2025年湘教新版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘教新版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下面說(shuō)法中，正確的是（）A.物體抽象為質(zhì)點(diǎn)后，其大小和質(zhì)量可以忽略不計(jì)B.物體沿一直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，那么通過(guò)的路程就是位移C.“第5s”是時(shí)間，時(shí)間間隔為5sD.子彈從手槍中射出的瞬時(shí)速度是200m/s2、如圖所示，理想變壓器原線圈與間距為m的光滑水平導(dǎo)軌相連，磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌平面垂直，導(dǎo)線棒與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)線棒的電阻．導(dǎo)線棒以O(shè)O1位置為平衡位置沿導(dǎo)軌做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；其位移圖象如圖，副線圈接一只額定電壓為110V的燈泡，燈泡正常發(fā)光．下列說(shuō)法正確的是（）

A.0時(shí)刻導(dǎo)線棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大B.原線圈與副線圈的匝數(shù)比為1：22C.導(dǎo)線棒在平衡位置時(shí)穿過(guò)副線圈的磁通量的變化率最大D.驅(qū)動(dòng)導(dǎo)線棒的外力的功率始終不變3、如圖所示，分別在M、N兩點(diǎn)固定放置兩個(gè)點(diǎn)電荷，電荷量均為+Q，MN連線的中點(diǎn)為O。正方形ABCD以O(shè)點(diǎn)為中心，E、F、G、H是正方形四邊的中點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)B.正點(diǎn)電荷沿直線從G到H，電勢(shì)能先增大后減小C.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，電勢(shì)也為零D.沿路徑A→C→D比沿路徑A→B移動(dòng)同一負(fù)點(diǎn)電荷，電場(chǎng)力做的功多4、空間某一靜電場(chǎng)的電勢(shì)p隨X變化情況如圖所示；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.空間各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向均與x軸垂直。

B.電荷沿x軸從O移到x1的過(guò)程中；電場(chǎng)力不做功。

C.正電荷沿x軸從x1移到x2的過(guò)程中；電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。

D.負(fù)電荷沿x軸從x1移到x2的過(guò)程中；電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加。

5、【題文】某段電路的電阻為R，電路兩端的電壓為U，通過(guò)的電流為I，通電時(shí)間為t。則在時(shí)間t內(nèi)電流通過(guò)這段電路所做的功（）A.一定等于UItB.一定等于I2RtC.一定等于U2t/RD.以上說(shuō)法都是等效的評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、致能量守恒定律最后確立的兩類重要事實(shí)是：確立了的____不可能性和發(fā)現(xiàn)了各種自然現(xiàn)象之間的____．7、（1）在用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)中；請(qǐng)按照題目要求回答下列問(wèn)題．

。元件代號(hào)ABCDE元件名稱光屏雙縫白光光源單縫透紅光的濾光片如圖1-甲、乙都是光的條紋形狀示意圖，其中干涉圖樣是____．將表中的光學(xué)元件放在圖1-丙所示的光具座上組裝成用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)裝置，并用此裝置測(cè)量紅光的波長(zhǎng)，將白光光源C放在光具座最左端，依次放置其他光學(xué)元件，由左至右，表示各光學(xué)元件的排列順序應(yīng)為____．（填寫元件代號(hào)）

（2）已知該裝置中第一次分劃板中心刻度線對(duì)齊A條紋中心時(shí)（圖甲），游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖（a）所示，第二次分劃板中心刻度線對(duì)齊B條紋中心時(shí)（圖乙），游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖（b）所示，已知雙縫間距為0.5mm，從雙縫到屏的距離為1m，則圖（a）中游標(biāo)卡尺的示數(shù)為____mm．所測(cè)光波的波長(zhǎng)為____m．（波長(zhǎng)計(jì)算保留兩位有效數(shù)字）

8、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是一種使用交流電源的計(jì)時(shí)儀器．當(dāng)電源的頻率是50Hz時(shí)，它每隔0.02s打一次點(diǎn)．如圖所示為某次實(shí)驗(yàn)打出的一條紙帶，其中1、2、3、4為依次選定的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為____s，根據(jù)圖中標(biāo)出的數(shù)據(jù)，可以得到實(shí)驗(yàn)物體運(yùn)動(dòng)到計(jì)數(shù)點(diǎn)2的瞬時(shí)速度為____m/s，物體的加速度的大小為____m/s2．

9、放射性原子核U先后發(fā)生α衰變和β衰變后，變?yōu)樵雍耍阎猆質(zhì)量為m1=238.0290u；質(zhì)量為m2=234.0239u，α粒子的質(zhì)量為mα=4.0026u，電子的質(zhì)量為me=0.0005u．（原子質(zhì)量單位1u相當(dāng)于931MeV的能量）．則：

