2025年人教A新版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，在勻強磁場中，兩長直導線和垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為圖中連線豎直。當兩導線中均通有方向垂直于紙面向里的電流時，紙面內與兩導線距離均為的點處的磁感應強度為零。已知通電導線在處產生的磁感應強度大小為則（）

A.勻強磁場的磁感應強度大小為方向豎直向上B.勻強磁場的磁感應強度大小為方向豎直向下C.勻強磁場的磁感應強度大小為方向水平向右D.勻強磁場的磁感應強度大小為方向水平向左2、絕緣細線上端固定，下端懸掛一輕質小球a，a的表面鍍有鋁膜，在a的近旁有一絕緣金屬球b，開始時a、b都不帶電，如圖所示?，F使b帶電；則（）

A.ab之間不發(fā)生相互作用B.b將吸引a，吸住后不放開C.b立即把a排斥開D.b先吸引a，接觸后又把a排斥開3、三根平行的直導線，分別垂直地通過一個等腰直角三角形的三個頂點，如圖所示，現使每條通電導線在斜邊中點O所產生的磁感應強度的大小均為B，則該處的磁感應強度的大小和方向是（）

A.大小為B，方向垂直斜邊向下B.大小為B，方向垂直斜邊向上C.大小為B，斜向右下方D.大小為B，斜向左下方4、如圖所示，豎直向下的勻強電場中，一重力不計的帶電粒子以水平速度拋出，當粒子運動到B點時，AB連線和水平方向的夾角已知勻強電場強度大小為E，粒子質量為m，電量為q；則（）

A.粒子可能帶正電B.粒子從A到B的運動時間為C.A和B兩點間的距離為D.粒子從A到B電勢能減少了5、據報道，科學家發(fā)明了一種新型超級電容器，能讓手機在幾分鐘內充滿電。某同學在假日登山途中，用該種電容器給手機電池充電，下列說法正確的是（）A.該電容器給手機電池充電時，電容器存儲的電能變少B.該電容器給手機電池充電時，電容器的電容變大C.該電容器給手機電池充電時，電容器的電容變小D.充電結束后，若電容器不帶電，則電容器的電容變?yōu)榱?、如圖所示，勻強電場場強為1.0×103N/C，ab＝dc＝4cm，bc＝ad＝3cm；則下述計算結果正確的是。

A.ab之間的電勢差為4000VB.ad之間的電勢差為50VC.將q＝－5×10－3C的點電荷沿矩形路徑abcda移動一周，靜電力做功不為零D.將q＝－5×10－3C的點電荷沿abc或adc從a移到c靜電力做功都是－0.20J7、如圖所示，平行板電容器與一個恒壓直流電源連接，下極板通過A點接地，一帶正電小球被固定于點；現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（）

A.平行板電容器的電容值將變大B.靜電計指針張角變小C.帶電小球的電勢能將減小D.若先將下極板與A點之間的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電小球所受電場力不變評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、真空中M、N兩個等大的均勻帶電圓環(huán)，其圓心分別為A、C，帶電量分別為+Q、-Q，將它們平行放置，A、C連線垂直于圓環(huán)平面B為AC的中點，現有質量為m、帶電量為+q的微粒（重力不計）從左方沿A、C連線方向射入，到A點時速度vA=1m/s，到B點時速度vB=m/s。取無窮遠處電勢為零；下列說法正確的是（）

A.微粒從B至C做加速運動，且vC=3m/sB.微粒越過C點后先做加速運動，后做減速運動C.微粒在整個運動過程中的最終速度為m/sD.微粒將以B為中心做往返運動9、如圖所示，平行板電容器與電動勢為的直流電源（內阻不計）連接，電容器上極板與一靜電計相連，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略。一質量為m的帶電微粒靜止于電容器的中點P，P點與上、下極板間距離均為d，重力加速度為g；下列說法正確的是（）

