2025年岳麓版必修3物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年岳麓版必修3物理下冊(cè)月考試卷864考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于磁感線和磁通量的概念，下列說(shuō)法中正確的是（）A.磁感線是磁場(chǎng)中客觀存在、肉眼看不見的曲線，且總是從磁體的N極指向S極B.兩個(gè)磁場(chǎng)疊加的區(qū)域，磁感線就有可能相交C.穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，一定是磁場(chǎng)發(fā)生變化引起的D.穿過線圈的磁通量為零，但該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零2、如圖在半徑為R的圓周上均勻分布著六個(gè)不同的點(diǎn)電荷，則圓心O處的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向?yàn)?/p>

A.；由O指向FB.；由O指向FC.；由O指向CD.；由O指向C3、如圖所示，P和Q為真空中的兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷，置于矩形ABCD的AD邊和BC邊的中點(diǎn)，E、F分別是AB邊和CD邊的中點(diǎn)，M、N在PQ連線上，PM=NQ；關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)關(guān)系說(shuō)法正確的是（）

A.E、F兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不同，電勢(shì)相等B.A、D兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)相等C.A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)不等D.M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)不等4、某個(gè)同軸半圓柱形的電阻由均勻?qū)щ娢镔|(zhì)組成，其截面如圖陰影部分所示，已知導(dǎo)電物質(zhì)的電阻率為ρ，同軸半圓柱形的電阻的柱長(zhǎng)為L(zhǎng)，內(nèi)半徑為a，外半徑為b，內(nèi)外兩側(cè)均與導(dǎo)電性能良好、電阻不計(jì)的圓柱形和圓柱面形的電極相連，設(shè)電阻的阻值為R。試通過一定的物理分析，選出所給R的四個(gè)表達(dá)式中最為合理的一個(gè)是（）

A.B.C.D.5、下列關(guān)于教科書上的四副插圖；說(shuō)法正確的是（）

A.圖甲為靜電除塵裝置的示意圖，帶負(fù)電的塵埃被收集在線狀電離器B上B.圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導(dǎo)走加油槍上的靜電C.圖丙中搖動(dòng)起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶頓時(shí)清澈透明，其工作原理為靜電吸附D.圖丁的燃?xì)庠钪邪惭b了電子點(diǎn)火器，點(diǎn)火應(yīng)用了電磁感應(yīng)原理6、如圖所示帶正電的金屬圓環(huán)豎直放置,其中心處有一電子,若電子某一時(shí)刻以初速度v0從圓環(huán)中心處水平向右運(yùn)動(dòng),則此后電子將()

A.做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.做勻減速直線運(yùn)動(dòng)C.以圓心為平衡位置振動(dòng)D.以上選項(xiàng)均不對(duì)7、如圖所示為一正四棱錐，底面四個(gè)頂點(diǎn)A、B、C、D上固定電荷量均為q的正點(diǎn)電荷，O點(diǎn)為底面中心；取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零。下列說(shuō)法正確的是（）

A.O點(diǎn)電勢(shì)為零B.從O點(diǎn)到E點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一定減小C.將一電子從O點(diǎn)沿直線移動(dòng)到E點(diǎn)電勢(shì)能不變D.將B處的點(diǎn)電荷沿OB方向移到無(wú)窮遠(yuǎn)過程中電場(chǎng)力做正功評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、真空中有四個(gè)相同的點(diǎn)電荷；所帶電荷量均為q，固定在如圖所示的四個(gè)頂點(diǎn)上，任意兩電荷的連線長(zhǎng)度都為L(zhǎng)，靜電力常量為k，下列說(shuō)法正確的是。

A.不相鄰的兩棱中點(diǎn)連線在同一條電場(chǎng)線上B.每條棱中點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小都為C.任意兩棱中點(diǎn)間的電勢(shì)差都為零D.a、b、c三點(diǎn)為側(cè)面棱中點(diǎn)，則a、b、c所在的平面為等勢(shì)面9、調(diào)整如圖所示電路的可變電阻R的阻值，使電壓表V的示數(shù)增大ΔU；在這個(gè)過程中（）

A.通過R1的電流增加，增加量一定等于B.R2兩端的電壓減小，減少量一定等于ΔUC.通過R2的電流減小，但減少量一定小于D.路端電壓增加，增加量一定等于ΔU10、如圖所示，圖中的三個(gè)電表均為理想電表，閉合電鍵后，電流表A和電壓表V1、V2示數(shù)分別用I、U1、U2表示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右端滑動(dòng)時(shí)，電流表A和電壓表V1、V2示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2表示；下面說(shuō)法正確的是（）