（1）放射性衰變方程為____

（2）原子核U衰變?yōu)榈倪^(guò)程中釋放能量為____MeV（保留三位有效數(shù)字）．

（3）在第（2）問(wèn)中，若原來(lái)U靜止，衰變后放出的α粒子速度為vα=3×107m/s，不計(jì)電子和衰變過(guò)程中釋放光子的動(dòng)量，則的速度大小約為多少（保留兩位有效數(shù)字）？（請(qǐng)寫出必要的解答過(guò)程）10、____是產(chǎn)生加速度的原因，也是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，____是改變物體轉(zhuǎn)動(dòng)狀態(tài)的原因．____是物體慣性大小的量度．11、在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，分別用紅色和綠色的激光照射用同一雙縫，在雙縫后的屏幕上，紅光的干涉條紋間距△x1與綠光的干涉條紋間距△x2相比，△x1______△x2（填“＞”“=”或“＜”），若實(shí)驗(yàn)中紅光的波長(zhǎng)為630nm，雙縫與屏幕的距離為1.00m，測(cè)得地1條到第6條亮條紋中心間的距離為10.5mm，則雙縫之間的距離為______mm．12、玉米葉片葉綠素的合成受其7號(hào)染色體上一對(duì)等位基因（A、a）的控制，同時(shí)也受光照的影響。在玉米植株中，體細(xì)胞含2個(gè)A的植株葉片呈深綠色，含一個(gè)A的植株葉片呈淺綠色；體細(xì)胞沒(méi)有A的植株葉片呈黃色，會(huì)在幼苗期后死亡。（1）在正常光照下，AA植株葉片呈深綠色，而在遮光條件下卻呈黃色，從基因與性狀的關(guān)系角度分析其原因是___________________。（2）在淺綠色植株體內(nèi)某些正常細(xì)胞中含有兩個(gè)A基因，原因是________________________，有一批淺綠色植株（P），如果讓它們相互授粉得到F1，F(xiàn)1植株隨機(jī)交配得到F2，逐代隨機(jī)交配得到Fn，那么在Fn代成熟植株中a基因頻率為_______（用繁殖代數(shù)n的表達(dá)式表示）。

（3）現(xiàn)有一淺綠色突變體成熟植株甲，其體細(xì)胞（如圖）中一條7號(hào)染色體的片段m發(fā)生缺失，記為q；另一條正常的7號(hào)染色體記為p。片段m缺失的花粉會(huì)失去受精活力，且胚囊中卵細(xì)胞若無(wú)A或a基因則不能完成受精作用。有人推測(cè)植株甲的A或a基因不會(huì)在片段m上，你認(rèn)為他的推測(cè)正確嗎？請(qǐng)作出判斷并說(shuō)明理由：_________________________。為了進(jìn)一步確定植株甲的基因A、a在染色體p、q上的分布，現(xiàn)將植株甲進(jìn)行自交得到F1，待F1長(zhǎng)成成熟植株后，觀察并統(tǒng)計(jì)F1表現(xiàn)型及比例。請(qǐng)預(yù)測(cè)結(jié)果并得出結(jié)論：Ⅰ、若F1全為淺綠色植株，則______________________________________。Ⅱ、若F1______________，則植株甲體細(xì)胞中基因A位于p上，基因a位于q上。13、核電池又叫‘放射性同位素電池”，一個(gè)硬幣大小的核電池可以讓手機(jī)不充電使用5000年．燃料中钚（Pu）是一種人造同位素，可通過(guò)下列反應(yīng)合成：①用氘核（H）轟擊鈾（U）生成镎（Np）和兩個(gè)相同的粒子x，核反應(yīng)方程是U+H→Np+2x；②镎（Np）放出一個(gè)粒子Y后轉(zhuǎn)變成钚（Pu），核反應(yīng)方程是Np→Pu+Y．則x粒子的符號(hào)為____；Y粒子的符號(hào)為____．14、（2012秋?青浦區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，直徑為d的紙制圓筒以角速度ω繞垂直紙面的軸O勻速運(yùn)動(dòng)（圖示為截面）．從槍口發(fā)射的子彈沿直徑穿過(guò)圓筒．若子彈在圓筒旋轉(zhuǎn)不到半周時(shí)，在圓周上留下a、b兩個(gè)彈孔，已知ao與bo夾角為θ弧度，則子彈的速度大小為____m/s．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、當(dāng)達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)，蒸發(fā)的速度不再改變，以恒速蒸發(fā)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、單晶體的所有物理性質(zhì)都是各向異性的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、普通驗(yàn)電器能直接檢測(cè)物體帶有何種性質(zhì)的電荷．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、x-t圖象描述了物體的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、任意兩條電場(chǎng)線都不相交．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、運(yùn)動(dòng)的電荷在磁場(chǎng)中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．22、圍繞地球飛行的宇宙飛船里的宇航員不受地球引力的作用．____．評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共4題，共40分)23、如圖所示，在水平地面上放置一個(gè)斜面，一個(gè)光滑物塊從斜面頂端由靜止開始下滑，這一過(guò)程中，斜面始終保持靜止?fàn)顟B(tài)．試分析斜面對(duì)地面的作用力，以及斜面對(duì)地面的壓力與總重力這兩者之間的關(guān)系．24、如圖所示，質(zhì)量且足夠長(zhǎng)的木板靜止在水平面上，與水平面間動(dòng)摩擦因數(shù)現(xiàn)有一質(zhì)量的小鐵塊以的水平速度從左端滑上木板，鐵塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)重力加速度求：（1）鐵塊剛滑上木板時(shí)，鐵塊和木板的加速度分別多大？（2）木板的最大速度多大？（3）從木板開始運(yùn)動(dòng)至停止的整個(gè)過(guò)程中，木板與地面摩擦產(chǎn)生的熱量是多少？25、【題文】如圖所示；一根輕彈簧和一根細(xì)繩共同拉住一個(gè)重物，平衡時(shí)細(xì)繩恰處水平，此時(shí)彈簧的彈力大小為80N，若燒斷細(xì)繩，測(cè)出小球運(yùn)動(dòng)到懸點(diǎn)正下方時(shí)彈簧的長(zhǎng)度正好等于未燒斷細(xì)繩時(shí)彈簧的長(zhǎng)度，試求：小球運(yùn)動(dòng)到懸點(diǎn)正下方時(shí)向心力的大小。

26、如圖所示的直角坐標(biāo)系中有三塊場(chǎng)區(qū)，其中第一、四象限內(nèi)有寬度d

未知的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其場(chǎng)強(qiáng)大小為Ey

軸是其左邊界，場(chǎng)強(qiáng)方向沿x

軸負(fù)向.