A.微粒一定帶正電B.若電容器上極板豎直向下移動一小段距離，電容器電容增大，靜電計指針張角變小C.若先把電容器上極板豎直向下移動后，再將微粒由靜止釋放，經過時間微粒到達上極板D.若先把電容器上極板豎直向下移動后，再將微粒由靜止釋放，微粒運動一段時間后打在極板上并被捕獲，微粒與極板作用過程中所受合外力的沖量大小為10、空間中存在著由孤立的帶負電的點電荷產生的電場，一帶電粒子僅在電場力作用下沿圖示曲線運動，M、N為曲線上兩點，已知粒子在M、N兩點的速度vM>vN，粒子在M、N兩點的電勢能分別為EpM和EpN；以下說法正確的是（）

A.粒子一定從M運動到NB.EpM<EpNC.粒子一定帶正電D.場源電荷對粒子的作用力可能是排斥力11、純電動汽車使用的能源不是汽油；而是電能，提供電能的是鋰離子電池。鋰離子電池以碳材料為負極，以含鋰的化合物為正極。在充電的過程中，通過化學反應，電池的正極有鋰離子生成，鋰離子通過電解液運動到電池的負極。負極的碳材料有很多微孔，到達負極的鋰離子就嵌在這些微孔中，嵌入的鋰離子越多，電池中充入的電荷量也就越多。當汽車開動時，在負極的鋰離子又會通過電解液返回正極，回到正極的鋰離子越多，則放出的電荷量也就越大。電池放電時能輸出的總電荷量叫作電池的容量。單體鋰離子電池的容量極為有限，為了滿足需要，常用由若干單體鋰離子電池構成的電池組。下列說法中正確的是（）

A.“安時”（Ah）或“毫安時”（mAh）是電量的單位B.“千瓦時”（kWh）是能量的單位C.圖中鋰離子的移動情況表明電池處于放電狀態(tài)D.圖中鋰離子是在電場力的作用下從負極返回正極的12、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，R1為定值電阻（R1>r），R2為可變電阻，C為電容器，閉合開關后改變R2的阻值；則（）

A.增大R2的阻值，電阻R1上的電壓也增大B.增大R2的阻值，電容器C上的電荷量增加C.當R2=0時，電源的輸出功率最大D.當R2=0時，電源的效率最大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、如圖，一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運動到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，此液滴帶_______電，液滴的加速度等于_______，液滴的電勢能_____（填增加；減?。?。

14、如圖所示，閉合電鍵S后，滑動變阻器的滑動片P向右移動一段距離，電流表的讀數______（選填“變大”、“變小”或“不變”），電流表的讀數變化量為電流表的讀數變化量為則______（選填“>”、“<”或“=”）。

15、判斷下列說法的正誤．

（1）處于靜電平衡狀態(tài)下的導體內部的外加電場與附加電場的矢量和為零，即導體內部的電場強度處處為零．（____）

（2）靜電平衡時，導體內部表現為電中性，電荷都分布在外表面，導體內部沒有凈剩電荷．（____）

（3）一個孤立的帶電體，在自身所帶電荷的電場中，處于靜電平衡狀態(tài)，不具有靜電平衡的特點．（____）

（4）用金屬網把驗電器罩起來，再使帶電金屬球靠近驗電器，則驗電器箔片能張開．（____）

（5）電工穿的高壓作業(yè)服是用銅絲編織的，目的是銅絲衣服有屏蔽作用，使體內場強為零．（____）16、如圖所示，菱形ABCD的邊長為L，頂角A為60°，對角線AB水平、CD豎直，O是兩條對角線的交點。兩個帶相等電荷量的負點電荷固定在菱形的兩個頂點A、B上，若將一質量為m、帶電荷量為+q的小球在C點由靜止釋放，小球向上最高可運動到O點，若在C點給小球某一向上的初速度，小球最高可運動到D點，已知重力加速度為g，則CO兩點之間的電勢差UCO=______；小球從C點運動到D點過程中，經過O點時的速度vO=________。

17、電源的電壓穩(wěn)定為220伏，輸電線的總電阻歐（不計其他導線電阻），電路中并聯了10盞“220伏、50瓦”的電燈。當10盞燈全部工作時，每盞燈的實際電功率為______瓦（設燈絲電阻不隨溫度變化）。此時，每盞燈上的實際電壓______（填“大于”；“小于”或“等于”）只接入1盞燈的實際電壓。

