2025年外研銜接版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年外研銜接版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過(guò)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，其V–T圖像如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）

A.B→C的過(guò)程中，氣體一定放出熱量B.B→C的過(guò)程中，氣體分子平均動(dòng)能增加C.A→B的過(guò)程中，氣體分子的密集程度變小D.A→B的過(guò)程中，每個(gè)分子對(duì)器壁的平均撞擊力變大2、下列說(shuō)法中不正確的是（）A.內(nèi)能不同的物體，它們分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能可能相同B.當(dāng)附著層中液體分子比液體內(nèi)部稀流時(shí)，液體與固體之間就表現(xiàn)為不浸潤(rùn)現(xiàn)象C.液晶既像液體一樣具有流動(dòng)性，又跟某些晶體一樣具有光學(xué)性質(zhì)的各向異性D.隨著分子間距離的增大，分子間作用力減小，分子勢(shì)能也減小3、一定質(zhì)量的理想氣體的體積V隨熱力學(xué)溫度T變化的情況如圖所示。氣體先后經(jīng)歷狀態(tài)A、B和C；下列說(shuō)法正確的是（）

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體壓強(qiáng)保持不變B.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體內(nèi)能保持不變C.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體對(duì)外做功D.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體向外放熱4、兩根互相平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線距離較近，通以相反方向的電流，電流大小關(guān)系＞設(shè)受到的安培力為受到的安培力為則下列說(shuō)法中正確的是（）A.相互吸引B.相互排斥C.相互排斥D.相互吸引5、如圖所示，R1、R2是兩個(gè)定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器，L為小燈泡，電源的內(nèi)阻為r，開關(guān)S閉合后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向上移動(dòng)時(shí)，則()

A.電壓表示數(shù)不變B.小燈泡變亮C.電容器處于充電狀態(tài)D.電源的電功率變大6、已知均勻帶電的無(wú)窮大平面在真空中激發(fā)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為其中為平面上單位面積所帶的電荷量，為常量．如圖所示的平行板電容器，極板正對(duì)面積為S，其間為真空，帶電荷量為Q．不計(jì)邊緣效應(yīng)時(shí)，極板可看作無(wú)窮大導(dǎo)體板，則極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和兩極板間相互的靜電引力大小分別為A.和B.和C.和D.和7、如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計(jì)，開始時(shí)開關(guān)S閉合；靜電計(jì)指針張開一定角度。下列操作可使指針張開角度增大一些的是（）

A.保持開關(guān)S閉合，將R上的滑片向右移動(dòng)B.斷開開關(guān)S后，將B兩極板靠近一些C.斷開開關(guān)S后，將B兩極板的正對(duì)面積減小一些D.保持開關(guān)S閉合，將B兩極板分開一些8、如圖；兩束單色光A；B分別沿半徑方向由空氣射入半圓形玻璃磚，出射時(shí)合成一束復(fù)色光P，下列說(shuō)法正確的是。

A.A光的頻率小于B光的頻率B.在玻璃磚中A光的傳播速度小于B光的傳播速度C.玻璃磚對(duì)A光的折射率大于對(duì)B光的折射率D.兩種單色光由玻璃射向空氣時(shí)，A光的臨界角較小9、一質(zhì)量為M的航天器，正以速度在太空中飛行，某一時(shí)刻航天器接到加速的指令后，發(fā)動(dòng)機(jī)瞬間向后噴出一定質(zhì)量的氣體，氣體噴出時(shí)速度大小為加速后航天器的速度大小則噴出氣體的質(zhì)量m為A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=T，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有兩半徑均為0.6m的金屬圓環(huán)平行豎直放置，兩圓心所在直線OO′與磁場(chǎng)方向垂直．圓環(huán)通過(guò)電刷與理想變壓器原線圈相連，長(zhǎng)為0.5m的導(dǎo)體棒ab兩個(gè)端點(diǎn)剛好分別搭接在兩圓環(huán)上，且與OO′平行．現(xiàn)讓導(dǎo)體棒沿圓環(huán)內(nèi)側(cè)、繞OO′以20πrad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，恰好使標(biāo)有“3V4.5W”的小燈泡L正常發(fā)光．已知理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1:n2=2:1；圖中電壓表為理想電壓表，圓環(huán)；導(dǎo)體棒、導(dǎo)線電阻不計(jì)，則。

