2025年青島版六三制新選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年青島版六三制新選修3物理上冊階段測試試卷889考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、分別用a、b兩束單色光照射某金屬的表面，用a光照射能發(fā)生光電效應，而用b光照射不能發(fā)生，則下列說法正確的是A.在真空中，b光的速度較大B.在真空中，a光的波長較長C.a光比b光的光子能量大D.a光的強度比b光的強度大2、一定質量的氣體做等壓變化時，其圖像如圖所示；若保持氣體質量不變，使氣體的壓強增大后，再讓氣體做等壓變化，則其等壓線與原來相比，下列可能正確的是（）

A.等壓線與軸之間夾角變大B.等壓線與軸之間夾角不變C.等壓線與軸交點的位置不變D.等壓線與軸交點的位置一定改變3、下列說法正確的是（）A.單晶體和多晶體的某些物理性質具有各向異性，而非晶體是各向同性的B.在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強為零C.由于液體表面層分子間距距離大于液體內部分子間距離，所以存在浸潤現(xiàn)象D.夏季天早時，給莊稼松土是為了破壞土壤中的毛細管，防止水分蒸發(fā)4、根據(jù)熱力學定律，下列說法正確的是（）A.第二類永動機違反能量守恒定律，因此不可能制成B.熱效率為100%的熱機是可能制成的C.電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞D.從單一熱源吸收熱量，使之完全變?yōu)楣κ翘岣邫C械效率的常用手段5、為了改變單擺做簡諧運動的頻率，可以（）A.增大擺球質量B.增大擺線長度C.減小振幅D.減小擺線的最大偏角6、如圖所示的電路，閉合開關S，當滑動變阻器滑片P向右移動時；下列說法正確的是（）

A.小燈泡L變暗B.電源的總功率變小C.電容器C上電荷量減小D.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、嚴冬，湖面上結了厚厚的冰，但冰下魚兒仍在游動。為了測出冰下水的溫度，徐強同學在冰上打了一個洞，拿來一支實驗室溫度計，用下列四種方法測水溫，正確的做法是（）A.用線將溫度計拴牢從洞中放入水里，待較長時間后從水中提出，讀出溫度計的示數(shù)B.取一空的塑料飲水瓶，將溫度計懸吊在瓶中，再將瓶拴住從洞中放入水里，水灌滿瓶后待較長時間，然后將瓶提出，立即讀出溫度計的示數(shù)C.若溫度計顯示的示數(shù)為攝氏溫度即熱力學溫度4KD.若溫度計顯示的示數(shù)為攝氏溫度即熱力學溫度277.15K8、下列說法正確的是（）A.當兩分子間距減小到分子間作用力為0時，其分子勢能一定最小B.達到熱平衡的系統(tǒng)一定具有相同的溫度C.一定質量的理想氣體，在發(fā)生絕熱膨脹的過程中，其分子的平均動能一定減小E.將密閉一定質量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內的氣體壓強將變?yōu)?E.將密閉一定質量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內的氣體壓強將變?yōu)?9、下列說法正確的是（）A.物體的溫度變化時，其內能一定隨之變化B.載重汽車卸去貨物的過程中，外界對汽車輪胎內氣體做負功C.機械能可以全部轉化為內能，而內能無法全部用來做功以轉化成機械能E.氣體的摩爾質量為M，分子質量為m，若1摩爾該氣體的體積為V，則該氣體單位體積內的分子數(shù)為E.氣體的摩爾質量為M，分子質量為m，若1摩爾該氣體的體積為V，則該氣體單位體積內的分子數(shù)為10、下列說法中正確的是A.隨著高科技的不斷發(fā)展，絕對零度是可以達到的B.一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行C.從單一熱源吸取熱量，并使之全部變成有用的機械功是不可能的D.熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體11、如圖所示，直線A為電源的U-I圖線，電源電動勢為E，內阻為r，曲線B為燈泡的U-I圖線，現(xiàn)將該小燈泡接在該電源兩端，此時燈泡電阻為R，則以下說法正確的是（）

