2025年冀少新版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年冀少新版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、矩形導(dǎo)線框固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；如圖所示，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲猓鸥袘?yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖所示，則（）

A.0～t1時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向?yàn)閍bcdaB.0～t1時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流越來(lái)越小C.0～t2時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向始終為adcbaD.0～t2時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框ab邊受到的安培力大小恒定不變2、兩個(gè)帶異種電荷的物體間距離增大一些時(shí)（）A.電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能增加B.電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加C.電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少D.電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能減少3、在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)帶電微粒處于靜止?fàn)顟B(tài)，如果突然把電場(chǎng)改為水平方向，而場(chǎng)強(qiáng)的大小保持不變，關(guān)于粒子狀態(tài)下列說(shuō)法正確的是（）A.保持靜止?fàn)顟B(tài)B.開(kāi)始作類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)C.開(kāi)始做自由落體運(yùn)動(dòng)D.作初速度為零，加速度為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)4、如圖甲，先將開(kāi)關(guān)S擲向1，給平行板電容器C充電，穩(wěn)定后把S擲向2，電容器通過(guò)電阻R放電，電流傳感器將電流信息導(dǎo)入計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流I隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示．將電容器C兩板間的距離增大少許，其他條件不變，重新進(jìn)行上述實(shí)驗(yàn)，得到的I-t圖象可能是

A.B.C.D.5、下列四幅圖涉及到不同的物理知識(shí)，其中說(shuō)法正確的是（）

A.圖甲：普朗克通過(guò)研究黑體輻射提出能量子的概念，成功解釋了光電效應(yīng)B.圖乙：玻爾理論指出氫原子能級(jí)是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率是不連續(xù)的C.圖丙：盧瑟福通過(guò)分析粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子D.圖?。焊鶕?jù)電子束通過(guò)鋁箔后的衍射圖樣，可以說(shuō)明電子具有粒子性6、光照在某金屬表面上發(fā)生了光電效應(yīng)。若只減弱光的強(qiáng)度，而保持頻率不變，則（）A.有可能不發(fā)生光電效應(yīng)B.逸出的光電子的最大初動(dòng)能將減小C.單位時(shí)間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)將減少D.從光照射到金屬表面到有光電子逸出的時(shí)間明顯增加評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、如圖所示的電路，閉合開(kāi)關(guān)S，滑動(dòng)變阻器滑片向左移動(dòng)；下列結(jié)論正確的是（）

A.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大B.小電泡變亮C.電容器C上電荷量增大D.電源的總功率變大8、(多選)在如圖所示電路中，R1是定值電阻，R2是滑動(dòng)變阻器，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)R2的滑動(dòng)觸片P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電流表、電壓表的示數(shù)分別用I、U1、U2、U3表示，它們示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。則下列說(shuō)法中正確的是（??）

A.不變，不變B.變大，變大C.變大，不變D.變大，不變9、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開(kāi)始，經(jīng)歷過(guò)程①、②、③、④到達(dá)狀態(tài)e。對(duì)此氣體；下列說(shuō)法正確的是（）

A.過(guò)程①中氣體的壓強(qiáng)增大B.過(guò)程②中氣體對(duì)外界做功C.過(guò)程③中氣體的內(nèi)能增大D.過(guò)程④中氣體向外界釋放了熱量10、下列說(shuō)法正確的是_______A.液體的溫度越低.其飽和汽壓越小B.酒精燈中的酒精能沿?zé)粜鞠蛏仙@與毛細(xì)現(xiàn)象有關(guān)C.納米材料的顆粒半徑一定是E.第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)違反了能量守恒定律E.第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)違反了能量守恒定律11、下列說(shuō)法中正確的是（）A.晶體的導(dǎo)熱性能一定是各向異性的B.物體從單一熱源吸收的熱量有可能全部用于做功C.擴(kuò)散現(xiàn)象與布朗運(yùn)動(dòng)都能說(shuō)明分子在永不停息地運(yùn)動(dòng)E.夏天中午時(shí)車(chē)胎內(nèi)的氣壓比清晨時(shí)高，且車(chē)胎體積增大，則胎內(nèi)氣體對(duì)外界做功，內(nèi)能增大（胎內(nèi)氣體質(zhì)量不變且可視為理想氣體）E.夏天中午時(shí)車(chē)胎內(nèi)的氣壓比清晨時(shí)高，且車(chē)胎體積增大，則胎內(nèi)氣體對(duì)外界做功，內(nèi)能增大（胎內(nèi)氣體質(zhì)量不變且可視為理想氣體）12、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播,t=0時(shí)的波形如圖所示,質(zhì)點(diǎn)A與質(zhì)點(diǎn)B相距2m,質(zhì)點(diǎn)A的速度沿y軸正方向:t=0.01s時(shí),質(zhì)點(diǎn)A第一次到達(dá)正向最大位移處,由此可知；

