2025年華東師大版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高二物理下冊階段測試試卷214考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在一空心圓柱面內(nèi)有一垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，其橫截面如圖所示，磁場邊界為同心圓，內(nèi)、外半徑分別為r和()．圓心處有一粒子源不斷地沿半徑方向射出質(zhì)量為電量為q的帶電粒子，不計(jì)粒子重力．為使這些粒子不射出磁場外邊界，粒子從圓心處射出時(shí)速度不能超過A.B.C.D.2、如圖所示，一小球用細(xì)線懸于O

點(diǎn)在豎直面內(nèi)AC

間做圓周運(yùn)動(dòng)，OA

與豎直方向的夾角為53鈭?

不計(jì)空氣阻力，則小球在A

點(diǎn)和最低點(diǎn)B

點(diǎn)的加速度之比為(

)

A.35

B.45

C.15

D.11

3、如圖為直線電流、環(huán)形電流磁場的磁感線分布圖，其中電流方向與磁感線方向關(guān)系正確的是()A.B.C.D.4、下圖中，電荷的速度方向、磁場方向和電荷的受力方向之間關(guān)系正確的是A.

B.

C.

D.5、電場中有一點(diǎn)P，下列說法中正確的有（）A.若放在P點(diǎn)的電荷的電量減半，則P點(diǎn)的場強(qiáng)減半B.P點(diǎn)的場強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)受到的電場力越大C.若P點(diǎn)沒有檢驗(yàn)電荷，則P點(diǎn)場強(qiáng)為零D.P點(diǎn)的場強(qiáng)方向?yàn)榉旁谠擖c(diǎn)的電荷的受力方向6、如圖所示，一帶正電的物體位于M

處，用絕緣絲線系上帶正電的小球，分別掛在P1P2P3

的位置，可觀察到小球在不同位置時(shí)絲線偏離豎直方向的角度不同.

關(guān)于此實(shí)驗(yàn)得出的結(jié)論，下列說法中正確的是()A.電荷之間作用力的大小與兩電荷的帶電性質(zhì)有關(guān)B.電荷之間作用力的大小與兩電荷間的距離有關(guān)C.電荷之間作用力的大小與兩電荷所帶的電量無關(guān)D.電荷之間作用力的大小與絲線的長度有關(guān)評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)7、如圖所示，在條形磁鐵中部垂直套有A、B兩個(gè)圓環(huán)，穿過A環(huán)、B環(huán)的磁通量____更大．

8、有一電容器，帶電量為10-5C時(shí)，兩板間電壓為200V，如果使它帶的電量再增加10-6C，這時(shí)它的電容是______F．9、有一正弦交流電，它的電壓隨時(shí)間變化的情況如圖所示，則電壓的峰值為______V；有效值為______V；交流電的；頻率為______Hz．10、某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來探究“力的合成方法”；彈簧測力計(jì)A掛于固定點(diǎn)P，下端用細(xì)線掛一重物M．彈簧測力計(jì)B的一端用細(xì)線系于O點(diǎn)，手持另一端向左拉，使結(jié)點(diǎn)O靜止在某位置．分別讀出彈簧測力計(jì)A和B的示數(shù)，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點(diǎn)的位置和拉線的方向．

（1）本實(shí)驗(yàn)用的彈簧測力計(jì)示數(shù)的單位為N，圖中A的示數(shù)為______N．

（2）下列不必要的實(shí)驗(yàn)要求是______．（請?zhí)顚戇x項(xiàng)前對應(yīng)的字母）

A．應(yīng)測量重物M所受的重力。

B．彈簧測力計(jì)應(yīng)在使用前校零。

C．拉線方向應(yīng)與木板平面平行。

D．改變拉力，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置．11、如圖所示，進(jìn)行太空行走的宇航員A和B的質(zhì)量分別為80kg和100kg，他們攜手遠(yuǎn)離空間站，相對空間站的速度為0.1m/s。A將B向空間站方向輕推后，A的速度變?yōu)?.2m/s，則此時(shí)B相對空間站的速度大小為和方向?yàn)椤?2、一交流電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u=15sin100πt（V），將該交流電壓加在一電阻上，產(chǎn)生的電功率為25W．那么，這個(gè)電阻的阻值是______Ω．13、如圖所示，有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小球停在絕緣平面上，并且處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中．為了使小球飄離平面，勻強(qiáng)磁場在紙面內(nèi)移動(dòng)的最小速度為______，方向?yàn)開_____．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)14、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）15、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

