2025年人教A新版必修三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版必修三物理上冊階段測試試卷532考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場中M點以相同速度飛出a、b兩個帶電粒子；僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示．則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負(fù)電B.a的速度將減小，b的速度將增加C.a的加速度將增加，b的加速度將減小D.兩個粒子的電勢能都減小2、如圖所示，電源內(nèi)阻較大，當(dāng)開關(guān)閉合，滑片位于某位置時，水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，燈泡L也能正常發(fā)光，現(xiàn)將滑片由該位置向a端滑動；則()

A.液滴帶正電，將向上做加速運動B.燈泡將變暗，電源效率將減小C.電容器將放電，所帶電荷量減少D.電源的路端電壓增大，輸出功率也增大3、質(zhì)量分別為m1和m2、電荷量分別是q1和q2的小球（大小可忽略），用長度不等的輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別是α和β（α＞β）；兩小球恰在同一水平線上，下面關(guān)于物理量的比較，說法正確的是（）

A.m1所受電場力較大B.m1、m2懸線上的拉力大小之比為C.m1、m2的大小之比為D.q1一定等于q24、如圖為描述某靜電場的電場線，a、b、c是同一條電場線上的三個點，其電場強(qiáng)度大小分別為Ea、Eb、Ec，電勢分別為φa、φb、φc。把帶正電的點電荷沿電場線由a點移至c點的過程中；該點電荷所受的靜電力（）

A.先變大后變小B.越來越大C.保持不變D.越來越小5、帶正電粒子僅在電場力作用下，從電場中a點以初速度進(jìn)入電場并沿虛線所示的軌跡運動到b點；如圖所示，實線是電場線，關(guān)于粒子，下列說法正確的是（）

A.在a點的加速度大于在b點的加速度B.在a點的電勢能小于在b點的電勢能C.在a點的電場強(qiáng)度大于在b點的電場強(qiáng)度D.電場中a點的電勢一定比b點的電勢高6、如圖所示電路中，表頭G的內(nèi)阻滿偏電流為定值電阻，若下列說法正確的是（）

A.表頭G的滿偏電壓為B.使用兩個端點時，可以用來測量大于的電流C.使用兩個端點時，可以用來測量電壓，其量程為D.使用兩個端點時，可以用來測量電壓，其量程為7、在如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為10V，燈泡L標(biāo)有“3V，9W”字樣，電動機(jī)線圈的電阻RM＝1Ω。若燈泡恰能正常發(fā)光；下列說法正確的是（）

A.電動機(jī)兩端的電壓是6VB.通過電動機(jī)的電流是5AC.電動機(jī)的輸出功率是12WD.整個電路消耗的電功率是21W8、如圖所示；甲；乙、丙為三個不同的電路結(jié)構(gòu)，其回路的電勢升降情況與甲、乙、丙一一對應(yīng)的是（）

A.①②③B.③②①C.③①②D.②③①9、A、B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細(xì)線，細(xì)線下端系一帶電小球。兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，其中R1為光敏電阻，R2為滑動變阻器，R3為定值電阻。當(dāng)R2的滑動觸頭P在a端時閉合開關(guān)S。此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U帶電小球靜止時絕緣細(xì)線與金屬板A的夾角為電源電動勢E和內(nèi)阻r一定。以下說法正確的是（）

A.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B.若僅增大B板間距離，則小球重新達(dá)到穩(wěn)定后變大C.若僅用更強(qiáng)的光照射R1，則I增大，U增大D.若僅用更強(qiáng)的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如用示，一條光滑絕緣柔軟輕繩跨過一定滑輪，輕緬兩端連接質(zhì)址分別為m1、m2的兩個帶同種電荷的小球，穩(wěn)定時，兩側(cè)輕繩的長度分別為l1、l2，且l1>l2，與豎方向的夾角分別為現(xiàn)緩慢減少小球m1的電荷量到一定值，系統(tǒng)重新穩(wěn)定，兩側(cè)輕繩的長度分別變?yōu)樾∨c豎直方向的夾角分別變?yōu)殛P(guān)于穩(wěn)定時的情景下列說法正確的是（）

A.B.C.D.11、如圖所示，帶電量分別為?q1和+q2的A、B兩點電荷分別固定在x軸上的兩點，規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢為零；已知a點電勢為零，b點場強(qiáng)為零，c點在b點的右側(cè)；則（）