A.此波的傳播速度為100m/sB.此波沿x軸負(fù)方向傳播C.此波沿x軸正方同傳播E.在t=0.02s時(shí),質(zhì)點(diǎn)B處在平衡位置,速度沿y軸正方向E.在t=0.02s時(shí),質(zhì)點(diǎn)B處在平衡位置,速度沿y軸正方向13、如圖所示；圓弧虛線表示正點(diǎn)電荷電場(chǎng)的等勢(shì)面，相鄰兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等．光滑絕緣直桿沿電場(chǎng)方向水平放置并固定不動(dòng)，桿上套有一帶正電的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，滑塊通過(guò)絕緣輕彈簧與固定點(diǎn)O相連，并以某一初速度從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，OM＜ON．若滑塊在M；N時(shí)彈簧的彈力大小相等，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則。

A.滑塊從M到N的過(guò)程中，速度可能一直增大B.滑塊從位置1到2的過(guò)程中，電場(chǎng)力做的功比從位置3到4的小C.在M、N之間的范圍內(nèi)，可能存在滑塊速度相同的兩個(gè)位置D.在M、N之間可能存在只由電場(chǎng)力確定滑塊加速度大小的三個(gè)位置評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、按照玻爾理論，一個(gè)氫原子核外的電子從半徑為ra的圓軌道自發(fā)地直接躍遷到半徑為rb的圓軌道上，在此過(guò)程中原子要___________（填“發(fā)射”或“吸收”）某一頻率的光子，電子的動(dòng)能________（填“增大”、“減小”或“不變”），電子（系統(tǒng)）的電勢(shì)能________（填“增大”、“減小”或“不變”），原子的總能量（）。15、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c、d又回到狀態(tài)a，其體積V隨溫度T的變化圖象如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)a時(shí)溫度為壓強(qiáng)為體積為在狀態(tài)b時(shí)體積為其中則由狀態(tài)a到狀態(tài)b過(guò)程中，氣體______（選填“吸熱”或“放熱”），由狀態(tài)a到狀態(tài)c氣體的內(nèi)能增加了100J，由狀態(tài)d到狀態(tài)a氣體對(duì)外做的功則由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體放出的熱量為_(kāi)_____J。

16、如圖所示，一邊長(zhǎng)為0.1m的單匝正方形線圈從左側(cè)勻速進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)度B＝2T．從ab邊開(kāi)始進(jìn)入磁場(chǎng)至cd邊恰好進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線圈的磁通量變化了________Wb；若上述過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間為0.2s，則線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_______V.

17、如圖，氣缸固定于水平面，用截面積為20cm2的活塞封閉一定量的氣體，活塞與缸壁間摩擦不計(jì)．當(dāng)大氣壓強(qiáng)為1.0×105Pa、氣體溫度為87℃時(shí)，活塞在大小為40N、方向向左的力F作用下保持靜止，氣體壓強(qiáng)為_(kāi)___Pa．若保持活塞不動(dòng)，將氣體溫度降至27℃，則F變?yōu)開(kāi)_____N．