16、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）17、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)21、在《練習(xí)使用多用電表》的實(shí)驗(yàn)中：（1）用歐姆檔測量一定值電阻的阻值。機(jī)械調(diào)零、歐姆調(diào)零后，用“”檔測量，發(fā)現(xiàn)表針偏轉(zhuǎn)角度極小，正確的判斷和做法是。A.被測電阻值很大B.被測電阻值很小C.為了把電阻值測得更準(zhǔn)一些，應(yīng)換用“”檔，重新歐姆調(diào)零后再測量D.為了把電阻值測得更準(zhǔn)一些，應(yīng)換用“”檔，重新歐姆調(diào)零后再測量（2）某同學(xué)用多用電表歐姆檔測量一只“220V，100W”的白熾燈的燈絲電阻，測出其阻值是64Ω，他又用公式R=U2/P=2202/100算出了燈絲的電阻卻是484Ω，兩者明顯不等。他所使用的電表以及整個(gè)測量的過程均沒有任何問題。造成電阻不等的原因是____________。評卷人得分五、證明題(共2題，共20分)22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。評卷人得分六、作圖題(共1題，共3分)24、圖甲(a)

所示為一測量硫化鎘光敏電阻特性的實(shí)驗(yàn)電路。電源電壓恒定，電流表內(nèi)阻不計(jì)，開關(guān)閉合后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，使小燈泡發(fā)光亮度逐漸增強(qiáng)，測得流過電阻的電流和光強(qiáng)的關(guān)系曲線如圖甲(b)

所示；試根據(jù)這一特性由圖乙中給定的器材設(shè)計(jì)一個(gè)自動(dòng)光控電路。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】試題分析：由題意知，速度最大時(shí)粒子軌跡與磁場外邊界相切，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示．設(shè)粒子軌跡半徑為速度最大值為則根據(jù)洛倫茲力提供向心力：由幾何關(guān)系有解得：故選A.考點(diǎn)：本題考查了帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律、向心力．【解析】【答案】A2、D【分析】解：小球在A

點(diǎn)時(shí)速度為零，因此向心力為零，向心加速度為零，只有切向加速度，大小滿足mgsin53鈭?=ma1

得a1=0.8g

從A

到最低點(diǎn)的過程中，小球的機(jī)械能守恒，則有mgL(1鈭?cos53鈭?)=12mvB2

在B

點(diǎn)，只有向心加速度，即a2=vB2L

得a2=0.8g

故a1a2=11

故選：D

小球在A

點(diǎn)時(shí)速度為零；向心力為零，由重力沿圓弧切線方向的分力產(chǎn)生加速度.

小球在B

點(diǎn)時(shí)，由重力和拉力的合力產(chǎn)生加速度，根據(jù)機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律結(jié)合解答．

本題運(yùn)用正交分解的思維方式來分析加速度，將加速度分解切向和法向兩個(gè)方向研究，知道A

點(diǎn)的速度為零時(shí)，只有切向加速度.

在B

點(diǎn)只有向心加速度．【解析】D

3、A【分析】【分析】由右手螺旋定則可判斷電流周圍磁場的分布，并注意平面圖及立體圖的區(qū)分即可正確判斷。

因磁場一般為立體分布，故在判斷時(shí)要注意區(qū)分是立體圖還是平面圖，并且要能根據(jù)立體圖畫出平面圖，由平面圖還原到立體圖?！窘獯稹緼.電流方向向上；由右手螺旋定則可得磁場為逆時(shí)針(

從上向下看)

故A正確；

B.電流方向向下；由右手螺旋定則可得磁場為順時(shí)針(

從上向下看)