A.電壓表的示數(shù)為6VB.R0的電阻值為1.5ΩC.整個(gè)電路消耗的總功率為WD.ab沿圓環(huán)轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中受到的最大安培力為N11、下列說(shuō)法正確的是（）A.氣體分子間距離很大，因此，氣體分子間只存在分子引力，不存在分子斥力B.在一定溫度下，每個(gè)氣體分子對(duì)器壁碰撞時(shí)，對(duì)器壁的沖擊力大小都相等C.溫度升高，氣體的壓強(qiáng)不一定增大D.氣體分子間除相互碰撞外，相互作用很小12、關(guān)于分子動(dòng)理論，下列說(shuō)法正確的是（）A.若僅知道氦氣的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，則不能算出氦氣分子的體積B.溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越緩慢C.相同質(zhì)量的水和冰在0°C時(shí)，分子平均動(dòng)能一定相等E.兩個(gè)分子間的距離變大的過(guò)程中，分子間引力的變化總是比斥力的變化快E.兩個(gè)分子間的距離變大的過(guò)程中，分子間引力的變化總是比斥力的變化快13、一定質(zhì)量的理想氣體從a狀態(tài)開始，經(jīng)歷三個(gè)過(guò)程ab、bc、ca回到a狀態(tài)，其p——t圖像如圖所示，圖中ba的延長(zhǎng)線過(guò)原點(diǎn)O，bc平行于t軸，ca的延長(zhǎng)線過(guò)點(diǎn)t0（-273.15℃；0）。下列判斷正確的是（）

A.過(guò)程ab中氣體體積不變B.過(guò)程ca中氣體體積不變C.過(guò)程ca中外界對(duì)氣體做功D.過(guò)程bc中氣體對(duì)外界做功14、有一定質(zhì)量的理想氣體，其壓強(qiáng)隨熱力學(xué)溫度的變化的圖象如圖所示，理想氣體經(jīng)歷了的循環(huán)過(guò)程。下列分析正確的是（）

A.過(guò)程中氣體吸收熱量B.四個(gè)狀態(tài)中，只有狀態(tài)時(shí)理想氣體分子的平均動(dòng)能最大C.過(guò)程氣體對(duì)外界做功，并從外界吸收熱量E.四個(gè)狀態(tài)中，狀態(tài)時(shí)氣體的體積最小E.四個(gè)狀態(tài)中，狀態(tài)時(shí)氣體的體積最小15、如圖甲所示，水平放置的平行金屬導(dǎo)軌連接一個(gè)平行板電容器C和電阻R，導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌接觸良好，整個(gè)裝置放置在垂直于導(dǎo)軌平面的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化情況如圖乙所示（圖示磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)檎?，MN始終保持靜止，則時(shí)間內(nèi)（）

A.電容器的電荷量大小始終不變B.電容器的板先帶正電后帶負(fù)電C.所受安培力的方向先向右后向左D.所受安培力的在大小始終不變16、如圖，圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動(dòng)變阻器連接成如圖所示的電路．若將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下滑動(dòng)；下列說(shuō)法中正確的是()

A.線圈a中將產(chǎn)生俯視逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流B.穿過(guò)線圈a的磁通量變小C.線圈a有擴(kuò)張的趨勢(shì)D.線圈a對(duì)水平桌面的壓力FN將增大評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、熱平衡的性質(zhì)：達(dá)到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的_______。18、馬鞍山是一座鋼鐵城市，馬鋼工人時(shí)常為高爐進(jìn)行檢修．而這時(shí)高爐內(nèi)干燥空氣的溫度竟達(dá)160℃，工人卻安全在爐內(nèi)工作幾個(gè)小時(shí)，是因?yàn)開_______．19、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，分別經(jīng)歷等溫變化a→b和等容變化b→c。在a→b過(guò)程中，氣體的內(nèi)能______（填“增大”“減小”或“不變”）；在a→b→c過(guò)程中，氣體_______（填“吸收”或“放出”）熱量。

20、在如甲圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)，L1、L2、L3為3個(gè)相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當(dāng)開關(guān)閉合后，燈泡L1的電阻為_________Ω，燈泡L2消耗的電功率為_________W．

21、卡文迪許扭秤是用來(lái)測(cè)定萬(wàn)有引力恒量的重要儀器，為了觀察懸掛的石英絲發(fā)生的微小扭轉(zhuǎn)形變，卡文迪許采用了光放大的原理，圖中懸掛在石英絲下端的T形架的豎直桿上裝一塊小平面鏡M，M可將由光源S射來(lái)的光線反射到弧形的刻度尺上（圓弧的圓心即在M處）．已知尺距M為2m，若反射光斑在尺S上移動(dòng)2cm，則平面鏡M轉(zhuǎn)過(guò)的角度是________rad．

