2025年仁愛科普版高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、以下四個v-t圖象中，表示質點做自由落體運動的是（）A.B.C.D.2、一個閉合線圈放在變化的磁場中，線圈產生的感應電動勢為E．若將線圈匝數增加為原來的4倍，則線圈產生的感應電動勢變?yōu)椋ǎ〢.4EB.2EC.D.3、質點做勻速圓周運動時，下列說法正確的是（）A.線速度越大，周期一定越小B.角速度越大，周期一定越小C.轉速越小，周期一定越小D.圓周半徑越大，周期一定越小4、電冰箱工作時；冰箱內部的食物溫度降低，位于冰箱后背的散熱器溫度升高，散發(fā)熱量．某位同學利用物理課中學過的熱學知識，設法測量了電冰箱一段工作時間t內散熱器發(fā)出的熱量Q．在這段時間內冰箱壓縮機消耗的電能為E（E=Pt，P為電冰箱壓縮機的額定功率），以下四組數據是Q與E的百分比，其中肯定不符合事實的是（）

A.200%

B.160%

C.60%

D.80%

5、2017

年4

月27

日，天舟一號經變軌后與天宮二號成功完成交會對接。交會即變軌靠攏過程，對接即可控的碰撞過程，天舟一號和天宮二號在對接過程中推進器均處于關閉狀態(tài)，設對接前他們的速度分別為v

1

v

2

且v

1>

v

2

則A.對接過程機械能守恒B.對接前它們一定處于同一圓形軌道上C.天舟一號必須在天宮二號的軌道上加速才能對接D.對接后組合體的周期比對接前天宮二號的周期大6、一質點做直線運動，當時間t=t0時，位移s＞0，速度v＞0，加速度a＞0，此后a逐漸減少直到a=0，則它的（）A.速度逐漸減小B.位移始終為正值，速度變?yōu)樨撝礐.速度變化越來越慢D.位移的變化越來越慢7、在真空中，兩個很小的帶電體A、B相距為r，相互作用斥力為F，若A的帶電荷量變?yōu)樵瓉淼膬杀?，B的帶電荷量變?yōu)樵瓉淼?倍，且距離變?yōu)?r，則它們的斥力變?yōu)椋ǎ〢.B.3FC.6FD.12F8、某質點從靜止開始做勻加速直線運動．在前3s時間內位移為9m，則物體運動的加速度大小為（）A.0.5m/s2B.1m/s2C.2m/s2D.3m/s2評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、（2015春?吉林校級期中）如圖所示的傳動裝置中，B、C兩輪固定在一起繞同一軸轉動，A、B兩輪用皮帶傳動，三輪半徑關系是rA=rC=2rB．則：

（1）ωb：ωc=____

（2）va：vc=____，若va=5m/s，則vc=____m/s．10、（2013春?貴陽期末）如圖所示，地面上有一高h=3.75m的平臺，平臺下有一傾角可調的擋板，擋板的一端與平臺邊緣A點的正下方B點重合．將一個可視為質點的小球以v=5m/s的速度水平推出．小球下落過程中所受空氣阻力忽略不計．適當調節(jié)擋板的傾角θ，小球會剛好垂直撞在擋板上，則小球運動時間t=____s，擋板傾角θ=____．（g取10m/s2）11、一輛質量為m的汽車在平直的公路上以初速度v0開始加速行駛，經過一段時間t，此時恰好達到最大速度vm．設此過程中汽車發(fā)動機始終以額定功率工作，汽車所受的阻力恒定為f，則在這段時間里，汽車的額定功率為Pm=______，汽車運動的距離s=______．12、（2015秋?阜新校級月考）如圖所示，在勻強電場和勻強磁場共存的區(qū)域內，電場的場強為E，方向豎直向下，磁場的磁感應強度為B，方向垂直于紙面向里，一質量為m的帶電粒子，在場區(qū)內的一豎直平面內做勻速圓周運動，則可判斷該帶電質點所帶電量為____，電荷種類為____，旋轉方向為____，運動的角速度為____．13、如圖中示R1=4Ω，R2=9Ω，R3=18Ω，則總電阻是____Ω．

