2025年人教五四新版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教五四新版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷117考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖示，在水平勻強磁場中，用兩根相同的細導線水平懸掛粗細均勻的直導體棒MN，棒中通以從M到N的電流I，此時繩子受力是F，為使F=0；可采用下列方法中的（）

A.把電流增大到某一值B.把電流減小到某一值C.使電流反向D.使磁場反向2、一正方形導體框abcd；其單位長度的電阻值為r，現(xiàn)將正方形導體框置于如圖所示的勻強磁場中，磁感應強度的大小為B，用不計電阻的導線將導體框連接在電動勢為E；不計內阻的電源兩端，則關于導體框所受的安培力下列描述正確的是。

A.安培力的大小為方向豎直向上B.安培力的大小為方向豎直向下C.安培力的大小為方向豎直向下D.安培力的大小為方向豎直向上3、如圖所示，a和b是從A點以相同的速度垂直磁場方向射入勻強磁場的兩個粒子運動的半圓形軌跡，已知兩個粒子帶電荷量相同，且不計重力的影響，則由此可知（）

A.兩粒子均帶正電，質量之比B.兩粒子均帶負電，質量之比C.兩粒子均帶正電，質量之比D.兩粒子均帶負電，質量之比4、如圖所示，一個閉合金屬圓環(huán)用絕緣細線掛于O點，將圓環(huán)拉離平衡位置并由靜止釋放，圓環(huán)擺動過程中經過有界的水平方向的勻強磁場區(qū)域，A、B為該磁場的豎直邊界；磁場方向垂直于圓環(huán)所在平面向里，若不計空氣阻力，則（）

A.圓環(huán)向右穿過磁場后，還能擺到釋放位置B.圓環(huán)離開磁場時具有收縮的趨勢C.圓環(huán)將在磁場中不停地擺動D.圓環(huán)在磁場中運動時均有感應電流5、如圖所示，一正方形閉合導線框abcd，邊長為L＝0.1m，各邊電阻均為１Ω，bc邊位于x軸上，在x軸原點右0.2m、磁感應強度為1T的垂直紙面向里的勻強磁場區(qū)域。當線框以４m/s的恒定速度沿x軸正方向穿越磁場區(qū)域的過程中，ab邊兩端電勢差Uab隨位置變化的情況正確的是（）

A.B.C.D.6、如圖所示，豎直平面內過O點的豎直虛線左右兩側有垂直紙面大小相等、方向相反的水平勻強磁場，一導體圓環(huán)用絕緣細線連接懸掛于O點，將導體圓環(huán)拉到圖示a位置靜止釋放，圓環(huán)繞O點擺動；則（）

A.導體環(huán)從a運動到b位置的過程中，有順時針方向電流B.導體環(huán)從b運動到c位置的過程中，電流總是順時針方向C.導體環(huán)在b位置和c位置速度大小相等D.導體環(huán)向右最多能擺到與a位置等高的位置7、如圖所示的是遠距離輸電的示意圖，已知交流電源電壓為U，升壓變壓器的原、副線圈匝數比為1∶m，降壓變壓器的原、副線圈匝數比為1∶n，負載R正常工作?，F(xiàn)輸電距離增大；輸電線電阻隨之增大，若要保證負載仍能正常工作，只改變選項中的一個量，下列做法可行的是（）

A.增大mB.減小mC.減小nD.減小U8、一含有理想變壓器的電路如圖甲所示，圖中理想變壓器原、副線圈匝數之比為2：1，電阻R1和R2的阻值分別為3Ω和10Ω，電流表、電壓表都是理想交流電表，a、b輸入端輸入的電流如圖乙所示；下列說法正確的是（）

A.0.03s時，通過電阻R1的電流為0AB.電流表的示數為AC.電壓表的示數為VD.0~0.04s內，電阻R1產生的焦耳熱為0.48J評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖，直角三角形OAC區(qū)域內有垂直于紙面向外、磁感應強度大小未知的勻強磁場，∠A=30°、OC邊長為L，在C點有放射源S，可以向磁場內各個方向發(fā)射速率為v0的同種帶正電的粒子，粒子的比荷為K。S發(fā)射的粒子有可以穿過OA邊界，OA含在邊界以內；不計重力；及粒子之間的相互影響。則（）