A.I增大、U1減小、U2增大B.ΔU1>ΔU2C.減小，不變D.電源的效率降低11、將帶正電、負(fù)電和不帶電的三個(gè)等質(zhì)量的小球，以相同的水平速度由P點(diǎn)射入水平放置的平行金屬板間，上板帶負(fù)電，下板接地，三小球分別落在圖中的A、B、C三點(diǎn)，則可能是（）

A.A帶正電、B不帶電、C帶負(fù)電B.三小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等C.三小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度大小關(guān)系是：D.三小球到達(dá)下板時(shí)的動(dòng)能大小關(guān)系是12、如圖所示的電路中，電流表、電壓表均為理想電表，若將滑動(dòng)變阻器R1滑片下移；則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.電流表示數(shù)變小B.電壓表示數(shù)變大C.電源內(nèi)電路消耗的功率變大D.R3消耗的功率變大13、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿軸正向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能隨位移的變化如圖所示，其中O－段是拋物線，處是頂點(diǎn)，－段是直線，且與拋物線相切。粒子由O－運(yùn)動(dòng)過程中；下列判斷正確的是（）

A.處的電勢(shì)最高B.O－段粒子動(dòng)能增大C.－段粒子加速度增大D.－段粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)14、空間存在平行于x軸方向的靜電場(chǎng)，其電勢(shì)φ隨x的分布如圖10所示．一質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止開始，僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)．則下列說(shuō)法正確的是()

A.該粒子帶正電荷B.空間存在的靜電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E是沿x軸正方向均勻減小的C.該粒子從原點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)到x0過程中電勢(shì)能是減小的D.該粒子運(yùn)動(dòng)到x0處的速度是15、兩個(gè)電荷量為q1、q2的正負(fù)點(diǎn)電荷分別固定在x軸上的O、M兩點(diǎn)，在兩電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中A、N兩點(diǎn)的電勢(shì)均為零，ND段中C點(diǎn)的電勢(shì)最高。下列說(shuō)法正確的是（）

A.B.A、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均為零C.C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零D.將一正點(diǎn)電荷從D移到N的過程中，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功16、如圖所示，“6V3W”的小燈泡L與最大阻值為100W的滑動(dòng)變阻器R連接在總電壓恒為18V的電路中；設(shè)燈絲電阻不隨溫度變化。電流表和電壓表選擇的量程分別為“0~0.6A”和“0~15V”。在保證電路安全的情況下，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）

A.小燈泡L正常發(fā)光時(shí)的電流0.2AB.當(dāng)電流表的示數(shù)為0.4A時(shí)，電壓表的示數(shù)為4.8VC.滑動(dòng)變阻器允許接入的最大阻值為36ΩD.滑動(dòng)變阻器允許接入的最小阻值是24Ω評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示電路中，小燈泡規(guī)格為“6V3W”，R3=4Ω，電源內(nèi)阻r=1Ω，電壓表、電流表均為理想電表.閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器阻值，使電壓表示數(shù)為0，此時(shí)燈泡恰好正常發(fā)光，電流表的示數(shù)為1A.則電源電動(dòng)勢(shì)E=_______V，電源輸出功率P=_______W，R2=____Ω.

18、帶正電1.0×10-2C的粒子，在電場(chǎng)中先后經(jīng)過A、B兩點(diǎn)，飛經(jīng)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為10J，飛經(jīng)B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為4J，則帶電粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)過程中電勢(shì)能增加了_______J，A、B兩點(diǎn)電勢(shì)差為_______。19、公式的意義。

（1）意義：在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小等于兩點(diǎn)之間的____與這兩點(diǎn)________之比。

（2）電場(chǎng)強(qiáng)度的另一種表述：電場(chǎng)強(qiáng)度在數(shù)值上等于沿____方向_____上降低的電勢(shì)。

（3）電場(chǎng)強(qiáng)度的另一個(gè)單位：由可導(dǎo)出電場(chǎng)強(qiáng)度的另一個(gè)單位，即_____，符號(hào)為V/m。1V/m=1N/C。20、α粒子和質(zhì)子以相同速度垂直于電場(chǎng)線進(jìn)入兩平行板間勻強(qiáng)電場(chǎng)中，設(shè)都能飛出電場(chǎng)。則它們離開勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，垂直平行板方向的位移之比yα∶yH=______，動(dòng)能變化量之比ΔEkα∶ΔEkH=______。

