2025年滬教版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、某同學用一個電流計G、直流電源E、定值電阻串聯在之間，組成一個歐姆表，如圖中虛線框內所示，用兩個表筆連接在兩端，當兩個表筆短接時，電流計的示數為I，當兩表筆間接阻值為R的電阻時，電流計的示數為則直流電源的電動勢為（）

A.B.C.D.2、如圖所示的電路中，閉合開關S后，a、b、c三盞燈均能正常發(fā)光，電源電動勢E恒定且內阻r不可忽略。現將變阻器R的滑片稍向上滑動一些；三盞燈亮度變化的情況是（）

A.a燈變亮，b燈和c燈變暗B.a燈和c燈變亮，b燈變暗C.a燈和c燈變暗，b燈變亮D.a燈和b燈變暗，c燈變亮3、電動勢為E、內阻不計的電源與定值電阻及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路.當滑動變阻器的觸頭由中點滑向a端時。

A.電壓表和電流表示數都增大B.電壓表和電流表示數都減小C.電壓表示數不變，電流表示數減小D.電壓表示數減小，電流表示數增大4、如圖所示，在豎直向上的勻強電場中，一根不可伸長的輕質絕緣細繩一端系著一個帶電小球，另一端固定于O點、小球在豎直平面內做勻速圓周運動，最高點為a，最低點為b。不計空氣阻力；則（）

A.小球帶負電B.小球所受電場力與重力的大小不相等C.小球在從a點運動到b點的過程中，電勢能減少D.小球在從a點運動到b點的過程中，合外力不做功5、x軸上A、B、C、D四個位置的坐標如圖所示，現在O點和D點分別固定一個電量為Q的正點電荷，已知A、B兩點的場強大小分別為EA、EB，電勢分別為φA、φB。則以下說法正確的是（）

A.EA>EB，φA<φBB.EA>EB，φA>φBC.EA<EB，φA<φBD.在x軸上另有2個點的場強與A點相同6、下列物理量屬于矢量的是（）A.功B.重力勢能C.角速度D.電量評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、工廠在生產紡織品；紙張等絕緣材料時為了實時監(jiān)控其厚度；通常要在生產流水線上設置如圖所示傳感器．其中A、B為平行板電容器的上、下兩個極板，上下位置均固定，且分別接在恒壓直流電源的兩極上（電源電壓小于材料的擊穿電壓）．當流水線上通過的產品厚度增大時，下列說法正確的是（）

A.A.B平行板電容器的電容增大B.B兩板間的電場強度減小C.B兩板上的電荷量變大D.有電流從a向b流過靈敏電流計8、如圖所示，Q1、Q2為兩個固定點電荷，其中Q1帶正電，它們連線的延長線上有a、b兩點．一正試探電荷以一定的初速度沿直線從b點開始經a點向遠處運動；其速度圖象如圖所示．則()

A.Q2帶正電B.Q2帶負電C.該試探電荷從b到a的過程中電勢能增大D.該試探電荷從b到a的過程中電勢能減小9、如圖所示，絕緣金屬球殼的空腔內有一帶電小球，現在球殼左側放一帶電小球A，下列說法正確的是()

A.A球對球殼內的電場不影響B(tài).由于靜電屏蔽，球殼內沒有電場C.球殼內外表面均沒有電荷D.由于球殼接地，空腔內的電場對外部也沒有影響10、如圖所示，光滑絕緣半圓環(huán)軌道放在豎直向下的勻強電場中，場強為E。在與環(huán)心等高處放有一質量為m、帶電荷量＋q的小球；由靜止開始沿軌道運動，下列說法正確的是（）

A.小球經過環(huán)的最低點時速度最大B.小球在運動過程中機械能守恒C.小球電勢能增加EqRD.小球由靜止釋放到達最低點，動能的增量等于EqR+mgR11、鉛蓄電池的電動勢為2V，內阻不為零，以下說法中正確的是A.電路中每通過1C電量，鉛蓄電池能把2J的化學能轉變?yōu)殡娔蹷.體積大的鉛蓄電池比體積小的鉛蓄電池的電動勢大C.電路中每通過1C電量，鉛蓄電池內部非靜電力做功為2JD.該鉛蓄電池把其他形式能轉化為電能的本領比一節(jié)干電池（電動勢為1.5V）的強評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)12、如圖甲所示為一測量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設a=1m，b=0.2m，c=0.1m，當里面注滿某電解液，且P、Q加上電壓后，其U-I圖線如圖乙所示，當U=10V時，求電解液的電阻率ρ是_______Ω·m