14、在光滑的水平面上有兩個電量分別為Q1、Q2的帶異種電荷的小球，Q1=4Q2，m2=4m1問：要保持兩小球距離不變，可以使小球做勻速圓周運動；兩小球的速度大小之比為____．（只受庫侖力作用）評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、單晶體的所有物理性質都是各向異性的．____．（判斷對錯）16、貝克勒爾發(fā)現了鈾和含鈾礦物的天然放射現象，從而揭示出原子核具有復雜結構____（判斷對錯）17、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯）18、“寧停三分，不搶一秒”指的是時間．____．（判斷對錯）19、氣體由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時，一定滿足方程=．____．（判斷對錯）20、物體只要是運動的，其合外力就一定不為零．____（判斷對錯）21、滑動摩擦力的方向總是與物體的運動方向相反．____（判斷對錯）評卷人得分四、簡答題(共4題，共28分)22、（2016?邯鄲二模）如圖所示；粗細均勻的L形玻璃管放在豎直平面內，封閉端水平放置，水平段管長60cm，上端開口的豎直段管長20cm，在水平管內有一段長為20cm的水銀封閉著一段長35cm的理想氣體，已知氣體的溫度為7℃，大氣壓強為75cmHg，現緩慢對封閉理想氣體加熱．求：

①水銀柱剛要進入豎直管時氣體的溫度；

②理想氣體的溫度升高到111℃時，玻璃管中封閉理想氣體的長度．23、肌紅蛋白rm{(Mb)}與血紅蛋白rm{(Hb)}的主要功能為輸送氧氣與排出二氧化碳。肌紅蛋白rm{(Mb)}可以與小分子rm{X(}如氧氣或一氧化碳rm{)}結合。反應方程式：rm{Mb(aq)+X(g)}rm{MbX(aq)}rm{(1)}通常用rm{p}表示分子rm{X}的壓力，rm{p_{o}}表示標準狀態(tài)大氣壓，若rm{X}分子的平衡濃度為rm{p/p_{o}}其他物種用物質的量濃度表示，寫出上述反應的平衡常數表達式：rm{K=}____。請用rm{p}rm{p_{o}}及rm{K}表示吸附小分子的肌紅蛋白rm{(MbX)}占總肌紅蛋白的比例____。rm{(2)}在常溫下，肌紅蛋白與rm{CO}結合反應的平衡常數rm{K(CO)}遠大于與rm{O_{2}}結合的平衡常數rm{K(O_{2})}下列哪個圖最能代表結合率rm{(f)}與此兩種氣體壓力rm{(p)}的關系____。rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{(3)}人體中的血紅蛋白rm{(Hb)}同樣能吸附rm{O_{2}}rm{CO_{2}}和rm{H^{+}}相關反應的方程式及其反應熱、化學平衡常數分別是：Ⅰrm{.Hb(aq)+H^{+}(aq)}rm{HbH^{+}(aq)triangleH_{1}}rm{HbH^{+}(aq)triangle

H_{1}}Ⅱrm{K_{1}}rm{HbO_{2}(aq)+H^{+}(aq)triangleH_{2}}rm{.HbH^{+}(aq)+O_{2}(g)}Ⅲrm{HbO_{2}(aq)+H^{+}(aq)triangle

H_{2}}rm{K_{2}}rm{.Hb(aq)+O_{2}(g)}rm{HbO_{2}(aq)}Ⅳrm{triangleH_{3}}rm{K_{3}}rm{.HbO_{2}(aq)+H^{+}(aq)+CO_{2}(g)}____rm{Hb(H^{+})CO_{2}(aq)+O_{2}(g)}用rm{壟脵triangleH_{3}=}rm{(}表示rm{triangleH_{1}}rm{triangleH_{2}}____rm{)}用rm{K_{3}=}rm{(}表示rm{K_{1}}rm{K_{2}}若較低溫下反應Ⅳ能自發(fā)進行，則該反應rm{)}____rm{壟脷}rm{triangleH}____rm{0}填“rm{triangleS}”、“rm{0(}”或“rm{>}”rm{<}rm{=}圖rm{)}表示血紅蛋白氧結合率rm{(4)}與氧氣分壓rm{a}示意圖，當rm{(f)}時，此時圖中代表的曲線是____rm{[p(O_{2})]}填“rm{pH>7.4}”或“rm{(}”rm{A}圖rm{B}圖rm{)}rm{a}若rm時將rm{(5)}rm{T隆忙}充入rm{6molCO_{2}}密閉容器中，發(fā)生反應：rm{8molH_{2}}rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(l)triangleH=-58kJ/mol}，測得rm{2L}的物質的量隨時間的變化關系如圖rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)}中狀態(tài)Ⅰ所示。圖中數據rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(l)triangleH=-58

