2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷783考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在如圖所示的電路中，當電鍵S閉合后，電流表和電壓表的示數分別為和當可變電阻R的滑動片向右移動后，電流表和電壓表的示數分別變?yōu)楹蛣t有。

A.B.C.D.22、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，合上開關S后各電燈恰能正常發(fā)光．如果某一時刻電燈L1的燈絲燒斷，則()

A.L2、L3變亮，L4變暗B.L3變亮，L2、L4變暗C.L4變亮，L2、L3變暗D.L3、L4變亮，L2變暗3、如圖所示，中兩正點電荷固定在A、B兩點電荷量為q的試探電荷在C點受到的電場力方向與AB垂直，大小為F，則D點的場強大小為（）

A.B.C.D.4、如圖是靜電噴漆的工作原理圖．工作時,噴槍部分接高壓電源負極,工件接正極,噴槍的端部與工件之間就形成靜電場,從噴槍噴出的涂料微粒在電場中運動到工件,并被吸附在工件表面．圖中畫出了部分微粒的軌跡,設微粒被噴出后只受靜電力作用,則()

A.微粒的運動軌跡顯示的是電場線的分布情況B.微粒向工件運動的過程中所受電場力先減小后增大C.在向工件運動的過程中,微粒的動能逐漸減小D.在向工件運動的過程中,微粒的電勢能逐漸增大5、如圖所示是真空中一點電荷的電場，a、b、c是電場中的三點；下列有關說法正確的是（）

A.該點電荷帶正電B.a、b兩點的電場強度相同C.a點電勢比c點電勢低D.一試探電荷由c點移到a點電場力做的功小于由c點移到b點電場力做的功6、某電場中的等勢面如圖所示；下列關于該電場的描述正確的是（）

A.負電荷在A點的電勢能比在B點的電勢能大B.負電荷在A點的電勢能比在C點的電勢能大C.電荷沿等勢面AB移動的過程中，電場力始終不做功D.正電荷由A移動到C，電場力做負功7、我國是世界上最早發(fā)現磁現象的國家；指南針的發(fā)明為世界的航海業(yè)做出了巨大的貢獻。關于磁現象，下列說法正確的是（）

A.奧斯特提出了分子電流假說，安培發(fā)現了電流磁效應B.磁感線上每一點的切線方向都跟該點的磁場方向一致C.電場線一定是閉合的，磁感線一定是不閉合的D.地球磁場的N極在地理的北極附近，地球周圍的磁感線是空間真實存在的曲線評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，真空中有一正六邊形ABCDFG，在A點和C點分別放置兩相同的點電荷，此時正六邊形的中心位置的電場強度大小為E0，方向指向B點。下列說法正確的是（）

A.兩點電荷帶正電B.B點的電場強度大小也為E0C.把一帶正電的試探電荷從F點移至B點，其電勢能變小D.若在F點增加一個等量異種的點電荷，則中心位置電場強度大小為2E09、質量均為m的三個帶電小球A、B、C用三根長度均為l的絕緣絲線相互連接，放置在光滑絕緣的水平面上，A球的電荷量為＋q。在C球上施加一個水平向右的恒力F之后，三個小球一起向右運動，三根絲線剛好都伸直且沒有彈力，F的作用線的反向延長線與A、B間的絲線相交于絲線的中點，如圖所示。已知靜電力常量為k；下列說法正確的是（）

A.B球的電荷量可能為＋2qB.C球的電荷量為－2qC.三個小球一起運動的加速度大小為D.恒力F的大小為10、如圖所示，等邊三角形ABC的三個頂點A、B、C分別固定有電荷量為的點電荷，A點處電荷受到的電場力方向平行于BC，B點處電荷受到的A電場力方向垂直于BC，O為三角形的中點，P和O在紙面內關于AC對稱；無窮遠處電勢為零，則下列說法正確的是（）

A.B.O點電勢與P點電勢相等C.將A點的點電荷沿直線移到O點，其電勢能增大D.將A點的點電荷沿直線移到P點，電場力做正功11、如圖所示，在y軸上關于O點對稱的A、B兩點有等量同種點電荷+Q，在x軸上C點有點電荷-Q，且CO=OD，下列判斷正確的是。

A.D點電場強度為零B.O點電場強度為零C.若將點電荷+q從O移向C，電勢能增大D.若將點電荷-q從O移向C，電勢能增大12、真空中某區(qū)域存在一靜電場，其電場線分布如圖所示，M、N、Q是以直電場線上一點O為圓心的同一圓周上的三點，OQ連線垂直于MN；下列說法正確的是（）