13、能源的開發(fā)與應用：

近年來，我國在能源開發(fā)方面取得了很大的成就：如：______發(fā)電、水力發(fā)電、______發(fā)電、______發(fā)電。14、如圖所示為伏打電池示意圖，由于化學反應，在A、B兩電極附近產生了很薄的兩個帶電接觸層a、b。

（1）說明銅板帶正電、鋅板帶負電的原因是什么______？

（2）在電源內部的a、b兩個區(qū)域，電荷如何被搬運到極板上______？

（3）在正常工作的閉合電路中，靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）；非靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）．

（4）沿電流方向繞電路一周，非靜電力做功的區(qū)域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在圖中閉合回路的各區(qū)域內，電勢升高的總和等于電源的______。

（6）沿電流方向繞電路一周，在什么地方電勢降低______？在什么地方電勢升高______？15、如圖是用游標卡尺測量某金屬圓筒外徑的示意圖，由圖中可以讀出該圓筒外徑的測量值為___________mm。

16、為了研究某種化學電源的性能，設計如圖所示電路，閉合所有開關，并改變滑動變阻器阻值，觀察電壓表V1、V2示數的變化，得到如下數據：某一次的測量電壓表的讀數分別為改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，發(fā)現電流表讀數變?yōu)?.50A，電壓表V1讀數變化了0.4V，由上面數據可求：該電源電動勢E=_________V；電源的內阻為r=__________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)17、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

18、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)19、在“探究感應電流產生的條件”的實驗中．

（1）線圈與靈敏電流計組成閉合回路；線圈不動，則條形磁鐵插入；拔出線圈過程中，閉合回路中_________產生感應電流；若磁鐵不動，則線圈套進、拉出磁鐵過程中，閉合回路中_________產生感應電流．（均選填“會”或“不會”）

（2）原線圈（小線圈）與電源、開關、滑動變阻器組成回路，副線圈（大線圈）與靈敏電流計組成閉合回路，如圖所示開關閉合，且在原線圈插入副線圈及從副線圈中拔出過程中，副線圈中_________產生感應電流；原線圈插入副線圈中且開關閉合狀態(tài)下，移動滑動變阻器滑片位置時，副線圈中_________產生感應電流；原線圈插入副線圈中，開關在斷開、閉合過程中，副線圈中_________產生感應電流．（均選填“會”或“不會”）20、小明同學想要設計一個既能測量電源電動勢和內阻；又能測量定值電阻阻值的電路。

他用了以下的實驗器材中的一部分；設計出了圖（a）的電路圖：

a.電流表（量程內阻很?。?；電流表（量程內阻）；

b.滑動變阻器（）；

c.兩個定值電阻

d.待測電阻

e.待測電源（電動勢約為內阻約為）

f.開關和導線若干。

（1）根據實驗要求，與電流表串聯的定值電阻為_______（填“”或“”）。

（2）小明先用該電路測量電源電動勢和內阻，將滑動變阻器滑片移至最右端，閉合開關調節(jié)滑動變阻器，分別記錄電流表的讀數得與的關系如圖（b）所示。根據圖線可得電源電動勢_______電源內阻_______（計算結果均保留兩位有效數字）

（3）小明再用該電路測量定值電阻的阻值；進行了以下操作：

①閉合開關調節(jié)滑動變阻器到適當阻值，記錄此時電流表示數電流表示數

②斷開開關保持滑動變阻器阻值不變，記錄此時電流表示數電流表示數后斷開

③根據上述數據可知計算定值電阻的表達式為________。若忽略偶然誤差，則用該方法測得的阻值與其真實值相比_______（填“偏大”、“偏小”或“相等”）21、“測量電源的電動勢和內阻”實驗中；所給的實驗器材有：

電源E（電動勢約9V）

電壓表V（量程0~3V；內阻很大）

電阻箱R（阻值0~999.9）

定值電阻R0（阻值為10）

開關S一個；導線若干。

某同學設計了如圖所示的實物電路。

（1）閉合開關前，應先將電阻箱R的阻值調到________。（選填“最大值”；“最小值”或“任意值”）

（2）改變電阻箱R的阻值，分別測出定值電阻R0兩端的電壓U，下列兩組R的取值方案中，比較合理的方案是________。（選填“甲”或“乙”）。方案電阻箱的阻值R/Ω甲400.0350.0300.0250.0200.0乙80.070.060.050.040.0

（3）根據實驗數據描點，繪出的圖象是一條直線。若直線的斜率為k，則該電源的電動勢E＝________。（用k和R0表示）評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)22、根據量子理論，光子的能量為E=hν；其中h是普朗克常量。

