2025年滬教版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬教版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示的電路；閉合開(kāi)關(guān)后，滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)，則（）

A.電流表示數(shù)變小B.電流表示示數(shù)不變C.電壓表示數(shù)變大D.電壓表示數(shù)變小2、由太陽(yáng)能轉(zhuǎn)化的能源是（）A.核能B.風(fēng)能C.地?zé)崮蹹.潮汐能3、如圖所示；是一種加速度計(jì)的設(shè)計(jì)圖．較重的滑塊2可以在光滑的框架l中平移，滑塊兩側(cè)用兩根相同的彈簧3拉著；R為滑動(dòng)變阻器，4是滑動(dòng)片，它與電阻器任一端間的電阻值都與它到這端的距離成正比．兩個(gè)電池E的電壓相同．按圖連接電路后，調(diào)電壓表指針恰好在中央的零點(diǎn)．已知當(dāng)P端的電勢(shì)高于Q端時(shí)，指針向零點(diǎn)右側(cè)偏轉(zhuǎn)．將框架固定在運(yùn)動(dòng)的物體上，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.當(dāng)框架和物體一起向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電壓表的指針將向右偏轉(zhuǎn)B.當(dāng)框架和物體一起向左勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電壓表的指針將向右偏轉(zhuǎn)C.當(dāng)框架和物體一起向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電壓表的指針將向右偏轉(zhuǎn)D.當(dāng)框架和物體一起向左加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電壓表的指針將向右偏轉(zhuǎn)4、一帶電粒子從電場(chǎng)中的點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，軌跡如圖中虛線所示．不計(jì)粒子所受重力，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.粒子帶正電荷B.粒子加速度逐漸減小C.點(diǎn)的速度大于點(diǎn)的速度D.粒子的初速度不為零5、用電子做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)；下面三幅圖分別為100個(gè)；3000個(gè)、7000個(gè)左右的電子通過(guò)雙縫后，在膠片上出現(xiàn)的干涉圖樣．該實(shí)驗(yàn)表明。

A.電子具有波性，不具有粒子性B.電子具有粒子性，不具有波動(dòng)性C.電子既有波動(dòng)性又有粒子性D.電子到達(dá)膠片上不同位置的概率相同6、如圖所示，兩個(gè)大小相同、質(zhì)量均為m的小彈珠靜止在水平地面上，某小孩在極短時(shí)間內(nèi)給第一個(gè)彈珠一個(gè)水平?jīng)_量使其向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)谝粋€(gè)彈珠運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與第二個(gè)彈珠發(fā)生彈性正碰，碰后第二個(gè)彈珠運(yùn)動(dòng)了2L后停下。已知彈珠所受阻力大小恒為重力的k倍，重力加速度為g，則小孩對(duì)第一個(gè)彈珠（）

A.施加的沖量為B.施加的沖量為C.做的功為kmgLD.做的功為3kmgL7、下列說(shuō)法中正確的是（）A.在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，入射光頻率大于極限頻率才能產(chǎn)生光電子B.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子后猜想原子內(nèi)的正電荷集中在很小的核內(nèi)C.平均結(jié)合能越大，原子核越不穩(wěn)定D.大量光子的效果往往表現(xiàn)出粒子性，個(gè)別光子的行為往往表現(xiàn)出波動(dòng)性評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、在如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻不能忽略，當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S后，各用電器均能工作．現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器R的滑片P向下滑動(dòng)；則。