A.O點電勢大于M點電勢B.M點場強小于N點的場強C.M、O間的電勢差大于O、N間的電勢差D.電子沿圓弧運動，電子的電勢能增加13、如圖所示的直線加速器由沿軸線分布的金屬圓板O和金屬圓筒（又稱漂移管）A、B、C、D、E組成，金屬圓板和金屬圓筒分別接在電源的兩端。位于和圓筒B、D相連的金屬圓板中央的一個質子在圓板O和圓筒A之間的電場中由O點靜止開始加速，沿中心軸線沖進圓筒進入加速器，質子在金屬圓筒內做勻速運動且時間均為T，在金屬圓筒之間的狹縫被電場加速。已知質子電量為e，質量為m，加速時電壓U大小相同。不計質子經過狹縫的時間；不考慮相對論效應，下列說法正確的是（）

A.MN所接電源的極性應周期性變化B.質子每經過一次狹縫速度的增加量為C.質子從圓筒E射出時的速度大小為D.圓筒B、E的長度之比為14、給一粗細不均勻的由同種材料制成的導體通電，下列說法正確的是（）A.粗的地方電流小，細的地方電流大B.粗的地方電荷定向移動速率小，細的地方大C.各處的電流相等D.粗的地方電荷定向移動速率大，細的地方小15、如圖所示為電流表與螺線管組成的閉合電路；下列說法正確的是。

A.將磁鐵向下插入螺線管的過程中，電流表的指針發(fā)生偏轉B.將磁鐵從螺線管中拔出的過程中，電流表的指針不發(fā)生偏轉C.磁鐵放在螺線管中不動，電流表的指針發(fā)生偏轉D.磁鐵放在螺線管中不動，電流表的指針不發(fā)生偏轉評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、在如圖所示的電路中，小量程電表頭的內阻Rg＝100Ω，滿偏電流Ig＝1mA，R1＝900Ω，R2＝100Ω.

(1)當S1和S2均斷開時，改裝所成的表是________表（填“電流”或“電壓”，）。量程_______________。

(2)當S1和S2均閉合時，改裝所成的表是_____表（填“電流”或“電壓”）。量程_____。17、一個靈敏電流計允許通過的最大電流（滿刻度電流）為表頭電阻若將其改裝成量程為的電流表，應__________（填串聯或并聯）一個電阻，阻值為__________若將其改裝成量程為的電壓表，應__________（填串聯或并聯）一個阻值為__________的電阻．18、如圖是一個電流表、電壓表兩用電表的電路，電流表的量程是內阻是電阻當雙刀雙擲開關接到上時，可作為______表，其量程是______，當雙刀雙擲開關接到上時，可作為______表，其量程是______。

19、（1）某同學用如圖甲所示的螺旋測微器測小球的直徑時，他應先轉動___________使F靠近小球，再轉動___________使F夾住小球，直至聽到棘輪發(fā)出聲音為止，撥動___________使F固定后讀數（填儀器部件字母符號）。

（2）某同學利用螺旋測微器測量一金屬板的厚度。該螺旋測微器校零時的示數如圖乙所示，測量金屬板厚度時的示數如圖丙所示。圖乙所示的讀數為___________mm，圖丙所示的讀數為___________mm，所測金屬板的厚度為___________mm。

20、如圖所示，絕緣墻角固定了帶電量為+的小球A；輕質絕緣細桿長為L，其正中心固定了質量為m、帶電量為+的小球B，在桿底部水平力F的作用下靜止靠在豎直墻面上。一開始輕桿與水平地面的夾角為60°，在桿底端水平外力F的作用下，桿緩慢轉向直至豎直。此過程中，不計摩擦，地面對桿的支持力將________________（填“逐漸增大”、“逐漸變小”或“保持不變”），外力F做功大小為________________。

21、如圖，已充電的平行板電容器的極板A與一靈敏靜電計相接，極板B接地。若將兩板間的電介質（圖中虛線所示）抽出，那么靜電計指針的偏轉角度____________（填“增大”、“減小”或“不變”），由此可判斷電容器的電容__________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

22、如圖（a），電路中電源的內阻可忽略不計，其電動勢E=6V，R1為可變電阻。電阻R的U–I特性曲線如圖（b）所示。當通過電阻R的電流強度為2.0mA時，R的阻值為________Ω。將可變電阻阻值調到750Ω時，R兩端的電壓為_________V。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共6分)23、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

24、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共3分)25、為測定一節(jié)干電池的電動勢及內阻，某同學按如圖所示的電路圖連接電路，并測出路端電壓U和電流I的多組數據，作出U—I圖象。

