2025年冀教版選擇性必修1物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年冀教版選擇性必修1物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，圖中S為在水面上振動(dòng)的波源，M、N是水面上的兩塊擋板，其中N板可以上下移動(dòng)，兩板中間有一狹縫，此時(shí)測(cè)得A處水面沒有振動(dòng)，為使A處水面也能發(fā)生振動(dòng)；可采用的方法是（）

A.使波源的頻率增大B.使波源的頻率減小C.使波源的周期減小D.移動(dòng)N使狹縫的間距增大2、頻率一定的聲源在空氣中向著靜止的接收器勻速運(yùn)動(dòng)，以u(píng)表示聲源的速度，V表示聲波的速度，v表示接收器收到的頻率。若u增大（u＜V），則（）A.v增大，V增大B.v增大，V不變C.v不變，V增大D.v減少，V不變3、圖為兩個(gè)質(zhì)量分別為m、M的小球在光滑水平冰面上發(fā)生對(duì)心正碰前后的x一t圖像，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.碰撞過程中兩小球所受合外力相同B.m：M=1：3C.碰撞前后質(zhì)量為m的小球動(dòng)量的變化量大小為2mD.兩小球發(fā)生的是非彈性碰撞4、多普勒效應(yīng)在科學(xué)技術(shù)中有廣泛的應(yīng)用。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.利用多普勒測(cè)速儀，可以測(cè)量水在海底的流速B.“彩超”利用了多普勒效應(yīng)C.多普勒效應(yīng)不能用于天體研究D.波源與觀察者相互靠近或者遠(yuǎn)離時(shí)，觀察者接收到的波的頻率會(huì)發(fā)生變化5、下列有關(guān)光現(xiàn)象的說(shuō)法中正確的是（）A.在太陽(yáng)光照射下，水面上油膜出現(xiàn)彩色花紋是光的衍射造成的B.在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由綠光改為黃光，則條紋間距變窄C.夏天雨后的天空出現(xiàn)美麗的彩虹，是光的色散現(xiàn)象D.光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是一種縱波6、下列物理量是矢量且單位用國(guó)際單位制基本單位表示正確的是（）A.電流強(qiáng)度I，AB.磁感應(yīng)強(qiáng)度B，C.動(dòng)量P，NsD.電勢(shì)7、A、B兩物體在光滑水平地面上沿一直線相向而行，A質(zhì)量為5kg，速度大小為10m/s，B質(zhì)量為2kg，速度大小為5m/s，兩者相碰后，A沿原方向運(yùn)動(dòng)，速度大小為4m/s，則B的速度大小為（）A.10m/sB.5m/sC.6m/sD.12m/s8、如圖所示，半徑分別為3R和R的兩光滑半圓軌道安置在同一豎直平面內(nèi)，兩軌道之間由一條光滑水平軌道CD相連，在水平軌道CD上有一輕彈簧被a、b兩小球夾住，同時(shí)釋放兩小球，a、b球恰好均能通過各自半圓軌道的最高點(diǎn)，已知a球的質(zhì)量為m。則（）

A.b球質(zhì)量為mB.兩小球與彈簧分離時(shí)，動(dòng)能相等C.若要求a、b都能通過各自的最高點(diǎn)，彈簧釋放前至少具有的彈性勢(shì)能為D.a球到達(dá)圓心等高處時(shí)，對(duì)軌道壓力為9mg9、如圖實(shí)線與虛線分別表示頻率相同的兩列機(jī)械波某時(shí)刻的波峰和波谷，兩列波的振幅分別為5cm和4cm，此時(shí)刻O、M兩點(diǎn)偏離平衡位置的位移之差為x1，N、P兩點(diǎn)偏離平衡位置的位移之差為x2；則（）