A.燈變亮，電壓表示數(shù)減小B.燈變亮，電流表示數(shù)增大C.燈變亮，電容器的帶電量增大D.電壓表和電流表的示數(shù)均減小9、用如圖所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象。所用光子能量為2.75eV的光照射到光電管上時(shí)發(fā)生了光電效應(yīng)，電流表G的示數(shù)不為零；移動(dòng)變阻器的觸點(diǎn)c，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表的示數(shù)大于或等于1.7V時(shí)，電流表示數(shù)為0，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.光電子的最大初動(dòng)能始終為1.05eVB.光電管陰極的逸出功為1.05eVC.電鍵S斷開(kāi)后，電流表G中有電流流過(guò)E.改用能量為2.5eV的光子照射，移動(dòng)變阻器的觸點(diǎn)c，電流表G中也可能有電流E.改用能量為2.5eV的光子照射，移動(dòng)變阻器的觸點(diǎn)c，電流表G中也可能有電流10、下列說(shuō)法正確的是（）A.擴(kuò)散現(xiàn)象是由外界作用引起的，如風(fēng)的對(duì)流B.單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性，液晶具有各向異性C.在一定溫度下，空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)越大，相對(duì)濕度越大D.毛細(xì)現(xiàn)象的產(chǎn)生是因?yàn)榻?rùn)的液體附著層稀疏，表現(xiàn)為引力，使其具有收縮的趨勢(shì)，使液面呈凹狀11、我國(guó)第21次南極科考隊(duì)在南極觀看到了美麗的極光．極光是由來(lái)自太陽(yáng)的高能帶電粒子流高速?zèng)_進(jìn)高空稀薄大氣層時(shí)；被地球磁場(chǎng)俘獲，從而改變?cè)羞\(yùn)動(dòng)方向，向兩極做螺旋運(yùn)動(dòng)（如圖4所示），這些高能粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中與大氣分子或原子劇烈碰撞或摩擦從而激發(fā)大氣分子或原子，使其發(fā)出有一定特征的各種顏色的光．地磁場(chǎng)的存在，使多數(shù)宇宙粒子不能到達(dá)地面而向人煙稀少的兩極偏移，為地球生命的誕生和維持提供了天然的屏障．科學(xué)家發(fā)現(xiàn)并證實(shí)，向兩極做螺旋運(yùn)動(dòng)的這些高能粒子的旋轉(zhuǎn)半徑是不斷減小的，這主要與下列哪些因素有關(guān)（）

A.洛倫茲力對(duì)粒子做負(fù)功，使其動(dòng)能減小B.空氣阻力做負(fù)功，使其動(dòng)能減小C.靠近南北兩極，磁感應(yīng)強(qiáng)度增強(qiáng)D.以上說(shuō)法都不對(duì)12、如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R．金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面向下．現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，ab始終保持靜止；下列說(shuō)法正確的是（）

A.ab中的感應(yīng)電流方向由a到bB.ab所受的安培力方向向左C.ab中的感應(yīng)電流方向由b到aD.ab所受的安培力方向向右13、如圖所示，a、b兩點(diǎn)為負(fù)點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中以Q為圓心的同一圓周上的兩點(diǎn)，a、c兩點(diǎn)為同一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)；則以下說(shuō)法正確的是。

A.a、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等B.同一試探電荷在a、b兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力相同C.a、c兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系為Ea>EcD.a、c兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向相同14、圖甲為某一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t＝0時(shí)的波形圖，圖乙為波上質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)圖象，下列說(shuō)法正確的是（）

A.這列波的傳播速度大小為4m/sB.這列波沿x正方向傳播C.t＝0.5s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)速度大于質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)速度E.質(zhì)點(diǎn)M在任意時(shí)刻t的位移為：y＝﹣0.2sin（2πt）cmE.質(zhì)點(diǎn)M在任意時(shí)刻t的位移為：y＝﹣0.2sin（2πt）cm評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、現(xiàn)代人通過(guò)放孔明燈祈福。普通的孔明燈用薄竹片架成圓桶形，外面以薄紙密實(shí)包圍，開(kāi)口朝下。釋放時(shí)，通過(guò)開(kāi)口處的火焰對(duì)燈內(nèi)氣體緩慢加熱，直到燈能浮起來(lái)，如圖所示，在緩慢加熱過(guò)程中，燈內(nèi)氣體分子的平均動(dòng)能____________（填“變大”“變小”或“不變”），燈內(nèi)氣體的密度__________（填“變大”“變小”或“不變”）。

16、研究大氣現(xiàn)象時(shí)可把溫度、壓強(qiáng)相同的一部分氣體叫做氣團(tuán)。氣團(tuán)直徑達(dá)幾千米，邊緣部分與外界的熱交換對(duì)整個(gè)氣團(tuán)沒(méi)有明顯影響，氣團(tuán)在上升過(guò)程中可看成是一定質(zhì)量理想氣體的絕熱膨脹，設(shè)氣團(tuán)在上升過(guò)程中，由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）絕熱膨脹到狀態(tài)II（p2、V2、T2）。倘若該氣團(tuán)由狀態(tài)I（p1、V1、T1）作等溫膨脹到Ⅲ（p3、V3、T3）；試回答：