21、判一判。

（1）兩電荷的帶電量越大，它們間的靜電力就越大。______

（2）兩電荷的帶電量一定時(shí)，電荷間的距離越小，它們間的靜電力就越大。______

（3）很小的帶電體就是點(diǎn)電荷。______

（4）兩點(diǎn)電荷之間的作用力是相互的，其方向相反，但電荷量大的對(duì)電荷量小的電荷作用力大。______

（5）當(dāng)兩個(gè)電荷之間的距離r→0時(shí)，根據(jù)推出，兩電荷之間的庫(kù)侖力F→∞。______22、如圖，電荷量為q的正電荷均勻分布在半球面上，球面半徑為R，CD為通過半球面頂點(diǎn)與球心O的軸線，且OC=OD=2R。若C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E，則D點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向___________，場(chǎng)強(qiáng)的大小為___________。

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共14分)23、電壓表滿偏時(shí)通過該表的電流是半偏是通過該表的電流的兩倍．某同學(xué)利用這一事實(shí)測(cè)量電壓表的內(nèi)阻（半偏法）實(shí)驗(yàn)室提供材料器材如下：

待測(cè)電壓表（量程3V，內(nèi)阻約為3000歐），電阻箱R0（最大阻值為99999.9歐），滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值100歐；額定電壓2A），電源E（電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)），開關(guān)兩個(gè)，導(dǎo)線若干．

（1）虛線框內(nèi)為同學(xué)設(shè)計(jì)的測(cè)量電壓表內(nèi)阻的電路圖的一部分；將電路圖補(bǔ)充完整．

（_____________________________）

（2）根據(jù)設(shè)計(jì)的電路寫出步驟________________________________________________________________________，________________________________________________________________________，________________________________________________________________________．

（3）將這種方法測(cè)出的電壓表內(nèi)阻記為與內(nèi)阻的真實(shí)值先比______（添>=或<），主要理由是________________________________________________________________________．24、為確定某電子元件的電氣特性；做如下測(cè)量．

(1)用多用表測(cè)量該元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻檔測(cè)量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)過大，因此需選擇_______倍率的電阻檔(填：“×10”或“×1k”)，并______再進(jìn)行測(cè)量，多用表的示數(shù)如圖(a)所示，測(cè)量結(jié)果為____Ω．

(2)將待測(cè)元件(額定電壓9V)、蓄電池、滑動(dòng)變阻器、電流表、多用表、電鍵及若干導(dǎo)線連接成電路如圖(b)所示．添加連線_________；使電路能測(cè)量該元件完整的伏安特性．

本實(shí)驗(yàn)中使用多用表測(cè)電壓，多用表的選擇開關(guān)應(yīng)調(diào)到____檔(填：“直流電壓10V”或“直流電壓50V”)．評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共8分)25、如圖所示，虛線PQ、MN間存在水平勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電粒子質(zhì)量為m=2.0×10-11kg、電荷量為q=+1.0×10-5C，從a點(diǎn)由靜止開始經(jīng)電壓為U=100V的電場(chǎng)加速后，垂直于勻強(qiáng)電場(chǎng)進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)中，從虛線MN的某點(diǎn)b（圖中未畫出）離開勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)速度與電場(chǎng)方向成30o角。已知PQ、MN間距為20cm；帶電粒子的重力忽略不計(jì)。求：

(1)帶電粒子剛進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)的速率v1；

(2)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大??；

(3)ab兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。

26、如圖所示是實(shí)驗(yàn)室里用來(lái)測(cè)量磁場(chǎng)力的一種儀器——電流天平，某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室里，用電流天平測(cè)算通電螺線管中的磁感應(yīng)強(qiáng)度，他測(cè)得段導(dǎo)線長(zhǎng)度為天平平衡時(shí)鉤碼重力為通過導(dǎo)線的鉤碼電流為．則通電螺線管中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為多少？