18、下列關(guān)于單擺的認(rèn)識(shí)說(shuō)法正確的是________E.擺球運(yùn)動(dòng)到平衡位置時(shí)，合力為零19、機(jī)械波產(chǎn)生和傳播的條件是：①存在一個(gè)做振動(dòng)的波源，②在波源周?chē)嬖赺___；機(jī)械波傳播的是_________和___________。20、【小題1】警車(chē)向路上的車(chē)輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時(shí)探測(cè)反射波的頻率。下列說(shuō)法正確的是_______。(填入正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分：有選錯(cuò)的得0分)。A．車(chē)輛勻速駛向停在路邊的警車(chē)，警車(chē)探測(cè)到的反射波頻率增高B．車(chē)輛勻速駛離停在路邊的警車(chē)，警車(chē)探測(cè)到的反射波頻率降低C．警車(chē)勻速駛向停在路邊的汽車(chē)，探測(cè)到的反射波頻率降低D．警車(chē)勻速駛離停在路邊的汽車(chē)，探測(cè)到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質(zhì)構(gòu)成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面，入射方向與半球殼的對(duì)稱(chēng)軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。21、如圖所示為氫原子能級(jí)示意圖，某個(gè)粒子與處在基態(tài)的一個(gè)氫原子在同一直線上相向運(yùn)動(dòng)，并發(fā)生碰撞，碰撞后氫原子受激躍遷到n＝4的能級(jí)。若有一群氫原子處在n＝4的能級(jí)，會(huì)輻射出_____種頻率的光。在此條件下輻射出的光子中，頻率最高的光子的能量是_____eV．用輻射出的光子照射逸出功為4.75eV的金屬，逸出光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)____eV.22、已知光速為c，普朗克常數(shù)為h，則頻率為ν的光子的動(dòng)量為_(kāi)_____．用該頻率的光垂直照射平面鏡，光被鏡面全部垂直反射回去，則光子在反射前后動(dòng)量改變量的大小為_(kāi)_____．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共4分)26、某中學(xué)生課外科技活動(dòng)小組利用銅片、鋅片和家鄉(xiāng)盛產(chǎn)的柑橘作了果汁電池，他們測(cè)量這種電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，并探究電極間距對(duì)E和r的影響．實(shí)驗(yàn)器材如圖所示．

①測(cè)量E和r的實(shí)驗(yàn)方案為：調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，改變電源兩端的電壓U和流過(guò)電源的電流I，依據(jù)公式___________，利用測(cè)量數(shù)據(jù)作出U-I圖像，得出E和r．

②將電壓表視為理想表，要求避免電流表分壓作用對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，請(qǐng)?jiān)趫D中用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線連接電路_________．

③實(shí)驗(yàn)中依次減小銅片與鋅片的間距，分別得到相應(yīng)果汁電池的U-I圖像如圖中（a）、（b）；（c）、（d）所示；由此可知：

在該實(shí)驗(yàn)中，隨電極間距的減小，電源電動(dòng)勢(shì)___________（填“增大”“減小”或“不變”），電源內(nèi)阻________（填“增大”“減小”或“不變”）．

曲線（c）對(duì)應(yīng)的電源電動(dòng)勢(shì)E=_____________V，內(nèi)阻r=____________Ω，當(dāng)外電路總電阻為2500Ω時(shí)，該電源的輸出功率P=_____________mW.（均保留三位有效數(shù)字）27、（1）某興趣小組探究用不同方法測(cè)定干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，他們提出的實(shí)驗(yàn)方案中有如下四種器材組合，為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果盡可能準(zhǔn)確，最不可取的一組器材是__________

A．一個(gè)安培表；一個(gè)伏特表和一個(gè)滑動(dòng)變阻器。

B．一個(gè)伏特表和多個(gè)定值電阻。

C．一個(gè)安培表和一個(gè)電阻箱。

D．兩個(gè)安培表和一個(gè)滑動(dòng)變阻器。

（2）用如圖所示電路測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)器材：待測(cè)電源（電動(dòng)勢(shì)約內(nèi)阻約），保護(hù)電阻（阻值）和（阻值），滑動(dòng)變阻器電流表電壓表開(kāi)關(guān)導(dǎo)線若干。

實(shí)驗(yàn)主要步驟：

（i）將滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值調(diào)到最大；閉合開(kāi)關(guān)；

（ii）逐漸減小滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)和相應(yīng)電流表的示數(shù)

（iii）以為縱坐標(biāo)，為橫坐標(biāo)，做圖線（都用國(guó)際單位）；

（iv）求出圖線斜率的絕對(duì)值和在橫軸上的截距（縱坐標(biāo)從開(kāi)始）

回答下列問(wèn)題：

①滑動(dòng)變阻器的滑片從左向右滑動(dòng)，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，兩導(dǎo)線與滑動(dòng)變阻器接線柱連接情況是__________

