2025年牛津譯林版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津譯林版高二物理上冊階段測試試卷454考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、甲；乙兩人各站在船的兩端；甲在左，乙在右，原來甲、乙和船都靜止，為了能使船向右移動，以下哪些情況符合要求（不計水的阻力）（）

A.乙單獨向甲走動。

B.甲乙相向走動；乙的速度大于甲。

C.甲乙相向走動；乙的質量大于甲。

D.甲乙相向走動；乙的動量大于甲。

2、兩平行金屬板相距為d

電勢差為U

一電子質量為m

電荷量為e

從O

點沿垂直于極板的方向射出，最遠到達A

點，然后返回，如圖所示，OA=h

此電子具有的初動能是(

)

A.edhU

B.edUh

C.eUdh

D.eUhd

3、磁感應強度是描述磁場的重要概念，磁場的基本性質是對電流有磁場力的作用，則關于磁感應強度的大小，下列說法中正確的是(

)

A.一小段通電直導線，在磁場某處受的力越大，該處的磁感應強度越大B.一小段通電直導線在磁場某處受的力等于零，則該處的磁感應強度一定等于零C.勻強磁場中某處的磁感應強度的大小等于該處某一面積穿過的磁通量D.磁感線密處，磁感應強度大；磁感線疏的地方，磁感應強度一定小4、下列說法中正確的是(

)

A.電荷在某處不受電場力作用，則該處電場強度一定為零B.一小段通電導體在某處不受安培力作用，則該處磁感應強度一定為零C.當置于勻強磁場中的導體長度和電流大小一定時，導體所受的安培力大小也是一定的D.在感應強度為B

的勻強磁場中，長為L

電流為I

的載流導體所受到的安培力的大小是BIL

5、如圖所示，一個“Y

”形彈弓頂部跨度為L

兩根相同的橡皮條自由長度均為L

在兩橡皮條的末端用一塊軟羊皮(

長度不計)

做成裹片.

若橡皮條的彈力與形變量的關系滿足胡克定律，且勁度系數為k

發(fā)射彈丸時每根橡皮條的最大長度為2L(

彈性限度內)

則發(fā)射過程中裹片對彈丸的最大作用力為(

)

A.kL

B.2kL

C.32kL

D.152kL

評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、如圖所示，一塊均勻木板AB，長為12m，重為200N，距A端3m處有一固定轉動軸O，另一端B以繩懸住，使板呈水平狀態(tài)，繩與木板的夾角為30°．如果繩能承受的最大拉力為200N，現使一個重600N的人在板上行走，則此人在距A端____m至____m的范圍內是安全的．

7、在做隆露

研究勻變速直線運動隆路

的實驗時；所用電源頻率為50Hz

取下一段紙帶研究，如圖所示.

設0

點為計數點的起點，相鄰兩計數點間還有四個點未畫出，則相鄰計數點的時間間隔是______s

各段測量數據如圖所示，物體的加速度a=

______m/s2

物體在圖中標記為“2

”的計數點的瞬時速度為v=

______m/s

．

8、能量守恒定律：能量既不會____，也不會____，它只能從一種形式轉化為另一種形式，或者從____轉移到____，在轉化或轉移的過程中，能量的總量____．9、如圖，線圈A插在線圈B中，線圈B與電流表組成閉合電路；線圈A與蓄電池、開關、滑動變阻器組成另一個閉合電路，用此裝置來研究電磁感應現象，開關閉合瞬間，電流表指針______（選填“會”或“不會”）發(fā)生偏轉，開關閉合穩(wěn)定后電流表指針______（選填“會”或“不會”）發(fā)生偏轉．10、用鎳鉻合金制成的甲、乙兩根電阻絲的粗細相同、長度不同，甲電阻絲的長度為24m

