2025年華師大新版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、一矩形線圈在勻強磁場中勻速轉動時產生的感應電動勢e隨時間的變化關系如圖所示；則下列說法中正確的是（）

A.t1時刻通過線圈的磁通量最大。

B.t2時刻通過線圈的磁通量的變化率最大。

C.t3時刻通過線圈的磁通量為零。

D.每當e的方向改變時；通過線圈的磁通量為零。

2、壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，有位同學利用壓敏電阻設計了判斷小車運動狀態(tài)的裝置，其工作原理如圖（a）所示，將壓敏電阻和一塊擋板固定在絕緣小車上，中間放置一個絕緣重球。小車向右做直線運動過程中，電流表示數如圖（b）所示，下列判斷正確的是（）A.從t1到t2時間內，小車做勻加速直線運動B.從t1到t2時間內，小車做變加速直線運動C.從t2到t3時間內，小車做變加速直線運動D.從t2到t3時間內，小車做勻加速直線運動3、在電場中的某點放一個檢驗電荷，其電荷量為q，受到的電場力為F，則該點的電場強度為下列說法正確的是()A.若移去檢驗電荷，則該點的電場強度為0B.若檢驗電荷的電荷量變?yōu)?q，則該點的場強變?yōu)?EC.若放置到該點的檢驗電荷變?yōu)椋?q，則場中該點的場強大小不變，但方向相反D.若放置到該點的檢驗電荷變?yōu)椋?q，則場中該點的場強大小方向均不變4、電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示.ab

是電場中的兩點，分別用EaEb

表示ab

兩點的電場強度，FaFb

表示同一點電荷在ab

兩點所受的電場力.

在下面的判斷中正確的是(

)

A.Ea<EbFa<Fb

B.Ea<EbFa>Fb

C.Ea>EbFa<Fb

D.Ea>EbFa>Fb

5、某種氣體在不同溫度下的氣體分子速率分布曲線如圖所示，圖中f（v）表示v處單位速率區(qū)間內的分子數百分率，所對應的溫度分別為TⅠ，TⅡ，TⅢ，則()A.TⅠⅡⅢB.TⅠ>TⅡ>TⅢC.TⅠ=TⅡ=TⅢD.TⅡ>TⅠ,TⅡ>TⅢ6、水平放置的平行板電容器與一電池相連，在電容器的兩板間有一帶正電的質點處于靜止狀態(tài)，現將電容器兩板間的距離增大，則()A.電容變大，質點向上運動B.電容變大，質點向下運動C.電容變小，質點保持靜止D.電容變小，質點向下運動7、下列圖中表示閉合電路中的一部分導體ab

在磁場中做切割磁感線運動的情景，導體ab

上的感應電流方向為a隆煤b

的是()A.B.

C.D.8、一交流電流的圖象如圖所示；以下選項錯誤的是（）

A.用交流電壓表測該電壓其示數為220VB.該交流電流的頻率為50HzC.該交流電壓加在100Ω電阻時，電阻消耗的電功率為484WD.該交流電壓可以直接加在標示為“100uF、220V”的電容器上評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)9、如圖所示，電阻為R的正方形導線框abcd，邊長ab=ad=L，質量為m，從某一高度自由落下，通過一勻強磁場，磁感應強度為B，磁場方向垂直紙面向里，磁場區(qū)域的寬度也為L，下落過程中線框平面始終保持在同一豎直面內，且ab邊始終水平．導線框的ab邊剛進入磁場就恰好開始做勻速運動,那么線框進入磁場的過程中ab兩點間的電壓為．在線圈穿越磁場的全過程，線框中產生的焦耳熱為．（不考慮空氣阻力，重力加速度為g）10、在地面上某一高度處將A球以初速度υ1水平拋出，同時在A球正下方地面處將B球以初速度υ2斜向上拋出；結果兩球在空中相遇，不計空氣阻力，則兩球從拋出到相遇過程中．

（1）A和B初速度的大小關系為υ1____υ2．（填＞或＜或=）

（2）A和B的速度變化____．（填不同或相同）

11、如圖所示，一段橫截面為正方形的玻璃棒，中間部分彎成四分之一圓弧形狀，一細束單色光由MN端面的中點垂直射入，恰好能在弧面EF上發(fā)生全反射，然后垂直PQ端面射出．①求該玻璃棒的折射率．②若將入射光向N端平移，當第一次射到弧面EF上時________(填“能”“不能”或“無法確定能否”)發(fā)生全反射．12、一根長10cm