A．兩導(dǎo)線接在滑動(dòng)變阻器電阻絲兩端接線柱。

B．兩導(dǎo)線接在滑動(dòng)變阻器金屬桿兩端接線柱。

C．一條導(dǎo)線接在滑動(dòng)變阻器金屬桿左端接線柱；另一條導(dǎo)線接在電阻絲左端接線柱。

D．一條導(dǎo)線接在滑動(dòng)變阻器金屬桿右端接線柱；另一條導(dǎo)線接在電阻絲右端接線柱。

②選用和表示待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的表達(dá)式__________，__________，代入數(shù)值可得和的測(cè)量值。評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共8分)28、如圖所示，光滑導(dǎo)軌MN和PQ固定在豎直平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，兩端分別接有阻值均為R的定值電阻R1和R2,兩導(dǎo)軌間有一邊長(zhǎng)為的正方形區(qū)域abcd，該區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一質(zhì)量為m的金屬桿與導(dǎo)軌相互垂直且接觸良好，從ab處由靜止釋放；若金屬桿離開(kāi)磁場(chǎng)前已做勻速運(yùn)動(dòng)，其余電阻均不計(jì)．求：

(1)金屬桿離開(kāi)磁場(chǎng)前的瞬間流過(guò)R1的電流大小和方向；

(2)金屬桿離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度的大??；

(3)金屬桿穿過(guò)整個(gè)磁場(chǎng)過(guò)程中電阻R1上產(chǎn)生的電熱．29、如圖所示，長(zhǎng)L=55cm的薄壁玻璃管與水平面成30°角傾斜放置，玻璃管粗細(xì)均勻，底端封閉、另一端開(kāi)口．現(xiàn)用長(zhǎng)l=10cm的水銀柱封閉著一定質(zhì)量的理想氣體；氣體溫度為306K，且水銀面恰與管口齊平．現(xiàn)將管口緩慢轉(zhuǎn)到豎育向上位置，并將水銀緩慢注入管中，直到水銀面再次與管口齊平，已知大氣壓強(qiáng)p=75cmHg．求。

（1）水銀面再次與管口齊平時(shí)；管中氣體的壓強(qiáng)；

（2）對(duì)豎直玻璃管緩慢加熱，若管中剛好剩下5cm高的水銀柱，氣體溫度升高了多少．30、電路如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝30V，內(nèi)阻r＝3Ω，電阻R1＝12Ω，R2＝R4＝4Ω，R3＝8Ω，C為平行板電容器，其電容C＝3.0pF，圖中虛線到兩極板距離相等，極板長(zhǎng)l＝0.30m，兩極板的間距d＝1.0×10－2m.求：

（1）若開(kāi)關(guān)S處于斷開(kāi)狀態(tài)，R3上的電壓是多少？

（2）當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合后，R3上的電壓會(huì)變化；那么電容器上的電壓等于多少？

（3）若開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，有一帶電微粒沿虛線方向以v0＝3.0m/s的初速度射入C的電場(chǎng)中，剛好沿虛線勻速運(yùn)動(dòng)，問(wèn)：當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)后，此帶電微粒以相同初速度沿虛線方向射入C的電場(chǎng)中，能否從C的電場(chǎng)中射出？(要求寫(xiě)出計(jì)算和分析過(guò)程，g取10m/s2)31、如圖甲所示；建立Oxy坐標(biāo)系，兩平行極板P；Q垂直于y軸且關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng)，極板長(zhǎng)度和板間距均為l，第一四象限有磁場(chǎng)，方向垂直于Oxy平面向里．位于極板左側(cè)的粒子源沿x軸間右連接發(fā)射質(zhì)量為m、電量為+q、速度相同、重力不計(jì)的帶電粒子在0~3t時(shí)間內(nèi)兩板間加上如圖乙所示的電壓（不考慮極邊緣的影響）．

已知t=0時(shí)刻進(jìn)入兩板間的帶電粒子恰好在t0時(shí)，刻經(jīng)極板邊緣射入磁場(chǎng)．上述m、q、l、l0；B為已知量．（不考慮粒子間相互影響及返回板間的情況）

（1）求電壓U的大?。?/p>

（2）求時(shí)進(jìn)入兩板間的帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑．

（3）何時(shí)把兩板間的帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短？求此最短時(shí)間．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【分析】

由右圖可知B的變化；則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律可知電動(dòng)勢(shì)，即可知電路中電流的變化情況；由F=BIL可知安培力的變化情況．