kJ/mol}代表在rm{H_{2}}時rm的物質的量是rm{A(1,6)}

rm{1min}其他條件不變時，僅改變某一條件后測得rm{H_{2}}的物質的量隨時間的變化關系如圖中狀態(tài)Ⅱ所示，則改變的條件可能是____；rm{6mol}其他條件不變，僅改變溫度時，測得rm{壟脵}的物質的量隨時間的變化關系如圖中狀態(tài)Ⅲ所示，則狀態(tài)Ⅲ對應的溫度____rm{H_{2}}填“rm{壟脷}”、“rm{H_{2}}”或“rm{(}”rm{>}rm{<}是一種新型硝化劑，其性質和制備受到人們的關注。現以丙烷rm{=}rm{)T隆忙}熔融鹽rm{(6)N_{2}O_{5}}組成的燃料電池，采用電解法制備rm{(C_{3}H_{8})}裝置如圖所示，其中rm{O_{2}}為rm{X(Na_{2}CO_{3})}

寫出石墨rm{N_{2}O_{5}}電極上發(fā)生反應的電極反應。在電解池中生成rm{Y}的電極反應式為。rm{CO_{2}}24、rm{CoCl_{2}隆隴6H_{2}O}是一種飼料營養(yǎng)強化劑。一種利用水鈷礦rm{(}主要成分為rm{Co_{2}O_{3}}rm{Co(OH)_{3}}還含少量rm{Fe_{2}O_{3}}rm{Al_{2}O_{3}}rm{MnO}等rm{)}制取rm{CoCl_{2}隆隴6H_{2}O}的工藝流程如下：已知：rm{壟脵}浸出液含有的陽離子主要有rm{H^{+}}rm{C_{O}^{2+}}rm{Fe^{2+}}rm{Mn^{2+}}rm{Al^{3+}}等；rm{壟脷}部分陽離子以氫氧化物形式沉淀時溶液的rm{pH}見下表rm{(}金屬離子濃度為rm{0.01mol/L)}rm{壟脹CoCI_{2}.6H_{2}O}熔點為rm{86隆忙}加熱至rm{110隆蘆120隆忙}時，失去結晶水生成無水氯化鈷。rm{(1)}寫出浸出過程中rm{Co_{2}O_{3}}發(fā)生反應的離子方程式：____。rm{(2)}寫出rm{NaClO_{3}}發(fā)生反應的主要離子方程式：____；若不慎向“浸出液”中加過量rm{NaClO_{3}}時，可能會生成有毒氣體，寫出生成該有毒氣體的離子方程式：____。rm{(3)}惰性電極電解rm{CoCl_{2}}溶液的陽極電極反應式為____。

rm{(}注：橫坐標依次為rm{1-6}單位rm{PH)}rm{(4)}“操作rm{1}”中包含rm{3}個基本實驗操作，它們依次是____、____和過濾。制得的rm{CoCl_{2}隆隴6H_{2}O}在烘干時需減壓烘干的原因是____。rm{(5)}萃取劑對金屬離子的萃取率與rm{pH}的關系如圖向“濾液”中加入萃取劑的目的是____，其使用的最佳rm{pH}范圍是____。A.rm{2.0隆蘆2.5}rm{B.3.0隆蘆3.5}C.rm{4.0隆蘆4.5}rm{D.5.0隆蘆5.5}rm{(6)}力測定粗產品中rm{CoCl_{2}隆隴H_{2}O}的含量，稱取一定質量的粗產品溶于水，加入足量rm{AgNO_{3}}溶液，過濾、洗滌，將沉淀烘干后稱其質量。通過計算發(fā)現粗產品中rm{CoCl_{2}隆隴6H_{2}O}的質量分數大于rm{100%}其原因可能是____。rm{(}答一條即可rm{)}25、一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率v0

進入太空預定軌道；此時由星箭分離系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離.