27、在一個(gè)點(diǎn)電荷Q形成的電場(chǎng)中，建立如圖甲所示的Ox坐標(biāo)軸，坐標(biāo)軸上A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為2.0m和5.0m.放在A、B兩點(diǎn)的試探電荷所受電場(chǎng)力大小跟其電量的關(guān)系圖象分別如圖乙中直線a、b所示．如果放在A點(diǎn)的試探電荷帶正電；放在B點(diǎn)的試探電荷帶負(fù)電；則它們受到的電場(chǎng)力方向都跟x軸的正方向相同．求：

(1)B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向．

(2)試判斷點(diǎn)電荷Q的電性；并說(shuō)明理由．

(3)點(diǎn)電荷Q的位置坐標(biāo)．28、如圖所示，在沿水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一固定點(diǎn)O，用一根長(zhǎng)度為的絕緣細(xì)線把質(zhì)量為m=0.4kg，帶有正電荷q=3×10-3C的金屬小球可視為質(zhì)點(diǎn)懸掛在O點(diǎn)，小球靜止在B點(diǎn)時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角為θ=37°。現(xiàn)將小球拉至位置A使細(xì)線水平伸直后由靜止釋放，（g取10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：

（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E；

（2）A、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAC；

（3）小球通過最低點(diǎn)C時(shí)細(xì)線對(duì)小球的拉力大小T。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．磁感線是假象的；并不是客觀存在的，故A錯(cuò)誤；

B．任何兩條磁感線都不相交；故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)磁通量的定義。

Φ=BS磁通量的變化可能是由于磁場(chǎng)變化引起的，也可能是閉合回路的面積S變化產(chǎn)生的；故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)磁通量的定義。

Φ=BS當(dāng)線圈平行于磁場(chǎng)時(shí)；穿過的磁通量為零，但磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，故D正確．

故選D．2、B【分析】【詳解】

由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式可知，在A、B、C、E、F五個(gè)位置的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為在D位移的點(diǎn)電荷在O產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，求合場(chǎng)強(qiáng)應(yīng)用平行四邊形定則，作出電場(chǎng)強(qiáng)度的示意圖，如圖所示：

則A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與D的點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)合成后大小為方向指向A點(diǎn)；B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與E點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)合成后大小為方向指向E點(diǎn)，C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與F點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)合成后大小為方向指向F點(diǎn)，故大小相等，且剛好在與的角平分線上，由幾何關(guān)系可知兩者這間的夾角為故將合成后大小仍為方向指向F點(diǎn)，再將與合成，則最終O點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為方向由O指向F，故選B.

【點(diǎn)睛】根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式求出點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，然后由平行四邊形定則求出各點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的合場(chǎng)強(qiáng)，然后求出O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小與方向．3、D【分析】【分析】

【詳解】

由等量異種電荷的電場(chǎng)分布可知；E；F兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向均水平向右，電勢(shì)均為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；A、D兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向不相同，電勢(shì)相等，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向不相同，電勢(shì)不等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向均相同，M點(diǎn)電勢(shì)高于N點(diǎn)，電勢(shì)不等，選項(xiàng)D正確；故選D.

點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式，掌握幾何知識(shí)的長(zhǎng)度關(guān)系，理解矢量性，也可以根據(jù)等量異種電荷電場(chǎng)線的分布情況分析．4、A【分析】【詳解】

由

可知分子上是長(zhǎng)度，分母是面積，由圖可知，圓柱長(zhǎng)L是求面積的一個(gè)邊，所以L在分母上，故錯(cuò)誤，單位錯(cuò)誤，而

由題意可知b大于a；故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。5、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖甲可知；極板A與電源正極連接，極板A帶正電，帶負(fù)電的塵埃受到指向極板A的電場(chǎng)力作用，即帶負(fù)電的塵埃被收集在極板A上，A錯(cuò)誤；

B．圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器；其目的是導(dǎo)走人手上的靜電，B錯(cuò)誤；

C．圖丙中搖動(dòng)起電機(jī)；電極之間形成強(qiáng)電場(chǎng)，將氣體電離，電子被吸附到煙霧顆粒上，使煙霧顆粒帶負(fù)電，導(dǎo)致煙霧顆粒向正極移動(dòng)，其工作原理為靜電吸附，C正確；