A.E=3V，r=2ΩB.R=1ΩC.電源的輸出功率為4WD.若增大燈泡兩端的電壓，則燈泡的電阻增大12、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形合D1、D2構成；其間留有空隙，下列說法正確的是。

A.離子由加速器的中心附近進入加速器B.離子由加速器的邊緣進入加速器C.離子從磁場中獲得能量D.離子從電場中獲得能量13、如圖所示，abcd是粗細均勻的電阻絲制成的長方形線框，導體MN有電阻，可在ad邊及bc邊上無摩擦滑動，且接觸良好，線框處于垂直紙面向里的勻強磁場中．當MN由靠ab邊外向cd邊勻速移動的過程中，以下說法正確的是

A.MN中電流先增大后減小B.MN兩端電壓先增大后減小C.MN上拉力的功率先減小后增大D.矩形線框中消耗的電功率先減小后增大14、對于一定質量的理想氣體，下列說法正確的是（）A.溫度升高，所有分子運動速率都變大B.溫度升高，分子平均動能變大C.氣體分子無論在什么溫度下，其分子速率都呈現(xiàn)“中間多、兩頭少”的分布特點E.外界對氣體做功，氣體的溫度可能降低E.外界對氣體做功，氣體的溫度可能降低15、如圖甲所示，在x軸上有兩個沿y軸方向做簡諧運動的波源S1和S2，t=0時刻兩波源同時開始振動，振動圖像均如圖乙所示，波源S1形成的簡諧橫波在介質中沿x軸正方向傳播，S2形成的簡諧橫波在介質中沿x軸負方向傳播，波速均為2m/s．A是平衡位置位于x=2m處的質點；下列說法正確的是。

A.兩列波的波長均為4mB.t=ls時，質點A開始運動C.t=2s時，質點A速度為零E.從t=3s到t=5s，質點A通過的路程是16cmE.從t=3s到t=5s，質點A通過的路程是16cm評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、水的飽和汽壓隨溫度的變化而變化，溫度升高時，飽和汽壓______（填“增大”、“減小”或“不變”）；在一定溫度下，水的飽和汽體積減小時，分子數(shù)密度______（填“增大”、“減小”或“不變”）；通過降低溫度______（填“可以”或“不可以）使未飽和汽變成飽和汽。17、如圖所示，為某公園內的噴泉的聲控控制電路，請在虛框內畫出基本邏輯電路的符號，其中R的阻值大一點好還是小一點好？__________________。

18、現(xiàn)代人通過放孔明燈祈福。普通的孔明燈用薄竹片架成圓桶形，外面以薄紙密實包圍，開口朝下。釋放時，通過開口處的火焰對燈內氣體緩慢加熱，直到燈能浮起來，如圖所示，在緩慢加熱過程中，燈內氣體分子的平均動能____________（填“變大”“變小”或“不變”），燈內氣體的密度__________（填“變大”“變小”或“不變”）。

19、如圖為一定質量理想氣體的壓強p與體積V關系圖像，它由狀態(tài)A經等容過程到狀態(tài)B，再經等壓過程到狀態(tài)C．設A、B、C狀態(tài)對應的溫度分別為TA、TB、TC，則TA______TB，TB______TC（均選填“＞”“＜”或“＝”）。

20、如圖所示；將邊長為L；總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向，垂直線圈平面）

（1）所用拉力F＝_________．

（2）拉力F做的功WF＝________．

（3）拉力F的功率PF＝________．

（4）線圈放出的熱量Q＝_________．

（5）通過導線截面的電量q＝_________．21、如圖所示，平行板電容器板間距離d=10cm，與一個直流電源相連，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢為零，兩板間有一點P，P點距M板5cm，把開關閉合給電容器充電，然后再斷開，P點場強大小為________，電勢為____________，若把N板向下移動10cm，則P點場強大小為________，電勢為_________。

