2024高考物理二輪復(fù)習(xí)高考題型一選擇題專項(xiàng)練4含解析

PAGE8-專項(xiàng)練4一、單選題1.5G是指第五代通信技術(shù),采納3300~5000MHz頻段的無線電波。第四代移動(dòng)通信技術(shù)4G,其頻段范圍是1880~2635MHz。5G相比4G而言,其數(shù)據(jù)傳輸速度提升了數(shù)十倍,容量更大,為產(chǎn)業(yè)革命供應(yīng)技術(shù)支撐。依據(jù)以上內(nèi)容結(jié)合所學(xué)學(xué)問,推斷下列說法正確的是()A.4G信號(hào)和5G信號(hào)相遇能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象B.4G和5G信號(hào)都能發(fā)生偏振現(xiàn)象C.5G信號(hào)比4G信號(hào)更簡單發(fā)生衍射現(xiàn)象D.4G信號(hào)比5G信號(hào)在真空中的傳播速度更小2.(2024河南高三二模)質(zhì)量為m的小球以大小為v0的初速度沿光滑的水平面對(duì)右運(yùn)動(dòng),與豎直墻碰撞后沿原路返回,碰撞過程損失的動(dòng)能為碰撞前小球動(dòng)能的59。則小球與豎直墻碰撞過程中,墻對(duì)小球的沖量大小為(A.13mvB.53mvC.43mvD.23mv3.(2024浙江高三模擬)如圖所示,一根粗細(xì)勻稱、長為L=1m、質(zhì)量為m=0.01kg的導(dǎo)體棒ab從中點(diǎn)處彎成60°角,將此導(dǎo)體棒放入磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.4T、方向垂直紙面對(duì)外的勻強(qiáng)磁場中,導(dǎo)體棒兩端a、b懸掛于兩根相同的彈簧下端,彈簧均處于豎直狀態(tài)。當(dāng)導(dǎo)體棒中通有I=1A的電流時(shí),兩根彈簧比自然長度各縮短了Δx=0.01m,則下列說法中正確的是()A.導(dǎo)體中電流的方向?yàn)閍ObB.每根彈簧的彈力大小均為0.1NC.彈簧的勁度系數(shù)為5N/mD.僅變更電流方向,彈簧將會(huì)比自然長度伸長0.01m4.(2024山東高三二模)在平行于紙面內(nèi)的勻強(qiáng)電場中,有一電荷量為q的帶正電粒子,僅在電場力作用下,粒子從電場中A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),速度大小由2v0變?yōu)関0,粒子的初、末速度與AB連線的夾角均為30°,如圖所示,已知A、B兩點(diǎn)間的距離為d,則該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為()A.3mB.3mC.3mD.21m5.(2024江蘇高考預(yù)料)如圖所示,質(zhì)量M=1kg的木板靜止在粗糙的水平地面上,木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.1,在木板的左端放置一個(gè)質(zhì)量m=1kg、大小可以忽視的鐵塊,鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.4,設(shè)木板足夠長,若對(duì)鐵塊施加一個(gè)大小從零起先連續(xù)增加的水平向右的力F,已知最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等,g取10m/s2,則下面四個(gè)圖中能正確反映鐵塊受到木板的摩擦力大小f隨力F變更的是()6.(2024北京高三三模)如圖是用電流傳感器(電流傳感器相當(dāng)于電流表,其電阻可以忽視不計(jì))探討自感現(xiàn)象的試驗(yàn)電路,電源的電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,自感線圈L的自感系數(shù)足夠大,其直流電阻值大于燈泡D的阻值,在t=0時(shí)刻閉合開關(guān)S,經(jīng)過一段時(shí)間后,在t=t1時(shí)刻斷開開關(guān)S。在下列選項(xiàng)中,可能正確表示電流傳感器記錄的電流隨時(shí)間變更狀況的是()7.(2024河南高三模擬)回旋加速器是加速帶電粒子的裝置,其核心部分是分別與高頻溝通電源兩極相連接的兩個(gè)D形金屬盒,兩盒間的狹縫中形成周期性變更的電場,使粒子在通過狹縫時(shí)都能得到加速,兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場中,如圖所示。設(shè)D形盒半徑為R。若用回旋加速器加速質(zhì)子時(shí),勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,高頻溝通電頻率為f。則下列說法正確的是()A.質(zhì)子的回旋頻率等于2fB.質(zhì)子被電場加速的最大動(dòng)能與加速電壓有關(guān)C.質(zhì)子被加速后的最大速度不行能超過2πfRD.不變更B和f,該回旋加速器也能用于加速α粒子8.(2024浙江高三模擬)如圖所示的U-I圖像中,直線a表示某電源路端電壓與電流的關(guān)系,圖線b為某一小燈泡的伏安特性曲線。用該電源干脆與小燈泡連接成閉合電路,以下說法錯(cuò)誤的是()A.