A.A的帶電量大于B的帶電量B.x軸上a、b兩點間可能存在著與c點場強(qiáng)相同的點C.將正離子在a點靜止釋放，僅在電場力作用下離子可能在ac間往復(fù)運動D.將電子從b點移到c點過程中，電子所受電場力可能先增大，后減小12、如圖所示，ABCD與CDEF為相鄰的兩個相同正方形，在正方形ABCD的中心O1有一正點電荷，在正方形CDEF的中心O2有一負(fù)點電荷；兩點電荷帶電量相等，G點為EF的中點，H點為CD的中點，則下列說法正確的是（）

A.C和G兩點的電場強(qiáng)度方向相同B.C點和H點的電勢相等C.將一帶正電的試探電荷沿直線從Ｂ點移動至Ｆ點的過程中，電場力一直做正功D.將一帶正電的試探電荷沿直線從F點移動至E點的過程中，電場力先做正功后做負(fù)功13、點電荷q1、q2固定在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中C為ND段電勢最低的點；則下列說法正確的是（）

A.q1、q2為等量異種電荷B.N、C兩點間場強(qiáng)方向沿x軸正方向C.從N點沿x軸到D點的場強(qiáng)大小先減小后增大D.將一正點電荷從N點移到D點，電勢能先增大后減小14、兩個點電荷Q1和Q2固定在x軸上，其中Q2所在位置為坐標(biāo)原點。將一電子放在x正半軸上，該電子的電勢能隨位置變化的曲線如圖所示，其中x0是電勢能為零的點的坐標(biāo)，x1是電勢能為極值的點的坐標(biāo)。由圖像可知（）

A.Q2一定帶負(fù)電B.兩個點電荷可能為同種電荷C.兩個點電荷在x0處的合場強(qiáng)為零D.Q1帶電量的絕對值必大于Q2帶電量的絕對值15、如圖所示，帶箭頭的實線表示某電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面。A、B為電場中兩點。下列說法中正確的是（）

A.A點的電勢比B點的電勢高B.正電荷在A點的電勢能小于在B點的電勢能C.負(fù)電荷由A點運動到B點的過程中電場力做正功D.負(fù)電荷在A點受到的電場力小于在B點受到的電場力16、在如圖所示的U-I圖像中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖像，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路。則（）

A.電源的電動勢為3VB.電源的內(nèi)阻為2ΩC.電阻R的阻值為1ΩD.電路消耗的總功率為6W17、某型號的小燈泡其正常發(fā)光時的電壓為4.0V，圖甲為小燈泡的I-U曲線，現(xiàn)將該小燈泡與一電阻值為5.0Ω電阻串聯(lián)后，再與一電動勢E=5.0V、內(nèi)阻r=5.0Ω的電源；按圖乙的連接方式連接好。則下列說法正確的是（）

A.此時電路中的電流為1AB.此時R的功率約為為0.392WC.小燈泡的功率約為為0.672WD.電源的輸出功率接近1W評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：當(dāng)穿過閉合導(dǎo)體回路的______時，閉合導(dǎo)體回路中就產(chǎn)生感應(yīng)電流。19、雷達(dá):

（1）雷達(dá)是利用______來測定物體位置的無線電設(shè)備。

（2）雷達(dá)既是電磁波的____端,又是電磁波的_____端。

（3）原理:雷達(dá)用直線性好的微波定位。無線電波的傳播速度是c,測出從發(fā)射無線電波到接收反射波的時間t,就可以確定障礙物的距離L=。實際上,障礙物的距離等數(shù)據(jù)由電子電路自動計算并在熒光屏上顯示。20、勻強(qiáng)磁場：

（1）特點：磁場中各個點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小_______、方向_______。

（2）勻強(qiáng)磁場的磁感線：用一些間隔_______的_______直線表示。21、掌握用______表和______表測量電動勢和內(nèi)阻的方法。22、某電熱水壺銘牌的部分參數(shù)如表中所示，從表中可知，該電熱水壺正常工作時電壓U=______V，功率P=_____W，電流I=______A。