A.磁感應強度大小B.磁感應強度大小C.OA上粒子出射區(qū)域長度為LD.OA上粒子出射區(qū)域長度為10、如圖所示，在矩形的區(qū)域內存在一個垂直紙面向外的勻強磁場，已知磁感應強度大小為B，=一個質量為m，電量為q的帶正電粒子（重力忽略不計），從o點沿著ob方向垂直磁場入射；下列關于帶電粒子在磁場中的運動說法正確的是（）

A.帶電粒子在磁場中運動的最長時間為B.帶電粒子的入射速度越大，在磁場所走的位移越大C.帶電粒子的入射速度越大，在磁場的運動時間越長D.帶電粒子可以從bc邊界離開磁場11、如圖所示，方向水平的勻強磁場中有一豎直放置的矩形線圈，線圈繞其豎直對稱軸OO′勻速轉動。若使線圈轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍；則與角速度變化前相比（）

A.線圈經過中性面時磁通量的變化率不變B.線圈每轉一圈產生的焦耳熱變?yōu)樵瓉淼?倍C.線圈感應電動勢的最大值變?yōu)樵瓉淼谋禗.線圈中感應電流的頻率變?yōu)樵瓉淼?倍12、如圖所示，理想變壓器原副線圈的匝數比為22∶1，在a、b端加上一電壓瞬時值表達式為的交變電流，通過小燈泡的電流為小燈泡正常發(fā)光。下列說法正確的是（）

A.小燈泡的額定電壓為B.小燈泡的額定功率為C.將滑動變阻器的滑片向d端移動，小燈泡亮度不變13、如圖所示；理想變壓器原；副線圈的匝數比為2：1，在原、副線圈的回路中分別接有阻值相同的電阻，原線圈一側接在電壓為220V的正弦交流電源上，則（）

A.原、副線圈兩端的電壓之比為2：1B.原、副線圈中的電流之比為2：1C.原線圈兩端的電壓為88VD.副線圈兩端的電壓為88V14、如圖所示，一粒子發(fā)射源P位于足夠大絕緣板AB的上方d處，能夠在紙面內向各個方向發(fā)射速率為v、電荷量為q、質量為m的帶正電的粒子。空間存在垂直紙面的勻強磁場，不考慮粒子間的相互作用和粒子重力，已知粒子做圓周運動的半徑大小恰好為d；則（）

A.粒子能打在板上的區(qū)域長度是2dB.粒子能打在板上的區(qū)域長度是(＋1)dC.同一時刻發(fā)射出的粒子打到板上的最大時間差為D.同一時刻發(fā)射出的粒子打到板上的最大時間差為15、如圖所示，AB、CD組成一個平行軌道，導軌間距為L，軌道平面的傾角=30°，軌道與導軌EF、GH由兩小段光滑的圓弧BE、DG相連（小圓弧絕緣且長度可忽略），傾斜導軌部分處于垂直導軌平面向下的勻強磁場中，磁感應強度大小為B。水平導軌部分（足夠長）處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度大小為2B。質量為m、電阻為R的導體棒Q靜止于水平導軌上，傾斜導軌A、C間接一個電容器，電容器的電容為質量為m、電阻忽略不計的導體棒P與導軌垂直放置，從靠近A、C端的位置由靜止釋放，導體棒P初始時離水平軌道的高度為h，已知重力加速度為g，不考慮導體棒P與導軌間的摩擦力，不計導軌的電阻，整個過程中Q始終靜止不動且P、Q沒有發(fā)生碰撞。則下列說法中正確的是（）

A.導體棒P在傾斜導軌上做勻加速運動，加速度大小為B.導體棒P滑上水平導軌時的速度為C.導體棒Q在此過程中受到的最大摩擦力為D.導體棒Q在此過程中受到的最大摩擦力為16、如圖所示為電能輸送的示意圖，升壓、降壓變壓器均為理想變壓器，輸電線總電阻為R；設發(fā)電廠輸出電壓不變，則用戶端負載增加（用電高峰期）時（）