D．圖丁的燃?xì)庠钪邪惭b了電子點(diǎn)火器；點(diǎn)火應(yīng)用了尖端放電原理，D錯(cuò)誤。

故選C。6、C【分析】【分析】

【詳解】

將圓環(huán)分成無(wú)數(shù)個(gè)正點(diǎn)電荷,再用點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式和場(chǎng)強(qiáng)疊加原理求出v0方向所在直線上的場(chǎng)強(qiáng)分布即可.由場(chǎng)強(qiáng)疊加原理易知,把帶電圓環(huán)視作由無(wú)數(shù)個(gè)點(diǎn)電荷組成,則圓環(huán)中心處的場(chǎng)強(qiáng)為0,v0所在直線的無(wú)窮遠(yuǎn)處場(chǎng)強(qiáng)也為0,故沿v0方向從圓心到無(wú)窮遠(yuǎn)處的直線上必有一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大.從O點(diǎn)沿v0方向向右的直線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向處處向右.再由對(duì)稱性知,沿v0方向所在直線上的O點(diǎn)左方也必有一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大,無(wú)窮遠(yuǎn)處場(chǎng)強(qiáng)為零,方向處處向左.故電子在帶電圓環(huán)所施加的電場(chǎng)力作用下將向右減速至零,再向左運(yùn)動(dòng),當(dāng)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)處時(shí),速度大小仍為v0,并向左繼續(xù)運(yùn)動(dòng)至速度也為零(這點(diǎn)與O點(diǎn)右方的速度為零處關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱),然后往復(fù)運(yùn)動(dòng).在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中,F電是個(gè)變力,故加速度也是變化的，故C正確，ABD錯(cuò)誤。7、D【分析】【詳解】

A．取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，正電荷周圍電勢(shì)為正，O點(diǎn)電勢(shì)大于零；A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)矢量疊加原則，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，故從O點(diǎn)到E點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)先增加后減??；不是一定減小，B錯(cuò)誤；

C．將一電子從O點(diǎn)沿直線移動(dòng)到E點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功；電勢(shì)能增加，C錯(cuò)誤；

D．將B處的點(diǎn)電荷沿OB方向即沿電場(chǎng)方向移動(dòng)；移到無(wú)窮遠(yuǎn)過程中電場(chǎng)力做正功，D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)8、B:C【分析】【詳解】

假設(shè)ab連線是一條電場(chǎng)線，則b點(diǎn)的電場(chǎng)方向沿ab方向，同理如果bc連線是一條電場(chǎng)線，b的電場(chǎng)方向沿bc方向，由空間一點(diǎn)的電場(chǎng)方向是唯一的可知電場(chǎng)線不沿ab和bc方向，因此A錯(cuò)；由點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的對(duì)稱性可知abc三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，由電場(chǎng)的疊加法則可知上下兩個(gè)點(diǎn)電荷對(duì)b點(diǎn)的和場(chǎng)強(qiáng)為零，左右兩個(gè)點(diǎn)電荷對(duì)b點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)不為零，每個(gè)電荷對(duì)b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)合場(chǎng)強(qiáng)為故B正確；由點(diǎn)電荷的電勢(shì)疊加法則及對(duì)稱性可知abc三點(diǎn)的電勢(shì)相等，因此任意兩點(diǎn)的電勢(shì)差為零，故C正確；假設(shè)abc平面為等勢(shì)面，因此電場(chǎng)線方向垂直于等勢(shì)面，說(shuō)明電場(chǎng)強(qiáng)度的方向都在豎直方向，由電場(chǎng)疊加原理知b點(diǎn)的電場(chǎng)方向指向內(nèi)底邊，因此abc不是等勢(shì)面，故D錯(cuò)誤．9、A:C【分析】【詳解】

A．為定值電阻，電壓表示數(shù)為兩端電壓，根據(jù)歐姆定律可知電流增加量為

A正確；

BC．電壓表示數(shù)增大，說(shuō)明與構(gòu)成的并聯(lián)電路部分電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知干路電流減小，則通過電流減小，根據(jù)歐姆定律可知兩端電壓減小，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)和閉合電路歐姆定律可知

結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)推導(dǎo)

則兩端電壓的減小量小于所以通過的電流小于B錯(cuò)誤，C正確；

D．干路電流減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知路端電壓增大，又因?yàn)閮啥穗妷簻p小，兩端電壓增大，所以路端電壓的增加量一定小于D錯(cuò)誤。