的通電導線放在磁感強度為0.4T

的勻強磁場中，導線與磁場方向垂直，受到的磁場力為4隆脕10鈭?3N

則導線中的電流為______A.將導線中電流減小為0

磁感強度為______T

導線受到的磁場力為______。13、長度為L

的細繩，一端系有一個質量為m

的小球，另一端固定于O

點，小球以O

點為圓心在豎直平面內做圓周運動.

設重力加速度為g.

當小球剛好通過最高點時的速率v=

______；若小球通過最高點時的速率為3gL

則在最高點細繩對小球的作用力大小F=

______．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

15、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

16、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、簡答題(共1題，共6分)20、【化學rm{隆陋}選修rm{5}有機化學基礎】有機物rm{G}是一種醫(yī)藥中間體，可通過如圖所示路線合成，rm{A}的產量是衡量一個國家石油化工發(fā)展水平的重要標志，rm{H}的分子式是rm{C_{7}H_{8}}

已知：

請回答以下問題：rm{(1)A}的結構簡式是________。

rm{(2)H隆煤I}的化學反應方程式為___________________________________________，rm{E隆煤F}的化學方程式為_______________________________________________。

rm{(3)C隆煤D}的反應類型是_____________，rm{I隆煤J}的反應類型是____________。

rm{(4)}標況下，rm{1molE}分別與足量的rm{Na}單質、rm{NaHCO_{3}}溶液充分反應，生成的氣體體積分別為rm{aL}rm{bL}則rm{a}rm為___________。rm{aL}則rm{bL}rm{a}為___________。rm滿足以下條件的rm{(5)}的同分異構體還有________種rm{F}不包含rm{(}

rm{F)}能與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應rm{壟脵}苯環(huán)上有兩個取代基rm{壟脷}紅外光譜等方法檢測分子中有“”結構。rm{壟脹}寫出其中能與碳酸氫鈉溶液反應任意一種的結構簡式_________________________。評卷人得分五、作圖題(共1題，共6分)21、勻強電場中的三點ABC

是一個三角形的三個頂點，AB

的長度為1mD

為AB

的中點，如圖所示.

已知電場線的方向平行于鈻?ABC

所在平面，ABC

三點的電勢分別為14V6V

和2V.

作圖求電場強度的方向．評卷人得分六、計算題(共3題，共15分)22、在勻強磁場中，一個原來靜止的原子核，由于放出一個婁脕

粒子，結果得到一張兩個相切圓的徑跡照片(

如圖所示)

測得兩個相切圓半徑之比r1漏Ur2=44漏U1

求：(1)

這個原子核原來所含的質子數是多少？(2)

圖中哪一個圓是婁脕

粒子的徑跡？(

說明理由)

23、（8分）一客運列車勻速行駛，其車輪在軌道間的接縫處會產生周期性的撞擊。坐在該客車中的某旅客測得從第1次到第16次撞擊聲之間的時間間隔為10.0s。在相鄰的平行車道上有一列貨車，當該旅客經過貨車車尾時，火車恰好從靜止開始以恒定加速度沿客車行進方向運動。該旅客在此后的20.0s內，看到恰好有30節(jié)貨車車廂被他連續(xù)超過。已知每根軌道的長度為25.0m，每節(jié)貨車車廂的長度為16.0m，貨車車廂間距忽略不計。求（1）客車運行的速度大小；（2）貨車運行加速度的大小。24、如圖甲所示；物塊AB

的質量分別是mA=4.0kg

和mB=3.0kg.

用輕彈簧拴接，放在光滑的水平地面上，物塊B

右側與豎直墻相接觸.

另有一物塊C

從t=0

時以一定速度向右運動，在t=4s

時與物塊A

相碰，并立即與A

粘在一起不再分開，物塊C

的v鈭?t

圖象如圖乙所示.