已知火箭前端的衛(wèi)星質量為m

后部分的箭體質量為km

星箭分離后，箭體速率減小為原速率的一半，并沿火箭原速度方向，若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質量的變化，在星箭分離過程中，求：

壟脵

衛(wèi)星的動量變化量鈻?p

．

壟脷

星箭分離系統(tǒng)所做的功W

．評卷人得分五、解答題(共1題，共7分)26、如圖，同一豎直平面內，有兩根光滑絕緣桿OA和OB，與豎直線的夾角均為45°，兩桿上均套有能自由滑動的導體小球，兩球的質量均為9×10-4kg；帶等量同種電荷，且靜止于同一豎直高度處，兩球相距為L=0.2m，求：（1）兩小球的電量為多少？

（2）OC為AB中垂線，OC線上AB中點的電場強度是多少？（K=9×109N．m2/C2）參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動的一個特例，其速度時間關系公式為v=gt，然后得到v-t關系圖象．【解析】【解答】解：自由落體運動是初速度為零；加速度為g的勻加速直線運動；其速度時間關系公式為v=gt=10t，故其v-t圖是一條通過原點的直線，故ACD均錯誤，B正確；

故選：B．2、A【分析】【分析】閉合線圈放在變化的磁場中，線圈產生的感應電動勢是由法拉第電磁感應定律求出．【解析】【解答】解：法拉第電磁感應定律：E=N，說明當一定時；E與N成正比．線圈匝數增加為原來的4倍，則線圈產生的感應電動勢變?yōu)?E．故A正確，BCD錯誤；

故選：A3、B【分析】【分析】根據T=，T=，知周期與角速度、線速度的關系．轉速大，頻率大，周期和頻率互為倒數．【解析】【解答】解：A、根據T=；速度大，周期不一定大，還跟半徑有關．故A錯誤．

B、根據T=；角速度越大，周期越小．故B正確．

C、轉速小，頻率小，f=．則周期大．故C錯誤．

D、根據T=；半徑小，周期不一定小，還跟線速度有關．故D錯誤．

故選：B．4、C|D【分析】

壓縮機先把電能轉化為機械能；又通過壓縮空氣做功把機械能轉化為內能，但是在轉化過程中機械能可以全部轉化為內能，而內能不可能全部轉化為機械能，所以Q與E的百分比一定大于1．故肯定不符合事實的是CD．

故選CD

【解析】【答案】電冰箱工作時壓縮機把電能轉化為機械能；壓縮空氣做功把機械能又轉化為內能．

5、D【分析】【分析】由于二者對接后成為一個整體，二者的碰撞為完全非彈性碰撞，由碰撞類型分析機械能是否損失；由于二者交會過程中天舟一號要進行變軌過程，故對接前它們并不處于同一圓形軌道上；對接前天舟一號的速度大，故無需再加速；比較對接后組合體與之前的天宮二號的軌道半徑大小，即可得二者的周期關系?？疾樾l(wèi)星的變軌運動過程，難度不大。【解答】A.由于二者對接后成為一個整體，二者的碰撞為完全非彈性碰撞，機械能損失最大；A錯誤；B.二者交會過程中天舟一號要進行變軌過程，故對接前它們并不處于同一圓形軌道上；B錯誤；C.由于對接前，天舟一號和天宮二號的速度分別為v1、v2且v1>v2

故天舟一號無需加速，即可對接，C錯誤；D.由于二者對接過程損失機械能最大，故二者對接后的組合體的速度減小，由萬有引力提供向心力：GMmr2=mv2rGdfrac{Mm}{{r}^{2}}=mdfrac{{v}^{2}}{r}解得v=GMrv=sqrt{dfrac{GM}{r}}由表達式可知，組合體的半徑變大，由開普勒第三定律：r3T2=kdfrac{{r}^{3}}{{T}^{2}}=k可知，圍繞同一中心天體運動的衛(wèi)星，軌道半徑變大，則周期變大，故由于對接后組合體的運行軌道變大，故其周期對接前天宮二號的周期大，D正確。故選D?！窘馕觥緿

6、C【分析】【分析】根據加速度的方向與速度方向的關系判斷速度的變化，結合速度的方向判斷位移的變化．【解析】【解答】解：A；因為速度的方向與加速度的方向相同；則物體做加速運動，速度增大，故A錯誤．