產(chǎn)品型號

DF-938

額定電壓

220V

額定頻率

50HZ

額定功率

1100W23、小李同學(xué)在學(xué)習(xí)了庫侖定律之后，為了研究帶電小球在它們之間的相互作用力下的運動，他在絕緣的光滑水平面上放三個質(zhì)量相等的帶電小球a、b、c，它們處在同一直線上，如圖以向右為正方向，若釋放a球，a球的初始加速度為若釋放c球，c球的初始加速度為則根據(jù)所學(xué)知識可知，釋放b球，b球的初始加速度大小為______方向是______。

24、如圖所示，半徑為R的均勻帶電球面，總電荷為Q，設(shè)無窮遠(yuǎn)處的電勢為零，則球內(nèi)距離球心為r的P點處的電場強(qiáng)度的大小為_______和電勢為_______。

25、判斷下列說法的正誤。

（1）電功率越大，表示電流做功越多。____

（2）電功W＝UIt可以用來計算所有電路中電流所做的功。____

（3）電熱Q＝I2Rt可以用來計算所有含有電阻的電路中產(chǎn)生的焦耳熱。____

（4）電動機(jī)消耗的電能，一部分轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，一部分轉(zhuǎn)化為線圈內(nèi)阻上的電熱。____

（5）焦耳定律的表達(dá)式為Q＝I2Rt，此式適用于任何電路。____

（6）三個公式P＝UI、P＝I2R、P＝?jīng)]有任何區(qū)別，它們表達(dá)相同的意義，所以三式中P都是電功率。____26、通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖所示，用右手握住螺線管，讓彎曲的四指與________一致，伸直的拇指所指的方向就是________磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的________的方向。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)27、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

28、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

29、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強(qiáng)電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)30、電荷的定向移動形成電流，電流表示單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量，即電流傳感器可以像電流表一樣測量電流，并且可以和計算機(jī)相連，顯示出電流隨時間變化的圖像。利用電流傳感器研究電容器的放電過程的電路如圖甲所示，其中電源兩端電壓是單刀雙擲開關(guān)，為平行板電容器。先使開關(guān)與相連，電容器充電結(jié)束后把開關(guān)擲向電容器通過電阻放電。傳感器將電流信息傳入計算機(jī)，屏幕上顯示出電流隨時間變化的曲線如圖乙所示。

（1）當(dāng)開關(guān)接時，電容器的電流___________正極板（選填“流進(jìn)”或“流出”）。

（2）其放電電流隨時間變化圖像如圖乙所示，已知圖中所圍的面積約為個方格，每一小格可算出電容器的電容為___________

（3）若將電容器上板接正極，下板接負(fù)極，且將上極板接地，如圖丙所示。有一帶電液滴靜止在電容器內(nèi)部點，閉合開關(guān)現(xiàn)將電容器下極板向下平移一小段距離，則液滴___________（填“靜止不動”、“向下運動”、“向上運動”）。若斷開開關(guān)將電容器下極板向下平移一小段距離，則液滴___________（填“靜止不動”、“向下運動”、“向上運動”）。31、如甲圖所示是觀察電容器的充、放電現(xiàn)象的實驗裝置。電源輸出電壓恒為8V，S是單刀雙擲開關(guān)，G為靈敏電流計，C為平行板電容器。

（1）當(dāng)開關(guān)S接___________時（選填“1”或“2”），平行板電容器放電，流經(jīng)G表的電流方向與充電時___________（選填“相同”或“相反”）

（2）將G表換成電流傳感器，電容器充電完畢后再放電，其放電電流隨時間變化圖像如乙圖所示，已知如圖所圍的面積約為40個方格，可算出電容器的電容為___________F。32、小強(qiáng)同學(xué)要測一段粗細(xì)均勻的電阻絲的阻值，他先用多用電表粗測其電阻約為隨后將其固定在帶有刻度尺的木板上，準(zhǔn)備進(jìn)一步精確測量其電阻。現(xiàn)有電源(電動勢E為內(nèi)阻不計)；開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列器材:

A.電流表(量程內(nèi)阻約)B.電流表(量程內(nèi)阻約)

C.電壓表(量程內(nèi)阻約)D.滑動變阻器(額定電流)

E.滑動變阻器(額定電流)

