2025年滬科新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷752考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、兩塊平行金屬板M、N水平放置，帶電情況如圖所示，其內(nèi)部空間有兩個(gè)懸浮著的小帶電液滴A和B，采用以下哪些辦法可使液滴向上做加速運(yùn)動(dòng)A.使兩板靠近一些B.用導(dǎo)線將兩板連接一下C.使A和B粘合在一起D.使兩板左、右錯(cuò)開一些2、紫外線照射一些物質(zhì)時(shí)，會(huì)發(fā)生熒光效應(yīng)，即物質(zhì)發(fā)出可見光.

這些物質(zhì)中的原子先后發(fā)生兩次躍遷，其能量變化分別為婁隴

E

1

和婁隴

E

2.

下列關(guān)于原子這兩次躍遷的說法中正確的是()

A.先向高能級(jí)躍遷，再向低能級(jí)躍遷，且|婁隴

E

1

E

2|

B.先向高能級(jí)躍遷，再向低能級(jí)躍遷，且|婁隴

E

1

E

2|

C.兩次均向高能級(jí)躍遷，且|婁隴

E

1

E

2|

D.兩次均向低能級(jí)躍遷，且|婁隴

E

1

E

2|

3、如圖所示，小明用與水平方向成婁脠

角的輕繩拉小車，小車以速度v

向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，繩中拉力大小為F.

則拉力的功率大小為(

)

A.Fv

B.Fvsin婁脠

C.Fvcos婁脠

D.Fvtan婁脠

4、盧瑟福提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說；其根據(jù)是用α粒子轟擊金箔的實(shí)驗(yàn)．在實(shí)驗(yàn)中，他觀察到α粒子（）

A.全部穿過金原子；且發(fā)生很小的偏轉(zhuǎn)。

B.絕大多數(shù)穿過金原子；只有少數(shù)發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，極少數(shù)甚至被彈回。

C.絕大多數(shù)發(fā)生很大的偏轉(zhuǎn)；甚至被彈回，只有少數(shù)穿過金原子。

D.全部發(fā)生很大的偏轉(zhuǎn)。

5、如圖所示，在“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)中，兩彈簧測(cè)力計(jì)將橡皮條拉伸到O

點(diǎn)，它們示數(shù)分別為F1

和F2.

接下來用一只彈簧測(cè)力計(jì)拉橡皮條時(shí)

A.將橡皮條拉伸到O

點(diǎn)B.拉力大小等于F2鈭?F1

C.拉力大小等于F1+F2

D.沿F1

和F2

角平分線方向6、如圖所示電路中接有三只完全相同的電壓表，在AB

間加恒定電壓12V

電壓表1

的示數(shù)為5V

則電壓V2V3

的示數(shù)依次為A.V2

為7VV3

為0V

B.V2

為7VV3

為7V

C.V2

為5VV3

為2V

D.V2

為7VV3

為2V

7、如圖所示，在原來不帶電的金屬細(xì)桿ab

附近P

處放置一個(gè)正點(diǎn)電荷，達(dá)到靜電平衡后(

)