(1)下列判斷正確的是_______。A．p3＜p1B．p3＜p2C．T1＞T2D．T1<T2(2)若氣團(tuán)在絕熱膨脹過(guò)程中對(duì)外做的功為W1，則其內(nèi)能變化=____；若氣團(tuán)在等溫膨脹過(guò)程中對(duì)外做的功為W2，則其內(nèi)能變化ΔE2=____。

(3)氣團(tuán)體積由V1變化到V2時(shí)，則氣團(tuán)在變化前后的密度比為_(kāi)___，分子間平均距離之比為_(kāi)_____。17、一定量的理想氣體的p－V圖像如圖所示，氣體狀態(tài)經(jīng)歷了A→B→C變化過(guò)程，A、B、C三個(gè)狀態(tài)的有關(guān)參量如圖所示，則氣體在狀態(tài)C的內(nèi)能______________氣體在狀態(tài)A的內(nèi)能（填“>”、“<”或“＝”），在A→B→C過(guò)程中，氣體需____________（填“吸熱”或“放熱”），它與外界交換的熱量的絕對(duì)值為_(kāi)____________J。18、勞倫斯制成了世界上第一臺(tái)回旋加速器，其原理如圖所示．這臺(tái)加速器由兩個(gè)銅質(zhì)D形盒構(gòu)成，其間留有空隙．若D形盒的半徑為R，所加交變電壓的頻率為f，要加速質(zhì)量為m，電荷量的粒子，則所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為_(kāi)__________，帶電粒子離開(kāi)加速器時(shí)能獲得的最大動(dòng)能__________．19、如圖所示，先后以速度和勻速地把同一線圈從同一位置拉出有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的過(guò)程中，在先后兩種情況下：

(1)線圈中的感應(yīng)電流之比

(2)線圈中通過(guò)的電量之比

(3)拉力做功的功率之比．20、用內(nèi)阻為的電壓表和內(nèi)阻為的電流表測(cè)電阻，在圖甲、乙兩種情況下，電壓表的示數(shù)都是60V，電流表的示數(shù)都是則的測(cè)量值為_(kāi)_____真實(shí)值是______的測(cè)量值為_(kāi)_____真實(shí)值是______用伏安法測(cè)電阻應(yīng)采用電流表______較好”外接法”或”內(nèi)接法”

21、如圖所示，小球A的質(zhì)量為mA=5kg，動(dòng)量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運(yùn)動(dòng)，與靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰后A的動(dòng)量大小變?yōu)镻A'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動(dòng)量大小為_(kāi)_____kg·m/s，小球B的質(zhì)量為_(kāi)___kg.

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共10分)25、某同學(xué)利用電壓表和定值電阻測(cè)蓄電池電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

(1)實(shí)驗(yàn)室有以下三個(gè)電壓表；需要將它們改裝成量程為6V的電壓表，以下措施正確的是________；

A．將電壓表V1(0～1V，內(nèi)阻約為1kΩ)與5kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

B．將電壓表V2(0～2V，內(nèi)阻約為2kΩ)與4kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

C．將電壓表V3(0～3V，內(nèi)阻為3kΩ)與3kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

D．以上三項(xiàng)都可以。

(2)用改裝并校正后的電壓表及兩個(gè)定值電阻R0；測(cè)蓄電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，圖甲為實(shí)驗(yàn)電路圖，根據(jù)給出的電路圖，將圖乙的實(shí)物連線補(bǔ)充完整______；

(3)該實(shí)驗(yàn)的主要操作步驟如下：

A．按電路原理圖連接實(shí)驗(yàn)器材；

B．將開(kāi)關(guān)S2閉合，開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)，測(cè)得電壓表的示數(shù)是U1；

C．再將開(kāi)關(guān)S1閉合，測(cè)得電壓表的示數(shù)是U2；

D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S2。

①根據(jù)實(shí)驗(yàn)所得數(shù)據(jù)，可得電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值E＝__________；電源內(nèi)阻的測(cè)量值r＝____________(結(jié)果用字母U1、U2、R0表示)；