（1）為減小誤差，且便于操作，在實驗中電流表應(yīng)選________，滑動變阻器應(yīng)選________(選填器材前的字母)。

（2）如圖所示，是測量該電阻絲電阻的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，還有兩根導(dǎo)線沒有連接，請用筆替代導(dǎo)線，補(bǔ)充完成_________。

（3）在開關(guān)閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)當(dāng)調(diào)到最________(選填“左”或“右”)端；閉合開關(guān)后，實驗中電壓表讀數(shù)的最小值________(選填“大于零”或“等于零”)。

（4）若不計實驗中的偶然誤差，則下列說法正確的是________。

A．測量值偏大；產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是電流表分壓。

B．測量值偏?。划a(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是電壓表分流。

C．若已知電流表的內(nèi)阻，可計算出待測電阻的真實值評卷人得分六、解答題(共4題，共12分)33、無處不在的引力場；構(gòu)建出一幅和諧而神秘的宇宙圖景。

（1）地球附近的物體處在地球產(chǎn)生的引力場中。地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體。已知地球的質(zhì)量為M，引力常量為G。請類比電場強(qiáng)度的定義，寫出距地心r處的引力場強(qiáng)度g的表達(dá)式。（已知r大于地球半徑，結(jié)果用M、G和r表示）

（2）物體處于引力場中；就像電荷在電場中具有電勢能一樣，具有引力勢能。

中國科學(xué)院南極天文中心的巡天望遠(yuǎn)鏡追蹤到由孤立的雙中子星合并時產(chǎn)生的引力波。已知該雙中子星的質(zhì)量分別為且保持不變。在短時間內(nèi)，可認(rèn)為雙中子星繞二者連線上的某一點做勻速圓周運動。請分析說明在合并過程中，該雙中子星系統(tǒng)的引力勢能、運動的周期T如何變化。

（3）我們可以在無法獲知銀河系總質(zhì)量的情況下，研究太陽在銀河系中所具有的引力勢能。通過天文觀測距銀心（即銀河系的中心）為r處的物質(zhì)繞銀心的旋轉(zhuǎn)速度為v，根據(jù)可得到銀河系在該處的引力場強(qiáng)度g的數(shù)值，并作出圖像，如圖所示。已知太陽的質(zhì)量太陽距離銀心

a．某同學(xué)根據(jù)表達(dá)式認(rèn)為：引力場強(qiáng)度g的大小與物質(zhì)繞銀心的旋轉(zhuǎn)速度成正比，與到銀心的距離r成反比。請定性分析說明該同學(xué)的觀點是否正確。

b．將物質(zhì)距銀心無窮遠(yuǎn)處的引力勢能規(guī)定為零，請利用題中信息估算太陽所具有的引力勢能

34、如圖所示，固定斜面足夠長，傾角θ=37°。長l=2m的絕緣木板B置于斜面底端，帶電量C的小物塊A位于木板B的最下端?？臻g有沿斜面向上的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)N/C。同時將A、B由靜止釋放。已知A、B質(zhì)量均為m=1kg，A、B間動摩擦因數(shù)μ1=0.5，B與斜面間動摩擦因數(shù)μ2=0.125，不計空氣阻力。運動中，物塊A與B上端大小不計的擋板碰撞時間極短且為彈性碰撞。取重力加速度g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：

（1）A；B第一次碰撞后瞬間分別的速度大??；

（2）A；B第一次碰撞到第二次碰撞的時間間隔；

（3）經(jīng)足夠長時間；全過程在AB接觸面上產(chǎn)生的總熱量。

35、電路中，每分鐘有4.8×10-3C的電荷流過導(dǎo)線的某一橫截面，已知一個電子的帶電量為e=1.6×10-19C；求∶

（1）每分鐘內(nèi)流過該導(dǎo)線這一橫截面的電子數(shù)目；

（2）流過該導(dǎo)線的電流。36、如圖甲所示的電路中，均為定值電阻，且阻值未知，為一滑動變阻器。當(dāng)其滑片從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電源中流過的電流變化圖線如圖乙所示，其中兩點是滑片在變阻器的兩個不同端點得到的。求：