A.a

端的電勢(shì)比b

端低B.b

端的電勢(shì)與d

點(diǎn)的電勢(shì)相等C.桿內(nèi)c

處場(chǎng)強(qiáng)大小不等于零，c

處場(chǎng)強(qiáng)方向由b

指向a

D.感應(yīng)電荷在桿內(nèi)c

處場(chǎng)強(qiáng)的方向由a

指向b

8、如圖所示，兩根相距為l且水平放置的平行金屬直導(dǎo)軌ab、cd，b、d間接有一定值電阻R，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。MN為放在ab和cd上的一個(gè)金屬棒，與ab垂直，其電阻也為R．整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向下，現(xiàn)對(duì)MN施力使它沿導(dǎo)軌以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)。令U表示MN兩端電壓，則（）A.U=電阻R上感應(yīng)電流方向由b到dB.U=電阻R上感應(yīng)電流方向由d到bC.U=Blv，電阻R上感應(yīng)電流方向由b到dD.U=Blv，電阻R上感應(yīng)電流方向由d到b評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、在電場(chǎng)中的某點(diǎn)放入電荷量為5.0×10-9C的點(diǎn)電荷，受到的電場(chǎng)力是3.0×10-4N．則這一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=____N/C．如果改用電荷量為6.0×10-9C的點(diǎn)電荷，來確定該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，場(chǎng)強(qiáng)大小____（填“變大”、“變小”或“不變”）．10、如圖所示，在曲柄上懸掛一個(gè)彈簧振子，轉(zhuǎn)動(dòng)搖把可使振子上下振動(dòng)．若不轉(zhuǎn)動(dòng)搖把，用手將振子向下拉離平衡位置，再放手使彈簧振子上下振動(dòng)，測(cè)得振子在10s內(nèi)完成20次全振動(dòng)；若勻速轉(zhuǎn)動(dòng)搖把，當(dāng)搖把轉(zhuǎn)速為______r/min時(shí)，彈簧振子的振幅最大；當(dāng)搖把轉(zhuǎn)速為n=240r/min時(shí)，彈簧振子振動(dòng)穩(wěn)定后的振動(dòng)周期為______s．11、把一個(gè)標(biāo)有“6V，3W”的燈泡接在10伏的電源上，要使燈泡正常發(fā)光，需要____________聯(lián)一個(gè)____________歐的電阻，此時(shí)電阻消耗的電功率是____________瓦．12、在均勻介質(zhì)中，各點(diǎn)的平衡位置在同一條直線上，相鄰兩點(diǎn)間的距離為a，如圖（a）所示，波向右傳播，質(zhì)點(diǎn)1的起始速度方向豎直向上，經(jīng)過時(shí)間t，前13個(gè)質(zhì)點(diǎn)第一次形成如圖（b）所示的波形，則該波的周期是____，波長(zhǎng)為____．

13、某防空雷達(dá)發(fā)射的電磁波頻率為f=3×103MHZ，屏幕上尖形波顯示，從發(fā)射到接受經(jīng)歷時(shí)間△t=0.4ms，那么被監(jiān)視的目標(biāo)到雷達(dá)的距離為____km，該雷達(dá)發(fā)出的電磁波的波長(zhǎng)為____m．14、穿過閉合電路的____發(fā)生變化，閉合電路中就有____產(chǎn)生，這種現(xiàn)象叫____現(xiàn)象．15、在隆露

用油膜法估測(cè)分子大小隆路

實(shí)驗(yàn)中所用的油酸酒精溶液的濃度為每1000mL

溶液中有純油酸0.6mL

用注射器測(cè)得1mL

上述溶液為80

滴，把1

滴該溶液滴入盛水的淺盤內(nèi)，讓油膜在水面上盡可能散開，測(cè)得油酸薄膜的輪廓形狀和尺寸如圖所示，圖中正方形方格的邊長(zhǎng)為1cm

試求：

壟脵

油酸膜的面積是______cm2

壟脷

實(shí)驗(yàn)測(cè)出油酸分子的直徑是______m(

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

16、如圖所示是測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的一種裝置.

把一個(gè)體積很小的電阻為R

匝數(shù)為N

面積為S

的測(cè)量線圈L

放在通電螺線管內(nèi)待測(cè)處，線圈平面與螺線管軸線垂直，將測(cè)量線圈跟測(cè)量電量的儀器G

表串聯(lián).

當(dāng)閉合電鍵K

時(shí)，G

表可測(cè)得瞬間流過測(cè)量線圈的電量鈻?Q

則：

(1)(

多選題)

測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B

所依據(jù)的物理規(guī)律是____________

(A)

法拉第電磁感應(yīng)定律和焦耳定律。

(B)

閉合電路歐姆定律和焦耳定律。

(C)

法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律。

(D)

法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律。

(2)

用此方法測(cè)量通電螺線管內(nèi)軸線處磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式為B=

____________．

評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共4題，共8分)23、(16

分)

如圖；一不可伸長(zhǎng)的輕繩上端懸掛于O

點(diǎn)，下端系一質(zhì)量m="1.0"kg的小球?，F(xiàn)將小球拉到A

點(diǎn)(

保持繩繃直)

由靜止釋放，當(dāng)它經(jīng)過B

點(diǎn)時(shí)繩恰好被拉斷，小球平拋后落在水平地面上的C

點(diǎn)。地面上的D

點(diǎn)與OB

在同一豎直線上，已知繩長(zhǎng)L="1.0"mB

點(diǎn)離地高度H="1.0"mAB

兩點(diǎn)的高度差h="0.5"m重力加速度g

取10m/s2

不計(jì)空氣影響，求：

(1)

地面上DC

兩點(diǎn)間的距離s

(2)