第二象限有一個(gè)場(chǎng)強(qiáng)也為E

方向沿y

軸負(fù)向的電場(chǎng)區(qū)域.

第三象限有一個(gè)面積未知的矩形交變勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=8T

每當(dāng)電荷進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后磁場(chǎng)方向不變，待下一次再進(jìn)入此磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)磁場(chǎng)方向恰好相反.

現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量m=2隆脕10鈭?4kg

電荷量為q=+1隆脕10鈭?4C

的點(diǎn)電荷，以v0=2m/s

的初速度從點(diǎn)P(0,3)

沿垂直y

軸方向射入第二象限的電場(chǎng)中；接著從點(diǎn)Q(鈭?2,0)

進(jìn)入第三象限，穿過(guò)矩形磁場(chǎng)區(qū)域后垂直y

軸進(jìn)入第四象限的有界電場(chǎng)中，此后電荷在此空間中周期性運(yùn)動(dòng).

若不計(jì)電荷的重力，試求：

(1)

電場(chǎng)強(qiáng)度E

的大??；

(2)

第一；四象限中有界電場(chǎng)的最小寬度d

和第三象限內(nèi)矩形交變勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積；

(3)

電荷在此空間中運(yùn)動(dòng)的最小周期．評(píng)卷人得分五、作圖題(共1題，共3分)27、【題文】（6分）按題目要求作圖.

（1）如圖甲所示，一物體AB放在平面鏡上前，請(qǐng)作出物體AB在平面鏡中所成的像．

（2）如圖乙；一束光線從空氣斜射到水面時(shí)發(fā)生反射和折射，圖中已畫出反射光線和法線，請(qǐng)作出入射光線和大致的折射光線．

（3）畫出圖丙中兩光線通過(guò)透鏡后的光路圖．評(píng)卷人得分六、簡(jiǎn)答題(共2題，共6分)28、迷迭香酸rm{(F)}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為它是存在于許多植物中的一種多酚，具有抗氧化、延緩衰老、減肥降脂等功效。以rm{A}為原料合成rm{F}的路線如圖所示rm{(}已知苯環(huán)上的羥基很難直接與羧酸發(fā)生酯化反應(yīng)rm{)}根據(jù)題意回答下列問(wèn)題：rm{(1)1molF}與足量的溴水，最多可消耗rm{Br_{2}}________rm{mol}寫出rm{F}與足量rm{NaOH}反應(yīng)的化學(xué)方程式____rm{(2)E}在一定條件下發(fā)生反應(yīng)生成高聚物的化學(xué)方程式是____________________。rm{(3)}與rm{E}互為同分異構(gòu)體，且同時(shí)滿足下列條件的有機(jī)物有________種，寫出其中一種異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____rm{壟脵}苯環(huán)上有四個(gè)取代基，且苯環(huán)上的一氯取代物只有一種；rm{壟脷1mol}該物質(zhì)分別與rm{NaHCO_{3}}rm{NaOH}反應(yīng)時(shí)，最多消耗rm{NaHCO_{3}}rm{NaOH}的量分別是rm{1mol}和rm{4mol}29、高爐煉鐵的煙塵中主要含有鋅、鐵等單質(zhì)、及氧化銅等物質(zhì)。從煙塵中提取硫酸鋅，可以變廢為寶，減少其對(duì)環(huán)境的危害。下圖是用高爐煙塵制取硫酸鋅的工業(yè)流程。已知：rm{壟脵}金屬離子沉淀時(shí)的rm{pH}。rm{pH}rm{Fe^{3+}}rm{Zn^{2+}}rm{Mn^{2+}}rm{Cu^{2+}}開始沉淀rm{1.9}rm{6.0}rm{8.1}rm{5.2}沉淀完全rm{3.7}rm{8.0}rm{10.1}rm{6.7}沉淀溶解rm{/}rm{10.5}rm{/}rm{/}rm{壟脷}過(guò)二硫酸銨是一種強(qiáng)氧化劑。rm{壟脹ZnSO_{4}+4NH_{3}簍T[Zn(NH_{3})_{4}]SO_{4}}rm{[Zn(NH_{3})_{4}]SO_{4}}易溶于水。回答下列問(wèn)題：rm{(1)}為提高煙塵中金屬離子的浸出率，除了適度增加硫酸濃度外，還可以采取什么措施？rm{(}舉出rm{1}種rm{)}________。rm{(2)}寫出酸浸步驟中的離子方程式________，________。rm{(3)}加入rm{MnO_{2}}的目的是________。rm{(4)}寫出過(guò)二硫酸銨把硫酸錳rm{(MnSO_{4})}氧化的化學(xué)方程式____。rm{(5)}寫出還原過(guò)程發(fā)生的主要反應(yīng)的離子方程式________。rm{(6)}操作甲中為使鋅離子完全沉淀，添加的最佳試劑是_______________。A.鋅粉rm{B.}氨水rm{C.(NH_{4})_{2}CO_{3}}rm{D.NaOH}參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)是只計(jì)質(zhì)量、不計(jì)大小、形狀的一個(gè)幾何點(diǎn)，是實(shí)際物體在一定條件的科學(xué)抽象，能否看作質(zhì)點(diǎn)物體本身無(wú)關(guān)，要看所研究問(wèn)題的性質(zhì)，看物體的形狀和大小在所研究的問(wèn)題中是否可以忽略．瞬時(shí)速度對(duì)應(yīng)一個(gè)點(diǎn)和時(shí)刻，平均速度對(duì)應(yīng)一段位移和時(shí)間．【解析】【解答】解：A；質(zhì)點(diǎn)是只計(jì)質(zhì)量、不計(jì)大小、形狀的一個(gè)幾何點(diǎn)；是實(shí)際物體在一定條件的科學(xué)抽象，故A錯(cuò)誤；