鎳鉻合金的電阻率為1隆脕10鈭?6婁賂?m

甲、乙電阻的I鈭?U

圖象如圖所示，則乙電阻絲的長度為______m

電阻絲的橫截面積為______m2

．11、通過實驗；要描繪一個“2.5V0.2W

”小燈泡的伏安特性曲線，可供選擇的儀器有：

A.量程為0隆蘆0.6A

內阻為0.2婁賂

的電流表。

B.量程為0隆蘆100mA

內阻為5婁賂

的電流表。

C.量程為0隆蘆3V

內阻為10K婁賂

的電壓表。

D.量程為0隆蘆15V

內阻為50K婁賂

的電壓表。

E.最大值為20婁賂

額定電流為0.1A

的滑動變阻器。

F.學生電源；導線、電鍵等。

要求實驗中小燈泡電壓從零逐漸增大到額定電壓，電流表應選______，電壓表應選______.(

填選擇的儀器前的字母)

12、（本題供選修1-1的考生作答）課堂上，小王老師做了如圖所示的實驗，給直導線（鋁棒）通電，觀察到直導線運動起來。這個實驗現象說明______（選填“磁場可以產生電流”“電流產生磁場”或“磁場對電流有力的作用”），利用這種現象制成的是______（選填“電動機”或“發(fā)電機”）評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）14、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共1題，共7分)20、在《測定玻璃的折射率》的實驗中，已畫好玻璃磚界面兩直線aa/和bb/后，不慎誤將玻璃磚向上平移至如圖中虛線所示位置，若其他操作正確，則測得的折射率將_________(填“偏大”、“偏小”和“不變”)評卷人得分五、作圖題(共2題，共18分)21、在下列各圖中畫出導線中電流方向或通電導線周圍磁感線的方向，其中（a）、（b）為平面圖，（c）、（d）為立體圖。

22、畫出圖中帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向。

評卷人得分六、綜合題(共2題，共10分)23、(1)

利用單分子油膜法可粗略測定分子的大小和阿佛加德羅常數，如果已知n

滴油酸的體積為V

一滴油在水面上散開形成的單分子油膜面積為S

則這種油分子的直徑表達式d=

___________；如果這種油的摩爾質量為M

密度為婁脩

寫出阿佛加德羅常數的表達式為NA=

__________。(2)

如圖所示，一定質量的理想氣體，從狀態(tài)A

變化到狀態(tài)B

再變化到狀態(tài)C

其狀態(tài)變化過程的p鈭?V

圖象如圖所示。已知狀態(tài)A

時的溫度為27隆忙

則：壟脵

氣體處于狀態(tài)BC

時的溫度分別是多少？壟脷

從狀態(tài)A

到狀態(tài)C

的過程中內能的變化是多少？24、(1)

下列說法正確的是______。

A.布朗運動反映了液體分子的無規(guī)則運動B.0隆忙

的冰熔化成0隆忙

的水的過程中內能和分子勢能都有增大C.物體的溫度為0隆忙

時，物體分子的平均動能為零D.隨著低溫技術的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，但不能達到絕對零度E.氣體分子的平均動能越大，則氣體壓強越大F.空氣的相對濕度定義為水的飽和蒸汽壓與相同溫度時空氣中所含水蒸氣的壓強之比(2)

如圖所示，一端開口、內壁光滑的玻璃管豎直放置，管中用一段長H0=38cm

的水銀柱封閉一段長的L1=20cm

空氣，此時水銀柱上端到管口的距離為L2=4cm

大氣壓強恒為P0=76cmHg

開始時封閉氣體溫度為，取0鈭?C

為273K

求：(1)

緩慢升高封閉氣體溫度至水銀開始從管口溢出，此時封閉氣體的溫度．(2)

保持封閉氣體溫度不變，在豎直平面內緩慢轉動玻璃管內水銀開始從管口溢出，玻璃管轉過的角度．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|D【分析】

要使船向右運動；則船需要有向右運動的速度，甲乙在船上運動時，甲乙船整體不受外力，動量守恒．設向右為正，則。

A、若乙單獨向甲走動，則乙的速度方向向左，根據動量守恒定律得：m船v船+m乙v乙=0，解得：v船=-此時船的速度方向與乙的速度方向相反，向右運動，故A正確；

B、若甲乙相向走動，乙的速度大于甲，根據動量守恒定律得：m甲v甲+m船v船+m乙v乙=0，解得：v船=因為不知道甲乙質量的關系，不能判斷船速度的正負，及不能判斷船的運動方向，故B錯誤；