求：

壟脵

物塊C

的質量？

壟脷B

離開墻后的運動過程中彈簧具有的最大彈性勢能EP

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】

A、t1時刻感應電動勢為最大；線圈垂直中性面，穿過線圈的磁通量為零．故A錯誤．

B、由圖t2時刻；感應電動勢為零，通過線圈的磁通量最大，通過線圈的磁通量的變化率為零．故B錯誤．

C、t3時刻感應電動勢最大；磁通量的變化率最大，通過線圈的磁通量為零．故C正確．

D；每當e轉換方向時；線圈與磁場垂直，線圈通過中性面時，磁通量最大．故D錯誤．

故選C

【解析】【答案】矩形線圈中產生正弦式電流；當線圈通過中性面時，磁通量最大，感應電動勢為零，電動勢方向發(fā)生改變．而當線圈與磁場平行時，磁通量為零，感應電動勢最大，磁通量的變化率最大。

2、B|D【分析】【解析】試題分析：從t1到t2時間內，電流增加，說明壓敏電阻的壓力逐漸增加，做變加速直線運動，A錯誤B正確；從t2到t3時間內，電流恒定，說明壓敏電阻的壓力保持不變，做勻加速直線運動，C錯誤、D正確，故選BD考點：考查牛頓第二定律【解析】【答案】BD3、D【分析】【分析】是電場強度的定義式，適用于任何電場，在電場中的同一點，是不變的，在電場中的不同點，往往是不同的；即完全由電場本身決定，與放不放電荷，放入的電性及電荷量的多少無關，正因有上述特點；才將其定義為描述電場性質的物理量電場強度，這是物理學上定義物理量常用的方法之一.因此ABC選項錯誤，D選項正確。

故選D

【點評】是電場強度的定義式，適用于任何電場，切記電場中某點的電場強度完全由電場本身決定，與放不放電荷，放入的電性及電荷量的多少無關。4、A【分析】解：電場線的疏密表示電場強度的強弱，由于b

點的電場線密，所以b

點的電場強度大于a

點的場強；電場力大與a

點的電場力，故選項A正確．

故選：A

電場線的疏密表示電場強度的強弱；屬于可以根據電場線的疏密判斷出電場強度的大小關系.

根據F=qE

判定電荷受到的電場力的大?。?/p>

電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布.

屬于基礎題目．【解析】A

5、A【分析】曲線下的面積表示表示分子速率從0→∞所有區(qū)間內分子數的比率之和，顯然其值應等于1，當溫度升高時，分子的速率普遍增大，所以曲線的高峰向右移動，曲線變寬，但由于曲線下總面積恒等于1，所以曲線的高度相應降低，曲線變得平坦。所以，TⅠ【解析】【答案】A6、D【分析】【解析】【答案】D7、A【分析】【分析】根據磁感線的特點和產生感應電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化或閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動；導體中有感應電流；判斷各個選項中有無感應電流產生，并運用楞次定律或右手定則判斷感應電流的方向。

判斷能否產生感應電流是基本的題型，本題還要掌握楞次定律和右手定則，熟練判斷感應電流的方向?！窘獯稹緼.穿過回路的磁通量減小，由楞次定律知，回路中感應電流方向由a隆煤b隆煤c