B；乒乓球的大小和旋轉(zhuǎn)對(duì)乒乓球的運(yùn)動(dòng)影響很大；研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)時(shí)，不能作為質(zhì)點(diǎn)來(lái)處理．故B錯(cuò)誤；

C；“第5s”是時(shí)間；指第5s初到第5s末，時(shí)間間隔為1s．故C錯(cuò)誤；

D；子彈從手槍中射出的速度對(duì)應(yīng)一個(gè)點(diǎn)；是瞬時(shí)速度，故D正確．

故選：D2、B【分析】【分析】A；0時(shí)刻導(dǎo)體棒的速度為零；根據(jù)E=BLv判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小；

B、由圖象得到簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移表達(dá)式，采用微元法得到速度表達(dá)式；然后結(jié)合公式E=BLv求解電動(dòng)勢(shì)的最大值，根據(jù)U=求解有效值；最后根據(jù)變壓比公式求解變壓比；

C；導(dǎo)線棒在平衡位置時(shí)速度最大；故產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，但感應(yīng)電流的順勢(shì)變化率為零；

D、驅(qū)動(dòng)導(dǎo)線棒的外力的功率等于變壓器的輸入功率的瞬時(shí)值．【解析】【解答】解：A；t=0時(shí)刻；導(dǎo)體棒在最大位移位置，速度為零，故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，故A錯(cuò)誤；

B；由x-t圖；有：

x=Asin（ωt+）=

故v=Aωcos（ωt+）=1000cos（100πt+）cm/s=10cos（100πt+）m/s

故輸入電壓最大值為：V=5V

故輸入電壓的有效值為：

燈泡正常發(fā)光，故輸出電壓為：U2=110V

故原副線圈的匝數(shù)比為：；故B正確；

C；導(dǎo)線棒在平衡位置時(shí)速度最大；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，但感應(yīng)電流變化率為零，故導(dǎo)線棒在平衡位置時(shí)穿過(guò)原、副線圈的磁通量的變化率為零；故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)P=i2R；驅(qū)動(dòng)導(dǎo)線棒的外力的功率不斷變化；故D錯(cuò)誤；

故選：B．3、B【分析】試題分析：由于是同種等量電荷形成的電場(chǎng)，根據(jù)電場(chǎng)分布的對(duì)稱性可知A和B兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在MN的中垂線上，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，電場(chǎng)方向從O點(diǎn)指向外，所以正電荷沿直線從G到H，電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，即電勢(shì)能先增大后減小，故選項(xiàng)B正確；取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知O點(diǎn)電勢(shì)最高，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)電場(chǎng)的對(duì)稱性可知BD兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，所以沿路徑A→C→D比沿路徑A→B移動(dòng)同一負(fù)點(diǎn)電荷，電場(chǎng)力做的功相同，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：本題考查靜電場(chǎng)電場(chǎng)線和等勢(shì)面的分布特點(diǎn)，學(xué)生尤其要掌握正、負(fù)點(diǎn)電荷和等量同種電荷及等量異種電荷的靜電場(chǎng)分布特點(diǎn)．【解析】【答案】B4、C|D【分析】

A因電勢(shì)有變化；則沿X向有場(chǎng)強(qiáng)的分量，不可能場(chǎng)強(qiáng)與X軸垂直．故錯(cuò)誤。

B由O到x1電勢(shì)降低；電勢(shì)能變化，必有電場(chǎng)力做功．故B錯(cuò)誤。

C正電荷沿x軸從x1移到x2的過(guò)程中；電勢(shì)降低，則電勢(shì)能減小，則電場(chǎng)力做正功．故C正確。

D負(fù)電荷從x1移到x2的過(guò)程中；電勢(shì)降低，則電勢(shì)能增加，電場(chǎng)力做負(fù)功．故D正確。

故選：CD

【解析】【答案】沿場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)降低；若沿某方向電勢(shì)降低，則有沿此方向的場(chǎng)強(qiáng)分量；若電勢(shì)升高，則有反向的場(chǎng)強(qiáng)分量．據(jù)此判斷．

5、A【分析】【解析】電功電熱適用于任何電路，純電阻電路中A對(duì)?！窘馕觥俊敬鸢浮緼二、填空題(共9題，共18分)6、確認(rèn)了永動(dòng)機(jī)的相互聯(lián)系和轉(zhuǎn)化【分析】【分析】明確能量守恒定律的發(fā)現(xiàn)歷程，根據(jù)人類對(duì)能量守恒定律認(rèn)知的過(guò)程進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：永動(dòng)機(jī)的不可能性和人類發(fā)現(xiàn)了各種自然現(xiàn)象之間的相互聯(lián)系和轉(zhuǎn)化是人類最終確立了能量守恒定律；

故導(dǎo)致能量守恒定律最后確立的兩類重要事實(shí)是：確認(rèn)了永動(dòng)機(jī)的不可能性和發(fā)現(xiàn)了各種自然現(xiàn)象之間的相互聯(lián)系和轉(zhuǎn)化；

故答案為：確認(rèn)了永動(dòng)機(jī)的；相互聯(lián)系和轉(zhuǎn)化7、甲EDBA11.46.63×10-7【分析】【分析】①雙縫干涉條紋特點(diǎn)是等間距；等寬度、等亮度；