電源電動(dòng)勢(shì)為3VB.此時(shí)電源的效率為25%C.此時(shí)小燈泡的阻值為1.5ΩD.此時(shí)小燈泡的功率為1.5W二、多選題9.(2024浙江杭州高三模擬)下列說法正確的是()A.玻璃中的氣泡看起來特殊光明,是發(fā)生全反射的原因B.高壓輸電線上方另加兩條與大地相連的導(dǎo)線,是利用靜電屏蔽以防輸電線遭遇雷擊C.透過平行燈管的窄縫看正常發(fā)光的日光燈,能視察到彩色條紋,這是光的干涉現(xiàn)象D.發(fā)生α或β衰變時(shí),產(chǎn)生的新核從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷,能量以γ光子的形式輻射出來10.(2024江蘇高三模擬)足球運(yùn)動(dòng)員練習(xí)隨意球技術(shù)時(shí),將球放置在A點(diǎn),第一次發(fā)出的球在空中的軌跡為圖中實(shí)線1,其次次球在空中的軌跡為圖中虛線2,兩次都恰好落在地面同一點(diǎn)B。不計(jì)空氣阻力對(duì)球的影響,比較球兩次在空中的運(yùn)動(dòng),下列說法正確的有()A.在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同B.在空中運(yùn)動(dòng)加速度相同C.運(yùn)動(dòng)軌跡最高點(diǎn)位置在同一條豎直線上D.球著地的動(dòng)能可能相等11.(2024山東高三二模)如圖所示,肯定質(zhì)量的志向氣體從狀態(tài)A起先,經(jīng)驗(yàn)兩個(gè)狀態(tài)變更過程,先后到達(dá)狀態(tài)B和C。已知從狀態(tài)A變更到狀態(tài)B的過程中,氣體汲取了100J的熱量,則下列說法中正確的是()A.氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度大于在狀態(tài)A時(shí)的溫度B.從狀態(tài)B變更到狀態(tài)C的過程中氣體分子的平均動(dòng)能增大C.氣體從狀態(tài)A變更到狀態(tài)B的過程中內(nèi)能增加了40JD.氣體從狀態(tài)B變更到狀態(tài)C的過程中放出了40J的熱量12.(2024安徽高三模擬)如圖所示,海王星繞太陽沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)軌跡的半長軸為a、半短軸為b,海王星的運(yùn)行周期為T,P、Q為軌道長軸的兩個(gè)端點(diǎn),M、N為軌道短軸的兩個(gè)端點(diǎn),太陽位于其中的一個(gè)焦點(diǎn)上。若只考慮海王星和太陽之間的相互作用,且已知橢圓面積公式為S=πab,則海王星在從P經(jīng)過M、Q到N的運(yùn)動(dòng)過程中,下列說法正確的是()A.從P到M所用的時(shí)間為TB.從M到Q所用的時(shí)間為a2-bC.從Q到N階段,萬有引力始終做正功,機(jī)械能漸漸變大D.從M經(jīng)Q到N階段,動(dòng)能先減小后增大參考答案專項(xiàng)練41.B解析由于4G和5G信號(hào)都屬于電磁波,均為橫波,因此都能發(fā)生偏振現(xiàn)象,故B正確;兩種不同頻率的波不能發(fā)生干涉,故A錯(cuò)誤;5G信號(hào)的頻率更高,波長更短,因此4G信號(hào)更簡單發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象,故C錯(cuò)誤;任何電磁波在真空中的傳播速度均為光速,因此4G信號(hào)與5G信號(hào)在真空中傳播速度相等,故D錯(cuò)誤。2.B解析碰撞過程損失的動(dòng)能為碰撞前小球動(dòng)能的59Ek'=12mv2=12mv02-5解得碰后的速度v=23v由動(dòng)量定理得,小球與豎直墻碰撞過程中,墻對(duì)小球的沖量大小為I=m23v0-m(-v0)=53mv0故B正確,ACD錯(cuò)誤。3.C解析由題意知通電后彈簧相比原長縮短了,說明安培力方向向上,由左手定則可知,電流方向由b→O→a,A錯(cuò)誤;通電后,ab導(dǎo)體的有效長度為l=L2=0.5m,受到的安培力為F=BIl=0.2N,依據(jù)平衡條件有F=2F彈+mg,解得F彈=0.05N,B錯(cuò)誤;依據(jù)胡克定律得F彈=kΔx,解得k=F彈Δx=5N/m,C正確;僅變更電流方向,則受到的安培力的大小不變,方向變?yōu)橄蛳?設(shè)彈簧將會(huì)比自然長度伸長x,則有mg+F=2kx,解得4.D解析以向右為x軸正方向、向下為y軸正方向建立直角坐標(biāo)系,x軸方向的速度由2v0減為v0cos60°,故Ex向左,y軸方向的速度由0增加到v0sin60°,故Ey向下,故電場強(qiáng)度方向斜向左下方。利用v2-v02=2ax以及牛頓(v0cos60°)2-(2v0)2=-2qEx(v0sin60°)2=2qEy電場強(qiáng)度E=E解得E=21故ABC錯(cuò)誤,D正確。5.C解析鐵塊與木板之間摩擦力的最大值為f2max=μ2mg=4N木板與地面間的摩擦力的最大值為F1max=μ1(M+m)g=2N當(dāng)F≤2N時(shí),木板和鐵塊相對(duì)地面靜止,f=F,當(dāng)F>2N,并且木板和鐵塊一起相對(duì)地面加速運(yùn)動(dòng)時(shí),設(shè)此時(shí)系統(tǒng)的加速度為a,依據(jù)牛頓其次定律,對(duì)整體有F-μ1(M+m)g=(M+m)a,對(duì)鐵塊有F-f2max=ma,可得F=6N。