輕繩所受的最大拉力大小。24、足球運(yùn)動(dòng)員在罰點(diǎn)球時(shí)，球獲得30m/s30m/s的速度后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)腳與球作用時(shí)間為0.1s0.1s球運(yùn)動(dòng)0.3s0.3s后被守門員擋出，守門員雙手與球接觸時(shí)間為0.1s0.1s且球被擋出后以10m/s10m/s的速度沿原路返回..求：

(1)(1)運(yùn)動(dòng)員罰點(diǎn)球過程中球的加速度大小．

(2)(2)守門員擋球過程中球的加速度大?。?5、如圖所示，螺線管橫截面積為S，線圈匝數(shù)為N，電阻為R1，管內(nèi)有水平向左的變化磁場(chǎng)。螺線管與足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ相連并固定在同一平面內(nèi)，與水平面的夾角為q，兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)．導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。導(dǎo)軌處于垂直斜面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。金屬桿ab垂直導(dǎo)軌，桿與導(dǎo)軌接觸良好，并可沿導(dǎo)軌無摩擦滑動(dòng)。已知金屬桿ab的質(zhì)量為m，電阻為R2，重力加速度為g。忽略螺線管磁場(chǎng)對(duì)金屬桿ab的影響；忽略空氣阻力。

（1）為使ab桿保持靜止，求通過ab的電流的大小和方向；

（2）當(dāng)ab桿保持靜止時(shí)，求螺線管內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率。26、一粗細(xì)均勻的U型玻璃管豎直放置，短臂端封閉，長(zhǎng)臂端（足夠長(zhǎng)）開口向上，短臂內(nèi)封有一定質(zhì)量的理想氣體。初始狀態(tài)時(shí)管內(nèi)各段長(zhǎng)度如圖所示，密閉氣體的溫度為27℃。大氣壓強(qiáng)為75cmHg，求：（1）若沿長(zhǎng)臂的管壁緩慢加入5cm的水銀柱并與下方的水銀合為一體，為使密閉氣體保持原來的長(zhǎng)度，應(yīng)使氣體的溫度變?yōu)槎嗌?？?）在第（1）小題的情況下，要使兩端玻璃管中水銀面相平，則氣體的溫度變?yōu)槎嗌伲吭u(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共21分)27、(1

利用如圖(a)

所示電路可以測(cè)量金屬絲的電阻率婁脩

所用的實(shí)驗(yàn)器材有：(a)

(b)

待測(cè)的粗細(xì)均勻的電阻絲電流表(

量程0.6A

內(nèi)阻忽略不計(jì))

電源(

電動(dòng)勢(shì)3.0V

內(nèi)阻r

未知)

保護(hù)電阻(R0=4.0婁賂)

刻度尺、開關(guān)S

導(dǎo)線若干、滑片P

實(shí)驗(yàn)步驟如下：壟脵

用螺旋測(cè)微器測(cè)得電阻絲的直徑d

如圖(b)

所示。壟脷

閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑片P

的位置，分別記錄每次實(shí)驗(yàn)中aP

長(zhǎng)度x

及對(duì)應(yīng)的電流值I

壟脹

以1I

為縱坐標(biāo)，x

為橫坐標(biāo)，作1I鈭?x

圖線(

用直線擬合)

壟脺

求出直線的斜率k

和在縱軸上的截距b

回答下列問題：(1)

螺旋測(cè)微器示數(shù)為d=

________mm

(2)

用題中字母可求得1I

與x

滿足的關(guān)系式為________。(3)

實(shí)驗(yàn)得到的部分?jǐn)?shù)據(jù)如下表所示；其中aP

長(zhǎng)度x=0.30m

時(shí)電流表的示數(shù)如圖(a)

所示，讀出數(shù)據(jù)，完成下表。壟脵

________；壟脷

________。

(a)(a)(b)(b)。x(m)

0.10

0.20

0.30

0.40

0.50

0.60

I(A)

0.49

0.43

壟脵

0.33

0.31

0.28

1I(A鈭?1)

2.04

2.33

壟脷

3.03

3.23

3.57

(4)

在圖(b)

的坐標(biāo)紙上將所缺數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)充完整并作圖，根據(jù)圖線求得斜率k=

_______A鈭?1隆隴m鈭?1

截距b=

________A鈭?1(

保留兩位小數(shù))

(5)

根據(jù)圖線求得電阻絲的電阻率婁脩=

_____婁賂隆隴m

電源的內(nèi)阻為r=

_____婁賂(

保留一位小數(shù))