【詳解】

由圖可知，0-t2內(nèi)，線圈中磁通量的變化率相同，故0到t2時(shí)間內(nèi)電流的方向相同，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，即電流為adcba方向，故A正確，C錯(cuò)誤；從0到t1時(shí)間內(nèi)，線圈中磁通量的變化率相同，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定不變，電路中電流大小時(shí)恒定不變；導(dǎo)線電流大小恒定，故B錯(cuò)誤；從t1到t2時(shí)間內(nèi)，磁場(chǎng)的變化率不變，則電路中電流大小時(shí)恒定不變，故由F=BIL可知，F(xiàn)與B成正比，即增大，則0～t2時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框ab邊受到的安培力大小不是恒定不變的；故D錯(cuò)誤；故選A。

【點(diǎn)睛】

本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律、左手定律等進(jìn)行判定；解題時(shí)要特別注意，兩個(gè)時(shí)段，雖然磁場(chǎng)的方向發(fā)生了變化，但因其變化為連續(xù)的，故產(chǎn)生的電流一定是相同的．2、B【分析】【詳解】

兩個(gè)異種電荷物體相互吸引，間距增大，庫(kù)侖引力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，ACD錯(cuò)誤B正確3、D【分析】【詳解】

開(kāi)始微粒處于靜止，有：當(dāng)電場(chǎng)力變?yōu)樗椒较?，受到水平方向的電?chǎng)力和重力作用，則合力為

根據(jù)牛頓第二定律得，微粒的加速度

因?yàn)閺撵o止釋放，知微粒做初速度為零，加速度為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；故選項(xiàng)D正確，選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤．

點(diǎn)睛：水平放置的上極板帶正電，平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)正中有一帶電微粒正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，知微粒受重力和電場(chǎng)力平衡，將平行帶電板改為豎直放置，結(jié)合微粒的受力，判斷微粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．4、C【分析】【詳解】

將電容器間距變大，相當(dāng)于增大了板間距，根據(jù)平行板電容器決定式：可知電容變小，則充電電量：變小，但充電完成后，電容器兩端電壓仍與電源電壓U相等，所以再次放電，初始時(shí)刻的電流不變，但電量變小，圖面積代表電量，所以面積比圖乙小，ABD錯(cuò)誤C正確5、B【分析】【詳解】

A.普朗克通過(guò)研究黑體輻射提出能量子的概念；愛(ài)因斯坦成功的解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，A錯(cuò)誤。

B.波爾提出自己的原子模型；他指出氫原子能級(jí)是分立的，解釋了原子發(fā)射光子的頻率是不連續(xù)的，B正確。

C.盧瑟福通過(guò)分析粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果；提出了自己的原子核式結(jié)構(gòu)模型，C錯(cuò)誤。

D.衍射是波的典型特征，根據(jù)電子束通過(guò)鋁箔后的衍射圖樣，說(shuō)明電子具有波動(dòng)性，D錯(cuò)誤6、C【分析】【詳解】

發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；入射光的強(qiáng)度影響單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目。

入射光照射到某金屬表面上發(fā)生光電效應(yīng)。若入射光的強(qiáng)度減弱，頻率保持不變，可知仍然可以發(fā)生光電效應(yīng)，且從光照射到金屬表面到有光電子逸出的時(shí)間不變，根據(jù)光電效應(yīng)方程

知光電子的最大初動(dòng)能不變；而光照強(qiáng)度影響光子數(shù)目，入射光的強(qiáng)度減弱，則入射光的光子的數(shù)目減少，單位時(shí)間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)目將減小，C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)7、A:C【分析】【詳解】

AB．滑動(dòng)變阻器滑片P向左移動(dòng)時(shí)；接入電路的電阻增大，電路的總電阻增大，電源的電動(dòng)勢(shì)不變，則總電流減小，電流表的讀數(shù)變小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，所以電壓表示數(shù)變大，通過(guò)燈泡的電流減小，則小燈泡變暗，故A正確，B錯(cuò)誤；

C．通過(guò)燈泡的電流減小，則燈泡兩端的電壓減小，而外電壓增大，所以電容器兩端的電壓增大，根據(jù)知；電容器上電荷量增大，故C正確；

D．電源的電動(dòng)勢(shì)不變，總電流減小，則電源的總功率減小；故D錯(cuò)誤。

故選AC。8、A:C:D【分析】【詳解】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大，則電路中總電流I變小。