（1）電源的電動勢和內(nèi)阻；

（2）定值電阻的阻值；

（3）滑動變阻器的阻值為多少時；滑動變阻器消耗的功率最大，消耗的最大功率值為多少。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知，b粒子的軌跡向右彎曲，b粒子受到的電場力方向向右，a的軌跡向左彎曲，a粒子受到的電場力方向向左；由于電場線未知，無法確定兩個粒子的電性，但是一定帶異種電荷，故A錯誤；

C．由圖看出，向左電場線越來越疏，場強(qiáng)越來越小，則a所受電場力減小，加速度減小，b所受電場力增大；加速度增大，故C錯誤；

BD．由圖判斷電場力對兩個粒子都做正功；電勢能都減小，動能都增大，速度均增加，故B錯誤，D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

B．將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，燈泡消耗的功率減小，則燈泡將變暗；外電路總電阻增大，路端電壓增大，則電源的效率為

U增大，則知η增大；故B錯誤；

A．電容器下極板帶正電；板間場強(qiáng)向上，則知液滴帶正電，路端電壓增大，則電容器板間電壓增大，板間場強(qiáng)增大，液滴所受的電場力增大，因此液滴將向上做加速運動，故A正確；

C．電容器的電壓增大；則電容器將充電，所帶電荷量增大，故C錯誤；

D．由于電源的內(nèi)電阻與外電阻關(guān)系未知；所以不能判斷輸出功率如何變化，故D錯誤；

故選A．

【點睛】

將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，分析電路中總電阻的變化，判斷變阻器電壓的變化，判斷電容器充電還是放電，由板間場強(qiáng)的變化分析液滴的運動情況．3、C【分析】【詳解】

A．由牛頓第三定律知兩小球受電場力大小相等；故A錯誤；

B．由題意知兩小球受力都處于平衡狀態(tài)，那么各自的受力合力為零，對小球有。

如圖，設(shè)是小球?qū)Φ碾妶隽?，輕絲線對小球的拉力為的兩個分力分別是和設(shè)是小球?qū)Φ碾妶隽Γ鶕?jù)受力平衡可得

由牛頓第三定律知＝

由以上可得

故B錯誤；

C．根據(jù)圖和力的平衡條件有

同理，設(shè)輕絲線對小球的拉力為有＇

由以上和的值，知

則

故C正確；

D．根據(jù)庫侖定律和牛頓第三定律和不一定相等；故D錯誤。

故選C。4、D【分析】【分析】

【詳解】

電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱，由圖可知，a點處電場線最密，c點電場線最稀疏，故a點的電場強(qiáng)度最大，c點電場強(qiáng)度最小，即

由

知

故D正確。

故選D。5、D【分析】【分析】

【詳解】

AC．電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，可知Ea＜Eb，所以a、b兩點比較，粒子的加速度在b點時較大；故AC錯誤；

BD．整個過程電場力做正功，根據(jù)動能定理得經(jīng)b點時的動能大于經(jīng)a點時的動能，則在a點的電勢能大于在b點的電勢能，由于是帶正電的粒子，因此電場中a點的電勢一定比b點的電勢高；故C錯誤，D正確。

故選D。6、C【分析】【詳解】

A．表頭G的滿偏電壓為

A錯誤；

B．使用兩個端點時，串聯(lián)了電阻，故不可以用來測量大于的電流；B錯誤；

C．使用兩個端點時，若量程為則的阻值為

C正確；

D．使用兩個端點時，若量程為則的阻值為

D錯誤。

故選C。7、C【分析】【詳解】

A．燈泡正常發(fā)光時的電壓等于其額定電壓，電動機(jī)的輸入電壓UM=U-UL=10V-3V=7V

故A錯誤；

B．燈泡正常發(fā)光，則電路電流

即通過電動機(jī)的電流是3A；故B錯誤；

C．電動機(jī)的熱功率PQ=I2RM=92×1Ω=9W

則電動機(jī)的輸出功率是

故C正確；

D．整個電路消耗的功率P總=UI=10V×3A=30W

故D錯誤；

故選C。8、B【分析】【詳解】

電動勢的躍升集中在兩極；電流通過電阻，電勢下降；甲圖中外電阻為零，與③對應(yīng)；乙圖中電路斷路，與②對應(yīng)；丙圖中電流通過外電阻，電勢下降，與①對應(yīng)。

故選B。9、D【分析】【詳解】

A．滑動變阻器處于含容支路中，相當(dāng)于導(dǎo)線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變。故A錯誤；