18、如圖所示是某電源的路端電壓與電流的關系圖像，電源的電動勢為___________V。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共9分)19、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、解答題(共2題，共20分)20、一根做電學實驗用的銅導線，長度是橫截面積是它的電阻是多少？一根輸電用的鋁導線，長度是橫截面積是它的電阻是多少？為什么做電學實驗時可以不考慮導線的電阻，而輸電線路導線的電阻則必須要考慮？21、電壓表是測量電壓的器材。已知某電路兩端的電壓為15V，為了保證電表的安全，現用量程為15V、內阻為的電壓表與一阻值為的定值電阻串聯在一起測量該電路兩端的電壓；此時電壓表的讀數為12V。

（1）則應為多少？

（2）如果將量程為15V、內阻為的電壓表改裝成量程為60V的電壓表，則應串聯阻值為多大的定值電阻？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

在兩導線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時，紙面內與兩導線距離為l的a點處的磁感應強度為如下圖所示。

由此可知，外加的磁場方向與PQ平行，且由Q指向P，即豎直向上，依據幾何關系，及三角知識，則有

故A正確；BCD錯誤。

故選A。2、D【分析】【分析】

【詳解】

輕質小球a，故現使b帶電，因為帶電物體能夠吸引輕質物體，則b先吸引a，接觸后兩物體帶上同種電荷，b又把a排斥開。

故選D。3、C【分析】【詳解】

由題意可知；三平行的通電導線在O點產生的磁感應強度大小相等，方向如圖；

則：B合=故ABD錯誤，C正確，故選C．

點睛：磁感應強度為矢量，合成時要用平行四邊形定則，因此要正確根據安培定則判斷導線周圍磁場方向是解題的前提．4、B【分析】【詳解】

A．由圖粒子的運動軌跡可知粒子受到的電場力方向向上；所以粒子帶負電，A錯誤；

B．粒子在電場力的作用下做類平拋運動，設運動時間為水平方向位移為

豎直方向位移為

由圖可知

所以有

解得

B正確；

C．A和B兩點間的距離為

C錯誤；

D．粒子從A到B減少的電勢能為

D錯誤。

故選B。5、A【分析】【詳解】

A．該電容器給手機電池充電時；電容器所帶的電量減小，電能變少，A正確；

BCD．電容器的電容是其固有屬性；與電容器的電壓和帶電量無關，BCD錯誤。

故選A。6、D【分析】【詳解】

A．之間的電勢差為：

故A錯誤；

B．由圖看出，在同一等勢面上，電勢相等，則有：

故B錯誤；

C．將的點電荷沿矩形路徑移動一周；電場力不做功，故C錯誤；

D．將的點電荷沿或從移動到電場力做功相等，電場力做功為：

故D正確。7、D【分析】【詳解】

A．根據知，增大，則電容減小，故A錯誤；

B．靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B錯誤；

C．電勢差U不變，增大，則電場強度減小。設點與上極板的距離x,點與上極板的電勢差

減小，點與下極板的電勢差

增大，下極板接地電勢為零，則點的電勢

增大，又因為該小球帶正電，則電勢能增大，故C錯誤；

D．電容器與電源斷開，則電荷量Q不變，改變，根據

得

知電場強度不變，則帶電小球所受電場力不變，故D正確。

故選D。

【點睛】

本題是電容器的動態(tài)分析問題，關鍵抓住不變量，當電容器與電源始終相連，則電勢差不變，當電容器與電源斷開，則電荷量不變。二、多選題(共5題，共10分)8、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由于A、C兩點的電量相同，AC之間的電場是對稱的，A到B做的功和B到C做的功相同，根據動能定理可知

聯立解得

故A錯誤；

B．根據電場線分布的特點可知微粒越過C點后開始階段電場合力向右；粒子做加速運動，后面的階段電場合力向左，粒子做減速運動，故B正確；

C．等量異種電荷的中垂線上的電勢為零，無窮遠處的電勢為零，因此微粒在整個運動過程中的最終速度為B點的速度m/s；故C正確；

D．粒子運動到無窮遠處時的速度為m/s，粒子不會再回到B點；故D錯誤。

故選BC。9、C:D【分析】【詳解】

A．由題圖可知，平行板電容器間電場方向向下，微粒靜止在P點滿足

可知微粒受到的電場力方向豎直向上；故微粒一定帶負電，故A錯誤；

B．若平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，兩板的間距變小，可知電容器的電容增大；因為靜電計指針張角的變化表征電容器兩極板間的電勢差變化，圖中兩板間電勢差U為電源的電動勢不變；所以靜電計指針的張角不變，故B錯誤；