②該實(shí)驗(yàn)測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)比實(shí)際值偏_______(填“大”或“小”)。評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共4分)26、如圖甲所示，蹦床是常見(jiàn)的兒童游樂(lè)項(xiàng)目之一，兒童從一定高度落到蹦床上，將蹦床壓下后，又被彈回到空中，如此反復(fù)，達(dá)到鍛煉和玩耍的目的．如圖乙所示，蹦床可以簡(jiǎn)化為一個(gè)豎直放置的輕彈簧，彈力的大小為kx（x為床面下沉的距離，也叫形變量；k為常量）；蹦床的初始形變量可視為0，忽略空氣阻力的影響．

（1）在一次玩耍中，某質(zhì)量為m的小孩，從距離蹦床床面高H處由靜止下落；將蹦床下壓到最低點(diǎn)后，再被彈回至空中．

a．請(qǐng)?jiān)趫D丙中畫(huà)出小孩接觸蹦床后，所受蹦床的彈力F隨形變量x變化的圖線；

b．求出小孩剛接觸蹦床時(shí)的速度大小v；

c．若已知該小孩與蹦床接觸的時(shí)間為t，求接觸蹦床過(guò)程中，蹦床對(duì)該小孩的沖量大小I．

（2）借助F-x圖，可確定彈力做功的規(guī)律．在某次玩耍中，質(zhì)量不同的兩個(gè)小孩（均可視為質(zhì)點(diǎn)），分別在兩張相同的蹦床上彈跳，請(qǐng)判斷：這兩個(gè)小孩，在蹦床上以相同形變量由靜止開(kāi)始，上升的最大高度是否相同？并論證你的觀點(diǎn)．27、如圖所示，一個(gè)內(nèi)壁光滑的圓柱形汽缸高度為L(zhǎng)、底面積為S，缸內(nèi)有一質(zhì)量為m的活塞，封閉了一定質(zhì)量的理想氣體．現(xiàn)用繩子系住汽缸底將汽缸倒過(guò)來(lái)懸掛，汽缸處于豎直狀態(tài)，缸內(nèi)氣體高為溫度為已知重力加速度為g，大氣壓強(qiáng)為不計(jì)活塞與缸體的厚度及它們間的摩擦．若采用緩慢升溫的方法使活塞與汽缸脫離，求此過(guò)程：

（1）活塞與汽缸脫離時(shí)氣體的溫度；

（2）缸內(nèi)氣體對(duì)活塞做的功；

（3）若缸內(nèi)氣體的內(nèi)能增加量為；則氣體吸收的熱量為多少。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)時(shí)；阻值變小，電路總電阻變小，則根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，電路的總電流變大，電流表示數(shù)變大；內(nèi)阻上電壓變大，則路端電壓變小，即電壓表示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤，D正確；故選D.

【點(diǎn)睛】

此題是動(dòng)態(tài)電路的分析問(wèn)題，知道用“局部-整體-局部”的分析思路進(jìn)行分析.2、B【分析】【分析】

【詳解】

核能是鏈?zhǔn)椒磻?yīng)產(chǎn)生的；地?zé)崮苁堑厍騼?nèi)部巖層運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的，潮汐能是月球?qū)Φ厍虻囊σ鸬?，故由太?yáng)能轉(zhuǎn)化的能源只能是風(fēng)能，故B正確。

故選B。3、D【分析】A、B、當(dāng)框架和物體一起向右或向左勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊處于正中央平衡，電壓表兩端點(diǎn)P與Q間的電勢(shì)相等，則電壓表示數(shù)為零，則A、B均錯(cuò)誤．C、當(dāng)物體具有向右的加速度a時(shí)，滑塊所受的彈簧的拉力的合力向右，滑塊向左移動(dòng)，根據(jù)順著電流方向電勢(shì)降低，可知P端的電勢(shì)低于Q點(diǎn)的電勢(shì)，則電壓表的指針將向零點(diǎn)左側(cè)偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤．D、當(dāng)物體有向左的加速度a時(shí)，滑塊所受的彈簧的合力向左，滑塊向右移動(dòng)，根據(jù)順著電流方向電勢(shì)降低，可知P端的電勢(shì)高于Q點(diǎn)的電勢(shì)；則電壓表的指針將向零點(diǎn)右側(cè)偏轉(zhuǎn)，故D正確．故選D．