②為獲取單色線光源；白色光源后面要有濾光片；單縫、雙縫，最后面是光屏；

③游標(biāo)卡尺讀數(shù)=可動(dòng)刻度讀數(shù)+游標(biāo)尺讀數(shù)；根據(jù)△x=求出相鄰亮紋的間距；根據(jù)求解波長(zhǎng)．【解析】【解答】解：①雙縫干涉條紋特點(diǎn)是等間距；等寬度、等亮度；衍射條紋特點(diǎn)是中間寬兩邊窄、中間亮、兩邊暗；且不等間距；根據(jù)此特點(diǎn)知甲圖是干涉條紋；

②為獲取單色線光源；白色光源后面要有濾光片；單縫、雙縫．所以各光學(xué)元件的字母排列順序應(yīng)為：CEDBA；

③游標(biāo)卡尺讀數(shù)=可動(dòng)刻度讀數(shù)+游標(biāo)尺讀數(shù)；

故xA=11mm+0.4mm×1=11.4mm；

xB=16mm+0.1mm×7=16.7mm；

A與B之間是四個(gè)間距；所以相鄰亮紋的間距：

△x=m；

根據(jù)公式；有：

λ=×10-7m

故答案為：（1）①甲；②EDBA；（2）11.4；6.63×10-78、0.11.236.0【分析】【分析】打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一次點(diǎn)，由此可求出計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，中間時(shí)刻的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上2點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小．【解析】【解答】解：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為0.02s；相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間有5個(gè)時(shí)間間隔，因此計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔是：0.1s；

2點(diǎn)的瞬時(shí)速度可以用中間時(shí)刻的速度等于該過(guò)程中的平均速度求出；因此有：

由圖可知：△x=6.00cm，勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2得：

=6.0m/s2

故答案為：0.1；1.23；6.00．9、U→++1.86【分析】【分析】（1）根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可正確書寫該衰變方程．

（2）衰變過(guò)程滿足質(zhì)能方程；根據(jù)這個(gè)方程列方程即可求解．

（3）根據(jù)動(dòng)量守恒定律，即可求解．【解析】【解答】解：（1）衰變方程為：U→++．

（2）上述衰變過(guò)程的質(zhì)量虧損為：△m=mu-mPa-mα-me

放出的能量為：△E=c2?△m

代入題給數(shù)據(jù)得：△E=238.0290-234.0239-4.0026-0.0005u=0.002×931=1.86MeV．

（3）核衰變過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒；以α粒子動(dòng)量方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：

0=mαvα+m2v2；

解得：v2===5.1×105m/s；

故答案為：（1）U→++；（2）1.86；

（3）的速度大小約為5.1×105m/s．10、力力矩質(zhì)量【分析】【分析】力有兩種作用效果：力可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，力可以改變物體的形狀．運(yùn)動(dòng)方向的改變或快慢改變都叫運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變．力矩是改變物體轉(zhuǎn)動(dòng)狀態(tài)的原因，質(zhì)量是物體慣性大小的量度．【解析】【解答】解：力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變是指物體運(yùn)動(dòng)速度或物體運(yùn)動(dòng)方向的改變．力矩是改變物體轉(zhuǎn)動(dòng)狀態(tài)的原因，質(zhì)量是物體慣性大小的量度．

故答案為：力；力矩；質(zhì)量．11、略

【分析】解：紅光的波長(zhǎng)大于綠光的波長(zhǎng)，由公式△x=可知紅光的干涉條紋間距△x1與綠光的干涉條紋間距△x2相比，△x1＞△x2；

λ=630nm=6.3×10-7m，x=10.5mm=1.05×10-2m

由公式△x=得：d===3×10-4m=0.300mm

故答案為：＞；0.300

首先判斷紅光和綠光的波長(zhǎng)關(guān)系，結(jié)合公式△x=即可得知紅光的干涉條紋間距△x1與綠光的干涉條紋間距△x2之間的關(guān)系，對(duì)題干中的數(shù)據(jù)先進(jìn)行單位換算，利用公式△x=即可計(jì)算出雙縫間的距離．

對(duì)于該題，要熟練的掌握七種顏色的光之間的頻率關(guān)系和波長(zhǎng)的關(guān)系，了解公式△x=個(gè)物理量的含義，會(huì)應(yīng)用該公式進(jìn)行相關(guān)的計(jì)算和定性的分析，解答問(wèn)題時(shí)，要注意單位的換算．【解析】＞；0.30012、（1）光照的有無(wú)會(huì)影響與葉綠體代謝有關(guān)酶的基因的表達(dá)，進(jìn)而影響葉片顏色。

（2）這些細(xì)胞正在進(jìn)行細(xì)胞分裂，基因已完成了復(fù)制但未平分到兩個(gè)子細(xì)胞中1/（n+2）。

（3）正確，若基因A或a在缺失片段m上，則q染色體上沒(méi)有基因A、a，又因?yàn)楹羞@樣的q染色體的花粉或卵細(xì)胞都不能完成受精作用，則植株甲不能產(chǎn)生。

Ⅰ．植株甲體細(xì)胞中基因A位于q上，基因a位于p上。

Ⅱ．深綠色植株：淺綠色植株=1：1。

【分析】【分析】本題主要考查基因的分離定律以及染色體的結(jié)構(gòu)變異類型，意在考查學(xué)生的識(shí)記以及理解能力?！窘獯稹浚?）根據(jù)題意分析可知：AA植株葉片在正常光照下呈深綠色，而在遮光條件下卻呈黃色，說(shuō)明光照的有無(wú)會(huì)影響與葉綠體代謝有關(guān)酶的基因的表達(dá)，進(jìn)而影響葉片顏色。