故B錯(cuò)誤；

C.圖中電流為環(huán)形電流；由右手螺旋定則可知內(nèi)部磁場應(yīng)向右，故C錯(cuò)誤；

D.由右手螺旋定則可知；由右手螺旋定則可知內(nèi)部磁感線方向向左，故D錯(cuò)誤；

故選A?！窘馕觥緼

4、A【分析】【分析】帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，所受洛倫茲力方向由左手定則進(jìn)行判斷，伸開左手，使拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一平面內(nèi)，讓磁感線進(jìn)入手心，并使四指指向正電荷運(yùn)動(dòng)方向或者負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)的反方向，這時(shí)拇指所指的方向就是運(yùn)動(dòng)電荷在磁場中所受洛倫茲力的方向。帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)受洛倫茲力的條件以及左手定則的熟練應(yīng)用是對學(xué)生的基本要求，要熟練掌握?！窘獯稹扛鶕?jù)左手定則可知：A.圖中洛倫茲力方向向下，故A正確；B.圖中洛倫茲力方向向上，故B錯(cuò)誤；CD.

圖中電荷運(yùn)動(dòng)方向與磁場方向在一條線上，不受洛倫茲力，故CD錯(cuò)誤。故選A?！窘馕觥緼

5、B【分析】試題分析：電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小取決于場源電荷的電量和該點(diǎn)到場源電荷的距離，與所放試探電荷的電量無關(guān)，與是否放試探電荷也無關(guān)，A.C錯(cuò)誤；有電場力知電場強(qiáng)度越大，所受電場力越大，B正確；電場強(qiáng)度的方向規(guī)定為正電荷在該處的受力方向，D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：本題考查了對電場強(qiáng)度定義的理解和電場強(qiáng)度方向的規(guī)定【解析】【答案】B6、B【分析】【分析】解答本題要了解庫侖力的推導(dǎo)過程；由于決定電荷之間作用力大小的因素很多，因此需要采用控制變量的方法進(jìn)行研究.

雖然學(xué)生現(xiàn)在都知道庫侖力的決定因素，但是該實(shí)驗(yàn)只是研究了庫侖力和距離之間的關(guān)系。

控制變量法是高中物理物理中重要研究方法，要了解控制變量法的應(yīng)用?！窘獯稹吭谘芯侩姾芍g作用力大小的決定因素時(shí)；采用控制變量的方法進(jìn)行，如本實(shí)驗(yàn)，根據(jù)小球的擺角可以看出小球所受作用力逐漸減小，由于沒有改變電性和電量，不能研究電荷之間作用力和電性；電量關(guān)系，故ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選B?！窘馕觥緽

二、填空題(共7題，共14分)7、略

【分析】

根據(jù)磁感線的分布情況可知，磁鐵內(nèi)部穿過環(huán)面的磁感線方向與外部磁感線方向相反．由于磁感線是閉合曲線，磁鐵內(nèi)部的磁感線條數(shù)等于磁鐵外部磁感線的總條數(shù)，而磁鐵外部磁感線分布在無限大的空間，所以穿過環(huán)面的磁鐵外部向下的磁感線將磁鐵內(nèi)部向上的磁感線抵消一部分，線圈B的面積小，抵消較小，則磁通量較大，所以ΦB＞ΦA(chǔ)．

故答案為：B環(huán)。

【解析】【答案】在磁鐵的外部；磁感線從N極出發(fā)進(jìn)入S極，在磁鐵的內(nèi)部，磁感線從S極指向N極．磁感線是閉合曲線，磁鐵內(nèi)外磁感線總條數(shù)相等．穿過環(huán)面的磁感線方向有兩種，存在抵消情況，抵消后磁感線多，磁通量大．

8、略

【分析】解：電容器的電容C===5×10-8F

電量增加，電壓也增加，但電容器的電容不隨電量的變化而變化，故它的電容仍為5×10-8F

故答案為：5×10-8F

電容器的電容不隨電量的變化而變化，直接由C=可得C．

電容器的電容由本身的構(gòu)造決定，不隨帶電量的變化而變化．【解析】5×10-89、略

【分析】解：由圖可知，該交流電的電壓最大值為：Um=10V；

所以有效值為：U==5V；

周期為0.4s，所以有：f==2.5Hz

故答案為：10；52.5；

根據(jù)圖象可讀出該交流電的周期和最大值；然后根據(jù)頻率和周期，最大值與有效值的關(guān)系可直接求解．

本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識(shí)，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量，同時(shí)正確書寫交流電的表達(dá)式．【解析】10；52.510、略