22、如圖，粗細均勻的長玻璃管豎直放置且開口向下，管內的水銀柱封閉了一部分體積的空氣柱．當外界大氣壓緩慢減小，水銀柱將_______（上升、不動、下降）；若大氣壓減小△p，水銀柱移動L1，大氣壓再減小△p，水銀柱又移動L2，則：L1_______L2（選填“>”、“<”；“=”）．（保持溫度不變）

23、對大量的事實分析表明：______________________．這個結論被稱做熱力學第三定律．24、如圖，一個是振動圖像，一個是波動圖像，其中是___________是振動圖像(選填：“a”或“b”)，圖a的物理意義是：___________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)28、某物理興趣小組設計了如圖a所示的歐姆表電路；通過控制電鍵S和調節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“×1”和“×10”兩種倍率。所用器材如下：

A.干電池：電動勢E=1.5V，內阻r=0.5Ω

B.電流G：滿偏電流Ig=1mA，內阻Rg=150Ω

C.定值電阻R1=1200Ω

D.電阻箱R2和R3：最大阻值都為999.9Ω

E.電阻箱R4：最大阻值9999Ω

F.電鍵一個；紅；黑表筆各1支，導線若干。

(1)該實驗小組按圖a正確連接好電路。當電鍵S斷開時，將紅、黑表筆短接，調節(jié)電阻箱R2=______Ω，使電流表達到滿偏，此時閉合電路的總電阻叫做歐姆表的內阻R內，則R內=______Ω；歐姆表的倍率是______（選填“×1”；“×10”）；

(2)閉合電鍵S：第一步：調節(jié)電阻箱R2和R3，使時，R2=______Ω，將紅、黑表筆短接，電流表再次滿偏；第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱R4，調節(jié)R4，當電流表指針指向圖b所示的位置時；對應的歐姆表的刻度值為______Ω。

29、某同學要測量某圓柱體電阻R的電阻率ρ．

（1）用游標卡尺和螺旋測微器分別測量其長度和直徑，如圖所示，則其長度L=______cm，直徑d=______mm．

（2）該同學先用如圖所示的指針式多用電表粗測其電阻．他將紅黑表筆分別插入“+”、“-”插孔中，將選擇開關置于“×l”檔位置，然后______；直至指針指在“0Ω”處繼續(xù)實驗．

（3）歐姆表粗測電阻約為5Ω現(xiàn)要進一步精確測量其阻值；實驗室提供了下列可選用的器材：

A.電壓表量程內阻約

B.電壓表量程內阻約

C.電流表量程內阻約

D.電流表量程內阻約

E.滑動變阻器

F.滑動變阻器

G.電源電動勢為及開關和導線若干。

該同學從以上器材中選擇合適的器材連接好電路進行測量，則電壓表應選擇______，電流表應選擇______，滑動變阻器應選擇______，選填各器材前的字母．要求在流過金屬絲的電流相同情況下，電源消耗功率最小，并能較準確地測出電阻絲的阻值，實驗電路應選用下圖的______．

（4）利用上所選電路測量，電流表______A電壓表______V

30、在“測玻璃的折射率”實驗中：

（1）為了取得較好的實驗效果，下列操作正確的是_______．

A．必須選用上下表面平行的玻璃磚；B．選擇的入射角應盡量小些；C．大頭針應垂直地插在紙面上；D．大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些.