A．R1為定值電阻，則

不變；故A正確；

BC．根據(jù)=R2

因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器接入電路中的電阻變大，則變大，由閉合電路歐姆定律可知U3=E-I（r+R1）

則得=r+R1

不變；故B錯(cuò)誤，C正確；

D．根據(jù)=R1+R2

變大，由閉合電路歐姆定律可知U1=E-Ir

則得=r

不變；故D正確。

故選ACD。9、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖像可知，過(guò)程①為等容過(guò)程，根據(jù)

可知；溫度升高，氣體的壓強(qiáng)增大，A正確；

B．根據(jù)圖像可知；過(guò)程②中氣體的體積增大，即過(guò)程②中氣體對(duì)外界做功，B正確；

C．根據(jù)圖像可知；過(guò)程③是等溫過(guò)程，理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，可知，過(guò)程③中氣體的內(nèi)能不變，C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)圖像可知，過(guò)程④是等容過(guò)程，氣體與外界之間做功W=0

溫度溫度降低，氣體內(nèi)能減小，即

根據(jù)熱力學(xué)第一定律有

結(jié)合上述可知；過(guò)程④中氣體向外界釋放了熱量，D正確。

故選ABD。10、A:B:E【分析】【詳解】

A．同一種液體的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)；液體的溫度越低，其飽和汽壓越小．故A正確．

B．酒精沿?zé)粜鞠蛏仙默F(xiàn)象與毛細(xì)現(xiàn)象有關(guān)；故B正確．

C．納米材料的顆粒半徑的數(shù)量級(jí)是nm；不一定就是1nm，故C錯(cuò)誤．

D．物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的固體不一定是非晶體；也有可能是多晶體．故D錯(cuò)誤．

E．第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)違反了能量的轉(zhuǎn)化與守恒；不可能實(shí)現(xiàn)，故E正確．

故選ABE．11、B:C:E【分析】【詳解】

A．多晶體的導(dǎo)熱性能是各向同性的；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；物體從單一熱源吸收的熱量有可能全部用于做功，但要引起其他的變化，選項(xiàng)B正確；

C．?dāng)U散現(xiàn)象與布朗運(yùn)動(dòng)都能說(shuō)明分子在永不停息地運(yùn)動(dòng)；選項(xiàng)C正確；

D．足球充足氣后很難被壓縮；是因?yàn)樽闱騼?nèi)氣體壓強(qiáng)作用的緣故，與分子間斥力無(wú)關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

E．夏天中午溫度比清晨時(shí)溫度高；則氣體內(nèi)能變大，車(chē)胎體積增大，則胎內(nèi)氣體對(duì)外界做功，選項(xiàng)E正確。

故選BCE。12、A:B:E【分析】【詳解】

A、由題可知?jiǎng)t波速故選項(xiàng)A正確；

BC；A點(diǎn)速度沿y軸正方向；則波沿x軸負(fù)方向傳播，故選項(xiàng)B正確，C錯(cuò)誤；

D；簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播；質(zhì)點(diǎn)A沿波傳播方向并不遷移，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

E、在時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B處在平衡位置，速度沿y軸正方向，故選項(xiàng)E正確；13、A:C【分析】【詳解】

A、隨著滑塊由M向N滑動(dòng)，所受向右的電場(chǎng)力越來(lái)越小，如果在N點(diǎn)電場(chǎng)力大于彈簧彈力沿MN的分力；則滑塊一直加速，所以A選項(xiàng)正確；

B；1、2與3、4間的電勢(shì)差相等；電場(chǎng)力做功相等，故B錯(cuò)誤；

C、在N點(diǎn)如果電場(chǎng)力小于彈簧彈力沿MN的分力；則滑塊先加速后減速，就可能有兩個(gè)位置的速度相同，C正確；

D、由題意“”和“滑塊在M、N時(shí)彈簧的彈力大小相等”知滑塊在M點(diǎn)受彈簧的推力斜向左下，在N點(diǎn)受彈簧的拉力向左上方．即M點(diǎn)時(shí)彈簧是壓縮的，N點(diǎn)時(shí)彈簧是拉伸的，在彈簧與水平桿垂直和彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的兩個(gè)位置滑塊的加速度只由電場(chǎng)力決定，故在M、N之間可能存在只由電場(chǎng)力確定滑塊加速度大小的有兩個(gè)位置；故D錯(cuò)誤．