【分析】解：（1）彈簧測力計(jì)讀數(shù)；每1N被分成5格，則1格就等于0.2N．圖指針落在3N到4N的第3格處，所以3.60N．

（2）A；實(shí)驗(yàn)通過作出三個(gè)力的圖示；來驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，因此重物的重力必須要知道．故A正確；

B；彈簧測力計(jì)是測出力的大?。凰砸獪?zhǔn)確必須在測之前校零．故B正確；

C；拉線方向必須與木板平面平行；這樣才確保力的大小準(zhǔn)確性．故C正確；

D；當(dāng)結(jié)點(diǎn)O位置確定時(shí)；彈簧測力計(jì)A的示數(shù)也確定，由于重物的重力已確定，兩力大小與方向均一定，因此彈簧測力計(jì)B的大小與方向也一定，所以不需要改變拉力多次實(shí)驗(yàn)．故D錯(cuò)誤．

本題選不必要的；故選：D．

故答案為：（1）3.60；（2）D

確定出彈簧測力計(jì)的分度值；從而讀出彈簧秤的讀數(shù)．

在該實(shí)驗(yàn)中；由于P；O的位置確定，則A彈簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，則彈簧B的拉力大小和方向也一定，不需進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)．

本題考查了彈簧測力計(jì)讀數(shù)、減小實(shí)驗(yàn)誤差的方法，對彈簧測力計(jì)讀數(shù)時(shí)要先確定其分度值，然后再讀數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線要與刻度線垂直．【解析】3.60；D11、略

【分析】試題分析：取遠(yuǎn)離空間站的方向?yàn)檎较?，則A和B開始的速度為遠(yuǎn)離空間站，推開后，A的速度此時(shí)B的速度為根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：代入數(shù)據(jù)解得：即B的速度方向沿遠(yuǎn)離空間站方向?？键c(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用【解析】【答案】0.02m/s，遠(yuǎn)離空間站12、略

【分析】解：由題意可知，電壓的最大值為15V，所以有效值U=

根據(jù)P=R==4.5Ω

故答案為：4.5

根據(jù)交流電的表達(dá)式，可知知道其最大值，根據(jù)最大值和有效值的關(guān)系求得有效值，根據(jù)P=求解電阻．

對于交流電的產(chǎn)生和描述要正確理解，要會(huì)推導(dǎo)交流電的表達(dá)式，明確交流電表達(dá)式中各個(gè)物理量的含義，計(jì)算功率時(shí)用有效值．【解析】4.513、略

【分析】解：由左手定則可以判斷出；當(dāng)小球相對于磁場向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，帶正電的小球所受的洛倫茲力方向向上，當(dāng)其與重力平衡時(shí)，小球即將飄離平面．

設(shè)此時(shí)速度為v，則由力的平衡可知mg=qvB，所以最小速度v=．

小球相對于磁場向右運(yùn)動(dòng)；而小球靜止，則磁場向左運(yùn)動(dòng)．

故答案為：水平向左．

磁場運(yùn)動(dòng)時(shí)；可以等效為小球相對于磁場運(yùn)動(dòng)，當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)，小球會(huì)飄起．根據(jù)mg=qvB，求出速度的大小，根據(jù)洛倫茲力的方向判斷出小球相對于磁場的方向，從而得知磁場的運(yùn)動(dòng)方向．

解決本題的關(guān)鍵知道洛倫茲力和重力相等時(shí)，小球會(huì)飄起，掌握左手定則判定洛倫茲力方向、電荷運(yùn)動(dòng)方向和磁場方向的關(guān)系．【解析】水平向左三、判斷題(共7題，共14分)14、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．15、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?6、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形