28、利用氣墊導(dǎo)軌和光電門進(jìn)行“探究碰撞中的不變量”這一實(shí)驗(yàn)；氣墊導(dǎo)軌的左側(cè)與一傾斜軌道平滑連接，滑塊在水平氣墊導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)可忽略阻力。讓滑塊A在左側(cè)傾斜軌道的P點(diǎn)由靜止釋放，然后與靜止在光電門C和光電門D之間的滑塊B發(fā)生碰撞，如圖所示。

（1）實(shí)驗(yàn)中滑塊B備有甲乙兩種：其中甲種滑塊左端裝有彈性圈；乙種滑塊左端裝有橡皮泥，與滑塊A碰撞后會(huì)粘在一起。若要求碰撞時(shí)動(dòng)能損失最大，則應(yīng)選用______種滑塊（填“甲”或“乙”），若要求碰撞時(shí)動(dòng)能損失最小，則應(yīng)選用______種滑塊（填“甲”或“乙”）；

（2）某同學(xué)選取左端裝有橡皮泥的滑塊B進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，兩滑塊的質(zhì)量分別為mA和mB，滑塊A從P點(diǎn)釋放后，通過光電門C的時(shí)間為t1，與滑塊B粘在一起后通過光電門D的時(shí)間為t2，則在誤差允許的范圍內(nèi)，只需驗(yàn)證等式______成立即說明碰撞過程中mA和mB系統(tǒng)動(dòng)量守恒；

（3）在上一問的某次實(shí)驗(yàn)中，滑塊通過光電門C和光電門D的時(shí)間分別為t1=0.05s和t2=0.15s，那么滑塊A和滑塊B的質(zhì)量之比為mA：mB=______。29、某同學(xué)在探究性實(shí)驗(yàn)中需要精確地測(cè)量某靈敏電流計(jì)（微安表）的內(nèi)電阻；設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，實(shí)驗(yàn)室可供他使用的器材如下：

A．待測(cè)電流計(jì)（量程500uA；內(nèi)阻約1kΩ）B．電阻箱R（阻值1Ω～9999Ω）

C．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值10Ω）D．滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值1kΩ）

E．電源（電動(dòng)勢(shì)3V；內(nèi)阻不計(jì)）F．開關(guān)一只，導(dǎo)線若干。

①請(qǐng)你用筆畫代替導(dǎo)線；按圖甲的方案將圖乙中的實(shí)物圖連成可供測(cè)量的實(shí)驗(yàn)電路；

②在某一次測(cè)量中；得到了如圖所示的數(shù)據(jù)，則R=______Ω；I=______uA；

③實(shí)驗(yàn)時(shí)，該同學(xué)把滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)至適當(dāng)位置處，而后保持滑動(dòng)變阻器的阻值不變，通過調(diào)節(jié)電阻箱阻值R，使流過靈敏電流計(jì)的示數(shù)I發(fā)生變化，為使測(cè)量出的Rg值誤差較小，需保證在調(diào)節(jié)電阻箱阻值R時(shí)，盡可能不改變R與電流計(jì)兩端的電壓值之和，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇______（填“R1”或“R2”）；

④若操作過程中得到如圖丙所示的（-R）圖線，若已知斜率為k，縱截距為b，則根據(jù)圖線，求得電流表內(nèi)阻Rg=______（請(qǐng)用字母表示）．評(píng)卷人得分六、畫圖題(共2題，共10分)30、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象31、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】試題分析：液滴受到重力和電場(chǎng)力作用而平衡，根據(jù)信息可知，要使液滴向上做加速運(yùn)動(dòng)，則只有增大電場(chǎng)力，即使電場(chǎng)強(qiáng)度增大，由于金屬板上的電荷量不變，根據(jù)公式可得兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度與兩極板的距離無關(guān)，故A錯(cuò)誤；用導(dǎo)線將兩板連接一下使得兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故B錯(cuò)誤；因?yàn)樗杂泄始词笰和B粘合在一起整體仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，故C錯(cuò)誤，根據(jù)公式可得兩板左、右錯(cuò)開一些，正對(duì)面積減小，所以電容器電容減小，根據(jù)公式可得電容器兩端的電壓增大，根據(jù)公式可得兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，故D正確。考點(diǎn)：考查了電容器的動(dòng)態(tài)分析【解析】【答案】D2、B【分析】【分析】用紫外線照射一些物質(zhì)時(shí)會(huì)發(fā)生熒光效應(yīng)，先向高能級(jí)躍遷，再向低能級(jí)躍遷，紫外線的頻率高于可見光的頻率，根據(jù)玻爾理論分析|鈻?E|triangleE1||和|鈻?E|triangleE2||的關(guān)系；本題考查原子躍遷與能級(jí)能量變化及輻射或光子能量的關(guān)系..要明確色光間的波長(zhǎng)及頻率關(guān)系?！窘獯稹坑深}意知，用紫外線照射一些物質(zhì)時(shí)，這些物質(zhì)中的原子吸收紫外線的能量，從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷，高能級(jí)不穩(wěn)定，又向低能級(jí)躍遷，發(fā)出可見光..設(shè)紫外線和可見光的頻率分別為婁脙婁脙1和婁脙婁脙2，根據(jù)玻爾理論得知，，由于紫外線的頻率大于可見光的頻率，即婁脙婁脙1>婁脙>婁脙2，所以|鈻?E|triangleE1|>|鈻?E|>|triangleE2|.|.故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。【解析】B