A.x1=18cm，x2=2cmB.x1=9cm，x2=1cmC.x1=18cm，x2=0D.x1=0，x2=2cm評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、下列說(shuō)法正確的是（）A.光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是一種橫波B.全息照相的拍攝利用了光的衍射原理C.激光雷達(dá)能根據(jù)多普勒效應(yīng)測(cè)出目標(biāo)的運(yùn)動(dòng)速度，從而對(duì)目標(biāo)進(jìn)行跟蹤E.聲波繞過障礙物，發(fā)生了衍射現(xiàn)象E.聲波繞過障礙物，發(fā)生了衍射現(xiàn)象11、一質(zhì)量為2kg的物體受到水平拉力F作用，在粗糙水平面上作加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的a-t圖像如圖所示，t=0時(shí)其速度大小為2m/s；滑動(dòng)摩擦力大小恒為2N。則（）

A.在t=6s時(shí)刻，物體的速度為18m/sB.在0~6s時(shí)間內(nèi)，合力對(duì)物體做的功為400JC.在0~6s時(shí)間內(nèi)，拉力對(duì)物體的沖量為48N·sD.在t=6s時(shí)刻，拉力F的功率為200W12、如圖所示，兩平行光滑桿水平放置，兩相同的小球M、N分別套在兩桿上，并由輕彈簧拴接，彈簧與桿垂直。已知兩桿間距為彈簧原長(zhǎng)為兩球的質(zhì)量均為現(xiàn)給M球一沿桿向右的瞬時(shí)沖量，關(guān)于之后的運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法正確的是（）

A.彈簧長(zhǎng)度達(dá)到時(shí)，M球和N球總動(dòng)能最大B.彈簧長(zhǎng)度第一次達(dá)到時(shí)，M球的速度大小為C.彈簧長(zhǎng)度第二次達(dá)到時(shí)，M球的速度大小為D.彈簧長(zhǎng)度達(dá)到最長(zhǎng)時(shí)，M球的速度大小為13、如圖所示；一個(gè)斜面與水平地面平滑連接，斜面與水平地面均光滑。小物塊P放在水平地面上，小物塊Q自斜面上某位置處由靜止釋放，P；Q之間的碰撞為彈性正碰，斜面與水平面足夠長(zhǎng)，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.若則P、Q只能發(fā)生一次碰撞B.若則P、Q只能發(fā)生一次碰撞C.若則P、Q只能發(fā)生兩次碰撞D.若則P、Q只能發(fā)生多次碰撞14、如圖所示，波源O垂直于紙面做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，所激發(fā)的橫波在均勻介質(zhì)中向四周傳播。圖中虛線是兩個(gè)以O(shè)點(diǎn)為圓心的同心圓弧。時(shí)，距O點(diǎn)0.75m的P點(diǎn)開始向上振動(dòng)；時(shí)，距O點(diǎn)1.20m的Q點(diǎn)也開始振動(dòng)，此時(shí)P點(diǎn)恰好第三次到達(dá)波峰。關(guān)于該簡(jiǎn)諧橫波；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.周期為0.15sB.波長(zhǎng)為0.20mC.當(dāng)P點(diǎn)在波谷時(shí)，Q點(diǎn)在平衡位置且向下振動(dòng)E.質(zhì)點(diǎn)P起振后，在任意一個(gè)時(shí)間內(nèi)，路程都不會(huì)超過一個(gè)振幅E.質(zhì)點(diǎn)P起振后，在任意一個(gè)時(shí)間內(nèi)，路程都不會(huì)超過一個(gè)振幅15、關(guān)于波的反射、波的衍射、波的干涉、多普勒效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.交通警通過發(fā)射超聲波測(cè)量車速，利用了波的多普勒效應(yīng)原理B.聲波和光波都是電磁波，都可以在真空中傳播C.“全息照片”利用激光的干涉原理，“B超”是利用了超聲波的反射原理D.一切波都能發(fā)生反射和衍射，聲吶探測(cè)水中的暗礁利用了波的衍射原理16、如圖所示，截面為等腰三角形ABC的玻璃磚，頂角由a，b兩種光組成的復(fù)色光以射到AB側(cè)面的中點(diǎn)D，其中a光以最小的光程射到AC面，b光平行于BC邊射到AC面。已知AB長(zhǎng)度為2L，光在真空中的傳播速度為c，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.a光的折射率小于b光的折射率B.a光的折射率為C.b光在AC面可能發(fā)生全反射D.使a、b光分別通過同一雙縫干涉裝置，b光條紋間距更大評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、自動(dòng)駕駛汽車配置了超聲波、激光、無(wú)線電波雷達(dá)和光學(xué)相機(jī)組成的傳感探測(cè)系統(tǒng)，當(dāng)汽車與前方車輛距離減小到安全距離時(shí)，系統(tǒng)會(huì)執(zhí)行減速指令．若汽車靜止時(shí)發(fā)出的超聲波頻率為4.0×104Hz，空氣中聲速為340m/s，該超聲波的波長(zhǎng)為________m____汽車行駛時(shí)接收到被前方汽車反射的超聲波頻率________(選填“大于”“等于”或“小于”)汽車發(fā)出的頻率．18、如圖所示為一彈簧振子的振動(dòng)圖像；試完成以下問題：