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)25、在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中；甲；乙兩位同學(xué)用了不同的實(shí)驗(yàn)方案．

（1）如圖1所示；甲同學(xué)利用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．

①實(shí)驗(yàn)中，斜槽軌道末端_______________．（填選項(xiàng)前字母）

A．必須水平。

B．要向上傾斜。

C．要向下傾斜。

②若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2．實(shí)驗(yàn)要求m1___________m2，r1_________r2．（填“＞”“＜”或“＝”）

③圖1中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射小球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)位置P，測(cè)量平拋射程OP．然后把被碰小球m2靜置于軌道水平部分末端，再將入射小球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)．空氣阻力忽略不計(jì)，接下來(lái)要完成的必要步驟是_____________．（填選項(xiàng)前的字母）

A．測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m1、m2

B．測(cè)量小球m1開始釋放時(shí)的高度h

C．測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度H

D．分別找到m1、m2相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、N

E．測(cè)量平拋射程OM、ON

F．測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的半徑r1、r2

④若兩小球相碰前后的的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為_____________________________；若碰撞時(shí)彈性碰撞，則還可以寫出表達(dá)式為________________________．（用③問中測(cè)量的量表示）

（2）如圖2所示，乙同學(xué)利用此裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．水平氣墊導(dǎo)軌（軌道與滑塊間摩擦力忽略不計(jì)）上裝有兩個(gè)光電計(jì)時(shí)裝置C和D，可記錄遮光片的遮光時(shí)間．將滑塊A、B靜止放在導(dǎo)軌上；乙同學(xué)按照如下步驟進(jìn)行試驗(yàn)：

a．測(cè)量滑塊A的質(zhì)量測(cè)量滑塊B的質(zhì)量

b．測(cè)量滑塊A的遮光片的寬度d1，滑塊B的遮光片的寬度d2

c．給滑塊A一個(gè)向右瞬時(shí)沖量，讓滑塊A與靜止的滑塊B發(fā)生碰撞后，B、A依次通過(guò)光電計(jì)時(shí)裝置D

d．待B、A完全通過(guò)廣電計(jì)時(shí)裝置D后用手分別按住。

e．記錄光電計(jì)時(shí)電裝置C顯示的時(shí)間t1和裝置D顯示的時(shí)間t2、t3

①完成上述實(shí)驗(yàn)步驟需要的實(shí)驗(yàn)器材有___________．

②按照乙同學(xué)的操作，若兩滑塊碰撞前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為________________________；兩滑塊碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能為________________________________．

（3）通過(guò)實(shí)驗(yàn)來(lái)“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”，不論采用何種方法，都要測(cè)得系統(tǒng)內(nèi)物體作用前后的“速度”，請(qǐng)比較分析甲、乙同學(xué)的兩個(gè)實(shí)驗(yàn)方案，分別說(shuō)明在測(cè)得“速度”的方法上有何不同？___________26、在用兩面平行的玻璃磚測(cè)定玻璃折射率的實(shí)驗(yàn)中；其實(shí)驗(yàn)光路如圖（a）．

（1）在實(shí)驗(yàn)中，如果用量角器分別量出入射角和折射角那么，該玻璃磚的折射率的表達(dá)式為______________．

（2）在實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理中；有兩位同學(xué)各設(shè)計(jì)了一個(gè)記錄表格，而且都已完成了計(jì)算，根據(jù)他們?cè)O(shè)計(jì)的表格所反應(yīng)的信息，判斷他們論證做得是否正確．

甲同學(xué)設(shè)計(jì)的表格是：

乙同學(xué)設(shè)計(jì)的表格是：

答：上述兩位同學(xué)做得正確的是________（選填“甲”或“乙”）．

（3）若甲在做測(cè)定玻璃的折射率的實(shí)驗(yàn)時(shí)，法線畫得與界面不垂直，出現(xiàn)如圖（b）所示的傾斜；若在放置玻璃磚時(shí)，玻璃磚的平面沒有與重合，出現(xiàn)如圖（c）所示的偏差，則他們測(cè)得的折射率比真實(shí)值_______

A．甲、乙均偏小B．甲、乙均偏大C．甲偏大、乙偏D．甲偏小，乙偏大27、要測(cè)繪一個(gè)標(biāo)有“3V0.6W”的小燈泡的伏安特性曲線；燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作。已選用的器材有：

電池組（電動(dòng)勢(shì)為內(nèi)阻約1Ω）：

電流表（量程為0~250mA；內(nèi)阻約5Ω）；

電壓表（量程為0~3V；內(nèi)阻約3kΩ）；

開關(guān)一個(gè)；導(dǎo)線若干。

（1）實(shí)驗(yàn)中所用的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_________________（填字母代號(hào)）。