3、C【分析】【分析】根據(jù)瞬時(shí)功率的表達(dá)式P=Fvcos婁脠

直接可以得出拉力的功率。本題考查瞬時(shí)功率的計(jì)算，在解答的過程中要注意當(dāng)力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向之間有一定的夾角時(shí)，要使用公式P=Fvcos婁脠

進(jìn)行計(jì)算，而不能直接使用P=Fv

計(jì)算?！窘獯稹啃≤囈运俣葀

右做勻速直線運(yùn)動(dòng)；繩中拉力F

的方向與水平方向之間的夾角是婁脠

只有水平方向的分力對(duì)物體做功，所以拉力F

的功率為：P=Fvcos婁脠

故選C?！窘馕觥緾

4、B【分析】

當(dāng)α粒子穿過原子時(shí)；電子對(duì)α粒子影響很小，影響α粒子運(yùn)動(dòng)的主要是原子核，離核遠(yuǎn)則α粒子受到的庫(kù)侖斥力很小，運(yùn)動(dòng)方向改變?。挥挟?dāng)α粒子與核十分接近時(shí)，才會(huì)受到很大庫(kù)侖斥力，而原子核很小，所以α粒子接近它的機(jī)會(huì)就很少，所以只有極少數(shù)大角度的偏轉(zhuǎn)，而絕大多數(shù)基本按直線方向前進(jìn)，故B正確，ACD錯(cuò)誤．

故選B

【解析】【答案】α粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象為：α粒子穿過原子時(shí)；只有當(dāng)α粒子與核十分接近時(shí)，才會(huì)受到很大庫(kù)侖斥力，而原子核很小，所以α粒子接近它的機(jī)會(huì)就很少，所以只有極少數(shù)大角度的偏轉(zhuǎn)，而絕大多數(shù)基本按直線方向前進(jìn)．

5、A【分析】【分析】本題考查“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)。該實(shí)驗(yàn)采用了“等效替代”法，即要求兩次拉橡皮筋時(shí)，要使橡皮筋產(chǎn)生的形變相同，即拉到同一位置，本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是等效替代法。用一只彈簧測(cè)力計(jì)拉橡皮條時(shí)，拉力一定與橡皮筋的拉力大小相等，方向相反，在同一條直線上。解題的關(guān)鍵是掌握實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)?！窘獯稹緼.該實(shí)驗(yàn)采用了“等效替代”法，即要求兩次拉橡皮筋時(shí)，要使橡皮筋產(chǎn)生的形變相同，即拉到同一位置，故A正確；BC.BC.力是矢量，合成時(shí)遵循平行四邊形定則，故BC錯(cuò)誤；D.只有F1F_{1}和F2F_{2}大小相等時(shí)，拉力才能在他們的角平分線上，故D錯(cuò)誤。故選A。

【解析】A

6、D【分析】【分析】根據(jù)串；并聯(lián)電路中電流關(guān)系；由歐姆定律確定電壓表23

的示數(shù)．

本題考查了閉合電路歐姆定律；本題中將電壓表當(dāng)作大電阻，不是普通的串并聯(lián)，關(guān)鍵要分析三個(gè)電壓表的電流可能關(guān)系，根據(jù)歐姆定律和電荷守恒定律研究?！窘獯稹侩妷罕砜梢宰鳛殡娮杼幚?，因三個(gè)電壓表的內(nèi)阻相等，則電壓與電流成正比；設(shè)電壓表的內(nèi)阻均為R