（2）在淺綠色植株體的體細(xì)胞基因型為Aa，當(dāng)有些細(xì)胞正在進(jìn)行細(xì)胞分裂，基因已完成了復(fù)制但未平分到兩個(gè)子細(xì)胞中時(shí)，這些正常細(xì)胞中會(huì)含有兩個(gè)A基因．有一批淺綠色植株（Aa），如果讓它們相互授粉得到AA、Aa、aa，由于體細(xì)胞沒(méi)有A的植株葉片呈黃色，會(huì)在幼苗期后死亡．所以熟植株中只有AA、Aa，比例為1：2，a基因頻率為1/3，F(xiàn)1植株隨機(jī)交配得到F2，其中AA占4/9、Aa占4/9、aa占1/9，成熟植株中a基因頻率為1/4，同理可推出：在Fn代成熟植株中a基因頻率為1/（n+2)。（3）淺綠色突變體成熟植株甲的體細(xì)胞基因型為Aa，如果基因A或a在缺失片段m上，則q染色體上沒(méi)有基因A、a，又因?yàn)楹羞@樣的q染色體的花粉或卵細(xì)胞都不能完成受精作用，則植株甲不能產(chǎn)生．因此，植株甲的A或a基因不會(huì)在片段m上。

將植株甲進(jìn)行自交得到F1，待F1長(zhǎng)成成熟植株后，觀察并統(tǒng)計(jì)F1表現(xiàn)型及比例．若F1全為淺綠色植株，則植株甲體細(xì)胞中基因A位于q上，基因a位于p上；若F1深綠色植株：淺綠色植株=1：1，則植株甲體細(xì)胞中基因A位于p上，基因a位于q上。

【解析】（1）光照的有無(wú)會(huì)影響與葉綠體代謝有關(guān)酶的基因的表達(dá)，進(jìn)而影響葉片顏色。

（2）這些細(xì)胞正在進(jìn)行細(xì)胞分裂，基因已完成了復(fù)制但未平分到兩個(gè)子細(xì)胞中1/（n+2）。

（3）正確，若基因A或a在缺失片段m上，則q染色體上沒(méi)有基因A、a，又因?yàn)楹羞@樣的q染色體的花粉或卵細(xì)胞都不能完成受精作用，則植株甲不能產(chǎn)生。

Ⅰ．植株甲體細(xì)胞中基因A位于q上，基因a位于p上。

Ⅱ．深綠色植株：淺綠色植株=1：1。

13、【分析】【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得出x、Y粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而確定粒子的符號(hào)．【解析】【解答】解：核反應(yīng)方程U+H→Np+2x，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知x粒子的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1，可知x為中子，即．

核反應(yīng)方程N(yùn)p→Pu+Y．根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，Y粒子的電荷數(shù)為-1，質(zhì)量數(shù)為0，可知Y為電子，即．

故答案為：，．14、【分析】【分析】本題找出在子彈穿過(guò)圓筒的時(shí)間內(nèi)，圓筒轉(zhuǎn)過(guò)的角度是解決本題的關(guān)鍵，題中提到是在圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)不到半周的過(guò)程中穿過(guò)的，故轉(zhuǎn)過(guò)的角度是π-θ【解析】【解答】解：設(shè)子彈的速度為v0；

由題意知，子彈穿過(guò)兩個(gè)孔所需時(shí)間t=

紙質(zhì)圓筒在這段時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)角度為π-θ，由角速度的公式有ω=

由①②兩式解得v0=

故答案為：三、判斷題(共8題，共16分)15、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)，液體分子從液面飛出，同時(shí)有蒸汽分子進(jìn)入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)．【解析】【解答】解：飽和蒸汽的平衡是一種動(dòng)態(tài)平衡．當(dāng)達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)；液體分子從液面飛出，同時(shí)有蒸汽分子進(jìn)入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)蒸發(fā)的速度不再改變，此時(shí)以恒速蒸發(fā)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】晶體有單晶體和多晶體兩種，單晶體各向異性，而多晶體各向同性．【解析】【解答】解：由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的．故該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】驗(yàn)電器使用時(shí)是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會(huì)相互排斥從而驗(yàn)證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗(yàn)電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗(yàn)電器張開的角度越大，說(shuō)明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負(fù)，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×18、√【分析】【分析】位移-時(shí)間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時(shí)間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律，所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】掌握電場(chǎng)線特點(diǎn)是解本題的關(guān)鍵，電場(chǎng)線從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場(chǎng)中任意兩條電場(chǎng)線不會(huì)相交；否則相交的地方的電場(chǎng)線的方向有兩個(gè)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】電場(chǎng)的性質(zhì)是對(duì)電荷有力的作用，而電荷受到電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度可以相同，也可以相反．當(dāng)運(yùn)動(dòng)的帶電粒子的速度方向不與磁場(chǎng)平行，將會(huì)受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場(chǎng)方向的關(guān)系．【解析】【解答】解：當(dāng)運(yùn)動(dòng)的電荷的速度方向與磁場(chǎng)方向平行時(shí)；不受洛倫茲力；

故答案為：×．21、√【分析】【分析】物理量按有無(wú)方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大??；又有方向的物理量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】由萬(wàn)有引力定律知兩個(gè)物體之間存在萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力，繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到的萬(wàn)有引力提供向心力，處于失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到萬(wàn)有引力提供向心力；處于失重狀態(tài)．而不是不受到地球的吸引力．故該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×四、計(jì)算題(共4題，共40分)23、略