A.輸電線上損失的電壓增大B.升壓變壓器輸出電壓增大C.降壓變壓器輸出電壓增大D.電廠的輸出功率增大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、（1）熱敏電阻常用于溫度控制或過熱保護裝置中。圖1為某種熱敏電阻和金屬熱電阻的阻值R隨溫度T變化的示意圖。由圖可知，這種熱敏電阻在溫度上升時的導電能力________（選填“增強”或“減弱”）；相對金屬熱電阻而言，熱敏電阻受溫度變化的響應更________（選填“敏感”或“不敏感”）。

（2）把這段金屬熱電阻與電池、電流表串聯(lián)起來，如圖2所示，用這段金屬絲做測溫探頭，把電流表的刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡易溫度計，溫度刻度線是________（選填“左大右小”或“左小右大”），溫度刻度線是________（選填“均勻的”；“左疏右密”或“左密右疏”）。

18、如圖所示的電路中，當受到強光的照射下，小燈L__________發(fā)光；當用遮光板蓋住時，小燈L__________發(fā)光。（均選填“不會”或“會”）

19、目前有些居民區(qū)內樓道燈的控制，使用的是一種延時開關，該延時開關的簡化原理如圖所示．圖中D是紅色發(fā)光二極管(只要有很小的電流通過就能使其發(fā)出紅色亮光)，R為限流電阻；K為按鈕式開關，虛線框內S表示延時開關電路，當按下K接通電路瞬間，延時開關觸發(fā)，相當于S閉合，這時釋放K后，延時開關S約在1min后斷開，燈泡熄滅．根據上述信息和原理圖，我們可推斷：

按鈕開關K按下前，發(fā)光二極管是________(填“發(fā)光的”或“熄滅的”)，按鈕開關K按下再釋放后，燈泡L發(fā)光持續(xù)時間約________min.這一過程中發(fā)光二極管是________．限流電阻R的阻值和燈絲電阻RL相比，應滿足R________RL的條件．20、如圖所示，（a）→（b）→（c）→（d）→（e）過程是交流發(fā)電機發(fā)電的示意圖，線圈的ab邊連在金屬滑環(huán)K上，cd邊連在金屬滑環(huán)L上；用導體制成的兩個電刷分別壓在兩個滑環(huán)上，線圈在轉動時可以通過滑環(huán)和電刷保持與外電路連接。

（1）圖（a）中，線圈平面與磁感線垂直，磁通量___________，磁通量變化率___________（填“最大”或“零”）。

（2）從圖（b）開始計時，線圈中電流i隨時間t變化的關系是___________（填“i=Imsinωt”填“i=Imcosωt”）。

（3）當線圈轉到圖（c）位置時，感應電流___________（填“最小”或“最大”），且感應電流方向___________（填“改變”或“不改變”）。

（4）當線圈轉到圖（d）位置時，感應電動勢___________（填“最小”或“最大”），ab邊感應電流方向為___________（填“a→b”或“b→a”）。21、判斷下列說法的正誤．

（1）輸電線上電功率的損失，與輸電線的電阻成正比，與輸電線電流的平方成正比。()

（2）由P＝可知，輸電電壓越小，輸電線上電功率的損失就越小。()

（3）使用變壓器進行遠距離輸電，用戶得到的電壓可以高于發(fā)電機輸出的電壓。()

（4）遠距離輸電時，若升壓變壓器匝數比為1∶n，降壓變壓器匝數比為n∶1，則升壓變壓器的輸入電壓和降壓變壓器的輸出電壓相等。()22、如果把一個可拆變壓器看成理想變壓器，兩個線圈分別為A、B，現(xiàn)要測量A線圈的匝數，提供的器材有：一根足夠長的絕緣導線、一只多用電表和低壓交流電源，請簡要敘述實驗步驟（寫出要測的物理量，并用字母表示）：____________，A線圈的匝數為nA＝____________。（用所測物理量符號表示）23、面積S=0.1m2的100匝矩形線框abcd，處在磁感應強度B=0.1T的勻強磁場中，t=0時刻線框位于水平面，磁場方向與水平面夾角θ=角(如圖所示)，當線框以ab為軸以角速度ω=π(rad/s)順時針轉過過程中，線框產生的平均電動勢為_____V