點(diǎn)睛：這是一道考查電場(chǎng)中有約束物體運(yùn)動(dòng)規(guī)律和功能關(guān)系的中檔次好題．討論電場(chǎng)力與彈簧水平方向上的分力大小是解決題目的關(guān)鍵，彈簧彈力的方向是的難點(diǎn)．三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

[1]因?yàn)橐粋€(gè)氫原子核外的電子從半徑為的圓軌道能夠自發(fā)地直接躍遷到半徑為的圓軌道上，則有

即氫原子的能量減?。粫?huì)向外發(fā)射光子，因?yàn)槟芗?jí)差一定，只能發(fā)出特定頻率的光子；

[2][3]氫原子在發(fā)出特定頻率的光子之后，氫原子的總能量減小，根據(jù)可知軌道半徑減小，電子的動(dòng)能增大，則原子的電勢(shì)能減小?！窘馕觥堪l(fā)射，增大，減小，減小15、略

【分析】【詳解】

[1]氣體由狀態(tài)a到狀態(tài)b溫度升高，則氣體的內(nèi)能增加，同時(shí)氣體的體積增大，說(shuō)明氣體對(duì)外做功，由

其中氣體對(duì)外做功W為負(fù)值，而內(nèi)能增加，即為正，則Q為正值；故氣體應(yīng)從外界吸熱。

[2]當(dāng)氣體再次回到狀態(tài)a時(shí)，理想氣體的內(nèi)能回到原來(lái)的數(shù)值，即由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體的內(nèi)能減少100J，c到d過(guò)程，氣體發(fā)生等容變化，對(duì)外不做功，c到a過(guò)程，由

可得

則由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體對(duì)外放出的熱量為【解析】吸熱6016、略

【分析】【詳解】

從ab邊開(kāi)始進(jìn)入磁場(chǎng)至cd邊恰好進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線圈的磁通量變化了線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．【解析】0.020.117、略

【分析】【詳解】

對(duì)活塞：，解得

若保持活塞不動(dòng)，將氣體溫度降至27℃，則根據(jù)；解得；因此時(shí)內(nèi)外氣壓相等，故F=0.【解析】018、B:C:D【分析】【詳解】

A；伽利略發(fā)現(xiàn)了單擺的等時(shí)性；惠更斯給出了單擺的周期公式，故A錯(cuò)誤；

B、擺鐘由廣州移至哈爾濱時(shí)，重力加速度g變大，擺鐘的擺長(zhǎng)L不變，由可知；擺鐘的周期變小，擺鐘變快，要校準(zhǔn)擺鐘，需要增大擺鐘的周期T，可以增大擺鐘的擺長(zhǎng)L，故B正確；

C、由得在利用單擺測(cè)量重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，在測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，只量了懸線的長(zhǎng)度L當(dāng)作擺長(zhǎng)，而沒(méi)有加上擺球的半徑，導(dǎo)致擺長(zhǎng)偏小，故g值偏小，故C正確；

D、擺角從5°改為3°，單擺仍然做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由周期公式可知；單擺的周期不變，故D正確；

E；擺球?qū)嶋H做圓周運(yùn)動(dòng)（一部分）；經(jīng)最低點(diǎn)（平衡位置）時(shí)，繩子拉力與重力的合力提供向心力，繩子拉力大于重力，故E錯(cuò)誤；

故選BCD。

【點(diǎn)睛】

關(guān)鍵是知道擺長(zhǎng)應(yīng)等于懸線長(zhǎng)度加上擺球的半徑，擺鐘由廣州移至哈爾濱時(shí)，重力加速度g變大，擺鐘的擺長(zhǎng)L不變，由可知，擺鐘的周期變?。粩[角從5°改為3°，單擺仍然做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由周期公式可知，單擺的周期不變。19、略

【分析】機(jī)械波產(chǎn)生和傳播的條件是：①存在一個(gè)做振動(dòng)的波源，②在波源周?chē)嬖诮橘|(zhì)；機(jī)械波傳播的是運(yùn)動(dòng)形式和能量（或信息）?！窘馕觥拷橘|(zhì)運(yùn)動(dòng)形式能量（或信息）20、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應(yīng)；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會(huì)變大，遠(yuǎn)離觀察者，接收到的頻率就會(huì)變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關(guān)系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設(shè)為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進(jìn)而求出