【點(diǎn)睛】本題中應(yīng)變式加速度計(jì)體現(xiàn)了一種重要的實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)思想--轉(zhuǎn)換思想，即把難以直接測(cè)量的力學(xué)量轉(zhuǎn)換為容易測(cè)量的電學(xué)量．這類題目是力與電綜合題，關(guān)鍵要尋找力電聯(lián)系的橋梁．4、A【分析】【詳解】

A.帶電粒子所受合外力（即電場(chǎng)力）指向軌跡內(nèi)側(cè)；知電場(chǎng)力方向向左，粒子帶負(fù)電荷，故A項(xiàng)符合題意．

B.因可知從A到B；粒子加速度逐漸減小，選項(xiàng)B不符合題意；

C.粒子從A到B受到的電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，速度減小，則A點(diǎn)的速度大于B點(diǎn)的速度；選項(xiàng)C項(xiàng)不合題意．

D.由圖可知，粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，速度逐漸減小，故粒子在A點(diǎn)速度不為零，選項(xiàng)D項(xiàng)不合題意．5、C【分析】實(shí)驗(yàn)表明少數(shù)粒子表現(xiàn)為粒子性較強(qiáng)；大量粒子表現(xiàn)為波動(dòng)性較強(qiáng)，該實(shí)驗(yàn)表明電子既有波動(dòng)性又有粒子性，故選C.6、D【分析】【分析】

【詳解】

CD．兩個(gè)完全相同的小球發(fā)生彈性碰撞，速度交換，設(shè)第二個(gè)小球碰后的速度為v，根據(jù)速度位移公式有

解得對(duì)第一個(gè)小球，設(shè)小孩對(duì)其做功為W，根據(jù)動(dòng)能定理

代入可得W=3kmgL；C錯(cuò)誤；D正確；

AB．設(shè)小孩施加的沖量為I，產(chǎn)生向右的初速度為根據(jù)動(dòng)能定理有

解得

根據(jù)動(dòng)量定理有

故AB錯(cuò)誤。

故選D。7、A【分析】在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，入射光頻率大于極限頻率才能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，產(chǎn)生光電子，A正確；湯姆遜在發(fā)現(xiàn)電子后提出了棗糕式原子模型，B錯(cuò)誤；比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，C錯(cuò)誤；大量光子的效果往往表現(xiàn)出波動(dòng)性，個(gè)別光子的行為往往表現(xiàn)出粒子性，D錯(cuò)誤．二、多選題(共7題，共14分)8、A:D【分析】【詳解】

當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下時(shí)，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流增大，路端電壓減小，則燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減??；根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知，并聯(lián)部分的電壓減小，則燈L2的電流減小，燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小；根據(jù)干路電流增大，流過(guò)燈L2的電流減小，根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可知，L3中電流增大，燈L3變亮；并聯(lián)部分電壓減小，則電容器的電壓減小，由Q=CU，可知電容器C的帶電量減小．

A.燈變亮；電壓表示數(shù)減小與分析相符，故A項(xiàng)符合題意；

B.燈變亮；電流表示數(shù)增大與分析不符，故B項(xiàng)不符合題意；

C.燈變亮；電容器的帶電量增大與分析不符，故C項(xiàng)不符合題意；

D.電壓表和電流表的示數(shù)均減小與分析相符，故D項(xiàng)符合題意．9、B:C:E【分析】【詳解】

A．由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程同種金屬的逸出功相同，所以光電子逸出后的初動(dòng)能取決于獲得的量，故A錯(cuò)誤；

B．當(dāng)電壓表示數(shù)大于或等于1.7V時(shí)，電流表無(wú)示數(shù)，說(shuō)明遏止電壓為1.7V，由可求得光電管的逸出功為1.05eV，故B正確；

C．當(dāng)電鍵斷開(kāi)；沒(méi)有了遏止電壓所以光電子一定能夠到達(dá)陽(yáng)極，電流表中一定有電流，故C正確；

D．當(dāng)光的頻率不變；反向電壓大于遏制電壓后電路中就不再有電流，故D錯(cuò)誤；

E．當(dāng)入射光頻率超過(guò)截止頻率；且反向電壓小于遏止電壓，電路中就會(huì)有電流，故E正確。

故選BCE。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．?dāng)U散現(xiàn)象是由分子熱運(yùn)動(dòng)引起的；故A錯(cuò)誤；