（1）根據愛因斯坦提出的質能方程E=mc2，光子的質量可表示為m=E/c2，由動量的定義和相關知識，推導出波長為λ的光子動量的表達式p=h/λ；

（2）光子能量和動量的關系是E=pc。既然光子有動量；那么光照到物體表面，光子被物體吸收或反射時，都會對物體產生壓強，這就是“光壓”。

a.一臺二氧化碳氣體激光器發(fā)出的激光功率為P0=103W，發(fā)出的一細束激光束的橫截面積為S=1mm2。若該激光束垂直照射到物體表面，且光子全部被該物體吸收，求激光束對該物體產生的光壓P0的大??；

b.既然光照射物體會對物體產生光壓，科學家設想在遙遠的宇宙探測中，可以用光壓為動力使航天器加速，這種探測器被稱做“太陽帆”。設計中的某個太陽帆，在其運行軌道的某一階段，正在朝遠離太陽的方向運動，太陽帆始終保持正對太陽。已知太陽的質量為2×1030kg，引力常量G=7×10-11Nm2/kg2，太陽向外輻射能量的總功率為P=4×1026W，太陽光照到太陽帆后有80%的太陽光被反射。探測器的總質量為m=50kg?？紤]到太陽對探測器的萬有引力的影響，為了使由太陽光光壓產生的推動力大于太陽對它的萬有引力，太陽帆的面積S至少要多大？（計算結果保留1位有效數字）參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

設改裝成的歐姆表的內阻為r，根據題意可知

解得電源的電動勢

故選C。2、B【分析】【分析】

【詳解】

變阻器R的滑片稍向上滑動一些，變阻器接入電路的阻值變小，外電路總電阻變小，根據閉合電路歐姆定律，可得

干路電流增大，所以a燈變亮，并聯部分電路電壓為

可得b燈兩端電壓變小，所以b燈變暗，通過b燈的電流減小。通過c燈的電流為

可得，c燈變亮。故ABC錯誤；D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

因電源的內阻不計，則連在電源兩端的電壓表測量的路端電壓等于電源的電動勢始終不變；滑動變阻器的觸頭由中點滑向a端時，接入電路的電阻減小，導致總電阻減小，干路電流增加，則R1兩端的電壓增加；故并聯部分電壓減小，由歐姆定律可知電流表示數減?。还蔆正確，A；B、D錯誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

AB．據題小球在豎直平面內做勻速圓周運動，由合外力提供向心力，小球受到重力、電場力和細繩的拉力，電場力應與重力平衡，即小球所受電場力與重力等大反向，則知小球帶正電。故AB錯誤；

C．小球在從a點運動到b點的過程中，電場力做負功，小球的電勢能增大，故C錯誤；

D．小球在從a點運動到b點的過程中，動能不變，則合外力不做功，故D正確。

故選D。5、A【分析】【詳解】

ABC．O點的電荷在A、B兩點產生的場強大小相等，方向相反；D點的電荷在A、B兩點產生的場強大小不等，方向相同，由場強的疊加可知A點的場強大于B點；O點的電荷在A、B兩點產生的電勢為正，大小相等；D點的電荷在A、B兩點產生的電勢為正，大小不等，由電勢的疊加可知，A點的電勢小于B點的電勢；故A正確，BC錯誤；

D．因O點和D點分別固定一個電量為Q的正點電荷，則A點場強方向向左，根據場強疊加可知，OC間有一點場強大小與A點相等，但場強方向向右，CD間場強方向向左，存在一個點的場強與A點相同，按照對稱性，在D右側x0處場強大小與A點場強大小相同，但方向相反，所以在x軸上與A點場強相同點只有一個，在CD之間的某點；故D錯誤。

故選A。6、C【分析】【詳解】

A．功是標量；故A錯誤；

B．重力勢能是標量；故B錯誤；

C．角速度是矢量；故C正確；

D．電量是標量；故D錯誤。

故選C。二、多選題(共5題，共10分)7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據電容的決定公式

可知，當流水線上通過的產品厚度增大時，增大；則電容器的電容增大，所以A正確；

B．因為兩極板間的電勢差不變；板間距不變，所以兩板間電場強度不變，則B錯誤；

CD．根據電容的定義公式

可知極板帶電量Q增大，是充電過程，則電流方向從b向a流過靈敏電流計；所以C正確；D錯誤；

故選AC。8、B:C【分析】分析：根據圖乙描述的速度-時間圖象可知，檢驗電荷減速，由于檢驗電荷帶正電，Q1也帶正電，由此可以判斷出Q2的電性，后來加速說明Q1形成的電場大于Q2形成的電場，由此可以判斷Q1、Q2電量的大小；根據電場力做功情況可以判斷電勢能的變化．