（1）該振子簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為___________；

（2）該振子在第時(shí)的位移為___________該振子在前內(nèi)的路程為___________19、在縱波中，各點(diǎn)的振動(dòng)方向總與波的傳播方向____，在橫波中，各點(diǎn)的振動(dòng)方向總與波的傳播方向____；不同的橫波，振動(dòng)方向可能不同。

（1）自然光：由太陽(yáng)、電燈等普通光源發(fā)出的光，它包含著在垂直于傳播方向上沿____________的光，而且沿各個(gè)方向振動(dòng)的光波____都相同；這樣的光叫做自然光。

（2）偏振光：自然光垂直透過某一偏振片后，其振動(dòng)方向沿著偏振片的____，這樣的光稱為偏振光。自然光在玻璃、水面、木質(zhì)桌面等表面反射時(shí)，反射光和折射光都是____；入射角變化時(shí)偏振的程度也有所變化。

（3）偏振現(xiàn)象：偏振方向與透振方向平行的光都通過偏振片，偏振方向與透振方向____的光不能通過偏振片，這種現(xiàn)象稱為偏振現(xiàn)象。20、振幅是描述_________的物理量，常用字母_________表示，國(guó)際單位是_________。21、一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形圖如圖所示，傳播速度為v=2m/s，則該簡(jiǎn)諧橫波的周期T=________s；t=3s時(shí)，位于處的質(zhì)點(diǎn)Q處于波谷位置，則該簡(jiǎn)諧橫波沿x軸________（選填“正”或“負(fù)”）方向傳播。

22、兩個(gè)同方向同頻率的簡(jiǎn)諧振動(dòng)，其合振動(dòng)的振幅為20cm，與第一個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的相位差為若第一個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振幅為cm=17.3cm，則第二個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振幅為_____________cm，第一、二兩個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的相位差為____________。評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)23、某一簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形圖如圖所示。若波向右傳播，畫出后和前兩個(gè)時(shí)刻的波的圖像。___________

24、某同學(xué)利用“插針法”測(cè)定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補(bǔ)全光路圖及標(biāo)出入射角i和折射角r。

25、某同學(xué)做“測(cè)玻璃磚的折射率”的實(shí)驗(yàn)時(shí)；繪制的光路圖如圖所示，請(qǐng)通過尺規(guī)作圖；刻度尺測(cè)量，求出該玻璃磚的折射率。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。）

評(píng)卷人得分五、解答題(共3題，共27分)26、如圖所示，傾角為α斜面體（斜面光滑且足夠長(zhǎng)）固定水平地面上，斜面頂端與勁度系數(shù)為k、自然長(zhǎng)度為l的輕質(zhì)彈簧相連，彈簧的另一端連接著質(zhì)量為m的物塊，開始靜止于O點(diǎn)．壓縮彈簧使其長(zhǎng)度為時(shí)將物塊由靜止開始釋放，重力加速度為g.