B．單晶體具有各向異性；多晶體具有各向同性，液晶具有各向異性，故B正確；

C．在一定溫度下；空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)越大，相對(duì)濕度越大，故C正確；

D．浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)都可以引起毛細(xì)現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤。

故選BC。11、B:C【分析】【分析】

根據(jù)地球磁場(chǎng)的分布；由左手定則可以判斷粒子的受力的方向，從而可以判斷粒子的運(yùn)動(dòng)的方向．在由洛倫茲力提供向心力，則得運(yùn)動(dòng)半徑與質(zhì)量及速度成正比，與磁感應(yīng)強(qiáng)度及電量成反比．

【詳解】

地球的磁場(chǎng)由南向北，當(dāng)帶負(fù)電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來(lái)時(shí)，根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向?yàn)橄蛭?，所以粒子將向西偏轉(zhuǎn)；當(dāng)帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來(lái)時(shí)，根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向，粒子受到的洛倫茲力始終與速度垂直，所以洛倫茲力不做功，故A錯(cuò)誤；粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中可能受到空氣的阻力，阻力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反；故對(duì)粒子做負(fù)功，所以其動(dòng)能會(huì)減小，故B正確；由洛倫茲力提供向心力，得出的半徑公式可知；當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，半徑是減??；則說(shuō)明粒子在靠近南北極運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，南北兩極的磁感應(yīng)強(qiáng)度增強(qiáng)．故C正確；D錯(cuò)誤；故選BC．

【點(diǎn)睛】

本題就是考查左手定則的應(yīng)用，掌握好左手定則即可判斷粒子的受力的方向．同時(shí)利用洛倫茲力提供向心力，推導(dǎo)出運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑公式來(lái)定性分析即可．12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，故回路磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)右手定則判斷ab中的感應(yīng)電流方向由a到b；A正確C錯(cuò)誤。

BD．因?yàn)閍b中的感應(yīng)電流方向由a到b，磁場(chǎng)方向豎直向下，根據(jù)左手定則判斷ab所受的安培力方向向右，B錯(cuò)誤D正確13、A:D【分析】【詳解】

AB．依據(jù)負(fù)點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)分布特點(diǎn)可知：以點(diǎn)電荷為圓心的同一圓上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，所以a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不同，則同一試探電荷在a、b兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力大小相等；方向不同，A正確，B錯(cuò)誤；

CD．根據(jù)

可知距離點(diǎn)電荷越近，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，故a、c兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系為

a、c兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向相同；C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。

【點(diǎn)睛】

在點(diǎn)電荷電場(chǎng)中，距離點(diǎn)電荷越近，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，在以點(diǎn)電荷為圓心的同一圓上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，但方向不同，該圓為一個(gè)等勢(shì)面，上面所有點(diǎn)的電勢(shì)相同．14、A:C:E【分析】【詳解】

A、由甲圖可得：λ＝4m，由乙圖中可得：T＝1s，所以該簡(jiǎn)諧橫波的傳播速度為：=4m/s；故A正確．

B、由圖乙知，t＝0.5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M正通過(guò)平衡位置向下運(yùn)動(dòng)，由波形平移法知這列波沿x軸負(fù)方向傳播．故B錯(cuò)誤．

C、因t＝0.5s＝所以t＝0.5s時(shí)M質(zhì)點(diǎn)正通過(guò)平衡位置，速度最大，而質(zhì)點(diǎn)Q不在平衡位置，所以t＝0.5s時(shí)M質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度大于Q質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度；故C正確．

D、因t＝0.5s＝則t＝0.5s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)從波峰到達(dá)波谷；位移為﹣0.2cm，故D錯(cuò)誤．

E、質(zhì)點(diǎn)M振幅為A＝0.2cm，t＝0時(shí)刻y＝0，且正向下振動(dòng)，所以質(zhì)點(diǎn)M在任意時(shí)刻t的位移為：cm，故E正確．三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