C．電容器上極板豎直向下移動兩極板間場強大小由

變?yōu)?/p>

微粒所受電場力大小變?yōu)?/p>

微粒向上運動，加速度大小為

由

得

故C正確；

D．設微粒與上極板作用過程中所受合外力的沖量大小為I，自微粒開始運動到被捕獲這一過程，由動量定理有

解得

故D正確。

故選CD。10、B:D【分析】【詳解】

A．由于帶電粒子的電性和場源電荷的位置均未知；故不能判斷帶電粒子的運動方向，故A錯誤；

B．粒子只在電場力作用下運動，故只有動能和電勢能相互轉化，由能量守恒定律得

又因為

故EpM<EpN

故B正確；

C．根據運動與力的關系僅能判斷粒子受電場力方向指向軌跡的凹側；由于不知道場源電荷的位置，故無法判斷粒子的電性，故C錯誤；

D．當粒子帶負電且場源電荷在軌跡凸側時作用力即為排斥力；故D正確。

故選BD。11、A:B:C【分析】【詳解】

A．安時是電池容量的單位；A正確；

B．千瓦時是能量的單位；B正確；

C．圖中箭頭向左；表示鋰離子從負極向正極移動，處于放電狀態(tài)，C正確；

D．電場強度方向向右；鋰離子帶正電向左移動，是在非靜電力作用下從負極返回正極，D錯誤。

故選ABC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．當增大時，電路總電阻增大，電流減小。兩端電壓。

減小，減??；跟據閉合電路歐姆定律可知，電阻兩端的電壓。

電流減小，故增加。電容器兩端電壓也增加；故電容器上的電荷量增加。故A錯誤，B正確；

CD．外電路電阻與內阻越接近，電源輸出功率越大。由于故當時；電源輸出功率最大。電源的效率。

可知，越??；效率越低。故C正確，D錯誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【詳解】

[1]據題帶電液滴沿直線由b運動到d，帶電液滴所受重力與電場力的合力一定與其運動方向在同一直線上，對液滴進行受力分析，其受力情況如圖所示，則電場力方向一定水平向右，與場強方向相反，所以該液滴帶負電

[2]由圖可得物體所受合力為

故物體的加速度為

[3]由于液滴從靜止開始做加速運動，故合力的方向與運動的方向相同，電場力的方向和運動方向夾角為銳角，電場力對物體做正功，液滴的電勢能減小【解析】負電減小14、略

【分析】【詳解】

[1]當滑動變阻器的滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據閉合電路歐姆定律知，干路電流減小，則電流表A1讀數減小，內電壓減小，所以路端電壓增大，則通過R0的電流增大，而并聯總電流減小，所以電流表A2讀數變小。

[2]根據并聯電路的電流特點有I1=I2+IR0

而I1減小，I2減小，IR0增大，所以ΔI1<ΔI2【解析】變小<15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正確正確錯誤錯誤正確16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據幾何關系，CO之間的距離為L，電荷從C點運動到O點，根據動能定理，有

得

[2]電荷從O點運動到D點，根據動能定理，有

根據對稱性知

解得【解析】17、略

【分析】【詳解】

[1]電燈的電阻

并聯了10盞電燈的并聯電阻為

電路中的總電流

每盞燈的實際電流

每盞燈的實際電功率為

[2]由于并聯的電阻越多并聯后的電阻越小，電路中的電流越大，輸電線上的總電阻的電壓越大，電燈上的實際電壓越小。每盞燈上的實際電壓小于只接入1盞燈的實際電壓?！窘馕觥?6.9小于18、略

【分析】【詳解】

由閉合電路歐姆定律當時，即圖線與縱軸交點表示斷路狀態(tài)，故電動勢【解析】6.0四、作圖題(共1題，共9分)19、略

【分析】【詳解】