A．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為20Ω）

B．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為1750Ω）

（2）實(shí)驗(yàn)的電路圖應(yīng)選用下列的圖_________________（填字母代號(hào)）．

（3）根據(jù)上題所選電路，連接實(shí)物圖甲________。

（4）實(shí)驗(yàn)得到小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示。如果將這個(gè)小燈泡接到電動(dòng)勢(shì)為1.5V、內(nèi)阻為5.0Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是_________________W。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）28、（1）某同學(xué)利用測(cè)力計(jì)研究在豎直方向運(yùn)行的電梯運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，他在地面上用測(cè)力計(jì)測(cè)量砝碼的重力，實(shí)數(shù)是G，他在電梯中用測(cè)力計(jì)仍測(cè)量同一砝碼的重力，則測(cè)力計(jì)的實(shí)數(shù)小于G，由此判斷此時(shí)電梯的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)能是_________________。

（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量某金屬絲直徑的結(jié)果如圖所示，該金屬絲的直徑是_________mm。

（3）某同學(xué)用大頭針、三角板、量角器等器材測(cè)量玻璃磚的折射率，開始玻璃磚位置如圖中實(shí)線所示，使大頭針圓心在同一直線上，該直線垂直于玻璃磚的直徑邊，然后使玻璃磚繞圓心緩緩轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)在玻璃磚的直徑邊一側(cè)觀察的像，且的像擋住的像，如此觀察，當(dāng)玻璃磚轉(zhuǎn)到圖中虛線位置時(shí)，上述現(xiàn)象恰好消失。此時(shí)只需測(cè)量出______________，即可計(jì)算出玻璃磚的折射率，請(qǐng)用你的方法表示出折射率________

（4）某同學(xué)測(cè)量阻值約為25kΩ的電阻；現(xiàn)備有下列器材：

A．電流表（量程122μA；內(nèi)阻約2kΩ）；

B．電流表（量程500μA；內(nèi)阻約300Ω）；

C．電壓表（量程15V；內(nèi)阻約100kΩ）；

D．電壓表（量程50V；內(nèi)阻約500kΩ）；

E．直流電源（20V；允許最大電流1A）；

F．滑動(dòng)變阻器（最大阻值1kΩ；額定功率1W）；

G．電鍵和導(dǎo)線若干。

電流表應(yīng)選_________，電壓表應(yīng)_________。(填字母代號(hào))

該同學(xué)正確選擇儀器后連接了以下電路；為保證實(shí)驗(yàn)順利進(jìn)行，并使測(cè)量誤差盡量減小，實(shí)驗(yàn)前請(qǐng)你檢查該電路，指出電路在接線上存在的問題：

①_________________________________________.

②_________________________________________.

評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共12分)29、如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的金屬導(dǎo)軌MN、PQ平行放置在傾角為θ的絕緣斜面上，兩導(dǎo)軌間距為l.在M、P兩點(diǎn)間接有阻值為R的電阻.一根質(zhì)量為m的均勻直金屬桿ab放在兩導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)軌和金屬桿接觸良好，不計(jì)它們之間的摩擦，且導(dǎo)軌和金屬桿的電阻可忽略,重力加速度為g.

(1)讓ab桿由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑；求它下滑的加速度大小.

(2)若在整套裝置上施加磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng).讓ab桿由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑.

a.當(dāng)ab桿速度大小為v時(shí)，求此時(shí)ab桿中的電流大?。?/p>

b.求ab桿下滑過(guò)程中的最大速度.30、如圖甲為氣壓式升降椅，圖乙為其簡(jiǎn)易結(jié)構(gòu)示意圖，圓柱形氣缸與椅面固定連接，總質(zhì)量為橫截面積的柱狀氣動(dòng)桿與底座固定連接?？勺杂梢苿?dòng)的氣缸與氣動(dòng)桿之間封閉一定質(zhì)量氮?dú)猓ㄒ暈槔硐霘怏w），穩(wěn)定后測(cè)得封閉氣體柱長(zhǎng)度設(shè)氣缸氣密性、導(dǎo)熱性能良好，忽略摩擦力。已知大氣壓強(qiáng)設(shè)白天環(huán)境溫度恒定，重力加速度求：