【分析】【分析】先對(duì)滑塊受力分析，求出對(duì)斜面的壓力，再單獨(dú)對(duì)斜面分析，求出斜面對(duì)地面的作用力以及地面對(duì)斜面的支持力，利用牛頓第三定律求出斜面對(duì)地面的壓力與總重力這兩者之間的關(guān)系．【解析】【解答】解：設(shè)斜面的質(zhì)量為M；滑塊質(zhì)量為m，斜面的傾角為θ，先對(duì)滑塊受力分析如圖所示。

受到重力mg和斜面對(duì)它的支持力FN兩個(gè)力作用；將重力分解為平行于斜面和垂直于斜面。

在垂直于斜面的方向有FN=mgcosθ

根據(jù)牛頓第三定律有，滑塊對(duì)斜面的壓力也為FN

再對(duì)斜面受力分析如圖所示，受到重力Mg，地面的支持力N，地面的摩擦力f以及滑塊對(duì)斜面的壓力FN四個(gè)力作用處于靜止?fàn)顟B(tài)。

將FN分解為水平方向和豎直方向。

則水平方向有f=FNsinθ=mgsinθcosθ

豎直方向有N=Mg+FNcosθ=（M+mcos2θ）g

則斜面對(duì)地面的作用力F==Mg+mgcosθ

由牛頓第三定律得斜面對(duì)地面的壓力等于地面對(duì)斜面的支持力N=（M+mcos2θ）g

答：斜面對(duì)地面的作用力為Mg+mgcosθ，以及斜面對(duì)地面的壓力與總重力這兩者之間的關(guān)系為N=（M+mcos2θ）g．24、略

【分析】試題分析：（1）鐵塊剛滑上木板時(shí)，對(duì)鐵塊和木板，有：代入數(shù)據(jù)可得：a1=2m/s2；a2=1m/s2.（2）兩者速度相同時(shí)，木塊的速度為v，則v=v0-a1t1；v=a2t1；解得：v=1m/s；t1=1s；（3）設(shè)木板從速度最大，到停止的時(shí)間為t2，則解得：a3=1m/s2，v=a3t2,則t2=1s；木板在地面上發(fā)生的總位移：從鐵塊滑上木板到停止的過(guò)程中木板與地面摩擦產(chǎn)生的熱量為：聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)可得：Q=3J;考點(diǎn);牛頓第二定律的應(yīng)用及摩擦生熱.【解析】【答案】（1）2m/s2；1m/s2.（2）1m/s；（3）3J25、略

【分析】【解析】

試題分析：設(shè)彈簧原長(zhǎng)為初始狀態(tài)平衡時(shí)彈簧長(zhǎng)為令此時(shí)彈簧與豎直方向的夾角為小球的質(zhì)量為m,開始為平衡態(tài)有①

水平細(xì)線未燒斷時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到豎直方向時(shí)彈簧勢(shì)能為由于兩種情況下彈簧的伸長(zhǎng)量相同，所以有②

由機(jī)械能守恒得③

故②帶入③可得：④

故可得

角為銳角，則解方程可以得到

所以有：故

在最低點(diǎn)有

考點(diǎn)：考查了機(jī)械能守恒；牛頓第二定律的應(yīng)用。

點(diǎn)評(píng)：本題比較難，是力學(xué)一道綜合應(yīng)用題，對(duì)學(xué)生的能力要求比較高，【解析】【答案】40N26、略

【分析】

(1)

帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)；運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成和分解，然后針對(duì)分運(yùn)動(dòng)運(yùn)用牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律解決即可；

(2)

確定d

最小的條件為：運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)邊界時(shí)速度恰減為零；帶電粒子在有界磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，通過(guò)作圖，利用幾何關(guān)系分析找出矩形磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積；

(3)

分別求每一過(guò)程的時(shí)間；加和即可．

本題考查：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；解決第二問(wèn)的關(guān)鍵是作圖，然后分析其中幾何關(guān)系，從而確定第三象限內(nèi)矩形交變勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積，再根據(jù)粒子能做周期性運(yùn)動(dòng)，確定d

最小的條件，即：運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)邊界時(shí)速度恰減為零；第三問(wèn)根據(jù)每一段的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，分別求每段的時(shí)間即可，在分析從Q

返回P

的過(guò)程中運(yùn)用了逆向思維．【解析】解：(1)

電荷從P

點(diǎn)射出后在第二象限做類平拋運(yùn)動(dòng)；設(shè)出電場(chǎng)時(shí)速度為vv

與x

軸負(fù)向的夾角為婁脠

因過(guò)點(diǎn)Q

根據(jù)類平拋規(guī)律有：Eq=mayP=12Eqmt12,xQ=v0t1,tan婁脠=Eqt1mv0,vcos婁脠=v0

解得：婁脠=60鈭?t1=1sv=4m/sE=43N/C

(2)

作速度v

的延長(zhǎng)線；過(guò)Q

點(diǎn)做其垂線，在其上取一點(diǎn)O1

以O(shè)1

為心，以O(shè)1Q

為半徑作圓即為粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡；

如圖所示.

設(shè)軌道半徑為R

由洛倫茲力提供向心力：qvB=mv2R

代入數(shù)據(jù)得：R=1m

即圖中O1Q=1m

在圓中作出與y

軸平行的半徑O1F

過(guò)F

點(diǎn)作軌跡圓的切線，交速度為的延長(zhǎng)線于C

點(diǎn)，交軸于G

點(diǎn)，連接CO1

交軌跡圓于D

點(diǎn)；

如圖所示；軌跡圓弧QDF

所在矩形區(qū)域即為所求的最小面積；

由幾何關(guān)系知隆脧QO1D=婁脠=60鈭?