根據(jù)電荷守恒定律知，三個(gè)電壓表電流關(guān)系可能為：U1R=U2R+U3R

也可能有：U1R+U3R=U2R

當(dāng)U1=5V

時(shí)；U3=2VU2=7V

其他數(shù)據(jù)不可能；

故ABC錯(cuò)誤；D正確。

故選D。

【解析】D

7、D【分析】解：AB

達(dá)到靜電平衡后，導(dǎo)體為等勢(shì)體，導(dǎo)體上的電勢(shì)處處相等，所以可以得到婁脮a=婁脮b=婁脮c

由于正電荷在右邊，所以越往右電場(chǎng)的電勢(shì)越高，則有：婁脮d>婁脮b=婁脮c=婁脮a

故AB錯(cuò)誤．

CD

由于桿處于靜電平衡狀態(tài)，所以內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)為零，正電荷和感應(yīng)電荷在內(nèi)部產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)為零；正電荷在c

處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由b

指向a

所以感應(yīng)電荷在桿內(nèi)c

處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由a

指向b

故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D

．

沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；而處于電場(chǎng)中的導(dǎo)體處于靜電平衡狀態(tài)，根據(jù)靜電平衡可知，同一個(gè)導(dǎo)體為等勢(shì)體，導(dǎo)體上的電勢(shì)處處相等，再由固定電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)可以確定電勢(shì)的高低；再根據(jù)內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，利用疊加原理即可明確感應(yīng)電荷形成的場(chǎng)強(qiáng)方向．

導(dǎo)體達(dá)到靜電平衡后，導(dǎo)體為等勢(shì)體，導(dǎo)體上的電勢(shì)處處相等，這是解決本題的關(guān)鍵的地方，對(duì)于靜電場(chǎng)的特點(diǎn)一定要熟悉，同時(shí)明確沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低．【解析】D

8、A【分析】解：MN棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=Blv，MN兩端電壓的大小為：U==Blv；

根據(jù)右手定則判斷知MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向由N→M，M端相當(dāng)于電源的正極，電勢(shì)高于N端電勢(shì)，所以電阻R上感應(yīng)電流方向由b到d；故A正確；BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

根據(jù)E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由歐姆定律求出感應(yīng)電流的大小。由公式U=IR求出MN兩端電壓的大小。根據(jù)右手定則判斷電流方向。

本題是電磁感應(yīng)與電路知識(shí)的綜合，關(guān)鍵要掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律的計(jì)算公式。要注意MN間的電壓是外電壓，不是總電壓?！窘馕觥緼二、填空題(共8題，共16分)9、略

【分析】

在電場(chǎng)中的某點(diǎn)放入電荷量為5.0×10-9C的點(diǎn)電荷，受到的電場(chǎng)力是3.0×10-4N．

由場(chǎng)強(qiáng)的定義式E=得；

這一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=6.0×104N/C．

電場(chǎng)強(qiáng)度是反映電場(chǎng)本身特性的物理量；由電場(chǎng)決定，與試探電荷無關(guān)；

如果改用電荷量為6.0×10-9C的點(diǎn)電荷，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，仍為6.0×104N/C．

故答案為：6.0×104N/C；不變．

【解析】【答案】放入電場(chǎng)中電荷是試探電荷，電場(chǎng)強(qiáng)度等于試探電荷所受的電場(chǎng)力與電荷量的比值，由場(chǎng)強(qiáng)的定義式E=求解P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度．將改變檢驗(yàn)電荷；該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變．

10、略

【分析】解：振子在10s內(nèi)完成20次全振動(dòng)；故固有頻率為2Hz；

當(dāng)受迫振動(dòng)的頻率接近于振子的固有頻率時(shí)；會(huì)發(fā)生共振，故搖把轉(zhuǎn)速為：

n=f=2r/s=120r/min；

當(dāng)轉(zhuǎn)速為120r/min時(shí)；1s內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)2次，周期為0.5s；

故答案為：120；0.5．

振子受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率；當(dāng)受迫振動(dòng)的頻率接近于振子的固有頻率時(shí)，會(huì)發(fā)生共振，振幅最大．

解決本題的關(guān)鍵掌握共振的條件，以及知道振子受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率．【解析】120；0.511、略

【分析】解：燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流I=．

要使燈泡正常發(fā)光，則需串聯(lián)一個(gè)電阻，串聯(lián)的電阻R=．

則電阻消耗的功率P=I2R=0.52×8W=2W．

故答案為：串，8，2．【解析】串;8;212、略

【分析】

由波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)為λ=8a．由題，波向右傳播，質(zhì)點(diǎn)1的起始速度方向豎直向上，介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)的起振方向都向上，而圖中質(zhì)點(diǎn)13振動(dòng)方向向下，說明波并不是剛傳到質(zhì)點(diǎn)13，已經(jīng)振動(dòng)了半個(gè)周期，則有2T=t，得到T=．