(1)初始狀態(tài)封閉氣體的壓強(qiáng)；

(2)若質(zhì)量為的人靜坐在椅面上（手腳未接觸其它物體）；穩(wěn)定后椅面下降的高度；

(3)若夜間環(huán)境溫度降低；椅面下降高度為1cm，則此夜間環(huán)境溫度為多少？

31、兩個(gè)質(zhì)量都是=0.4kg的砂箱A、B并排放在光滑的水平桌面上，一顆質(zhì)量為m=0.1kg的子彈以v0=140m/s的水平速度射向A，如圖所示。射穿后，進(jìn)入B并同B一起運(yùn)動(dòng)，測(cè)得A、B落點(diǎn)到桌邊緣的水平距離求：

(1)沙箱離開桌面的瞬時(shí)速度；

(2)子彈在砂箱A、B中穿行時(shí)系統(tǒng)一共產(chǎn)生的熱量Q。32、如圖所示，一根長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.2m的剛性輕繩，一端固定在O點(diǎn)，另一端連接一個(gè)質(zhì)量為m的小球，當(dāng)球自由懸掛時(shí)，球處在最低點(diǎn)A點(diǎn)，此時(shí)給球一個(gè)水平初速度v0讓它運(yùn)動(dòng)起來(lái)，忽略空氣阻力，重力加速度

（1）要保證小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中繩子始終不松弛，求v0滿足的條件；

（2）若小球在A點(diǎn)獲得的水平初速度試確定小球能上升的最大高度．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

A．因?yàn)閳D線中，BC段的圖線是過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，則B→C的過(guò)程中，體積減小，即外界對(duì)氣體做功（W為正），而溫度減小，內(nèi)能減小（為負(fù)），根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體一定對(duì)外放熱（Q為負(fù)）；故A正確；

B．B→C的過(guò)程中；溫度降低，分子平均動(dòng)能減小，故B錯(cuò)誤；

C．A→B的過(guò)程中；體積減小，而氣體質(zhì)量不變，所以氣體分子的密集程度增大，故C錯(cuò)誤；

D．A→B的過(guò)程中；溫度一定時(shí)，體積減小，單位體積內(nèi)的分子數(shù)增多，從而壓強(qiáng)增大，而并不是每個(gè)分子對(duì)器壁的撞擊力變大，故D錯(cuò)誤。

故選A。2、D【分析】【詳解】

A．物體中所有分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能與分子勢(shì)能的總和叫做物體的內(nèi)能。內(nèi)能不同的物體；但它們的溫度可能相同，所以它們分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能可能相同，故A正確，不符合題意；

B．附著層的液體分子比液體內(nèi)部的分子稀疏；分子力為引力，所以液體與固體之間表現(xiàn)為不浸潤(rùn)，故B正確，不符合題意；

C．液晶既像液體一樣具有流動(dòng)性；又跟某些晶體一樣具有光學(xué)性質(zhì)的各向異性，故C正確，不符合題意；

D．當(dāng)分子距離從小于r0的位置逐漸增大到r0的過(guò)程中，分子力表現(xiàn)為斥力，逐漸減小，分子力做正功，分子勢(shì)能減小，當(dāng)分子距離從等于r0的位置逐漸增大的過(guò)程中；分子力表現(xiàn)為引力，先增大后減小，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加，故D錯(cuò)誤，符合題意。

故選D。3、A【分析】【詳解】

A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B；氣體作等壓變化，故A正確；

B．從狀態(tài)A到狀態(tài)B；溫度升高，所以氣體內(nèi)能變大，故B錯(cuò)誤；

CD．從狀態(tài)B到狀態(tài)C；溫度升高，氣體內(nèi)能增大，體積不變，氣體不做功，由熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w從外界吸收熱量。故CD錯(cuò)誤。

故選A。4、C【分析】【詳解】

AB．通電導(dǎo)線在其周圍產(chǎn)生磁場(chǎng)；通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到安培力作用，兩導(dǎo)線所受安培力是作用力與反作用力，它們大小相等，AB錯(cuò)誤；

CD．假設(shè)兩導(dǎo)線豎直放置；如圖所示。

由右手螺旋定則可知：在處產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向里，由左手定則可知，所所受安培力向右；由右手螺旋定則可知：在處產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向里，由左手定則可知所所受安培力向左；則兩導(dǎo)線相互排斥，C正確D錯(cuò)誤．5、C【分析】【詳解】

A．B．閉合開關(guān)S后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，增大；外電路總電阻增大，干路電流減小，則小燈泡亮度變暗，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電壓表的示數(shù)變大，故AB錯(cuò)誤；

C．電路穩(wěn)定時(shí)電容器的電壓等于R1、串聯(lián)總電壓，增大；根據(jù)串聯(lián)電路電壓分配規(guī)律可知，電容器的電壓增大，則電容器處于充電狀態(tài)，故C正確；