C；同理可以得到；由于不知道甲乙速度的大小，不能判斷船速度的正負，及不能判斷船的運動方向，故C錯誤；

D、若甲乙相向走動，根據動量守恒定律得：m甲v甲+m船v船+m乙v乙=0，解得：v船=因為乙的動量大于甲的動量，所以船的速度方向與乙的速度方向相反，向右運動，故D正確；

故選AD

【解析】【答案】要使船向右運動；則船需要有向右運動的速度，甲乙在船上運動時，甲乙船整體不受外力，動量守恒，根據動量守恒定律即可判斷．

2、D【分析】解：設出電子的初動能Ek0

末動能為零，極板間的電場E=Ud

根據動能定理：鈭?eEh=0鈭?Ek0

解得：Ek0=eUhd

故選：D

設出電子的初動能；末動能為零，全程只有電場力做功，根據動能定理解出電子的初動能．

注意動能定理應用時要找準全過程物體一共受到幾個，并判斷哪幾個力做功．【解析】D

3、D【分析】解：AB

磁場的強弱由磁場本身的性質決定；與放入磁場中的電流元無關.

電流元在磁場中所受的力越大，該點磁感應強度不變，所受力等于零，磁感應強度仍然未變.

故A、B錯誤．

C

根據婁碌=BS(B

與S

垂直)

知勻強磁場的磁感應強度大小與某一面積穿過的磁通量不等.

故C錯誤．

D

磁感線越密的地方；磁場越強，越疏的地方，磁場越弱.

故D正確．

故選D．

磁場的強弱由磁場本身的性質決定；與放入磁場中的電流元無關.

磁感線越密的地方磁場越強，越疏的地方，磁場越弱．

解決本題的關鍵知道磁場的強弱由磁場本身的性質決定，與電流元所受力的大小無關，也可以通過磁感線的疏密表示磁場的強弱．【解析】D

4、A【分析】解：A

電場的基本性質就是對放入其中的電荷有力的作用；如果電荷在某處不受電場力作用，則說明該處沒有電場或者疊加電場的合場強為零，即該處電場強度一定為零.

A正確；

B；一小段通電導體在某處不受安培力作用；可能是導體與磁場方向平行，即該處磁感應強度不一定為零，B錯誤；

C；當置于勻強磁場中的導體長度和電流大小一定時；導體所受的安培力大小F=BILsin婁脠

即安培力大小海域導體與磁場所成夾角有關，故C錯誤；

D；在感應強度為B

的勻強磁場中；長為L

電流為I

的載流導體所受到的安培力的大小是F=BILsin婁脠

故D錯誤；

故選：A

．

B隆脥L

根據安培力的公式F=BIL

求磁感應強度B

注意公式B=FIL

是采用比值法定義的；磁場中某點磁感應強度的大小與FIl

等因素無關，是由磁場本身決定的．

本題考查了對磁感應強度定義式：B=FIL

的理解和應用，屬于簡單基礎題目，平時訓練不可忽視要加強練習．【解析】A

5、D【分析】解：根據胡克定律知；每根橡皮條的彈力F=k(2L鈭?L)=kL

．

設此時兩根橡皮條的夾角為婁脠

根據幾何關系知，sin婁脠2=14.

根據平行四邊形定則知，彈丸被發(fā)射過程中所受的最大彈力F潞脧=2Fcos婁脠2=152kL.