（2）甲同學在量入射角和折射角時，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，以O點為圓心，OA為半徑畫圓，交OO’延長線于C點，過A點和C點作垂直法線的直線分別交于B點和D點，如圖所示，若他測得AB=7cm，CD=4cm，則可求出玻璃的折射率n=_________．

（3）乙同學使用同一個玻璃磚完成實驗，卻發(fā)現(xiàn)測出的折射率明顯大于理論值，反復檢查實驗操作過程后認為是用鉛筆描出玻璃磚上下表面時候出現(xiàn)了操作失誤，由此可以判斷該同學作出的兩界面間距_______玻璃磚的實際寬度．（選填“大于”、“小于”）評卷人得分六、解答題(共2題，共12分)31、一定質量的理想氣體從狀態(tài)A經狀態(tài)B、C、D后又回到狀態(tài)A，其狀態(tài)變化過程的圖像如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)A時的壓強為氣體在過程中吸熱在過程中放熱

(1)求氣體在C狀態(tài)時的壓強；

(2)將該循環(huán)過程用圖像表示出來；

(3)求氣體經過一次循環(huán)又回到初態(tài)的過程中；外界對氣體做的功。

32、如圖所示，以水平方向為x軸，豎直方向為y軸建立直角坐標系，x軸的下方有垂直于xoy平面的勻強磁場和平行于y軸的勻強電場（圖中未畫出，足夠大），質量為m電量為q的帶正電質點從y軸上的M點以沿x軸正向的速度v0=3m/s進入第一象限，經x軸上一點N進入第四象限，N點坐標是（1.2，0），之后做勻速圓周運動，且經過坐標為（1.2，-3），（-2.8，-3）的點．已知重力加速度為g=10m/s2，求

（1）勻強電場的電場強度大小和方向

（2）勻強磁場的磁感應強度大小

（3）質點從開始運動到進入第二象限之前的運動時間參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】

真空中各種光的速度均相等為c；根據(jù)光電效應的條件分析得出兩種光的頻率關系；根據(jù)比較光子的能量大??；飽和光電流與光強成正比．

【詳解】

A、在真空中，a、b兩種光的速度相等；均等于c，故A錯誤；

C、根據(jù)題意知，用a光照射能發(fā)生光電效應，說明a光的頻率比該金屬的極限頻率大，b光不能發(fā)生光電效應，說明b光的頻率比該金屬的極限頻率小，所以a光的頻率比b光的頻率大，即根據(jù)知，a光比b光的光子能量大；故C正確；

B、根據(jù)知a光的波長較短，故B錯誤；

D；根據(jù)題意；無法比較光強，故D錯誤；

故選C．

【點睛】

本題考查光電效應的產生條件，知道只要入射光的頻率大于金屬的極限頻率就能發(fā)生光電效應，與入射光的強度無關．2、C【分析】【詳解】

AB．質量不變，壓強增大后，根據(jù)可知，的比值將減?。还蕡D像的斜率減小；等壓線與t軸夾角變小；故AB錯誤；

CD．由于等壓線一定過熱力學溫度的0點，故一定交與-273℃處；故等壓線與t軸交點的位置不變；故C正確，D錯誤。

故選C。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．單晶體的某些物理性質具有各向異性；而多晶體和非晶體是各向同性的，選項A錯誤；

B．在完全失重情況下；氣體分子也在撞擊容器壁，所以依然存在壓強，選項B錯誤；

C．液體表層分子間距大于液體內部分子間距時，液體表面有表面張力；而浸潤現(xiàn)象是器壁分子對附著層分子作用力大于內層子分子對附著層分子力，導致附著層分子增多，分子間距小于r0而表現(xiàn)出斥力；選項C錯誤；

D．干旱的時候；土壤中存在毛細管，加速土壤水分蒸發(fā)；給土壤松土后破壞了毛細管，減弱了毛細現(xiàn)象，從而防止土壤內層的水分蒸發(fā)，選項D正確。

故選D。4、C【分析】【詳解】

（1）第二類永動機不可能制成；是因它違反了熱力學第二定律，但不違反能量守恒定律，故A錯誤；

（2）根據(jù)熱力學第二定律；機械能可以100%轉化為內能，但內能不能100%轉化為機械能，即熱力學過程不可逆，所以，熱效率為100%的熱機是不可能制成的，故B錯誤；