故半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】21、略

【分析】【詳解】

第一空.從n＝4的能級(jí)向低能級(jí)躍遷會(huì)輻射出C42=6種頻率的光子；

第二空.能級(jí)差最大的時(shí)放出的光子的能量為hγ＝E＝E4﹣E1＝﹣0.85﹣（﹣13.6）＝12.75eV

第三空.逸出光電子的最大初動(dòng)能為EK＝hγ﹣W0＝12.75﹣4.75＝8eV【解析】612.75822、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光子的動(dòng)量公式取入射的方向?yàn)檎较?，則光子動(dòng)量的變化量為

【點(diǎn)睛】

光子的動(dòng)量的公式以及動(dòng)量的矢量性．【解析】①.②.四、作圖題(共3題，共9分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共4分)26、略

【分析】【詳解】

①測(cè)量E和r的實(shí)驗(yàn)方案為：調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，改變電源兩端的電壓U和流過(guò)電源的電流I，依據(jù)公式U="E-Ir"，利用測(cè)量數(shù)據(jù)作出U-I圖像，U-I圖像與縱軸截距等于電源電動(dòng)勢(shì)E，圖線斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻r．

②由于將電壓表視為理想表；要求避免電流表分壓作用對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，所以把電流表與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)后與電源開(kāi)關(guān)構(gòu)成閉合回路，電壓表并聯(lián)在電源和開(kāi)關(guān)兩端，實(shí)物圖如圖所示。

③圖線與縱軸的交點(diǎn)的縱坐標(biāo)即為電動(dòng)勢(shì)，由圖象可知，圖象與縱軸的交點(diǎn)縱坐標(biāo)不變，所以電動(dòng)勢(shì)不變；圖線斜率的絕對(duì)值即為內(nèi)阻，由圖象可知，（a）（b）（c）（d）圖象斜率的絕對(duì)值變大，電源內(nèi)阻變大．由此可知：隨電極間距的減小電源內(nèi)阻增大．由圖示圖象可知，圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值為0.975，電源電動(dòng)勢(shì)E=0.975V；（c）對(duì)應(yīng)圖線斜率絕對(duì)值約為478（從線上選取兩點(diǎn)即可求斜率），電源的輸出功率．【解析】U=E-Ir不變?cè)龃?.9754780.26827、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．根據(jù)閉合回路歐姆定律可得

一個(gè)安培表；一個(gè)伏特表和一個(gè)滑動(dòng)變阻器；可測(cè)量多組數(shù)據(jù)到式求解，故A正確；

B．根據(jù)閉合回路歐姆定律可得

一個(gè)伏特表和多個(gè)定值電阻；測(cè)量多組數(shù)據(jù)可求解，故B正確；

C．根據(jù)歐姆定律可得

一個(gè)安培表和一個(gè)電阻箱；測(cè)量多組數(shù)據(jù)可求解，故C正確；

D．有兩個(gè)安培表和一個(gè)滑動(dòng)變阻器；由于不知道滑動(dòng)變阻器電阻且無(wú)法得知電壓，故無(wú)法測(cè)量，故D錯(cuò)誤。

選擇不可取的；故選D。

（2）①[2]滑動(dòng)變阻器的滑片從左向右滑動(dòng)；發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，說(shuō)明移動(dòng)過(guò)程中滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，因此說(shuō)明一根導(dǎo)線接在金屬桿上，另一條導(dǎo)線接在電阻絲左端接線柱。

故選C。

②[3][4]根據(jù)閉合電路歐姆定律有

圖像斜率絕對(duì)值

圖像與橫軸的截距為電壓表短路的電流，即

因此有電源的內(nèi)阻

電源的電動(dòng)勢(shì)【解析】DC六、解答題(共4題，共8分)28、略

【分析】【分析】

（1）桿出磁場(chǎng)前已做勻速運(yùn)動(dòng)，重力與安培力平衡，由安培力公式F=BIL和平衡條件求解；

（2）桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Bv又根據(jù)閉合歐姆定律得到E=I聯(lián)立可求得速度v；

（3）金