(1)證明物塊做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；

(2)物塊振動(dòng)時(shí)最低點(diǎn)距O點(diǎn)距離.27、如圖所示是底面為正方形的平底玻璃缸，底面邊長(zhǎng)為6h，玻璃缸深度為2h，缸底面幾何中心處有一單色點(diǎn)光源S，缸中裝有某種透明液體，深度為h，O點(diǎn)為液面的幾何中心，OS垂直于水平面。用以O(shè)為圓心，半徑的黑紙片覆蓋在液面上；則液面上方恰好無(wú)光線射出。

（1）求該液體的折射率n；

（2）若在上述黑紙片上，以O(shè)為圓心剪出一個(gè)半徑r2=h的圓孔；把余下的黑紙環(huán)仍放置在液面上原來(lái)的位置，并在缸口處放一水平接收屏，則光線在接收屏上照亮的面積為多大？

28、如圖所示，固定斜面足夠長(zhǎng)，斜面與水平面的夾角一上表面光滑的“”型工件恰好靜止在斜面上，工件質(zhì)量為長(zhǎng)度為B端擋板厚度不計(jì)。一質(zhì)量也為的可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊以初速度從工件端滑上工件，一段時(shí)間后與端擋板發(fā)生碰撞，以后每隔一段時(shí)間，物塊就與擋板碰撞一次，工件與斜面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，物塊與擋板都是彈性碰撞且碰撞時(shí)間極短，物塊始終在工件上運(yùn)動(dòng)，重力加速度為求：

（1）木塊第一次剛到達(dá)端與擋板碰撞前瞬時(shí)速度

（2）從第1次碰撞剛結(jié)束到第次碰撞剛結(jié)束，木塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間及木塊和工件組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)波源頻率增大時(shí)；波長(zhǎng)減小，不易發(fā)生衍射，故A錯(cuò)誤；

B．當(dāng)波源頻率減小時(shí)；波長(zhǎng)增大，可以使衍射現(xiàn)象更加明顯，故B正確；

C．當(dāng)波源的周期減小時(shí)；波源頻率增大，波長(zhǎng)減小，不易發(fā)生衍射，故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)移動(dòng)N使狹縫的間距增大；孔的間距增大，衍射現(xiàn)象會(huì)變?nèi)?，振?dòng)減弱，故D錯(cuò)誤；

故選B。2、B【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)聲源靠近接收器時(shí)；接收器收到的頻率增大，或當(dāng)聲源遠(yuǎn)離接收器時(shí)，接收器收到的頻率減小，但聲波的速度不會(huì)發(fā)生變化，所以B正確；ACD錯(cuò)誤；

故選B。3、B【分析】【詳解】

A．碰撞過程中兩小球只受到它們間的相互作用力；則各自受到的作用力即小球的合外力，它們的合外力方向相反，A錯(cuò)誤；

B．由x—t圖可計(jì)算出m、M碰撞前后的速度為vM=0，

根據(jù)動(dòng)量守恒有mvm=-mvm′+MvM′

代入數(shù)據(jù)有m：M=1：3

B正確；

C．碰撞前后質(zhì)量為m的小球動(dòng)量為p=mvm=4m，p′=mvm′=-2m

則碰撞前后質(zhì)量為m的小球動(dòng)量的變化量大小為p=-6m

C錯(cuò)誤；

D．兩小球碰撞前后的能量為3m=M

可知E=E′

則兩小球發(fā)生的是彈性碰撞；D錯(cuò)誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．利用多普勒測(cè)速儀；可以測(cè)量水在海底的流速，A正確，不符合題意；

B．“彩超”的原理是向病人體內(nèi)發(fā)射超聲波；經(jīng)血液反射后接收，測(cè)出反射波的頻率變化，就可知血液的流速，這一技術(shù)利用了多普勒效應(yīng)，B正確，不符合題意；

C．多普勒效應(yīng)可用于天體研究；C錯(cuò)誤，符合題意；

D．波源與觀察者相互靠近或者遠(yuǎn)離時(shí)；觀察者接收到的波的頻率會(huì)發(fā)生變化，D正確，不符合題意；

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．光照射在水面上的油膜上光在油膜的上下兩個(gè)表面分別發(fā)生反射；兩列反射光在油膜的上表面發(fā)生薄膜干涉形成的彩色干涉條紋，故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知；由于將入射光由綠光改為黃光，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，兩相鄰明紋的間距隨入射光的波長(zhǎng)增大而變寬，故B錯(cuò)誤；