故選AC。10、A:B:D【分析】【詳解】

A．滑片P向右滑動(dòng)，電阻減小，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律：

可知干路電流增大，電流表示數(shù)增大，定值電阻分壓增大，根據(jù)：

可知路端電壓減小，則滑動(dòng)變阻器上的分壓減小；A正確；

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律：

結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可知：

所以B正確；

C．對(duì)B選項(xiàng)中的變化量表達(dá)式分析：

根據(jù)歐姆定律可知：

則：

所以和均不變；C錯(cuò)誤；

D．電源的效率：

路端電壓減??；電動(dòng)勢(shì)不變，電源效率減小，D正確。

故選ABD。11、A:C【分析】【詳解】

ABC．三個(gè)小球在水平方向都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖看出水平位移關(guān)系是xA>xB>xC

三個(gè)小球水平速度v0相同，由x=v0t

得運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系是tA>tB>tC

在豎直方向上三個(gè)小球都做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由圖看出豎直方向位移y大小相等，由

得加速度關(guān)系aA<aB<aC

由牛頓第二定律可知，三個(gè)小球受力的合力關(guān)系是FA<FB<FC

三個(gè)小球的質(zhì)量相等，重力相等，則可知，A所受電場(chǎng)力向上，C所受電場(chǎng)力向下，則A帶正電、B不帶電、C帶負(fù)電；A正確，B錯(cuò)誤，C正確；

D．由以上分析得到，電場(chǎng)力對(duì)A做負(fù)功，電場(chǎng)力對(duì)C做正功，而重力做功相等，而且重力都做正功，合力對(duì)小球做功A最小，對(duì)C最大，初動(dòng)能相等，則由動(dòng)能定理可知，到達(dá)正極板時(shí)動(dòng)能關(guān)系EkA<EkB<EkC

D錯(cuò)誤。

故選AC。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．將滑動(dòng)變阻器R1滑片下移，電阻R1電阻值增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中總電流I減小，內(nèi)電壓減小、路端電壓U增大，由于R2和R3所在的支路電阻不變；由歐姆定律分析得知。

IA=通過電流表的電流增大，則電阻R2兩端的電壓增大；則電流表和電壓表的示數(shù)都變大，故A錯(cuò)誤；B正確；

C．電路中總電流減?。桓鶕?jù)。

P=I2r得知；電源內(nèi)電路消耗的功率變小，故C錯(cuò)誤；

D．由上分析得知通過電流表的電流IA增大，通過R3的電流增大；則根據(jù)。

P=IA2R3可知R3消耗的功率變大；故D正確。

故選BD。13、A:C【分析】【詳解】

A.由電勢(shì)能隨位移的變化圖像可知：O－運(yùn)動(dòng)過程中，粒子的電勢(shì)能先增大后減小，同時(shí)由于粒子帶負(fù)電，由

可知：O－運(yùn)動(dòng)過程中，電勢(shì)先減小后增大，且因此處的電勢(shì)最高；A正確；

B.O－段；粒子的電勢(shì)能逐漸增大，由于粒子只受電場(chǎng)力，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能，動(dòng)能減少，B錯(cuò)誤；

C.粒子在－段圖像斜率逐漸增大；說(shuō)明粒子受到的電場(chǎng)力逐漸增大，則粒子加速度增大，C正確；

D.粒子在－段圖像斜率不變；說(shuō)明粒子所受電場(chǎng)力不變，粒子的加速度不變，因此粒子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。

故選AC。14、A:C【分析】【詳解】

沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，由圖可知電場(chǎng)方向沿X正方向．帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下由靜止開始沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，受力方向與電場(chǎng)方向一致，帶電粒子帶正電，A正確；沿X正方向電勢(shì)均勻降低，電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，B錯(cuò)誤；沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，C正確；根據(jù)動(dòng)能定理D錯(cuò)誤．故選AC15、A:C【分析】【詳解】

A．由圖知無(wú)窮遠(yuǎn)處和A點(diǎn)的電勢(shì)均為0，根據(jù)沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低的性質(zhì)，可得出：O點(diǎn)的電荷q1帶正電，M點(diǎn)電荷q2帶負(fù)電，又因?yàn)閞OA＞rAM，根據(jù)點(diǎn)電荷的電勢(shì)分布關(guān)系可知：故A正確；

BC．因?yàn)樵搱D象的斜率等于場(chǎng)強(qiáng)E，則由圖象和數(shù)學(xué)知識(shí)可知，A、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)不等于零，而C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零。故B錯(cuò)誤C正確；