24、如圖在x軸的上方（y≥0）存在著垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．在原點O有一個離子源向x軸上方的各個方向發(fā)射出質量為m、電量為q的正離子，速率都為v，對那些在xy平面內運動的離子，在磁場中可能到達的最大x＝______，最大y＝______．

25、汽車中的電磁輔助減震系統(tǒng)可等效簡化為如圖所示（俯視）的裝置，減震線圈處于輻射狀的水平磁場中。若某時刻測得線圈內有逆時針方向且正在增大的感應電流，則圖中線圈此時在豎直方向做________運動。已知線圈質量為周長為電阻為線圈所處磁場的磁感應強度大小為以豎直向下為正方向，當線圈的加速度大小為時其速度________（重力加速度g?。?/p>

評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

29、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共1題，共5分)30、在“探究變壓器原；副線圈的電壓與匝數的關系”實驗中；某同學利用“教學用的可拆變壓器”進行探究。

（1）下列器材中，實驗需要的器材是________；

A．干電池B.低壓交流電源。

C．220V交流電源D.條形磁體。

E．可拆變壓器和導線F．直流電壓表。

G．多用電表。

（2）該同學認真檢查電路無誤后，先保證原線圈匝數不變，改變副線圈匝數；再保證副線圈匝數不變，改變原線圈匝數。分別測出相應的原、副線圈兩端的電壓值。由于交變電流的電壓是變化的，所以，我們實際上測量的是電壓的________（選填“有效”或“最大”）值。其中一次操作后副線圈所接多用電表讀數如圖所示，此時電表讀數為________；

（3）理想變壓器原、副線圈電壓應與其匝數成________（選填“正比”或“反比”），實驗中由于變壓器的銅損和鐵損導致原線圈與副線圈的電壓之比一般________（選填“大于”“小于”或“等于”）原線圈與副線圈的匝數之比。評卷人得分六、解答題(共2題，共6分)31、如圖所示，在y>0的區(qū)域內存在沿y軸負方向、場強大小為E的勻強電場，在y<0的區(qū)域內存在垂直于xOy平面向外、大小為B的勻強磁場。一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子a，從y軸上的P點以某一速度沿x軸正方向射出，已知粒子a進入磁場時的速度大小為v，方向與x軸正方向的夾角θ=60°，粒子a進入磁場后在磁場中做勻速圓周運動的軌跡半徑為P點縱坐標的一半，在粒子a進入磁場的同時，另一不帶電粒子b也經x軸進入磁場，運動方向與粒子a進入磁場的方向相同，在粒子a沒有離開磁場時；兩粒子恰好發(fā)生正碰（碰撞前瞬間速度方向相反），不計兩粒子重力。

（1）求粒子a從P點射出的速度大小v0及P點的縱坐標h；

（2）求粒子b經過x軸進入磁場時的橫坐標xb及速度大小vb；

（3）若兩粒子碰后結合在一起，結合過程不損失質量和電荷量，要使結合后的粒子不能進入電場，求粒子b的質量應滿足的條件。

32、如圖所示，一個帶電荷量為q的液滴以速度v射入互相垂直的勻強電場和勻強磁場中，液滴剛好能在豎直平面內做勻速圓周運動，運動的軌跡半徑為R。已知電場強度大小為E、方向豎直向下，重力加速度為g。求：

（1）液滴所帶電荷的性質及液滴的質量m；

（2）磁感應強度的大小B。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

本題考查安培左手定則的運用。

【詳解】

對導體棒受力分析，根據安培左手定則，安培力向上。欲使繩子受力為0，安培力方向不變，大小增加。根據安培力計算公式需增加電流大小。故A正確，BCD錯誤。

故選A。2、B【分析】【分析】

【詳解】

由圖可知，電路接通后流過導體框的電流方向為ad及abcd，假設導體框的邊長為L，由歐姆定律可得ad邊的電流大小為

流過bc邊的電流大小為

又由左手定則可知兩邊所受的安培力方向均豎直向下，則導體框所受的安培力大小為

故選B。3、B【分析】【詳解】

AC．兩粒子進入磁場后均向下偏轉，可知在A點均受到向下的洛倫茲力；由左手定則可知，兩個粒子均帶負電，AC錯誤；

BD．在磁場中由洛倫茲力提供向心力，則有

得

因兩粒子進入磁場的速度相同，電荷量也相同，又在同一磁場中運動，故

B正確；D錯誤。

故選B。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．當圓環(huán)進入或離開磁場區(qū)域時磁通量發(fā)生變化；會產生電流，機械能向電能轉化，所以機械能不守恒，因此環(huán)向右穿過磁場后，不能擺到釋放位置，故A錯誤；