C．雨過天晴；天空出現(xiàn)了美麗的彩虹，這是由于太陽(yáng)光照到空氣中的小水滴上，被分解為紅；橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫七種顏色的光，是光的色散現(xiàn)象。故C正確；

D．光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是一種橫波；故D錯(cuò)誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

A．電流強(qiáng)度不是矢量；A錯(cuò)誤；

B．由F=IBL可得，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的單位為

故B正確；

C．由P=mv可得，動(dòng)量P的單位為故C錯(cuò)誤；

D．電勢(shì)不是矢量，由可得電勢(shì)的單位

故D錯(cuò)誤。

故選B。7、A【分析】【詳解】

取A球的速度方向?yàn)檎较?，AB的總動(dòng)量大小為：

根據(jù)動(dòng)量守恒得：解得：

A．10m/s．故A符合題意．

B．5m/s．故B不符合題意．

C．6m/s．故C不符合題意．

D．12m/s．故D不符合題意．8、C【分析】【詳解】

當(dāng)小球恰好能通過半圓軌道的最高點(diǎn)時(shí)，在最高點(diǎn)的位置，小球的重力提供小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，對(duì)a小球，根據(jù)動(dòng)能定理得

在最高點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得

聯(lián)立解得

同理對(duì)b分析可得：b球的速度為

A．對(duì)a、b組成的系統(tǒng)進(jìn)行研究，在釋放瞬間，兩小球的動(dòng)量守恒，選a球的速度方向?yàn)檎较?，則

解得

故A錯(cuò)誤；

B．動(dòng)能與動(dòng)量的關(guān)系為

因?yàn)閮蓚€(gè)小球的動(dòng)量相等；但質(zhì)量不相等，則兩小球與彈簧分離時(shí)，動(dòng)能也不相等，故B錯(cuò)誤；

C．若兩小球的質(zhì)量相等，則與彈簧分力時(shí)兩小球的速度大小相等，方向相反，根據(jù)上述分析，兩小球具備的最小速度與上述分析的a球的速度相等，則彈簧的彈性勢(shì)能等于兩小球的動(dòng)能之和，因此

故C正確；

D．當(dāng)a球到達(dá)圓心等高處時(shí)，對(duì)此過程根據(jù)動(dòng)能定理得

在與圓心等高的位置，根據(jù)牛頓第二定律得：

結(jié)合牛頓第三定律可得N=FN

聯(lián)立解得N=mg

方向水平向右；故D錯(cuò)誤；

故選C。9、A【分析】【分析】

【詳解】

O點(diǎn)是波峰與波峰疊加，位移為

在平衡位置上方。

M點(diǎn)是波谷與波谷疊加，位移為

在平衡位置下方。

則此時(shí)刻O、M兩點(diǎn)偏離平衡位置的位移之差

N是波谷和波峰疊加，位移為

在平衡位置上方。

P是波谷和波峰疊加，位移為

在平衡位置下方。

N、P兩點(diǎn)偏離平衡位置的位移之差

故選A。二、多選題(共7題，共14分)10、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．偏振是橫波特有的現(xiàn)象；故A正確；

B．全息照相利用的是光的干涉；故B錯(cuò)誤；

C．激光的頻率高波長(zhǎng)短；不容易發(fā)生衍射，所以激光雷達(dá)能根據(jù)多普勒效應(yīng)測(cè)出目標(biāo)的運(yùn)動(dòng)速度，從而對(duì)目標(biāo)進(jìn)行跟蹤，故C正確；

D．因?yàn)楣庠诮橘|(zhì)中傳播速度

a光折射率更大則傳播速度更??；故D錯(cuò)誤；

E．聲波波長(zhǎng)較長(zhǎng)；容易繞過障礙物繼續(xù)傳播，即衍射，故E正確；

故選ACE。11、C:D【分析】【詳解】

A．由速度時(shí)間公式

為a—ｔ圖中圖像與時(shí)間軸所圍的面積，所以6s末的速度

故A錯(cuò)誤；

B．由動(dòng)能定理，合力做的功

故B錯(cuò)誤；

C．由動(dòng)量定理

代入數(shù)據(jù)，得

故C正確；

D．在t=6s時(shí)刻，根據(jù)牛頓第二定律得

則在t=6s時(shí)刻，拉力F的功率

故D正確．

故選CD。

12、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)能量守恒定律；該過程M球和N球的總動(dòng)能與彈簧的彈性勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，當(dāng)彈簧的彈性勢(shì)能為0時(shí)，M球和N球的總動(dòng)能達(dá)到最大，A正確；