（3）電冰箱的工作過程表明；熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞；故C正確；

（4）從單一熱源吸收熱量；使之完全變?yōu)楣κ遣豢赡軐崿F(xiàn)的；故D錯誤；

故本題選C

【點睛】

第二類永動機違背了熱力學第二定律；并不違背熱力學第一定律；熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞；改變內能的方式有做功和熱傳遞．5、B【分析】【詳解】

A．改變單擺的頻率即改變單擺的周期，由單擺的周期公式可知單擺的頻率和擺球的質量無關；故A錯；

B．改變擺線的長度可以改變周期；故B正確；

C．振幅影響的是單擺的能量不影響周期；故C錯；

D．偏角也不影響單擺的周期故D錯誤．6、C【分析】【分析】

首先認識電路的結構：燈泡與變阻器串聯(lián)；電容器與燈泡并聯(lián)．當滑動變阻器滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析．

【詳解】

當滑動變阻器滑片P向右移動時；變阻器接入電路的電阻減??；

A.燈泡功率P=I2RL，RL不變；I增大，P增大，則燈泡變亮．故A錯誤；

B.電源的總功率P總=EI，E不變，I增大，P總增大．故B錯誤；

C.電容器電壓UC=E-I（RL+r）減小，電容器電量Q=CUC減?。蔆正確；

D.根據(jù)歐姆定律可知，電流增大，電壓表的讀數(shù)U=E-Ir減小．故D錯誤；

故選C．

【點睛】

本題考查電路動態(tài)分析的能力，比較簡單．對于電路動態(tài)分析往往按“局部→整體→局部”的思路．二、多選題(共9題，共18分)7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．要測量冰下水的溫度；必須使溫度計與冰下的水達到熱平衡時，再讀出溫度計的示數(shù)，但因隔著冰無法直接讀數(shù)，把溫度計取出來，顯示的也不再是原熱平衡狀態(tài)下的溫度，A錯誤B正確；

CD．根據(jù)。

C錯誤D正確。

故選BD。8、A:B:C【分析】【詳解】

A．當兩分子間距減小到分子間作用力為0時，分子間距為分子間距小于時，分子間為斥力，隨距離增大，分子力做正功，分子勢能減小，分子間距大于時，分子間為引力，隨距離減小，分子力做正功，分子勢能減小，則分子間距為時；分子勢能最小，故A正確；

B．熱傳遞的條件是兩個系統(tǒng)之間存在溫度差；溫度是否相等是兩個系統(tǒng)是否達到熱平衡的標志，因此達到熱平衡的系統(tǒng)一定具有相同的溫度，故B正確；

C．一定質量的理想氣體；在發(fā)生絕熱膨脹的過程中，氣體對外做功，氣體內能減小，溫度降低，分子的平均動能一定減小，故C正確；

D．一種液體是否浸潤某種固體與液體的性質和固體的性質都有關；故D錯誤；

E．氣體的壓強與氣體的重力無關；則將密閉一定質量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內的氣體壓強不變，故E錯誤。

故選。9、B:C:E【分析】【詳解】

A．影響物體內能的因素有多個；溫度變化，分子平均動能會變化，但內能不一定變化，A錯誤；

B．卸去貨物過程；輪胎內的氣體體積增大，則外界對氣體做負功，B正確；

C．機械能可以全部轉化為內能；而內能無法全部用來做功以轉化成機械能，C正確；

D．壓強不變；溫度降低，則分子平均動能減小，則撞擊力度減小，則只有增加對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)，D錯誤；

E．阿伏伽德羅常數(shù)

單位體積內氣體的物質的量

則該氣體單位體積內的分子數(shù)為

E正確。

故選BCE。10、B:D【分析】絕對零度是永遠也達不到的，只能趨近，A錯誤；由熱力學第二定律的微觀意義可知B正確；由開爾文表述可知C錯誤；熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體，D正確．11、B:C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律有