D．電源的總功率為

干路電流I減小，E不變；則電源的總功率變小，故D錯(cuò)誤。

故選C。

【點(diǎn)睛】

本題按“部分→整體→部分”的思路進(jìn)行動(dòng)態(tài)變化分析。對(duì)于電壓表的示數(shù)，可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大的結(jié)論進(jìn)行分析。根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的特點(diǎn)，分析各部分電壓的變化，比較簡(jiǎn)便。6、D【分析】【詳解】

由公式正負(fù)極板都有場(chǎng)強(qiáng)，由場(chǎng)強(qiáng)的疊加可得電場(chǎng)力故選D．

【考點(diǎn)定位】考查電場(chǎng)知識(shí)．7、C【分析】【詳解】

保持開關(guān)閉合；電容器兩端的電勢(shì)差等于電源的電動(dòng)勢(shì)，故電容器兩端的電勢(shì)差不變，則指針張角不變，故AD錯(cuò)誤；斷開開關(guān)S后，電容器帶電量不變，將AB靠近一些，則d減小，電容變大，根據(jù)C=Q/U知，電勢(shì)差減小，指針張角減小，故B錯(cuò)誤；斷開開關(guān)S后，電容器帶電量Q不變，將A；B兩極板的正對(duì)面積減小一些，電容C減小，根據(jù)C=Q/U知，電勢(shì)差U增大，指針張角增大，故C正確；故選C。

【點(diǎn)睛】

本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，關(guān)鍵抓住斷開電鍵，電容器所帶的電量不變，電鍵閉合，電容器兩端的電勢(shì)差不變．8、A【分析】【詳解】

由題圖可知，玻璃磚對(duì)B光的折射程度大，則nB＞nA，故B光的頻率較大，故A正確、C錯(cuò)誤；由v=c/n知，在玻璃磚中，vB＜vA，故B錯(cuò)誤；兩種單色光由玻璃射向空氣時(shí)，由于sinC=1/n，所以，CB＜CA，故D錯(cuò)誤；故選A。9、C【分析】【分析】

【詳解】

規(guī)定航天器的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律可得

解得

故選C。二、多選題(共7題，共14分)10、B:D【分析】【詳解】

AB.根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交流電，當(dāng)導(dǎo)體棒經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)和最高點(diǎn)時(shí)，切割的方向與磁場(chǎng)方向垂直，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則則有壓器原線圈兩端的電壓根據(jù)可得電壓表的示數(shù)為通過(guò)小燈泡的電流根據(jù)可得的電阻值為故選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；

C.整個(gè)電路消耗的總功率為故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)安培力表達(dá)式，最大安培力大小故選項(xiàng)D正確．11、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)分子動(dòng)理論可知；分子間同時(shí)存在分子引力和斥力，且分子引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，只是分子斥力減小得更快些，氣體分子間距離較大，但引力和斥力都同時(shí)存在，只是都非常微弱，A錯(cuò)誤；

B．由于每個(gè)氣體分子的動(dòng)能不一定相同；且每時(shí)每刻都在變化，則每個(gè)氣體分子碰撞器壁時(shí)對(duì)器壁的沖擊力大小也不一定相等，B錯(cuò)誤；

CD．氣體的壓強(qiáng)由氣體分子的平均速率和數(shù)密度這兩個(gè)因素決定；而溫度只決定于氣體分子的平均速率，如果溫度升高，當(dāng)氣體分子數(shù)密度減小時(shí)，氣體的壓強(qiáng)就不一定增大，氣體分子間除相互碰撞外相互作用很小，故選項(xiàng)CD正確。

故選CD。12、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于氣體分子間距很大；僅知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，不能算出氣體分子的體積，選項(xiàng)A正確；

B．溫度越高；分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．分子平均動(dòng)能與溫度有關(guān)；所以相同質(zhì)量的水和冰在0°C時(shí)，分子平均動(dòng)能一定相等，選項(xiàng)C正確；

D．當(dāng)分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)；分子間的距離越小，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能越大，選項(xiàng)D正確；

E．兩個(gè)分子間的距離變大的過(guò)程中；分子間引力的變化總是比斥力的變化慢，選項(xiàng)E錯(cuò)誤。

故選ACD。13、B:D【分析】【詳解】

A．由題圖可知，過(guò)程ab，b與t0連線的斜率大于a與t0連線的斜率，則b狀態(tài)氣體的體積小于a狀態(tài)氣體的體積，則過(guò)程ab中氣體的體積減小；故A錯(cuò)誤；