解：由圖乙可知，檢驗電荷先減速運動，若Q2為正該電荷將一直加速，故Q2為負，后來檢驗電荷又加速運動，由于檢驗電荷為正，這說明正電荷Q1比負電荷Q2形成的電場強度大，所以電荷量Q1＞Q2；故A錯誤，B正確；

從b到a過程中；由圖乙可知，電荷減速，故電場力做負功，因此電勢能增大，故C正確，D錯誤．

故選BC．9、A:D【分析】【詳解】

由于金屬球殼接地，對內外電場都有屏蔽作用，故A、D對，球殼外表面沒有電荷，因為空腔內有帶電體，所以空腔內有電場，內表面有感應電荷，故B、C錯．綜上分析，AD正確．10、A:D【分析】【詳解】

A．小球所受的電場力豎直向下；從最高點到最低點的過程中，合力做正功，則根據動能定理得知，動能增大，速度增大，所以小球經過環(huán)的最低點時速度最大，故A正確；

B．小球運動過程中有除了重力之外的電場力做功；機械能不守恒，故B錯誤；

CD．小球從最高點到最低點的過程，根據動能定理得（mg+qE）R=ΔEk

電場力做功W=qER

電場力做正功，所以電勢能減小EqR，動能增加量等于qER+mgR；故D正確，C錯誤。

故選AD。11、A:C:D【分析】【詳解】

試題分析：由=2（J）；可知A正確；電動勢的大小由電源將其他形式的能轉化為電能的能力大小決定與體積無關，故B說法錯誤；電源輸出的電能大小為電源將其他形式的能轉化為電能大小，電路中每通過1C電量時，電源輸出的電能大小為2J，故C正確；電動勢的大小表示電源將其他形式的能轉化為電能的能力大小，故D正確．

考點：本題考查了電動勢的概念三、填空題(共5題，共10分)12、略

【分析】【詳解】

由圖乙可求得電解液的電阻為由圖甲可知電解液長為截面積為結合電阻定律可得【解析】4013、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】太陽能風能核能14、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]鋅失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結合后，導致電解液與b之間處的電勢升高，對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結合導致a與電解液處的電勢降低；

(2)[2]在電源內部的a、b兩個區(qū)域，非靜電力做功，在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處；硫酸根離子被搬到鋅板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的閉合電路中；靜電力對做定向運動的電子做正功，電勢能減少，所以電子向電勢升高的方向運動；

[6][7][8]電源內部；從負極到正極電勢升高，所以非靜電力把電子從正極搬運到負極，對做定向運動的電子做正功，即電子向電勢降低的方向運動，所以電子的電勢能增加；

(4)[9]在電源的內阻和外電阻上，電荷移動過程中是靜電力做功，r區(qū)域是內阻區(qū)域，由題意可知，“在A、B兩電極附近產生了很薄的兩個帶電接觸層a、b”則該區(qū)域即為非靜電力作用的范圍；也是沿著電流方向電勢升高的范圍，故BD正確，AC錯誤；

故選BD；

(5)[10]依據電動勢定義可知；電勢升高的總和等于電源的電動勢；

(6)[11][12]ab區(qū)域為非靜電力作用的范圍，電勢升高，R為外電阻，r為內阻，在電阻上，沿電流方向電勢降低?！窘馕觥夸\失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結合后，導致電解液與b之間處的電勢升高。對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結合導致a與電解液處的電勢降低在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處，硫酸根離子被搬到鋅板上正升高減少正降低增加BD電動勢電勢兩次降低即電流流過外電阻和內電阻時，電勢降低電勢兩次升高即通過兩個極板和電解液接觸層a、b時電勢升高15、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺讀數【解析】23.6016、略

【分析】【詳解】

[1]根據閉合電路歐姆定律

[2]改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，外電阻減小，干路電流增大，路端電壓減小，第二次的路端電壓為

根據閉合電路歐姆定律

解得【解析】1.51四、作圖題(共2題，共16分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據可知電容器的電荷量將變?。环烹姷臅r間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD五、實驗題(共3題，共27分)19、略

【分析】【詳解】

(1)[1]條形磁鐵插入；拔出線圈過程；穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，所以閉合回路中會產生感應電流；

[2]若磁鐵不動；線圈套進；拉出磁鐵過程，穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，所以閉合回路中會產生感應電流；

(2)[3]原線圈中電流產生的磁場穿過副線圈；在原線圈插入副線圈及從副線圈中拔出過程；

穿過副線圈的磁通量發(fā)生變化；所以會產生感應電流；