B．將AB兩板間的距離拉大，電場強(qiáng)度變小，電場力變小，θ減小。故B錯誤；

CD．用更強(qiáng)的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，電流增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，即U減小，所以U的變化量的絕對值等于內(nèi)電壓的增加量

故C錯誤；D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)10、B:C【分析】【詳解】

以兩小球作為一個整體研究，滑輪對輕繩的作用力豎直向上，同一輕繩彈力T處處相等，則左右兩側(cè)輕繩與豎直方向的夾角等大，故平衡時

對左邊帶電小球受力分析，由三角形相似形法，則有

同理對右邊小球有

可得

故m1<m2

由極限法可知若小球電量減小到0，則每個小球只受重力與繩子彈力，且右邊小球所受重力大，則m1上升m2下降，故l1減小、l2增加；故C正確。

故選BC。

11、A:D【分析】【詳解】

A．由點電荷的場強(qiáng)公式

又b點場強(qiáng)為零，A點電荷到b點的距離大于B點電荷到b點的距離；可得A的帶電量大于B的帶電量，A正確；

B．由于c點在b點的右側(cè)，故x軸上a、b兩點間不可能存在著與c點場強(qiáng)相同的點；B錯誤；

C．由于b點場強(qiáng)為零，將正離子在a點靜止釋放，僅在電場力作用下離子不可能在ac間往復(fù)運動；C錯誤；

D．將電子從b點移到c點過程中；電場強(qiáng)度可能先增大，后減小，故電子所受電場力可能先增大，后減小，D正確。

故選AD。12、B:D【分析】【詳解】

兩點電荷在C點的合場強(qiáng)方向水平向右，兩點電荷在G點的合場強(qiáng)方向水平向左，故兩者的電場強(qiáng)度方向不同，A錯誤；等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢面，故C和H兩點的電勢相等，B正確；從B到F過程中電場力的夾角先與速度方向為鈍角，即先做負(fù)功，再做正功，C錯誤；從F點到E點過程中電場力與速度方向的夾角先是銳角；后為鈍角，即先做正功后做負(fù)功，故D正確．

13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．越靠近兩電荷電勢越高，則兩電荷均帶正電；又兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關(guān)系圖象具有對稱性，則q1、q2為等量同種電荷；故A錯誤；

B．沿x正方向從N到C的過程，電勢降低，N、C兩點間場強(qiáng)方向沿x軸正方向；故B正確；

C．φ-x圖線的斜率表示電場強(qiáng)度，由圖可得N、D兩點間的電場強(qiáng)度大小沿x軸正方向先減小后增大；故C正確；

D．NC電場線向右，CD電場線向左，將一正點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大，故D錯誤。

故選BC。14、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電子帶負(fù)電，在原點附近，電子的電勢能為正，則電勢為負(fù)，因此Q2一定帶負(fù)電；故A正確；

B．在x=x0處電子電勢能為0；即此處電勢為0，因此兩個電荷一定是異種電荷，故B錯誤；

C．Ep-x圖線的斜率即為場強(qiáng)大小，由圖可知，在x=x1處圖線的斜率為0；即合場強(qiáng)為0，故C錯誤；

D．在x=x1處兩電荷的場強(qiáng)等大反向，由圖可知Q1到x=x1位置的距離大于Q2到x=x1位置的距離，因此由庫侖定律可知，Q1帶電量的絕對值必大于Q2帶電量的絕對值；故D正確。