B．由題圖可知，過(guò)程ca；氣體壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比，則氣體發(fā)生等容變化，氣體體積不變，故B正確；

C．由于過(guò)程ca體積不變；所以外界對(duì)氣體不做功，故C錯(cuò)誤；

D．由題圖可知，過(guò)程bc；氣體的壓強(qiáng)不變，溫度升高，體積變大，氣體對(duì)外界做功，故D正確。

故選BD。14、A:C:E【分析】【詳解】

A.由圖象可知，過(guò)程壓強(qiáng)不變，溫度升高，內(nèi)能增加，由可知，氣體體積增大，對(duì)外做功，由知；氣體吸熱，故A正確；

B.恒溫過(guò)程；氣體分子平均動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；

C.過(guò)程，壓強(qiáng)減小，由可知體積增加；氣體對(duì)外做功，因此氣體一定吸熱，故C正確；

D.過(guò)程，壓強(qiáng)恒定，減小，減小，由可知體積減小，則外界對(duì)氣體做功，由可知；氣體放熱，故D錯(cuò)誤；

E.延長(zhǎng)線通過(guò)原點(diǎn)，體積相等，即過(guò)程過(guò)程綜上分析可知狀態(tài)氣體體積最小；故E正確。

故選：ACE。15、A:C【分析】【詳解】

A．由圖乙知，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，電路中電流恒定，電阻R兩端的電壓恒定，則電容器兩端的電壓恒定，根據(jù)可知電容器C的電荷量大小始終不變；故A正確；

B．根據(jù)楞次定律判斷可知；通過(guò)導(dǎo)體棒的電流一直向上，故電容器a板電勢(shì)較高，一直帶正電，故B錯(cuò)誤；

C．MN中感應(yīng)電流方向一直向上；由左手定則判斷可知，MN所受安培力的方向先向右后向左，故C正確；

D．根據(jù)安培力公式不變；由于磁感應(yīng)強(qiáng)度變化，MN所受安培力的大小變化，故D錯(cuò)誤。

故選AC。16、A:D【分析】【詳解】

A.滑片向下滑動(dòng)，回路電阻減小，電流增大，螺線管產(chǎn)生磁場(chǎng)變強(qiáng)，根據(jù)右手定則判斷穿過(guò)a線圈的磁感應(yīng)強(qiáng)度豎直向下，所以感應(yīng)電流產(chǎn)生磁場(chǎng)豎直向上，根據(jù)右手定則判斷，線圈a中將產(chǎn)生俯視逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流；A正確。

B.因?yàn)槁菥€管產(chǎn)生磁場(chǎng)變強(qiáng)，線圈a面積不變，線圈a的磁通量變大，B錯(cuò)誤。

C.根據(jù)楞次定律；“增縮減擴(kuò)”原理可以判斷，線圈有收縮的趨勢(shì)，C錯(cuò)誤。

D.根據(jù)楞次定律，“來(lái)拒去留”原理可判斷，a線圈磁通量增大，所以線圈a有遠(yuǎn)離b的趨勢(shì)，對(duì)桌面壓力變大，D正確三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度18、略

【分析】【分析】

【詳解】

工人能在爐內(nèi)溫度竟達(dá)160℃的環(huán)境中工作幾個(gè)小時(shí)；是因?yàn)樵诟邏籂t內(nèi)干燥空氣中，工人容易排汗，通過(guò)蒸發(fā)來(lái)維持體溫．

【點(diǎn)睛】

高壓爐內(nèi)空氣溫度高，工人容易排汗，溫度越高汗液蒸發(fā)越快，蒸發(fā)吸熱，人體溫度降低．【解析】在高爐內(nèi)干燥空氣中，工人容易排汗，通過(guò)蒸發(fā)來(lái)維持體溫19、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過(guò)程中；氣體的溫度不變，則內(nèi)能不變；

[2]因c態(tài)溫度低于a態(tài)溫度，則在a→b→c過(guò)程中，氣體內(nèi)能減小，即?U<0

氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，則W>0

則根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?U=W+Q

則Q<0

即氣體放出熱量。【解析】不變放出20、略

【分析】【詳解】

當(dāng)開關(guān)閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖2讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻燈泡L2、L3串聯(lián)，電壓U2=U3=1.5V，由圖讀出其電流I2=I3=0.20A，則I1=1.25I2，燈泡L2、L3的功率均為P=UI=1.5V×0.20A=0.30W；【解析】12Ω0.30W21、略

【分析】【詳解】

由數(shù)學(xué)關(guān)系，反射光線轉(zhuǎn)過(guò)的角度

根據(jù)光的反射定律，入射光線不變，鏡面轉(zhuǎn)過(guò)的角度為【解析】四、作圖題(共3題，共21分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)25、略