則導體ab

上的感應電流方向為a隆煤b

故A正確；B.abab向紙外運動，運用右手定則時，磁感線穿過手心，拇指指向紙外，則知導體abab上的感應電流方向為b隆煤ab隆煤a故B錯誤；

C.abab棒沿導軌向下運動，由右手定則判斷知導體abab上的感應電流方向為b隆煤ab隆煤a；故C錯誤；

D.ab

棒順時針轉動，運用右手定則：磁感線穿過手心，拇指指向順時針方向，則導體ab

上的感應電流方向為b隆煤a

故D錯誤；

故選A?！窘馕觥緼

8、D【分析】解：A、通過圖可知電壓的最大值為220V，故有效值U==220V；所以用交流電壓表測該電壓其示數為220V，故A正確；

B；由圖象知周期為0.02s；頻率為周期的倒數，即50Hz，故B正確；

C、電阻消耗的功率P==484W；故C正確；

D；交流電壓的最大值大于電容器的額定電壓；所以該交流電壓不可以直接加在標示為“100uF、220V”的電容器上，故D錯誤；

本題選錯誤的；故選：D。

根據u-t圖象判斷出電流的最大值與周期；明確交流電的最大值和有效值間的關系，知道電容器的擊穿電壓為交流電的最大值。

本題考查了根據圖象得出有用物理信息的能力，根據周期、峰值和有效值計算?！窘馕觥緿二、填空題(共5題，共10分)9、略

【分析】試題分析：（1）線框abcd的ab邊在勻速（設為）切割磁感線，產生的電動勢為此時二力平衡：由歐姆定律知解得：而可得（2）解法一：線框穿過磁場的時間由焦耳定律，線框中產生的熱量由以上各式解得：解法二：根據能量守恒定律，線框以恒定速率通過磁場的過程中，重力與線框所受安培力平衡，因此這一過程實質是重力勢能轉化為內能的過程，所以此過程中線框產生的焦耳熱為考點：考查了電磁感應定律、力的平衡、能量守恒定律?！窘馕觥俊敬鸢浮?0、略

【分析】

B球開始在A球的正下方，后在空中相遇，說明它們的水平位移大小相等，又由于運動的時間相同，所以它們在水平方向上的速度相同，即v2cosθ=v1，所以v2＞v1

B球和A球都只受重力作用；加速度相同，相同時間內速度的變化相同．

故答案為：＜；相同。

【解析】【答案】（1）B球開始在A球的正下方，后在空中相遇，說明它們的水平位移大小相等，又由于運動的時間相同，所以它們在水平方向上的速度相同，即v2cosθ=v1；即可解題；

（2）B球和A球都只受重力作用；加速度相同，相同時間內速度的變化相同．

11、略

【分析】①發(fā)生全反射的臨界角C＝arcsin＝45°，得n＝②將入射光向N端平移，由于入射角變大，在弧面EF上仍發(fā)生全反射．【解析】【答案】①②能12、略

【分析】解：由F=BIL

得：

I=FBL=4隆脕10鈭?30.4脳0.1=0.1A

磁感應強度只與磁場本身有關；故為0.4T

當I=0

時，F=BIL=0

故答案為：0.10.40

由于B隆脥L

根據磁感應強度的定義式B=FIL

求電流的大小；磁感應強度只與磁場本身有關。

解決本題的關鍵掌握磁感應強度的定義式B=FIL

知道磁場的磁感應強度只與磁場本身有關?！窘馕觥?.10.40

13、2mg【分析】解：小球剛好通過最高點時，繩子的拉力恰好為零，有：mg=mv2L

．

解得v=gL

．

小球通過最高點時的速率為3gL

有：F+mg=mv隆盲2L

解得F=mv隆盲2L鈭?mg=2mg

．

故答案為：gL2mg

．

小球剛好通過最高點時，繩子的拉力恰好為零，根據重力提供向心力，通過牛頓第二定律求出小球經過最高點的速率.

小球通過最高點時的速率為3gL

小球受到重力和拉力的合力提供向心力，根據牛頓第二定律求出細繩對小球的作用力大?。?/p>

解決本題的關鍵搞清小球做圓周運動的向心力的來源，運用牛頓第二定律進行求解．【解析】gL2mg

三、判斷題(共6題，共12分)14、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．15、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?6、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．17、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、簡答題(共1題，共6分)20、rm{(1)CH_{2}=CH_{2}}

rm{(2)}

rm{(3)}取代反應氧化反應

rm{(4)}rm{1}rm{1}

rm{(5)11}或或【分析】【分析】題考查有機物推斷，難度中等，注意根據有機物結構進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質。【解答】rm{A}是石油化工的重要產品且分子中所有原子在同一平面上，結合rm{D}的結構簡式可知rm{A}為rm{CH_{2}=CH_{2}}由轉化關系可知，rm{B}為rm{CH_{3}CHO}rm{C}為rm{CH_{3}COOH}結合rm{G}的結構可知rm{F}為rm{H}的分子式是rm{C_{7}H_{8}}不飽和度為rm{dfrac{2隆脕7+2-8}{2}=4}rm{H}含有一個苯環(huán)，故H為由rm{J}的結構可知rm{I}為rm{I}發(fā)生氧化反應得到rm{J}rm{J}發(fā)生水解反應得到rm{E(}鄰醛基苯甲酸rm{)}rm{E}與甲醇發(fā)生酯化反應得到rm{F}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的結構簡式是rm{CH_{2}=CH_{2}}故答案為：rm{CH_{2}=CH_{2}}

rm{(2)H隆煤I}的反應方程式為：rm{E隆煤F}的化學方程式為：

故答案為：

rm{(3)C隆煤D}是rm{CH_{3}COOH}中rm{-OH}被rm{-Cl}取代生成rm{CH_{3}COCl}屬于取代反應；rm{I隆煤J}是中甲基被氧化為rm{-COOH}屬于氧化反應；