故D正確；AB

C錯誤．

故選D．

當橡皮條的長度最大時；橡皮條的彈力最大，兩個彈力的夾角最小，則兩彈力的合力最大，根據平行四邊形定則求出最大彈力．

本題考查了胡克定律與力的合成的綜合，難度中等，對數學幾何要求較高．【解析】D

二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】

當人在O點左側行走時；當板恰好要逆時針轉動時，設人走到離O點左側距離xm處．

根據力矩平衡條件得：G人x=G板L，L=3m，得到x==m=1m；則人距A端距離為3m．

當人在O點右側行走時；當繩拉力達到最大拉力時，人走到離O點向右最遠處，設離A端距離為y．

G板L+G人（y-3）=F?OBsin30°F=200N；OB=9m，L=3m

代入解得y=3.5m．

故本題答案是：2；3.5

【解析】【答案】當人在O點左側行走時；當板恰好要逆時針轉動時，人走到離O點向左最遠處．此時繩子的拉力為零．

當人在O點右側行走時；當繩拉力達到最大拉力時，人走到離O點向右最遠處．根據力矩平衡條件求解人在板行走的安全距離．

7、略

【分析】解：相鄰兩計數點間還有四個點未畫出；則相鄰計數點的時間間隔是T=0.1s

因為連續(xù)相等時間內的位移之差為：鈻?x=9.00鈭?4.00鈭?4.00=1.00cm

根據鈻?x=aT2

得：

a=鈻?xT2=1.00隆脕10鈭?20.12m/s2=1m/s2

．

2

點的速度等于13

段的平均速度；則有：

v2=x132T=15.00鈭?4.002脳0.1隆脕10鈭?2m/s=5.5m/s

．

故答案為：0.115.5

．

根據連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量求出物體的加速度；根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出2

點的速度，從而即可求解．

解決本題的關鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動推論的運用，注意單位的換算．【解析】0.115.5

8、憑空產生憑空消失一個物體另一個物體保持不變【分析】【分析】本題考查能量守恒定律的內容。能量守恒定律：能量既不會憑空產生，也不會憑空消失，它只能從一種形式轉化為另一種形式，或者從一個物體轉移到另一個物體，在轉化或轉移的過程中，能量的總量保持不變。解題的關鍵是知道能量守恒定律的內容?！窘獯稹磕芰渴睾愣桑耗芰考炔粫{空產生，也不會憑空消失，它只能從一種形式轉化為另一種形式，或者從一個物體轉移到另一個物體，在轉化或轉移的過程中，能量的總量保持不變。故答案為：憑空產生憑空消失一個物體另一個物體保持不變

【解析】憑空產生憑空消失一個物體另一個物體保持不變9、略

【分析】解：當開關閉合和斷開的瞬間；線圈A中電流大小發(fā)生變化，則線圈A產生的磁場強弱發(fā)生變化，通過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，就會產生感應電流，電流表指針發(fā)生偏轉；

當開關總是閉合的；滑動變阻器也不動，通過閉合回路的磁通量不發(fā)生變化，就不會產生感應電流，電流表的指針不會偏轉；

故答案為：會；不會．

當通過閉合回路的磁通量發(fā)生變化；就會產生感應電流，電流表指針發(fā)生偏轉；根據感應電流產生的條件結合題意分析答題．

本題考查了感應電流產生的條件；解決本題的關鍵掌握感應電流的產生條件，知道當通過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，就會產生感應電流．【解析】會；不會10、略

【分析】解：根據伏安特性曲線得出甲乙電阻之比R錄脳R脪脪=I脪脪I錄脳=0.20.3=23

由電阻定律，有R=婁脩lS

粗細相同，材料相同，有：

R錄脳R脪脪=l錄脳l脪脪

代入數據：23=24l脪脪

解得：l脪脪=36m

甲電阻絲的電阻為：R=UI=2.40.3婁賂=8婁賂

電阻絲橫截面積為：S=婁脩lR=1隆脕10鈭?6隆脕248=3隆脕10鈭?6m2

故答案為：363隆脕10鈭?6

根據伏安特性曲線求出電阻之比，因為粗細材料相同，由電阻定律電阻與長度成正比，根據R=婁脩lS

求出電阻絲的橫截面積．

本題考查I鈭?U

圖象以及電阻定律的應用，要注意明確U鈭?I

圖象的性質，能通過圖象正確分析電阻關系是解題的關鍵．【解析】363隆脕10鈭?6

11、略

【分析】解：由題意可知，燈泡額定電壓為2.5V

故電壓表應選擇C

由P=UI

可知，電流I=PU=0.22.5=0.08A=80mA

故電流表應選擇B

故答案為：BC

．

分析給出的燈泡的額定電壓和額定功率；根據P=UI

可求得額定電流，為了安全和準確測量，電表的量程應略大于額定值即可．

本題考查燈泡伏安特性曲線中儀表的選擇，要注意明確儀表的選擇原則是保證實驗的安全和準確．【解析】BC

12、磁場對電流有力的作用電動機【分析】解：給直導線（鋁棒）通電；觀察到直導線運動起來說明磁場對電流有力的作用，電動機就是利用這一原理制造的。

故答案為：磁場對電流有力的作用；電動機。

通電導線在磁場中受力的作用；電動機就是利用這一原理制造的。

此題考場電動機的工作原理，就是磁場對電流有力的作用，為高中會考題目，非常簡單?！窘馕觥看艌鰧﹄娏饔辛Φ淖饔秒妱訖C三、判斷題(共7題，共14分)13、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．15、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．16、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、實驗題(共1題，共7分)20、略