所以磁場(chǎng)區(qū)域的面積：

S=2Rsin婁脠?(R鈭?Rcos婁脠)

代入數(shù)據(jù)得：S=32m2

由于洛倫茲力不做功；故電荷以v=4m/s

進(jìn)入電場(chǎng)中做類上拋運(yùn)動(dòng)，欲使電荷能周期性運(yùn)動(dòng)，需運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)邊界H

點(diǎn)時(shí)速度恰減為零；

故有：12mv2=Eqd

代入數(shù)據(jù)解得：d=433m

(3)

電荷進(jìn)入第三象限后立即進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域?qū)?yīng)的周期最短.

其中類平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t1=1s

電荷在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)120鈭?

圓心角對(duì)應(yīng)的時(shí)間為：t2=T3=2婁脨m2qB

得：t2=婁脨6s

電荷從F

到G

勻速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間滿足：xQ鈭?Rsin婁脠=vt3

得：t3=4鈭?38s

電荷從G

到H

的時(shí)間滿足：d=v2t4

得：t4=233s

返回時(shí)在QP

段的運(yùn)動(dòng)；逆向分析就是類平拋運(yùn)動(dòng)，時(shí)間與類平拋一樣仍為t1

電荷從P

到A

類上拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間滿足：v0=Eqmt5

得：t5=33s

所以電荷周期性運(yùn)動(dòng)的周期為：t=2(t1+t2+t3+t4+t5)

解得：t=(3+婁脨3+734)s

答：(1)

電場(chǎng)強(qiáng)度E

的大小為43N/C

(2)

第一、四象限中有界電場(chǎng)的最小寬度d

為433m

第三象限內(nèi)矩形交變勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積為32m2

(3)

電荷在此空間中運(yùn)動(dòng)的最小周期為(3+婁脨3+734)s

．五、作圖題(共1題，共3分)27、略

【分析】【解析】如下圖所示

甲（物象與平面鏡連線與平面鏡垂直，物像到平面鏡距離相等）乙（入射角等于反射角，入射角大于折射角，入射光線和折射光線分居與法線兩側(cè)，入射光線和反射光線分居與法線兩側(cè)）丙（平行于主光軸的光線經(jīng)凹透鏡發(fā)散其反向延長(zhǎng)線過(guò)焦點(diǎn)，過(guò)光心的光線傳播方向不改變）【解析】【答案】

六、簡(jiǎn)答題(共2題，共6分)28、（1）7+6NaOH——→（2）n→＋(n－1)H2O或（3）4【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷和合成，題目難度中等，本題注意根據(jù)rm{D}的分子式和rm{F}的結(jié)構(gòu)，進(jìn)而用逆推的方法推斷，答題時(shí)注意把握官能團(tuán)的性質(zhì)，為解答該題的關(guān)鍵，注意根據(jù)性質(zhì)判斷含有的官能團(tuán)的種類和結(jié)構(gòu)?！窘獯稹繌拿缘闼岬慕Y(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式結(jié)合合成路線及各轉(zhuǎn)化物的分子式可以確定rm{A}為rm{B}為結(jié)合迷迭香酸的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式和rm{C}的分子式可知rm{C}為rm{C隆煤D}發(fā)生氧化反應(yīng)，rm{D}為rm{D}與rm{E}發(fā)生酯化反應(yīng)得到迷迭香酸。

rm{(1)}苯酚與溴水反應(yīng)時(shí)，只在酚羥基的鄰對(duì)位取代，還有碳碳雙鍵可以和溴加成，每個(gè)苯環(huán)上可以和溴發(fā)生取代的位置有rm{3}個(gè)，所以rm{1molF}可以反應(yīng)的溴有rm{7mol}rm{F}中除酚羥基、羧基能夠與rm{NaOH}反應(yīng)外，酯基水解后產(chǎn)生的羧基也可以與rm{NaOH}反應(yīng)，所以，rm{1molF}可以與rm{6molNaOH}反應(yīng)，反應(yīng)方程式為rm{+6NaOH隆陋隆陋隆煤}

故答案為：rm{7}rm{+6NaOH隆陋隆陋隆煤}

rm{(2)}通過(guò)分析rm{D}和rm{F}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，可知rm{E}的結(jié)構(gòu)，其發(fā)生縮聚反應(yīng)時(shí)，只能是通過(guò)酯化的形成，因?yàn)楸江h(huán)上的羥基很難直接與羧酸發(fā)生酯化反應(yīng)，所以，其反應(yīng)方程式為：或rm{n}rm{隆煤}rm{+(n-1)H}rm{2}rm{2}

故答案為：或rm{O}rm{n}rm{隆煤}rm{+(n-1)H}rm{2}

rm{2}為與rm{O}互為同分異構(gòu)體，且同時(shí)滿足下列條件rm{(3)E}苯環(huán)上有四個(gè)取代基，且苯環(huán)上的一氯取代物只有一種，則結(jié)構(gòu)應(yīng)對(duì)稱；rm{E}該物質(zhì)分別與rm{壟脵}rm{壟脷1mol}rm{NaHCO_{3}}反應(yīng)時(shí)，最多消耗rm{Na}rm{OH}rm{OH}的量分別是rm{NaHCO_{3}}和rm{Na}說(shuō)明分子中含有rm{OH}個(gè)酚羥基和rm{OH}個(gè)羧基，則對(duì)應(yīng)的同分異構(gòu)體有共rm{1mol}種；

故答