【分析】【詳解】

（1）①實(shí)驗(yàn)中；斜槽軌道末端必須要水平，以保證小球能做平拋運(yùn)動(dòng)，故選A；

②為保證兩球發(fā)生正碰，要求兩球必須要等大，即r1=r2；為防止入射球反彈，則入射球的質(zhì)量要大于被碰球的質(zhì)量，即m1>m2；

③要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律，即驗(yàn)證：m1v1=m1v2+m2v3；

小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，上式兩邊同時(shí)乘以t得：m1v1t=m1v2t+m2v3t；

得：m1OP=m1OM+m2ON；

因此需要完成的必要的操作步驟是ADE．

④實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證：m1OP=m1OM+m2ON；

若碰撞時(shí)彈性碰撞，則還可以寫出表達(dá)式為

即即

（2）①完成上述實(shí)驗(yàn)步驟需要的實(shí)驗(yàn)器材有天平和刻度尺；

②碰撞前后滑塊A的速度分別為：

碰撞后滑塊B的速度為：

則要驗(yàn)證的關(guān)系是：即

兩滑塊碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能為：

（3）甲是利用平拋射程間接代替速度，乙是用遮光板通過(guò)光電門的平均速度代替瞬時(shí)速度．【解析】A>=ADE天平、刻度尺甲是利用平拋射程間接代替速度，乙是直接求出速度．26、略

【分析】【詳解】

（1）根據(jù)光的折射定律可知：

（2）為了減小測(cè)量的偶然誤差；必須采用多次測(cè)量取平均值的方法，由于每次測(cè)量時(shí)，入射角不同，折射角不同，每次測(cè)量有入射角與折射角之間沒有直接關(guān)系，入射角和折射角取平均值沒有意義，而介質(zhì)的折射率僅由介質(zhì)的性質(zhì)決定，是不變的，所以應(yīng)求出每一個(gè)入射角及對(duì)應(yīng)的折射角，運(yùn)用折射定律求出折射率，再求出折射率的平均值，可有效減小測(cè)量的誤差，這樣做有意義．故甲同學(xué)做得正確.

（3）（b）測(cè)得的入射角和折射角都偏大，而且增大相同的角度，玻璃磚的折射率為：運(yùn)用特殊值法分析：假設(shè)若法線與界面垂直時(shí)，入射角為i=45”，拆射角為r=30”，則拆射率為：若法線與界面不垂直時(shí)，入射角與折射角都增大15°，則折射率為：可見，甲的測(cè)量值將偏?。霈F(xiàn)如圖（c）所示的偏差時(shí)測(cè)量的入射角和折射角都增大，而且增大相同的角度，故測(cè)量值將偏小，故A正確，BCD錯(cuò)【解析】（1）（2）甲（3）A27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由于實(shí)驗(yàn)要求電壓從零開始調(diào)節(jié)；滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，為調(diào)節(jié)方便，應(yīng)選擇最大阻值小的滑動(dòng)變阻器，A正確，B錯(cuò)誤。

故選A。

（2）[2]由于待測(cè)小燈泡阻值較小，滿足

所以電流表應(yīng)用外接法；又滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，因此ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選B。

（3）[3]連接實(shí)物電路圖；如圖所示。

（4）[4]在小燈泡的I－U圖像中畫出電源的I－U圖像，如圖所示。讀出兩圖線交點(diǎn)處坐標(biāo)為U=1.0V，I=0.10A；所以小燈泡消耗的功率為。

P=UI=0.10W【解析】AB0.1028、略

【分析】【詳解】

（1）[1]加速度方向向下；物體處于失重狀態(tài)，故可能是減速上升或加速下降。

（2）[2]螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為

（3）[3]由題意可知，當(dāng)玻璃磚轉(zhuǎn)過(guò)某一角度θ時(shí)，剛好發(fā)生全反射，在直徑邊一側(cè)觀察不到P1、P2的像，做出如圖所示的光路圖可知，測(cè)出玻璃直徑邊轉(zhuǎn)過(guò)的角度θ，根據(jù)光路圖可知法線轉(zhuǎn)過(guò)的角度也為θ，玻璃磚內(nèi)入射角為θ，臨界角為θ，則

所以測(cè)出玻璃直徑邊轉(zhuǎn)過(guò)的角度θ；便可計(jì)算出玻璃磚的折射率。

[4]根據(jù)光路圖可知全反射的臨界角為θ，則

（4）[5]本題中，待測(cè)電