B；速度在增大；初速度為正值，則速度始終為正值，速度的方向不變，則位移一直增大，位移始終為正值，故B錯誤．

C；加速度是反映速度變化快慢的物理量；加速度減小，則速度變化越來越慢，故C正確．

D；速度越來越大；則位移變化越來越快，故D錯誤．

故選：C．7、B【分析】【分析】由庫侖定律可得出變化前后F的表達式，由表達式作比可得出變化后的靜電力與F的關系．【解析】【解答】解：由庫侖定律可得：F=；

變化后F′==3F；故B正確，ACD錯誤；

故選：B．8、C【分析】【分析】根據勻加速直線運動位移時間公式即可求解加速度．【解析】【解答】解：根據x=得：

a=

故選：C二、填空題(共6題，共12分)9、1：11：210【分析】【分析】要求線速度之比需要知道三者線速度關系：A、B兩輪是皮帶傳動，皮帶傳動的特點是皮帶和輪子接觸點的線速度的大小相同，B、C兩輪是軸傳動，軸傳動的特點是角速度相同．【解析】【解答】解：

（1）點b和點c是同軸傳動，角速度相等，故：ωb：ωc=1：1；

（2）點a和點b是同緣傳動邊緣點，線速度相等，故：va：vb=1：1；

根據v=rω，有：ωa：ωb=rB：rA=1：2；

點b和點c是同軸傳動，角速度相等，故：ωb：ωc=1：1；

根據v=rω，有：vb：vc=rb：rc=1：2；

綜合，有：va：vc=1：2；

故答案為：1：1，1：2，10．10、0.545°【分析】【分析】小球垂直撞在擋板上，速度與擋板垂直，將該速度進行分解，得出豎直分速度與水平速度的關系，根據小球豎直方向上的位移和水平位移以及與高度h的關系，聯立求解．【解析】【解答】解：假設時間為t到達擋板；那么此時對于水平方向：x=vt=5t

豎直方向：h=+xtanθ

為了使小球能夠垂直到達擋板那么水平速度與豎直速度必須滿足：tan=

聯立解得t=0.5s

則tanθ=1所以θ=45°

故答案為：0.5，45°．11、略

【分析】解：當牽引力等于阻力時，汽車的速度達到額定功率，根據Pm=Fvm=fvm

根據動能定理可知

解得s=

故答案為：fvm；

當牽引力等于阻力時；速度達到最大，根據P=fv求得額定功率，利用動能定理求得汽車通過的位移。

本題主要考查了汽車在額定功率下啟動，當牽引力等于阻力時速度達到最大，在求通過的位移時利用動能定理即可求得【解析】fvm；12、負電沿圓周順時針【分析】【分析】帶電粒子；在場區(qū)內的一豎直平面內做勻速圓周運動，說明所受重力和電場力平衡，洛倫茲力提供向心力，根據mg=Eq即可求解；

洛侖茲力提供向心力；根據左手定則即可判斷；

根據粒子的周期的公式T=，及mg=Eq即可求解．【解析】【解答】解：帶電粒子；在場區(qū)內的一豎直平面內做勻速圓周運動，說明所受重力和電場力平衡；

即mg=Eq

解得：q=

重力方向豎直向下；所以電場力方向向上，而電場強度方向向下，所以帶負電；

磁場方向垂直紙面向里；粒子所受洛倫茲力的方向指向圓內且粒子帶負電；

根據左手定則可知粒子沿圓周順時針運動；

根據粒子的周期的公式得：T=；

則有：ω===

故答案為：，負電；沿圓周順時針；．13、10【分析】【分析】該電路中，R2與R3并聯，然后與R1串聯，先求出并聯部分的電阻，然后再結合串聯電路求出總電阻即可求解．【解析】【解答】解：R2與R3并聯，所以：Ω

R2與R3并聯，然后與R1串聯，總電阻：R總=R并+R1=6+4=10Ω

故答案為：1014、4：1【分析】【分析】兩異種點電荷能繞圓心各自做勻速圓周運動，其向心力是由它們間的庫侖力提供，根據牛頓第二定律列式則可以求出它們的間距之比．【解析】【解答】解：兩異種點電荷能繞圓心各自做勻速圓周運動；向心力是由它們間的庫侖力提供，根據牛頓第二定律，有：

F=m1r1ω2=m2r2ω2

故r1：r2=m2：m1=4：1

根據v=rω；故：

v1：v2=r1：r2=4：1

故答案為：4：1．三、判斷題(共7題，共14分)15、×【分析】【分析】晶體有單晶體和多晶體兩種，單晶體各向異性，而多晶體各向同性．【解析】【解答】解：由于晶體在不同方向上物質微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質都是各向異性的．故該說法是錯誤的．