(1)請按電路圖連接實物圖____；

(2)從U—I圖象中可求出電池的電動勢E=____V，內電阻r=___Ω。（結果保留兩位有效數字）

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

由閉合電路歐姆定律，電流表的示數而一定，當可變電阻的滑動片向右移動后，減小，由知電流增大，即有：

電壓表的示數因為電流增大，所以電壓表的示數減小，即有：

A．與分析不符；故A錯誤；

B．與分析相符；故B正確；

C．與分析不符；故C錯誤；

D．與分析不符；故D錯誤；

故選B。2、A【分析】【詳解】

當電燈L1的燈絲燒斷后，L2這段電路電阻增大，外電路總電阻R總增大，路端電壓U增大，干路電流I減小，由

R3不變，故L3變亮；由I4=I-I3

知I減小，I3增大，則I4減小，U4=I4R4

R4不變，U4減小，則L4變暗；U2=U-U4

U增大，U4減小，則U2增大，則L2變亮．

A.L2、L3變亮，L4變暗；與分析相符，故A正確．

B.L3變亮，L2、L4變暗；與分析不符，故B錯誤．

C.L4變亮，L2、L3變暗；與分析不符，故C錯誤．

D.L3、L4變亮，L2變暗，與分析不符，故D錯誤．3、A【分析】【詳解】

設A、B兩點電荷量分別為QA、QB，則試探電荷C受到A、B兩點電荷的電場力分別為

如圖假設C帶負電，則其受力如圖，合力為F，垂直于AB，由幾何關系

解得

因為

所以

則A、B在D點產生的場強分別為

所以

故A正確。

故選A。4、B【分析】【詳解】

A；由于噴出的涂料微粒有初速度；故不一定沿電場線方向運動，所以微粒的運動軌跡顯示的不一定是電場線的分布情況，故A錯誤；

B；由圖可知；則在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件帶正電，涂料微粒帶負電，根據電場強度的分布可知，所受電場力先減小后增大，故B正確；

CD；涂料微粒所受的電場力方向向左；其位移方向大體向左，則電場力對涂料微粒做正功，其微粒的動能增大，微粒的電勢能減小，故CD錯誤；

故選B．

【點睛】

在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件帶正電，涂料微粒帶負電，根據電場強度的分布可知，所受電場力先減小后增大，電場力對涂料微粒做正功，其微粒的動能增大，微粒的電勢能減?。?、C【分析】【詳解】

A．根據圖中電場線的方向可知該點電荷帶負電；故A錯誤；

B．由圖可知a、b兩點的電場強度大小相同；但方向不同，即電場強度不同，故B錯誤；

C．沿著電場線的方向電勢逐漸降低，故圖中a點電勢比c點電勢低；故C正確；

D．由于圖中a、b兩點在同一等勢面上，故試探電荷由c點移到a點電場力做的功等于由c點移到b點電場力做的功；故D錯誤。

故選C。6、C【分析】【分析】

【詳解】

B．負電荷在電勢越高的位置電勢能越??；B錯誤；

AC．沿等勢面移動電荷，電場力不做功，負電荷在A、B兩點處的電勢能相同；A錯誤，C正確；

D．正電荷由A移動到C；電場力做正功，D錯誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

A．安培提出了分子電流假說；奧斯特發(fā)現了電流磁效應，故A錯誤；

B．磁感線上每一點的切線方向都跟該點的磁場方向一致；故B正確；

C．靜電場的電場線是不閉合的；磁感線是閉合的，故C錯誤；

D．地球磁場的N極在地理的南極附近；地球周圍的磁感線不是空間真實存在的曲線，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)8、B:C:D【分析】【詳解】

A．根據等量同種電荷電場線及等勢面的分布圖可知，正六邊形的中心位置的電場強度大小為E0，方向指向B點；則兩點電荷帶負電，所以A錯誤；

B．由于B點與正六邊形的中心位置在兩點電荷連線的中垂直線上，并且到兩點電荷連線的距離相等，由對稱性可知，B點的電場強度大小也為E0；方向相反，所以B正確；

C．F點電勢高于B點，正電荷從F點移至B點；其電勢能變小，所以C正確；

D．若在F點增加一個等量異種的點電荷，由幾何關系可知，F點到正六邊形的中心位置的距離等于正六邊形的邊長，設正六邊形的邊長為a，點電荷的電荷量為q，則兩相同的點電荷，在正六邊形的中心位置的電場強度大小為

F點的點電荷在正六邊形的中心位置的電場強度大小為

方向指向B則中心位置電場強度大小為

所以D正確；

故選BCD。9、B:C【分析】【詳解】

A．根據對稱性可知；A球的電荷量和B球的電荷量相同，故A錯誤；

BC．設C球的電荷量大小為qC，以A球為研究對象，B球對A球的庫侖斥力為

C球對A球的庫侖引力為

由題意可知小球運動的加速度方向與F的作用線平行，則有FCAsin30°＝FBAFCAcos30°＝ma

解得qC＝2qa＝

C球帶負電，故C球的電荷量為－2q；故B；C正確；

D．以三個小球整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得F＝3ma＝

故D錯誤。

故選BC。10、A:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，和在A點產生的場強平行于BC向右，設等邊三角形邊長為根據點電荷場強公式