D．由于從D→N段中；電勢(shì)先升高后降低，正電荷的電勢(shì)能先增大后減小，根據(jù)功能關(guān)系可知，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功。故D錯(cuò)誤。

故選：AC。16、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

由電路圖可知，燈泡L與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電壓表測(cè)R兩端的電壓；電流表測(cè)電路中的電流。

A．由P=UI可得；燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流。

故A錯(cuò)誤；

B．由。

可得；燈泡的電阻。

當(dāng)電流表的示數(shù)為0.4A時(shí)；燈泡兩端的電壓：

UL′=IRL=0.4A×12Ω=4.8V因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和；所以電壓表的示數(shù)。

UR=U-UL′=18V-4.8V=13.2V故B錯(cuò)誤；

C．當(dāng)電壓表的示數(shù)UR大=15V時(shí)；滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大，此時(shí)燈泡兩端的電壓。

UL小=U-UR大=18V-15V=3V因串聯(lián)電路中各處的電流相等；所以電路中的電流。

即。

解得。

R大=60Ω故C錯(cuò)誤；

D．因燈泡的額定電流為0.5A，電流表的量程為0～0.6A，所以，電路中的最大電流I大=0.5A；滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，此時(shí)電路中的總電阻。

因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和；所以，變阻器接入電路中的最小阻值：

R小=R總-RL=36Ω-12Ω=24Ω故D正確。

此題選擇不正確的選項(xiàng)，故選ABC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

這是一個(gè)橋式電路，等效電路圖如圖所示，當(dāng)電壓表示數(shù)為0時(shí)，電橋處于平衡狀態(tài)，流過小燈泡的電流為R3兩端的電壓為2V，電源內(nèi)阻的分壓為1V，故電源電動(dòng)勢(shì)E=9V，電源輸出功率P=8V×1A=8W，兩個(gè)支路的電流均為0.5A，R2兩端的電壓為6V，故R2=12Ω.

【解析】981218、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)能量守恒定律可知，帶電粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中電勢(shì)能的增加等于動(dòng)能的減小，則有

[2]電場(chǎng)力做功為

A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為【解析】6J19、略

【解析】①.電勢(shì)差②.沿電場(chǎng)強(qiáng)度方向的距離③.電場(chǎng)④.單位距離⑤.伏每米20、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度為E，極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，某種粒子初速度大小為v0，質(zhì)量為m，電荷量為q，則粒子的加速度大小為

粒子離開電場(chǎng)時(shí)在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

粒子離開電場(chǎng)時(shí)垂直平行板方向的位移為

所以

[2]根據(jù)動(dòng)能定理可知，粒子動(dòng)能的變化量為

所以【解析】1∶21∶121、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)庫(kù)侖定律可知；兩電荷之間的庫(kù)侖力大小與帶電量大??；電荷間距離均有關(guān)，在不知道電荷間距離的情況下，無(wú)法判斷庫(kù)侖力大小，故描述錯(cuò)誤。

（2）[2]根據(jù)庫(kù)倫定律可知；兩電荷的帶電量一定時(shí)，電荷間的距離越小，它們間的靜電力就越大，故描述正確。

（3）[3]物理學(xué)上把本身的線度比相互之間的距離小得多的帶電體叫做點(diǎn)電荷；故描述錯(cuò)誤。

（4）[4]根據(jù)牛頓第三定律可知；兩點(diǎn)電荷之間的作用力是相互的，其方向相反，大小相等，故描述錯(cuò)誤。

（5）[5]當(dāng)兩個(gè)電荷之間的距離r→0時(shí)，電荷就不能視為點(diǎn)電荷，庫(kù)倫定律不再適用，故描述錯(cuò)誤?！窘馕觥竣?錯(cuò)誤②.正確③.錯(cuò)誤④.錯(cuò)誤⑤.錯(cuò)誤22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加可得，D點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向由C指向D（或向右）。

[2]設(shè)D點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為將半球面補(bǔ)充完整，則完整球面在C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為

方向向左，則補(bǔ)充的半球面在C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為

則原半球面在D點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小為【解析】由C指向D（或向右）四、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共14分)23、略

【分析】【詳解】

（1）實(shí)驗(yàn)電路如圖所示。

（2）移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最??；閉合開關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)R1，使電壓表指針滿偏；保證滑動(dòng)變阻器的滑片的位置不變，斷開S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0；使電壓表的