從今關(guān)系式可以看出,當(dāng)2N<F≤6N時(shí),M、m相對(duì)靜止,則對(duì)整體有F-μ1(mg+Mg)=(m+M)a,對(duì)鐵塊有F-f=ma,即f=F2+當(dāng)拉力大于6N時(shí),鐵塊受到的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力,大小為4N,故得出的圖像應(yīng)為C。6.B解析閉合開關(guān)的瞬間,電感的電阻很大,過一段時(shí)間,電感的電阻減小,電感與燈泡并聯(lián)的兩端電壓減小,故燈泡中的電流變小,選項(xiàng)AD均錯(cuò)誤;當(dāng)時(shí)間再延長,燈泡的電流趨于穩(wěn)定在某一值上,當(dāng)斷開開關(guān)時(shí),電感產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì),電感中的電流與原來的電流方向相同,它與燈泡組成的電路中,感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向,而燈泡中原來的電流沿順時(shí)針方向,且此時(shí)燈泡中的電流比穩(wěn)定時(shí)要小一些,然后電流隨自感電動(dòng)勢(shì)的減小而漸漸減小到0,故選項(xiàng)B正確,C錯(cuò)誤。7.C解析粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期和高頻溝通電的周期相等,帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中回旋頻率等于f,故A錯(cuò)誤;粒子最終是從勻強(qiáng)磁場飛出D形盒,由qvmB=mvm2R,得vm=qBRm,即最大速度與加速的電壓無關(guān),故最大動(dòng)能與加速電壓無關(guān),故B錯(cuò)誤;當(dāng)粒子從D形盒中出來時(shí)速度最大,最大速度為vm=2πRT=2πRf,故C正確;依據(jù)T=2πmqB,知質(zhì)子換成α粒子,粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期發(fā)生變更8.B解析由圖像可知,電源電動(dòng)勢(shì)為3V,選項(xiàng)A正確,不符合題意;此時(shí)電源的總功率P=EI=3×1W=3W,電源的輸出功率P出=IU=1×1.5W=1.5W,則電源的效率為η=P出P=50%,選項(xiàng)B錯(cuò)誤,符合題意;此時(shí)小燈泡的阻值為R=UI=1.51.0Ω9.ABD解析玻璃中的氣泡看起來特殊光明,是因?yàn)楣鈴牟Ａ湎驓馀輹r(shí),即從光密介質(zhì)射向光疏介質(zhì)時(shí),一部分光在界面上發(fā)生了全反射,故A正確;高壓輸電線的上方還有兩條導(dǎo)線,這兩條導(dǎo)線與大地相連,形成稀疏的金屬“網(wǎng)”把高壓線屏蔽起來,免遭雷擊,故B正確;當(dāng)光通過狹縫時(shí),若縫的尺寸與光的波長相當(dāng),則會(huì)發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象,當(dāng)透過平行燈管的窄縫看正常發(fā)光的日光燈,能視察到彩色條紋,這是光的衍射現(xiàn)象,故C錯(cuò)誤;放射性的原子核在發(fā)生α衰變和β衰變后產(chǎn)生的新核往往處于高能級(jí),這時(shí)它要向低能級(jí)躍遷,輻射γ光子,故D正確;故選ABD。10.BCD解析足球在豎直方向上重力供應(yīng)加速度,所以兩球在空中加速度均為重力加速度g,從最高點(diǎn)到地面,豎直方向可視為自由落體運(yùn)動(dòng),兩球在豎直方向上高度不同,依據(jù)h=12gt2可知兩球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同,A錯(cuò)誤,B正確;足球上升和下落過程高度相同,所以用時(shí)相同,則運(yùn)動(dòng)軌跡關(guān)于最高點(diǎn)左右對(duì)稱,兩足球水平位移相同,所以運(yùn)動(dòng)軌跡最高點(diǎn)位置在同一條豎直線上,C正確;足球飛行過程中機(jī)械能守恒,落地的動(dòng)能與踢出的動(dòng)能相同,1軌跡足球?qū)?yīng)的高度低,用時(shí)短,水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng),依據(jù)x=v0t11.ACD解析氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B為等壓變更,由等壓變更VT=C可知,由于從A到B體積變大,則溫度上升,即氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度大于在狀態(tài)A時(shí)的溫度,故A正確;從狀態(tài)B變更到狀態(tài)C的過程為等容變更,由等容變更pT=C可知,壓強(qiáng)減小,則溫度降低,所以氣體分子的平均動(dòng)能減小,故B錯(cuò)誤;氣體從狀態(tài)A變