B．設(shè)一開始彈簧的形變量為x1，當(dāng)彈簧達(dá)到0.6m時(shí)形變量為x2，則有x1=0.5-0.4m=0.1mx2=0.6-0.5m=0.1m

M球在瞬間沖量作用后，獲得動(dòng)量，由動(dòng)量定理可得IM=mMv0=0.6Ns

兩球和彈簧組成的系統(tǒng)，合外力為零，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得mMv0=mMv1+mNv2

當(dāng)彈簧第一次達(dá)到0.6m時(shí)，根據(jù)能量守恒定律有

解得v1=3m/s

即彈簧達(dá)到0.6m時(shí)；M球的速度大小為3m/s，B正確；

C．彈簧第二次達(dá)到0.6m時(shí)，由動(dòng)量守恒定律有mv0=mvM+mvN

根據(jù)選項(xiàng)B由機(jī)械能守恒定律有

解得vM=0，vN=3m/s

C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)兩球速度第一次相等時(shí)，彈簧第一次達(dá)到最大伸長(zhǎng)量，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可mMv0=(mM+mN)v共

解得v共=1.5m/s

即彈簧達(dá)到最長(zhǎng)時(shí)；M球的速度大小為1.5m/s，D正確。

故選ABD。13、A:C【分析】【詳解】

AB．設(shè)Q滑到水平面上時(shí)速度大小為v，P、Q相碰．動(dòng)量守恒及動(dòng)能不變，有

聯(lián)立解得第一次碰后

之后Q滑上斜面并返回，速度等大反向，若不能追上P，則有

解得

A正確；B錯(cuò)誤；

C．若第一次碰后，可得

之后Q滑上斜面并返回，與P發(fā)生第二次碰撞后有

得

因

故P；Q只能發(fā)生兩次碰撞；C正確；

D．若第一次碰后，可得

之后Q滑上斜面并返回，與P發(fā)生第二次碰撞后有

得

因

故P；Q只能發(fā)生兩次碰撞；D錯(cuò)誤。

故選AC。14、B:C:E【分析】【詳解】

AB．波從P到Q用時(shí)0.45s，所以波速為

時(shí)P點(diǎn)恰好第三次到波峰，所以周期

所以波長(zhǎng)為

故A錯(cuò)誤；B正確；

C．時(shí)，P在波峰，Q在平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)，半周期以后，P在波谷，Q在平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)；故C正確；

D．P、Q間沿波的傳播方向上的距離為0.45m，為2.25個(gè)波長(zhǎng)，所以P、Q間可能只有4個(gè)位移最大點(diǎn)；故D錯(cuò)誤；

E．因?yàn)?/p>

由振動(dòng)圖像可知這一時(shí)間內(nèi)的路程都不會(huì)超過一個(gè)振幅；故E正確。

故選BCE。15、A:C【分析】【詳解】

A．交通警通過發(fā)射超聲波測(cè)量車速；利用了波的多普勒效應(yīng)原理，A正確；

B．光波是電磁波；可以在真空中傳播聲波；聲波是機(jī)械波，傳播過程需要介質(zhì)，B錯(cuò)誤；

C．“全息照片”利用激光的干涉原理；“B超”是利用了超聲波的反射原理，C正確；

D．一切波都能發(fā)生反射和衍射；聲吶探測(cè)水中的暗礁利用了波的反射原理，D錯(cuò)誤。

故選AC。16、A:B【分析】【詳解】

A．由題意知a、b光在玻璃磚的折射光線如圖所示。

在AB分界面處a光的折射角大于b光的折射角，由折射率定義式

可知a光的折射率小于b光的折射率；故A正確；

B．由圖分析可知，a光在AB分界面處的折射角為

代入數(shù)據(jù)可得a光的折射率為

故B正確；

C．通過圖中幾何條件分析可知，b光在AB分界面處的折射角與在AC分界面處的入射角相等，根據(jù)光路可逆的原理可知,b光在AC分界面處的折射角將仍為不會(huì)發(fā)生全反射，故C錯(cuò)誤；