所以圖線A縱截距表示電源電動勢，斜率的絕對值表示內阻，則

故A錯誤；

BC．兩圖線交點為燈泡的工作點，所以此時燈泡電阻為

電源的輸出功率等于燈泡此時消耗的電功率，為P=UI=4W

故BC正確；

D．燈泡U-I圖線上點與原點連線的斜率表示燈泡電阻，由圖線B可知；若增大燈泡兩端的電壓，則燈泡的電阻增大，故D正確。

故選BCD。12、A:D【分析】【詳解】

據(jù)回旋加速器的工作原理知；粒子由回旋加速器的中心附近進入加速器，且在電場中加速，通過磁場回旋，所以從電場中獲得能量，故選AD。

【點睛】

回旋加速器的工作原理是利用電場加速，磁場偏轉，且二者的周期相同，被加速離子由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器；洛倫茲力并不做功，而電場力對帶電離子做功，即可加速正電荷也可加速負電荷。13、B:C【分析】【詳解】

A．導體棒MN向右運動的過程中，MN相當于電源，產生恒定的感應電動勢，其余部分是外電路，外電阻先增大后減小，當MN運動到線框中線時，外電路的電阻最大．根據(jù)閉合電路歐姆定律知MN棒中的電流先減小后增大；故A錯誤；

B．MN兩端電壓是路端電壓，由可知：E、r不變，I先減小后增大，則U先增大后減??；故B正確；

C．MN棒做勻速運動，拉力的功率等于電路中電功率，根據(jù)電功率公式得知；拉力的功率先減小后增大．故C正確；

D．根據(jù)推論：當外電阻等于電源的內電阻時，電源的輸出功率最大，由于外電阻與MN電阻的關系未知；無法判斷線框消耗的功率如何變化，故D錯誤；

所以BC正確；AD錯誤．

【點睛】

本題是電磁感應與電路的綜合，關鍵抓住線框的總電阻先增大后減小，根據(jù)功率公式、歐姆定律等規(guī)律進行分析．14、B:C:E【分析】：A；分子運動是雜亂無章的；溫度升高，并不是所有分子運動的速率都增大，故A錯誤．

B；溫度是分子平均動能的標志；溫度升高，分子平均動能變大，故B正確．

C；氣體分子無論在什么溫度下；根據(jù)統(tǒng)計規(guī)律知道氣體的分子速率都呈現(xiàn)“中間多、兩頭少”的分布特點，故C正確．

D、根據(jù)氣態(tài)方程=c知；溫度升高，氣體的壓強不一定增大，還與氣體的體積是否變化有關，故D錯誤．

E；外界對氣體做功；若氣體放熱，而且放熱更多，由熱力學第一定律可知氣體的內能減小，溫度降低，故E正確．

故選BCE15、A:B:E【分析】【詳解】

A、由圖知，兩列波的周期均為2s，故波長均為故A正確；

B、波源S1的振動形式傳到A點所需的時間波源S2的振動形式傳到A點所需的時間故t=ls時，波源S1的振動形式剛好傳到A點，波源S2的振動形式還沒傳到A點，故質點A開始運動,B正確；

C、t=2s時，質點A起振后振動的時間此時質點A在平衡位置，速度最大，故C錯誤；

D、t=3s時，波源S2的振動形式還沒傳到A點，故質點A起振后振動的時間此時質點A位于平衡位置，位移為0cm，故D錯誤；

E、t=3s后，兩列波都已傳到A點，因為由波的疊加原理可得：A點時振動加強點；從t=3s到t=5s，故質點A的位移故E正確．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]飽和汽壓是物質的一個重要性質，它的大小取決于物質的本性和溫度，同一種物質溫度越高，飽和汽壓越大，溫度升高時，飽和汽壓增大；在一定溫度下，同一種液體的飽和汽分子密度都是一定的，水的飽和汽體積減小時，分子密度不變；降低溫度，飽和汽壓減小，所以可以使未飽和汽變成飽和汽?！窘馕觥吭龃蟛蛔兛梢?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]非門的特點是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反；其中R的阻值大一點好。【解析】大一點18、略