故答案為：×16、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現了天然放射現象，使人們認識到原子核具有復雜結構；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現了鈾和含鈾礦物的天然放射現象；從而揭示出原子核具有復雜結構，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√17、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】時間是指時間的長度，在時間軸上對應一段距離，對應物體的位移或路程，時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點，對應物體的位置．【解析】【解答】解：“寧停三分；不搶一秒”中的3分是3分鐘，3分鐘與1秒鐘在時間軸上都是指的時間的長度，都是時間．故該說法正確；

故答案為：√19、×【分析】【分析】根據理想氣體的狀態(tài)方程即可做出判定．【解析】【解答】解：對于一定質量的理想氣體，由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時，一定滿足方程=．若不滿足一定質量的條件；該公式不成立．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】力是改變速度的原因，不是維持速度的原因，根據牛頓第一定律分析即可．【解析】【解答】解：當物體做勻速直線運動時；物體不受力或者受平衡力，故力不是維持速度的原因；

故答案為：×．21、×【分析】【分析】滑動摩擦力與物體相對運動的方向相反．【解析】【解答】解：滑動摩擦力阻礙相對運動；與物體相對運動的方向相反．有時會和物體的運動方向相同，故與物體的運動方向相反說法錯誤．

故答案為：×四、簡答題(共4題，共28分)22、略

【分析】【分析】①設水銀柱剛好要進入豎直管內的溫度為t；根據理想氣體狀態(tài)方程求解溫度即可；

②設當溫度升高到111℃時，水平管內還有水銀，豎直管內水銀柱高為x，根據理想氣體狀態(tài)方程列式求解即可．【解析】【解答】解：①設水銀柱剛好要進入豎直管內的溫度為t；則有：

帶入數據

解得：T2=320K=47℃

②設當溫度升高到111℃時；水平管內還有水銀，豎直管內水銀柱高為x，根據理想氣體狀態(tài)方程得：

帶入數據得：

解得：x=5cm；

所以封閉端空氣柱的長度l′=60-（20-5）cm=45cm．

答：①水銀柱剛要進入豎直管時氣體的溫度為47℃；

②理想氣體的溫度升高到111℃時，玻璃管中封閉理想氣體的長度為45cm．23、（1）c（MbX）p0/c（Mb）pK?p/(K?p+p0)（2）C（3）①△H1+△H2K1?K2②＜＜（4）A（5）①增大壓強或者增加二氧化碳的物質的量②＞（6）C3H8+10CO32-－20e－=13CO2+4H2O陽極：N2O4+2HNO3－2e－=2N-2O5+2H+【分析】【分析】本題考查了平衡常數的表達式、蓋斯定律的計算、熵變、化學平衡的影響因素及電極反應式的書寫，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)Mb(aq)+X(g)?MbX(aq)}的化學平衡常數rm{K=}rm{=}rm{c(MbX)p_{0}}rm{/c(Mb)p}rm{c(MbX)p_{0}}；吸附小分子的肌紅蛋白rm{/c(Mb)p}的個數等于生成rm{(MbX)}的個數，由rm{MbX}rm{k=}rm{c(MbX)p_{0}}rm{/c(Mb)p}可得rm{c(Mb)=dfrac{c(MbX)隆隴Po}{K隆隴P}}吸附小分子的肌紅蛋白rm{c(MbX)p_{0}}占總肌紅蛋白的比例等于rm{=dfrac{c(MbX)}{dfrac{c(MbX)隆隴P0}{K隆隴P}+c(MbX)}=}rm{/c(Mb)p}；故答案為：rm{c(Mb)=dfrac{c(MbX)隆隴Po}{K隆隴P}