故答案為：8a．

【解析】【答案】波向右傳播，質(zhì)點(diǎn)1的起始速度方向豎直向上，介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)的起振方向都向上，而圖中質(zhì)點(diǎn)13振動(dòng)方向向下，說明波并不是剛傳到質(zhì)點(diǎn)13，根據(jù)前13個(gè)質(zhì)點(diǎn)第一次形成如圖（b）所示的波形；得到周期與時(shí)間的關(guān)系，求出周期，由圖讀出波長(zhǎng)，求出波速．

13、600.1【分析】【解答】光速為3×108m/s（1）由v=λf得：=0.1m（2）由v=s/t

得，s=vt=3×108m/s×0.4s=12×107m

電磁波傳播距離是單向距離的2倍，故衛(wèi)星離地為：d=s/2=60km

答：被監(jiān)視的目標(biāo)到雷達(dá)的距離為60km；雷達(dá)發(fā)出的電磁波的波長(zhǎng)為0.1m．

【分析】（1）由波速、波長(zhǎng)和頻率的關(guān)系可求得頻率，（2）由電磁波的傳播速度由速度公式可求得距離．14、磁通量感應(yīng)電流電磁感應(yīng)【分析】【解答】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律；只有閉合回路中磁通量發(fā)生變化時(shí)，閉合回路中才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，這種現(xiàn)象叫電磁感應(yīng)現(xiàn)象。

故答案為：磁通量；感應(yīng)電流，電磁感應(yīng)．

【分析】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化．1、電路要閉合；2、穿過的磁通量要發(fā)生變化．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，電動(dòng)勢(shì)的大小取決與磁通量變化的快慢．15、略

【分析】解：壟脵

由圖示可知；油膜占120

個(gè)格，油膜的面積S=1cm隆脕1cm隆脕120=120cm2(119隆蘆124cm2

均正確)

壟脷

一滴溶液中含純油的體積V=1mL80隆脕0.6mL1000mL=7.5隆脕10鈭?6mL

油酸分子的直徑d=VS=7.5隆脕10鈭?6cm3120cm2隆脰6.3隆脕10鈭?8cm=6.3隆脕10鈭?10m.

故答案為：壟脵120(119

到124

均正確)壟脷6.3隆脕10鈭?10

．

壟脵

由圖示油膜求出油膜的面積．

壟脷

求出一滴溶液中含純油的體積；然后求出油酸分子的直徑．

求油膜面積時(shí)要注意，不到半個(gè)格的要舍去，超過半個(gè)格的算一個(gè)格，數(shù)出油膜輪廓的格數(shù)，然后乘以每一個(gè)格的面積得到油膜的面積；求油的體積時(shí)要注意，求的是純油的體積，不是溶液的體積．【解析】1206.3隆脕10鈭?10

16、C;【分析】解：(1)

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=N鈻?桅鈻?t=NS鈻?B鈻?t=NSB鈭?0鈻?t=NSB鈻?t

由閉合電路的歐姆定律可得：感應(yīng)電流I=ER=NSBR鈻?t

由電流的定義式I=鈻?Q鈻?t

可得，感應(yīng)電荷量鈻?Q=I鈻?t=NBSR

則B=R鈻?QNS

由以上分析過程可知；測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B

所依據(jù)的物理規(guī)律是：

法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律、電流定義式；故ABD錯(cuò)誤，C正確；

(2)

由(1)

可知，測(cè)量通電螺線管內(nèi)軸線處磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式為B簍TR鈻?QNS

．

故答案為：(1)C(2)R鈻?QNS

．【解析】C;R鈻?QNS

三、判斷題(共6題，共12分)17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．20、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．22、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．四、計(jì)算題(共4題，共8分)23、(1)1.41m；(2)20N【分析】【解析】

試題分析：壟脜

小球從到過程機(jī)械能守恒，有(3

分)

小球從到做平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上有(2

分)

在水平方向上有(2

分)

聯(lián)解得(2

分)

壟脝

小球下擺到達(dá)點(diǎn)時(shí)；繩的拉力和重力的合力提供向心力，有。

(3

分)

根據(jù)牛頓第三定律(2

分)

輕繩所受的最大拉力為(2

分)

考點(diǎn)：機(jī)械能守恒，平拋運(yùn)動(dòng)，圓周運(yùn)動(dòng)向心力【解析】(1)1.41m(2)20N

24、(1)300m/s2(2)-400m/s2【分析】設(shè)初速度的方向?yàn)檎较颍杉铀俣裙絘

罰球瞬間，球的加速度a

1

m/s2

守門員擋球瞬間，球的加速度a

2

m/s2

負(fù)號(hào)表示加速度方向與速度方向相反。【解析】(1)300m/s2(2)

鈭?