B．圓環(huán)離開磁場時磁通量減少；由楞次定律（增縮減擴）可知：圓環(huán)離開磁場時具有擴張的趨勢，故B錯誤；

C．在圓環(huán)不斷經過磁場；機械能不斷損耗過程中圓環(huán)越擺越低，最后整個圓環(huán)只會在磁場區(qū)域來回擺動，因為在此區(qū)域內沒有磁通量的變化（一直是最大值），所以機械能守恒，即圓環(huán)最后的運動狀態(tài)為在磁場區(qū)域來回擺動，而不是靜止在平衡位置，故C正確；

D．圓環(huán)在磁場中運動時；因穿過其磁通量不變，不會產生感應電流，故D錯誤。

故選C。5、B【分析】【分析】

【詳解】

分兩部分研究，ab入磁場切割磁感線和dc入磁場切割磁感線，ab切割磁感線運動中，x在0~L范圍，由楞次定律可知，線框的感應電流方向是逆時針，ab相當電源，a點的電勢高于b點的電勢，Uab>0，感應電動勢E=BLv=1×0.1×0.4V=0.4V

Uab是外電壓，則有：Uab=E=0.3V；

線框全部在磁場的運動中，x在L~2L的范圍，線框的磁通量不變，沒有感應電流產生，ab邊兩端電勢差等于電動勢，Uab=E=0.4V；

bc邊切割磁感線，x在2L~3L范圍，由楞次定律可知線框的感應電流方向是順時針，dc相當于電源，a點的電勢高于b點的電勢，Uab>0，感應電動勢E=BLv=1×0.1×4V=0.4V

Uab是外電壓，則有：Uab=E=0.1V。

ACD錯誤；B正確。

故選B。6、B【分析】【詳解】

A．導體環(huán)從a運動到b位置的過程中；磁通量不變，沒有感應電流，A錯誤；

B．導體環(huán)從b運動到c位置的過程中；垂直紙面向里的磁場對應的磁通量在減小，根據楞次定律，感應電流方向為順時針方向，垂直紙面向外的磁場對應的磁通量在增大，根據楞次定律，感應電流方向為順時針方向，所以電流總是順時針方向。B正確；

CD．導體環(huán)在b位置和c位置速度大小不相等，該過程重力不做功，但是發(fā)生電磁感應，動能轉化為電能，速度減小。也因此，導體環(huán)不能擺到與a位置等高的位置。CD錯誤。

故選B。7、A【分析】【詳解】

AB．現(xiàn)輸電距離增大，輸電線電阻隨之增大，上面消耗的電壓增多，要保證負載仍能正常工作，即副線圈兩端電壓不變，增大m；升壓變壓器副線圈上的電壓增大，可保證降壓變壓器原線圈上的電壓不變，B錯誤，A正確；

C．減小n；降壓變壓器副線圈上的電壓變小，不能保證負載正常工作，C錯誤；

D．減小U；負載兩端電壓變小，負載不能正常工作，D錯誤。

故選A。8、A【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知，在0.03s的前后，原線圈中的電流不變化，則副線圈中沒有感應電流，所以通過電阻R1的瞬時電流為0；故A正確；