}rm{(MbX)}；rm{=dfrac{c(MbX)}{

dfrac{c(MbX)隆隴P0}{K隆隴P}+c(MbX)}=}；rm{K?p/(K?p+p_{0})}對于rm{K?p/(K?p+p_{0})}增大壓強，平衡正向移動，因此無論是rm{c(MbX)p_{0}}rm{/c(Mb)p}還是rm{c(MbX)p_{0}}rm{/c(Mb)p}，隨著壓強的增大，結合率rm{K?p/(K?p+p_{0})}都是逐漸增大。在常溫下，肌紅蛋白與rm{K?p/(K?p+p_{0})}結合反應的平衡常數rm{(2)}rm{Mb(aq)+X(g)?MbX(aq)}遠大于與rm{CO}rm{O}結合的平衡常數rm{2}rm{2}rm{(f)}說明肌紅蛋白與rm{CO}的結合能力比其與rm{K}rm{(CO)}的結合能力強，所以相同壓強條件下，肌紅蛋白與rm{(CO)}的結合率rm{O}更大，因此rm{2}圖象符合，故答案為：rm{2}rm{K(O}rm{2}已知：rm{2}rm{)}rm{CO}，rm{O}rm{2}rm{2}rm{CO}rm{(f)}rm{C}rm{(aq)+H^{+;;;;}triangleH}rm{C}，rm{(3)}rm{壟脵}由蓋斯定律可知：rm{壟脵}可得rm{壟脵Hb(aq)+H^{+}(aq)?HbH^{+}(aq)}rm{triangleH}rm{1}rm{1}rm{K}因此rm{1}rm{1}rm{壟脷HbH^{+}(aq)+O}rm{2}，rm{2}rm{(g)?HbHO}rm{2}rm{2}；rm{(aq)+H^{+;;;;}triangle

H}rm{2}rm{2}rm{K}rm{2}rm{2}rm{壟脵+壟脷}rm{Hb(aq)+O}rm{2}rm{2}反應rm{(g)?HbO}rm{2}rm{2}rm{(aq)triangleH}rm{triangleH=triangleH}rm{1}由rm{1}rm{+triangleH}rm{2}自發(fā)可知，低溫下反應rm{2}能自發(fā)進行，說明rm{K=K}rm{1}rm{1}故答案為：rm{?K}rm{2}rm{2}當故答案為：rm{triangleH}時，與rm{triangleH}時相比，氫離子濃度減小，rm{1}rm{1}rm{1}rm{+triangleH}rm{+triangleH}的化學平衡正向移動，增大了血紅蛋白氧結合率rm{2}因此rm{2}曲線符合；故答案為：rm{2}；rm{K}rm{K}從圖像可知：rm{1}在rm{1}達到平衡，說明反應速率加快，可為升高溫度、加催化劑、增大壓強或增大二氧化碳的物質的量，平衡時氫氣的物質的量比rm{1}小，說明平衡正向移動，該反應為放熱反應，升高溫度平衡逆向移動，催化劑不影響平衡移動，該反應是氣體體積減小的反應，增大壓強或增大二氧化碳的物質的量，平衡正向移動，則應該是增大壓強或者增加二氧化碳的物質的量，故答案為：增大壓強或者增加二氧化碳的物質的量；rm{?K}根據圖像，狀態(tài)rm{?K}達到平衡所用時間短，反應速率較快，平衡時氫氣的物質的量也較大，說明反應逆向移動，故溫度應較rm{2}rm{2}高，故答案為：rm{2}；由圖像知：左池為燃料電池，石墨rm{壟脷}為負極，發(fā)生的電極反應式為：rm{壟脷}rm{Hb(aq)+O}rm{2}rm{2}rm{(g)?HbO}rm{2}rm{2}rm{(aq)}rm{triangleS<0}rm{triangleG=triangleH}rm{3}rm{3}rm{-T?triangleS<0}rm{壟脹}右池為電解池，生成rm{triangleH}rm{3}rm{3}rm{<0}rm{<}rm{<}rm{(4)}rm{pH>7.4}rm{PH=7.4}rm{HbH^{+}(aq)+O}rm{2}rm{2}rm{(g)?HbHO}rm{2}rm{2}rm{(aq)+H^{+}}rm{(f)}rm{A}rm{A}rm{(5)}rm{壟脵}從圖像可知：rm{II}在rm{4min}達到平衡，說明反應速率加快，可為升高溫度、加催化劑、增大壓強或增大二氧化碳的物質的量，平衡時氫氣的物質的量比rm{I}小，說明平衡正向移動，該反應為放熱反應，升高溫度平衡逆向移動，催化劑不影響平衡移動，該反應是氣體體積減小的反應，增大壓強或增大二氧化碳的物質的量，平衡正向移動，則應該是增大壓強或者增加二氧化碳的物質的量，故答案為：增大壓強或者增加二氧化碳的物質的量；rm{壟脵}rm{II}rm{4min}rm{I}rm{壟脷}根據圖像，狀態(tài)rm{III}達到平衡所用時間短，反應速率較快，平衡時氫氣的物質的量也較大，說明反應逆向移動，故溫度應較rm{T}rm{壟脷}rm{III}rm{T}rm{隆忙}rm{>}rm{(6)}；rm{I}rm{C}rm{C}rm{3}rm{3}rm{H}rm{H}rm{8}rm{8}rm{+10CO}rm{+10CO}rm{3}rm{3}rm{{,!}^{2-}}

rm{-20e}【解析】rm{(1)c(MbX)p_{0}}rm{/c(Mb)p}rm{K?p/(K?p+p_{0})}rm{(2)C}rm{(3)壟脵triangleH_{1}+triangleH_{2}}rm{(3)壟脵triangleH_{1}+triangle