故答案為：取代反應；氧化反應；

rm{(4)}標況下，rm{1molE}與足量的rm{Na}單質反應生成rm{1mol}氫氣rm{(}羥基和羧基都會與鈉反應rm{)}rm{1molE}與足量的與rm{NaHCO_{3}}溶液反應生rm{1mol}二氧化碳，故氣體體積比為rm{1:1}

故答案為：rm{1:1}

rm{(5)}滿足以下條件的的同分異構體rm{(}不包含含rm{F)}

rm{壟脵}能與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應；含有酚羥基；

rm{壟脷}苯環(huán)上有兩個取代基，為rm{-OH}rm{-COOCH}rm{3}，或rm{3}rm{-OH}rm{-OOCCH}，或rm{3}rm{3}rm{-OH}rm{-CH}或rm{2}rm{2}rm{COOH}rm{-OH}有鄰、間、對三種位置rm{-CH}紅外光譜等方法檢測分子中有如結構；可能含有酯基；可能為羧基；

，故符合條件的同分異構體有rm{2}種rm{2}不含rm{OOCH}其中能與碳酸氫鈉溶液反應，說明含有rm{壟脹}該同分異構體的結構簡式為：或或

故答案為：rm{11}或或rm{(}【解析】rm{(1)CH_{2}=CH_{2}}rm{(2)}rm{(3)}取代反應氧化反應rm{(4)}rm{1}rm{1}rm{(5)11}或或五、作圖題(共1題，共6分)21、略

【分析】

先在AC

上找B

的等勢點；然后作出等勢線，最后根據電場線與等勢線垂直作電場線，確定出電場強度的方向．

解決本題的關鍵要指出等勢點，作出等勢線，結合電場線與等勢面的關系作出電場線．【解析】解：AC

間電勢差為12V

分為三等份，每一等分間的電勢差為4V

可知，圖中E

點的電勢為6V

與B

點的電勢相等，所以BE

連線。

為等勢線；根據電場線垂直于等勢面，且電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，作出電場線如圖所示．

答：作出電場強度的方向如圖．六、計算題(共3題，共15分)22、（1）設衰變后新生核的電荷量為q1，α粒子的電荷量為q2＝2e，它們的質量分別為m1和m2，衰變后的速度分別為v1和v2，所以，原來原子核的電荷量q＝q1+q2。

根據軌道半徑公式有＝＝

又由于衰變過程中遵循動量守恒定律；則。

m1v1＝m2v2，得＝＝＝

以上三式聯立解得q＝90e。

即這個原子核原來所含的質子數為90。

（2）由于qvB＝則r＝，而動量大小相等，因此軌道半徑與粒子的電荷量成反比。所以圓軌道1是α粒子的徑跡，圓軌道2是新生核的徑跡，兩者電性相同，運動方向相反?！痉治觥快o止的原子核發(fā)生衰變，根據動量守恒可知，發(fā)生衰變后的粒子的運動的方向相反，衰變后的粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力可得半徑公式，結合軌跡圖分析。本題考查了粒子在磁場中的運動，考查了動量守恒定律的應用，知道原子核衰變過程動量守恒是本題解題的前提與關鍵，分析清楚圖示運動軌跡。【解析】(1)

設衰變后新生核的電荷量為q1婁脕

粒子的電荷量為q2=2e

它們的質量分別為m1

和m2

衰變后的速度分別為v1

和v2

所以，原來原子核的電荷量q=q1+q2

根據軌道半徑公式有=

=

又由于衰變過程中遵循動量守恒定律；則。

m1v1=m2v2

得=

=

=

以上三式聯立解得q=90e

即這個原子核原來所含的質子數為90