B．設電流表的示數為I1，則有

求得I1＝A

故B錯誤；

C．原線圈中電流只有交流部分電流才能輸出到副線圈中，故副線圈中電流交流部分的電流最大值為2A；設副線圈交流電的有效值為I2，則

求得I2＝A

因此電壓表的示數為

故C錯誤；

D．在0~0.04s內，電阻R1產生的焦耳熱為

故D錯誤。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

S發(fā)射的粒子有可以穿過OA邊界，根據左手定則可知，當入射角與OC夾角為30°的粒子剛好從O點射出，根據幾何關系可知，粒子運動半徑為

根據洛倫茲力提供向心力，則有

解得

則沿CA方向入射粒子運動最遠，半徑為L，從OA上射出，故OA上粒子出射區(qū)域長度為L。

故選BC。10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子運動軌跡如圖。

由幾何關系可知，最大圓心角α=2θ=60°

粒子在磁場中做圓周運動的周期

粒子在磁場中的最長運動時間

解得

故A正確；

BC．帶電粒子的入射速度越大，在磁場中運動的弧所對的弦長越長，故離開磁場所走的位移越大，但是粒子在磁場中運動的圓弧所對的圓心角可能越小，則時間越短，故B正確，C錯誤；

D．帶電粒子射出方向為ob方向，受到的洛倫茲力斜向下，故不可能從bc邊界離開磁場；故D錯誤；

故選AB。11、A:D【分析】【詳解】

A．線圈經過中性面時磁通量的變化率為零；則角速度變大，磁通量的變化率不變，選項A正確；

BC．根據Em=nBSω可知，角速度加倍，則感應電動勢最大值變?yōu)樵瓉淼?倍，有效值變2倍，轉一圈的時間減半，根據可知；線圈每轉一圈產生的焦耳熱變?yōu)樵瓉淼?倍，選項BC錯誤；

D．根據可知；線圈中感應電流的頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，選項D正確。

故選AD。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由可得交變電流的有效值為220V，根據

可得副線圈兩端的電壓為10V；此時小燈泡正常發(fā)光，則小燈泡的額定電壓為10V，故A錯誤；

B．由

可得小燈泡的額定功率為故B正確；

C．燈泡與滑動變阻器并聯(lián)；因此滑動移動，小燈泡不受影響，故C正確。

故選BC。13、A:D【分析】【詳解】

A．根據變壓器電壓變化規(guī)律得

A正確；

B．根據變壓器電流變化規(guī)律得

B錯誤；

CD．設原線圈兩端的電壓為U1，則副線圈兩端的電壓為0.5U1，則副線圈中的電流為根據電流關系得，原線圈中的電流為所以有

解得

則副線圈兩端的電壓為88V。C錯誤；D正確。

故選AD。14、B:C【分析】【詳解】

AB．以磁場方向垂直紙面向外為例；打在極板上粒子軌跡的臨界狀態(tài)如圖1所示；

根據幾何關系知，帶電粒子能到達板上的長度

故A錯誤；B正確；

CD．在磁場中打到板上的粒子運動時間最長和最短的運動軌跡示意圖如圖2所示，由幾何關系知，最長時間t1＝T

最短時間t2＝T

又有粒子在磁場中運動的周期

根據題意t1－t2＝Δt

聯(lián)立解得

若磁場方向垂直紙面向里；可得出同樣的結論，故C正確，D錯誤。

故選BC。15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．對導體棒P在下滑過程中受力分析有

而安培力為

而

由

由題可知

聯(lián)立可得

故A正確；

B．導體棒在傾斜軌道上做勻變速直線運動，由

解得

故B錯誤；

CD．當導體棒P進入水平導軌后，導體棒P切割磁感線產生感應電動勢，產生感應電流，導體棒在安培力作用下開始減速，產生的感應電流逐漸減小，安培力逐漸減小，所以當P剛進入水平軌道時產生的感應電動勢最大，感應電流最大，安培力最大，由受力平衡可知此時導體排Q受到的摩擦力最大，所以有

故D正確；C錯誤。

故選AD。16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．用戶端負載增加；故變壓器輸出功率變大，故輸電線的電流增大，故輸電線上損失電壓將增大，故A正確；

B．由。

可知升壓變壓器輸出電壓由升壓變壓器的原；副線圈的匝數和升壓變壓器的輸入電壓決定；故不變，故B錯誤；

C．由于用戶端負載增加時；升壓變壓器輸出電壓不變，輸電線上損失的電壓增大，因此降壓變壓器的輸入電壓降低，由。

由于原；副線圈匝數不變；故降壓變壓器輸出電壓降低，故C錯誤；

D．由于用戶端負載增加時；電路中電流增加，由。

可知；電廠的輸出功率增大，故D正確。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]由圖可知；這種熱敏電阻在溫度上升時電阻減小，其導電能力增強；相對金屬熱電阻而言，熱敏電阻受溫度變化的響應更敏感。