400m/s2

25、解：（1）以金屬桿ab為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件得：mgsinθ=B0IL，解得：I=通過ab桿的電流方向?yàn)橛蒪到a；

（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有：另據(jù)歐姆定律得：聯(lián)立解得：

答：（1）為使ab桿保持靜止，通過ab的電流的大小為方向由b到a；

（2）當(dāng)ab桿保持靜止時(shí)，螺線管內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率為【分析】

（1）金屬桿平衡時(shí)；所受安培力向上，大小與重力沿斜面的分力相等，可求電流大小和方向。

（2）螺線管內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化；導(dǎo)致螺線管充當(dāng)電源，根據(jù)閉合電路歐姆定律和法拉第電磁感應(yīng)定律可求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率。

由電磁感應(yīng)而產(chǎn)生電流，再有電流產(chǎn)生運(yùn)動(dòng)，繼而再產(chǎn)生電磁感應(yīng)的聯(lián)動(dòng)過程要分析透，注意應(yīng)用平衡條件，搞好受力分析，此題難度不小【解析】解：（1）以金屬桿ab為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件得：mgsinθ=B0IL，解得：I=通過ab桿的電流方向?yàn)橛蒪到a；

（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有：另據(jù)歐姆定律得：聯(lián)立解得：

答：（1）為使ab桿保持靜止，通過ab的電流的大小為方向由b到a；

（2）當(dāng)ab桿保持靜止時(shí)，螺線管內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率為26、略

【分析】試題分析：（1）加入5cm的水銀柱后，氣體壓強(qiáng)變?yōu)镻2=P0+Ph=80cmHg（2分）第一個(gè)狀態(tài)到第二個(gè)狀態(tài)，由查理定律得：（2分）解得T2=320K（2分）（2）兩邊水銀面相平，則氣體壓強(qiáng)P3=P0，氣體長(zhǎng)度變?yōu)長(zhǎng)3=L1-h/2=15.5cm（2分）第一個(gè)狀態(tài)到第三個(gè)狀態(tài)，由蓋呂薩克定律得：（2分）解得T3=258K（2分）考點(diǎn)：理想氣體狀態(tài)方程【解析】【答案】（1）T2=320K；（2）T3=258K五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共21分)27、(1)0.402(2)＝x＋(3)①0.38②2.63

(4)圖線如圖所示

3．00(2.92～3.10均可)

1．78(1.76～1.80均可)

(5)1.1×10－6(1.0×10－6～1.2×10－6均可)

1．3(1.1～1.5均可)【分析】【分析】本題考查了求圖象函數(shù)表達(dá)式；電表讀數(shù)、作圖象、求電阻率與內(nèi)阻問題；應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方法，要掌握描點(diǎn)法作圖的方法，要會(huì)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，難度較易。

(1)

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；

(2)

根據(jù)歐姆定律；結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)，即可求解；

(3)

根據(jù)圖c

所示電流表讀出其示數(shù)；然后答題；

(4)

應(yīng)用描點(diǎn)法作出圖象；然后根據(jù)圖象分析答題；

(5)

根據(jù)閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)；然后根據(jù)圖象的斜率與截距，即可求解。

【解答】(1)

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為40.2隆脕0.01mm=0.402mm

(2)

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知E=IR0+r+婁脩x婁脨(d2)2

可得1I=4婁脩婁脨Ed2x+R0+rE

(3)

由圖7鈭?14(a)

可知電流表讀數(shù)為19.0隆脕0.02A=0.380A

故表格壟脵

處應(yīng)為0.38

表格壟脷

處通過計(jì)算可知應(yīng)為2.63

(4)

在圖7鈭?14(b)

中描點(diǎn)作圖，讓直線盡量過所有的點(diǎn)，或讓點(diǎn)對(duì)稱分布在直線兩側(cè)。由圖線可知斜率為k=3.00A鈭?1隆隴m鈭?1

，縱軸截距為b=