【分析】【詳解】

[1]隨著加熱；燈內氣體溫度升高，分子的平均動能變大；

[2]對于燈內氣體，根據(jù)蓋-呂薩克定律，壓強不變，溫度升高，氣體體積增大。因為孔明燈的體積幾乎不變，所以部分氣體外溢，燈內氣體的質量減小，密度變小?！窘馕觥孔兇笞冃?9、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]A到B為等容變化，故

由圖可知

則

B到C為等壓變化，則

由圖可知

則【解析】①.＞②.＜20、略

【分析】【詳解】

（1）線框受到的安培力由平衡條件可知，拉力

（2）拉力的功

（3）拉力功率：

（4）感應電動勢產生的焦耳熱

（5）感應電動勢電流電荷量【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)公式可得

[2]因為P位于兩極板間的中點，所以PN之間的電勢差為

又知道

所以

[3]因為兩極板間的電荷量恒定，根據(jù)公式聯(lián)立可得

故若把N板向下移；兩極板間的電場強度不變。

[4]此時P點距離N板15cm，因為N板接地，電勢為零，所以P點電勢為負，故【解析】22、略

【分析】【詳解】

設外界大氣壓為封閉氣體的壓強為封閉氣體的橫截面為S，氣柱的長度為封閉水銀柱受力平衡：解得由于氣體的溫度不變，所以的乘積應該是一定值，設為C，則解得當外界大氣壓降低相同的量時，根據(jù)函數(shù)關系可知氣柱的長度會增加，且氣柱移動的長度．【解析】下降<23、略

【分析】【分析】

【詳解】

對大量的事實分析表明：熱力學零度不可達到這個結論被稱做熱力學第三定律．【解析】熱力學零度不可達到24、略

【分析】【分析】

振動圖像描述的是一個質點在不同時刻離開平衡位置的位移；波的圖像描述的是同一時刻各個質點的位移.

【詳解】

振動圖像描述的是一個質點在不同時刻離開平衡位置的位移，則圖像b是振動圖像；圖a是波的圖像；物理意義是同一時刻各個質點的位移(或者相對平衡位置的位移)．

【點睛】

本題要理解振動圖象和波動圖象各自的物理意義；知道振動圖像是“照相機”；波的圖像是“錄像機”.【解析】b同一時刻各個質點的位移(或者相對平衡位置的位移)四、作圖題(共3題，共12分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共12分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2][3]根據(jù)歐姆定律；得。

代入數(shù)據(jù)；得。

閉合電鍵后，干路電流增加，電路表與定值電阻兩端電壓減小，電流減小，則電流表指針向右偏轉角度變小，因歐姆表的刻度與電流表相反，即指針向左偏轉變大，因兩次測量值應相同，則閉合電鍵后的倍率較小，所以電鍵斷開時歐姆表的倍率為

(2)[4]電路中R3兩端電壓為。

則R2和r電壓之和為。

根據(jù)斷開與閉合電鍵倍率關系，可知，干路電流為支路電流的10倍。即通過R2電流為0.01A；則有。

代入數(shù)據(jù)；得。

[5]從b圖讀出電流表示數(shù)為0.60mA；則干路電流為6.0mA，根據(jù)歐姆定律，得。

解出。

由于倍率為故示數(shù)為100Ω?！窘馕觥?49.515001014.510029、略

【分析】【詳解】

(1)游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為7cm=70mm；游標讀數(shù)為0.05×3mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為7cm+0.015mm=7.015cm;；

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為4.5mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×10.0mm=0.100mm，所以最終讀數(shù)為4.5mm