少量。表達式為

[3]靜電力做正功；電勢能減少；

[4]靜電力做負功；電勢能增加；

（3）[5]電勢能的大小指電荷在某點（A點）的電勢能，等于把它從這點移動到零勢能位置時靜電力做的功EpA=WA0；

（4）[6][7]電勢能零點的規(guī)定為通常把電荷在離場源電荷無限遠處或把電荷在大地表面的電勢能規(guī)定為零?！窘馕觥竣?電場②.③.減少④.增加⑤.零勢能位置⑥.無限遠處⑦.大地表面20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]因為電容器未和電源連接，B極板與靜電計相連，所帶電荷電量幾乎不變，B板與A板帶等量異種電荷，電量也幾乎不變，故電容器的電荷量Q幾乎不變；若極板A稍向左移動，則極板的距離d增大，根據(jù)

由于d增大，則C變小。

（2）[2]由公式

整理得

可知E的大小與d的變化無關，故兩極板間的場強不變?！窘馕觥孔冃〔蛔?1、略

【分析】【詳解】

微觀電流強度的表達式

其中單位體積內(nèi)自由電子的個數(shù)

整理可得【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]

[2]【解析】5.2000.9723、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]螺線管內(nèi)部的磁場方向水平向右，根據(jù)安培定則，知螺線管中的電流從左側流進，右側流出，實驗a端為電源的正極．內(nèi)部的磁場由S指向N，實驗c端為S極或南極?！窘馕觥空齋四、作圖題(共4題，共12分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析26、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所