【分析】【解析】【答案】不變五、作圖題(共2題，共18分)21、【分析】【解答】利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖a；已知磁場方向為逆時針方向，則電流垂直紙面向外；

圖b；已知磁場方向，則有電流方向，順時針方向；

圖c；已知電流方向，豎直向上，則磁場方向逆時針方向（俯視）；

根據螺線管中電流方向，再結合螺線管的N、S極；利用右手螺旋定則可以確定螺線管的繞向，如圖所示：

答：如上圖所示．

【分析】右手螺旋定則又稱為安培定則；內容為：用右手握住螺線管，讓四指指向螺線管中電流的方向，則大拇指所指的那端就是螺線管的北極．

先由電源的正負極確定電流的方向，再結合通電螺線管的右端為N極，左端為S極，再由右手螺旋定則得出線圈的繞法．22、解：根據左手定則可得；帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示?！痉治觥?/p>

本題考查了左手定則的直接應用；根據左手定則即可正確判斷磁場；運動方向、洛倫茲力三者之間的關系，特別注意的是四指指向和正電荷運動方向相同和負電荷運動方向相反。

安培定則、左手定則、右手定則是在電磁學中經常用到的，要掌握它們的區(qū)別，并能熟練應用?！窘馕觥拷猓焊鶕笫侄▌t可得；帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示。六、綜合題(共2題，共10分)23、(1)VnS

6Mn3S3婁脨婁脩V3

(2)

解：

壟脵壟脵由圖像可知，A隆煤B

過程為等壓變化，由蓋隆陋

呂薩克定律得：VATA=VBTB

代入數據解得：TB=900KB隆煤C

過程為等容過程，根據查理定律得PBTB=PCTC

代入數據解得：TC=300K

壟脷

由圖像知A隆煤C

過程中，初、末狀態(tài)溫度相等，所以理想氣體內能的增量：婁隴U=0【分析】(1)

【分析】由n

滴油酸的體積解得一滴的體積，再由體積除以油膜面積，從而解得油酸分子的直徑；由題意可得油酸的摩爾體積，再由單分子體積解得阿伏伽德羅常數。本題主要考查利用單分子油膜法粗略測定分子的大小和阿伏伽德羅常數，較簡單。【解答】油膜的體積與1

滴油酸的體積相等，V0=Vn

油酸分子的直徑：d=V0S=VnS

油酸的摩爾體積：Vm=M婁脩

阿伏伽德羅常數：NA=VmV鈥?=M婁脩隆隴16婁脨d3=6Mn3S3婁脩婁脨V3

(2)壟脵壟脵判斷氣體從AA到BB的過程特點，由理想氣體狀態(tài)方程解得BB態(tài)時的溫度；判斷從BB到CC的過程，由理想氣體狀態(tài)方程解得CC態(tài)時的溫度；壟脷壟脷由理想氣體的內能決定因素判斷內能的變化。本題主要考查理想氣體狀態(tài)方程的理解及應用，知道理想氣體的內能由溫度決定，是解題的關鍵，較簡單?！窘馕觥?1)VnS

6Mn3S3婁脨婁脩V3

(2)

解：壟脵壟脵由圖像可知，A隆煤B

過程為等壓變化，由蓋隆陋

呂薩克定律得：VATA=VBTB

代入數據解得：TB=900KB隆煤C

過程為等容過程，根據查理定律得PBTB=PCTC

代入數據解得：TC=300K

壟脷

由圖像知A隆煤C

過程中，初、末狀態(tài)溫度相等，所以理想氣體內能的增量：婁隴U=0

24、（1）ABD。