（2）[3][4]根據閉合電路的歐姆定律可知。

解得。

則T-I關系是非線性關系，即溫度越高，電流越小，電流表的指針越偏左，即溫度刻度線是左大右小；溫度變化相同時，溫度越高，電流變化越小，即溫度刻度線是左密右疏?！窘馕觥吭鰪娒舾凶蟠笥倚∽竺苡沂?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]如圖所示的電路中，當受到強光的照射下，的阻值減??；電流增大，則燈L會發(fā)光。

[2]當用遮光板蓋住時，的阻值增大，電流減小，燈L不會發(fā)光?！窘馕觥繒粫?9、略

【分析】【詳解】

[1]．如圖所示；按鈕開關K按下前，發(fā)光二極管；限流電阻與燈泡串聯(lián)，有小電流通過發(fā)光二極管，因此發(fā)光二極管處于發(fā)光狀態(tài)．

[2][3]．當按鈕開關K按下再釋放后；由于通電路瞬間延時開關觸發(fā)，相當于S閉合，二極管被短路，所以處于熄滅狀態(tài)；由于延時開關S約在1分鐘后斷開，電燈才熄滅，則知電燈L發(fā)光持續(xù)時間約1min．

[4]．只有當限流電阻R的阻值比燈絲電阻RL大得多時；通過發(fā)光二極管的電流才很小，確保二極管不燒壞．

【點睛】

解決本題的關鍵是根據延時開關的閉合和斷開時，電路的連接方式正確進行分析即可．【解析】發(fā)光的1熄滅的?20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]圖（a）中；線圈平面與磁感線垂直，磁通量最大，磁通量變化率為零。

（2）[3]從圖（b）開始計時，線圈中電流i隨時間t變化的關系是i=Imcosωt。

（3）[4][5]當線圈轉到圖（c）位置時為中性面；感應電流為零，最小，且感應電流方向發(fā)生改變。

（4）[6][7]當線圈轉到圖（d）位置時，磁通量變化率最大，此時感應電動勢最大，由右手定則可知，ab邊感應電流方向為b→a。【解析】①.最大②.零③.i=Imcosωt④.最?、?改變⑥.最大⑦.b→a21、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.正確②.錯誤③.正確④.錯誤22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]①用長導線繞一個n匝線圈，作為副線圈替代A線圈．

②把低壓交流電源接B線圈，用多用電表交流電壓擋測得繞制的線圈的輸出電壓U.

③用A線圈換下繞制的線圈，用多用電表交流電壓擋測得A線圈的輸出電壓UA.

[2]根據電磁感應原理可知

可得nA＝n【解析】見解析nA＝n23、略

【分析】【詳解】

[1]矩形線圈abcd如圖所示放置，此時通過線圈的磁通量為Φ1=BSsinθ①

當規(guī)定此時穿過線圈為正面，則當線圈繞ab軸轉90°角時；穿過線圈反面；

則其的磁通量Φ2=-BScosθ②

線框產生的平均電動勢③

由①②③式解得，線框產生的平均電動勢為【解析】2.8V24、略

【分析】【分析】

【詳解】

帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律

可得：

沿-x軸方向射出的粒子圓心在y軸上；如圖：

利用幾何關系可知，所有粒子運動的圓心在以O為圓心，R為半徑的圓中的第一象限部分；

則可知，粒子在x軸和y軸上達到的最遠距離均為

【點睛】

本題解決的關鍵在于能通過分析找出所有粒子的運動軌跡間的關系，這種有無數粒子的問題要注意重點觀測邊界點的運動情況．【解析】25、略

【分析】【詳解】

[1]線圈內有逆時針電流，由右手定則可知線圈向上運動；感應電流增大，由可得

則線圈加速運動；所以線圈向上加速運動。

[2]由解得

以豎直向下為正方向，則

由牛頓第二定律得

解得

代入數據得【解析】向上加速-2.2四、作圖題(共4題，共40分)26、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。