故選AD。15、B:C【分析】【詳解】

A．沿著電場線方向，電勢降低，故A點所在等勢面電勢比B點所在等勢面電勢低；故A錯誤；

B．由于A點的電勢比B點的電勢低，故正電荷在A點的電勢能小于在B點的電勢能；故B正確；

C．由于A點的電勢比B點的電勢低，故負(fù)電荷在A點的電勢能高于在B點的電勢能，由A點運動到B點的過程中電場力做正功；故C正確；

D．由于A點的電場線比B點的電場線更加密集，因此負(fù)電荷在A點受到的電場力大于在B點受到的電場力；故D錯誤。

故選BC。16、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律得

當(dāng)I=0，U=E，由圖讀出電源的電動勢E=3V

內(nèi)阻等于圖線的斜率大小，有

故A正確；B錯誤；

C．根據(jù)歐姆定律，有

故C正確；

D．電路消耗的總功率為P=EI=6W

故D正確。

故選ACD。17、B:C:D【分析】【詳解】

ABC．將定值電阻看成是電源的內(nèi)阻；由電源的電動勢和內(nèi)阻作出電源的伏安特性曲線如圖所示。

則交點為燈泡的工作點，由圖可知，燈泡的電壓約為2.4V，電流約為0.28A，則燈泡的功率

R消耗的功率為P=I2R=0.282×5=0.392W

故A錯誤；BC正確；

D．由電路可知電源的輸出功率為電阻和小燈泡消耗的功率P總=0.392+0.672=1.06W

故D正確。

故選BCD。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】磁通量發(fā)生變化19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]雷達(dá)是利用無線電波來測定物體位置的無線電設(shè)備。

（2）[2][3]雷達(dá)既是電磁波的發(fā)射端,又是電磁波的接收端?！窘馕觥竣?無線電波②.發(fā)射③.接收20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]勻強(qiáng)磁場中各個點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等；方向相同。

（2）[3][4]勻強(qiáng)磁場的磁感線：用一些間隔相等的平行直線表示?！窘馕觥竣?相等②.相同③.相等④.平行21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】電壓電流22、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電熱水壺的銘牌可知：220V表示電水壺的額定電壓為U=220V；即正常工作時電壓為220V；

[2]1100W表示水壺的額定功率為P=1100W；

[3]額定電流為【解析】2201100523、略

【分析】【詳解】

[1][2]對三個小球構(gòu)成的系統(tǒng)，假設(shè)同時釋放三個小球，則三個小球構(gòu)成的系統(tǒng)受到的合力為零，且在釋放瞬間，a球的加速度為c球的加速度為b球的加速度為對系統(tǒng)由牛頓第二定律知

即

所以

方向水平向右。【解析】1水平向右24、略

【分析】【詳解】

[1]由靜電平衡可知；帶電球為等勢體，球內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零。

[2]因為球體等勢，所以球面內(nèi)任意一點的電勢都與表面電勢相同，即P點電勢大小與r無關(guān)。均勻帶電球面外各點的電勢與電荷全部集中在球心處的點電荷所產(chǎn)生的電勢相同。取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，根據(jù)高斯定理，則有球面處的電勢為【解析】025、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.錯誤②.正確③.正確④.正確⑤.正確⑥.錯誤26、略

【解析】①.螺線管電流的方向②.螺線管軸線上③.北極四、作圖題(共3題，共6分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?8、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機(jī)；電動機(jī)符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】29、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強(qiáng)電場的電場線如下所示。

【解析】五、實驗題(共3題，共27分)30、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當(dāng)開關(guān)接時；電容器處于充電狀態(tài)，負(fù)電荷（電子）由電容器的正極板移動到電源正極，故電流流進(jìn)正極板。

（2）[2]根據(jù)

圖像與時間軸圍成的面積表示電荷量，由題可知

電容器的電容

（3）[3]閉合開關(guān)電容器的電壓不變，而將電容器下極板向下平移一小段距離，根據(jù)

則電場強(qiáng)度要變?。浑妶隽⑿∮谥亓?，故液滴要向下運動。

[4]斷開開關(guān)電容器電荷量不變，將電容器下極板向下平移一小段距離，根據(jù)

則電場強(qiáng)度不變，故電場力大小仍然等于重力大小，故液滴靜止不動?！窘馕觥苛鬟M(jìn)向下運動靜止不動31、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]當(dāng)開關(guān)S接2時，平行板電容器放電，流經(jīng)G表的電流方向與充電時相反；

（2）[3]已知如圖所圍的面積約為40個方格，可算出電容器帶電量為Q=40×0.2×10-3×0.4C=3.2×10-3C

電容器的電容為【解析】①.2②.相反③.32、略

【分析】【詳解】

(1)[1]回路中只接入待測電阻時，電流最大，且最大值

因此選電流表B。

[2]由于本題采用的滑動變阻器的限流式接法；一般滑動變阻器的阻值是待測電阻的2～5倍調(diào)節(jié)起來比較方便，故滑動變阻器選D。

(2)[3]由于測