H_{2}}rm{K_{1}?K_{2}}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{<}rm{<}增大壓強或者增加二氧化碳的物質的量rm{(4)A}rm{(5)壟脵}陽極：rm{壟脷>}rm{(6)C_{3}H_{8}+10CO_{3}^{2-}-20e^{-}=13CO_{2}+4H_{2}O}24、（1）Co2O3+SO32-+4H+=2Co2++SO42-+2H2O（2）ClO3-+6Fe2++6H+=Cl-+6Fe3++3H2O5Cl-+ClO3-+6H+=3Cl2+3H2O（3）2Cl--2e-=Cl2↑（4）蒸發(fā)濃縮，冷卻結晶降低烘干溫度，防止產品分解（5）除去溶液中的Mn2+B（6）粗產品含有可溶性氯化物或晶體失去了部分結晶水【分析】【分析】本題通過制取rm{CoCl_{2}?6H_{2}O}的工藝流程，考查了物質制備方案的設計，理解工藝流程圖、明確實驗操作與設計及相關物質的性質是解答本題的關鍵，試題充分考查了學生的分析、理解能力及靈活應用所學知識的能力?！窘獯稹亢拸U料中加入鹽酸，加入鹽酸和亞硫酸鈉，可得rm{CoCl}rm{CoCl}rm{CoCl}rm{2}rm{2}、rm{AlCl}；rm{AlCl}rm{AlCl}rm{3}rm{3}；、rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{2}rm{2}至加入rm{NaClO}，可得到rm{NaClO}rm{NaClO}rm{3}rm{3}，可得到rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}然后加入rm{Na}rm{Na}rm{Na}rm{2}rm{2}rm{CO}rm{CO}以下，加熱時要防止溫度過高而失去結晶水，可減壓烘干。rm{3}向水鈷礦rm{3}主要成分為調rm{pH}至rm{5.2}，可得到rm{Fe(}rm{OH)}rm{pH}還含少量rm{pH}rm{5.2}rm{5.2}等rm{Fe(}加入鹽酸和亞硫酸鈉，浸出液含有的陽離子主要有rm{Fe(}rm{OH)}rm{OH)}rm{3}rm{3}等，所以、rm{Al(}rm{OH)}和亞硫酸鈉在酸性條件下發(fā)生氧化還原，根據電荷守恒和得失電子守恒，反應的離子方程式為：rm{Al(}

故答案為：rm{Al(}

rm{OH)}的作用是將rm{OH)}氧化成rm{3}其反應的離子方程式為：rm{3}沉淀；過濾后所得濾液主要含有rm{CoCl}rm{CoCl}rm{CoCl}rm{2}與氯離子發(fā)生氧化還原反應生成氯氣，反應的離子方程式為：rm{2}，為得到rm{CoCl}rm{CoCl}rm{CoCl}rm{2}rm{2}rm{?}rm{6H}rm{?}rm{6H}rm{6H}rm{2}rm{2}

故答案為：rm{O}rm{O}晶體，應控制溫度在rm{86}rm{隆忙}以下，加熱時要防止溫度過高而失去結晶水，可減壓烘干。rm{86}rm{86}rm{隆忙}rm{(1)}rm{[}rm{Co_{2}O_{3}}rm{Co(OH)_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{Al_{2}O_{3}}rm{MnO}；rm{]}rm{H^{+}}溶液，氯離子移向陽極失電子生成氯氣，電極反應式為：rm{Co^{2+}}rm{Fe^{2+}}rm{Mn^{2+}}rm{Al^{3+}}“操作rm{Co_{2}O_{3}}”是由萃取后的溶液得到rm{Co_{2}O_{3}+SO_{3}^{2-}+4H^{+}=2Co^{2+}+SO_{4}^{2-}+2H_{2}O}rm{Co_{2}O_{3}+SO_{3}^{2-}+4H^{+}=2Co^{2+}+SO_{4}^{2-}+2H_{2}O}rm{(2)NaClO_{3}}