[1]隨著加熱；燈內(nèi)氣體溫度升高，分子的平均動(dòng)能變大；

[2]對(duì)于燈內(nèi)氣體，根據(jù)蓋-呂薩克定律，壓強(qiáng)不變，溫度升高，氣體體積增大。因?yàn)榭酌鳠舻捏w積幾乎不變，所以部分氣體外溢，燈內(nèi)氣體的質(zhì)量減小，密度變小?！窘馕觥孔兇笞冃?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]氣團(tuán)在上升過(guò)程中，由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）絕熱膨脹到狀態(tài)II（p2、V2、T2），對(duì)外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，T1>T2，氣團(tuán)由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）作等溫膨脹到Ⅲ（p3、V3、T3），體積增大，壓強(qiáng)減小，p3＜p2。故AC正確；BD錯(cuò)誤。故選AC。

(2)[2]若氣團(tuán)在絕熱膨脹過(guò)程中對(duì)外做的功為W1；由熱力學(xué)第一定律，則其內(nèi)能變化為。

若氣團(tuán)在等溫膨脹過(guò)程中對(duì)外做的功為W2；則其內(nèi)能變化。

(3)[3][4]氣體密度。

氣團(tuán)體積由V1變化到V2時(shí)；氣團(tuán)在變化前后的密度比為。

設(shè)分子之間平均距離為d，氣體分子數(shù)N；則所有氣體體積。

V=Nd3氣團(tuán)在變化前后的分子間平均距離之比。

【解析】AC-W117、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．由圖示圖象可知，在A、C兩狀態(tài)，氣體的pV相等；由理想氣體狀態(tài)方程可知，A；C兩狀態(tài)的溫度相等，則氣體在兩狀態(tài)的內(nèi)能相等；

[2][3]．由圖示圖象可知；A→B過(guò)程為等壓過(guò)程，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功。

W=FL=pSL=p△V=1×105×（4-1）×10-3=300JB→C過(guò)程是等容變化，氣體不做功，在整個(gè)過(guò)程中，由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q；可知。

Q=△U-W=0-300=-300J由此可知，在整個(gè)過(guò)程氣體對(duì)外放熱，放出的熱量為300J．【解析】＝放熱30018、略

【分析】【分析】

【詳解】

粒子在加速器中運(yùn)動(dòng)的頻率等于所加交變電壓的頻率為f，則解得所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)半徑等于D型盒的半徑R時(shí)，粒子的動(dòng)能最大，此時(shí)且解得【解析】19、略

【分析】【分析】

感應(yīng)電流根據(jù)求解；熱量根據(jù)焦耳定律列式求解；在恒力作用下，矩形線圈以不同速度被勻速拉出，拉力與安培力大小相等，拉力做功等于拉力與位移的乘積，而拉力功率等于拉力與速度的乘積感應(yīng)電荷量由求解．

【詳解】

設(shè)線圈的長(zhǎng)為a，寬為L(zhǎng)

（1）線圈中感應(yīng)電流可知故感應(yīng)電流之比是1：2．

（2）流過(guò)任一橫截面感應(yīng)電荷量可知q與v無(wú)關(guān)；所以感應(yīng)電荷量之比為1：1；

（3）由于線圈勻速運(yùn)動(dòng)，外力與安培力大小相等，為外力的功率為所以外力的功率之比為1：4．

【點(diǎn)睛】

要對(duì)兩種情況下物理量進(jìn)行比較，我們應(yīng)該先把要比較的物理量表示出來(lái)再求解關(guān)鍵要掌握安培力的推導(dǎo)方法和感應(yīng)電荷量的表達(dá)式．【解析】2:12:14:120、略

【分析】【分析】

求電阻的真實(shí)值時(shí)，應(yīng)考慮電表內(nèi)阻的影響，然后根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律求解即可．伏安法測(cè)電阻內(nèi)外接法的選擇方法是：當(dāng)滿足時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，滿足時(shí)；電流表應(yīng)用內(nèi)接法．

【詳解】

甲圖中：電阻測(cè)量值：真實(shí)值為：乙圖中：電阻測(cè)量值為：真實(shí)值為：比較它們的絕對(duì)誤差可知，伏安法測(cè)時(shí)，采用內(nèi)接法測(cè)量誤差較小，所以電流表應(yīng)用內(nèi)接法較好．【解析】300290300333內(nèi)接法21、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：解得：由機(jī)械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：．【解析】33四、作圖題(共3題，共21分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。