D．在玻璃磚中，a光的折射率小于b光的折射率，由此可知兩光的波長(zhǎng)關(guān)系

雙縫干涉裝置中條紋間距

由此可知，使a、b光分別通過同一雙縫干涉裝置，a光條紋間距更大；故D錯(cuò)誤。

故選AB。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

[1]．根據(jù)可得波長(zhǎng)為

[2]．因波源向前運(yùn)動(dòng)，則根據(jù)多普勒效應(yīng)，接收到的反射超聲波頻率大于發(fā)出的超聲波頻率．【解析】8.5×10-3大于18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]由圖可知，振幅A=5cm，周期T=4s，則有

則振子簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為

（2）[2]當(dāng)t=100s時(shí)，位移為

[3]振子經(jīng)過一個(gè)周期位移為零，路程為5×4cm=20cm

前101s是則路程為【解析】050519、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]在縱波中；各點(diǎn)的振動(dòng)方向總與波的傳播方向在同一直線上，在橫波中，各點(diǎn)的振動(dòng)方向總與波的傳播方向垂直，不同的橫波，振動(dòng)方向可能不同。

[3][4]自然光：由太陽(yáng)；電燈等普通光源發(fā)出的光；它包含著在垂直于傳播方向上沿一切方向振動(dòng)的光，而且沿各個(gè)方向振動(dòng)的光波的強(qiáng)度都相同，這樣的光叫做自然光。

[5][6]偏振光：自然光垂直透過某一偏振片后；其振動(dòng)方向沿著偏振片的方向振動(dòng)的光，這樣的光稱為偏振光。自然光在玻璃；水面、木質(zhì)桌面等表面反射時(shí)，反射光和折射光都是偏振光，入射角變化時(shí)偏振的程度也有所變化。

[7]偏振現(xiàn)象：偏振方向與透振方向平行的光都通過偏振片，偏振方向與透振方向垂直的光不能通過偏振片，這種現(xiàn)象稱為偏振現(xiàn)象【解析】①.在同一直線上②.垂直③.一切方向振動(dòng)④.強(qiáng)度⑤.方向振動(dòng)的光⑥.偏振光⑦.垂直20、略

【分析】【詳解】

[1]振幅是描述振動(dòng)強(qiáng)弱的物理量。

[2]常用字母A表示.

[3]國(guó)際單位是m?！窘馕觥空駝?dòng)強(qiáng)弱Am21、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知波長(zhǎng)為8m，則可求周期為

[2]由于周期T=4s，則當(dāng)t=3s時(shí)，Q點(diǎn)振動(dòng)了四分之三個(gè)周期，此時(shí)Q處于平衡位置，則Q走過的路程為3A，又有t=3s時(shí)Q處于波谷，則可知t=0時(shí)Q向上振動(dòng)，由同側(cè)法可得，該簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播?！窘馕觥?正22、略

【分析】【詳解】

[1][2]設(shè)第一個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)表達(dá)式為

則合振動(dòng)的表達(dá)式為

所以

因此第二個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振幅為第一、二兩個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的相位差為【解析】四、作圖題(共3題，共21分)23、略

【分析】【詳解】

由題圖我們可以知道，在質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的一個(gè)周期內(nèi)，波向前傳播一個(gè)完整的波形的距離，即傳播的距離

因此在內(nèi)，波向前傳播了根據(jù)波的傳播過程和傳播的實(shí)質(zhì)，若波向右傳播，把波的原有圖形向右移動(dòng)的距離，就得到了后時(shí)刻的波形圖，如圖中的虛線甲所示；同理可以得到前時(shí)刻波的圖像；如圖中的虛線乙所示。