可得

則有

和在B點產生的場強垂直于BC向下，則有

可得

則有

故A正確；

B．O、P兩點在A、C兩處點電荷的電場中電勢相等，在B點電荷電場中O點電勢比P點電勢高，故O點電勢高于P點電勢；故B錯誤；

C．在兩點的點電荷電場中，BC垂直平分線是等勢線，因此將A點的點電荷沿直線移到O點；該點電荷的電勢能不變，故C錯誤；

D．在兩點的點電荷電場中，A點電勢比P點電勢高，因此將A點的點電荷沿直線移到P點；電勢能減小，電場力做正功，故D正確。

故選AD。11、A:D【分析】【詳解】

A。題中A、B、C三點電荷在D點產生的場強如圖所示，大小相等，則有

的矢量和沿軸正方向，大小也等于方向沿軸負方向，故三個場強的矢量和為0，故A正確；

B．題中A、B兩個+Q在O點的場強矢量和為0，所以O點的場強等于C點在O點產生的場強不為零；故A錯誤；

CD．軸上的區(qū)間，合場強方向沿軸負方向，所以將正電荷從O移向C，電場力做正功，電勢能減小，將負電荷從O移向C；電場力做負功，電勢能增加，故C錯誤，D正確；

故選AD。12、C:D【分析】【詳解】

A．沿著電場線方向，電勢降低，所以O點電勢小于M點電勢；故A錯誤；

B．M點電場線較N點電場線密集，所以M點的場強大于N點的場強；故B錯誤；

C．OM段電場線較ON段電場線密集，而距離上

根據

可知，M、O間的電勢差大于O、N間的電勢差；故C正確；

D．由圖可知，N點的電勢小于Q點的電勢，則電子在N點的電勢能大于在Q點的電勢能，故電子沿圓弧運動時；電子的電勢能增加，故D正確。

故選CD。13、A:D【分析】【詳解】

A．因由直線加速質子，其運動方向不變，由圖可知，圓筒A的右邊緣為負極時，則在下一個加速時需要圓筒B的右邊緣為負極，所以MN所接電源的極性應周期變化；故A項正確；

B．質子每加速一次，由動能定理得

整理得

由上述式子可知并不是速度的增加量；故B項錯誤；

C．若質子從O點進入，則共經歷5次完整加速，有

解得

故C項錯誤；

D．質子到達A的左側速度為到達B的左側速度為

則有

所以

同理可得圓筒A、B、C、D、E的長度之比為故D項正確。

故選AD。14、B:C【分析】【詳解】

AC．由于導體粗的地方與細的地方串聯在電路中；各處電流相等，A錯誤，C正確；

BD．根據電流的微觀表達式

同種材料，單位體積內的自由電荷數量n相等；可知粗的地方電荷定向移動速率小，細的地方大，B正確，D錯誤。

故選BC。15、A:D【分析】【詳解】

由感應電流的產生條件；即閉合回路磁通量發(fā)生變化可知，當磁鐵向下插入或者向外拔出時，磁通量都會發(fā)生變化，從而產生感應電流，電流變指針發(fā)生偏轉；而磁鐵放在螺線管不動不會產生感應電流，指針不偏轉，故AD正確，BC錯誤；

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]．根據串聯電阻具有分壓作用可知，S1和S2斷開時，改裝的應是電壓表，由

可知電壓表的量程是1V；

（2）[3][4]．當S1和S2均閉合時，電流表與電阻R2并聯，改裝的應是電流表，由

所以電流表的量程是2mA；【解析】電壓1V電流2mA17、略

【分析】【詳解】

[1][2]把靈敏電流計改裝成的電流表需要并聯分流電阻，并聯電阻阻值為

[3][4]把靈敏電流計改裝成的電壓表需要串聯分壓電阻，串聯電阻阻值為【解析】并聯串聯18、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4]當雙刀雙擲開關接到ab上時，電阻R1與電流計并聯，故電流計將改裝成電流表；設其量程為I，則IgRg=（I－Ig）R1

則I=1A

當雙刀雙擲開關接到cd上時，電流計與電阻R2串聯，則電流計將改裝成電壓表，設其量程是U，則U=Ig（Rg+R1）

解之得U=10V【解析】電流表1A電壓表10V19、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3]螺旋測微器測小球的直徑時，先調節(jié)旋鈕D，使測微螺桿F靠近小球，再轉動微調旋鈕H，使測微螺桿F夾住小球，直至聽到棘輪發(fā)出聲音為止，撥動G使測微螺桿F固定后讀數。先調節(jié)D后調節(jié)H的作用是；防止小球發(fā)生明顯的形變，也防止螺旋測微器的損壞。

（2）[4]圖乙所示的讀數為考慮估讀引起的誤差，在0.008mm到0.010mm范圍內都對。

[5][6]圖丙所示的讀數為考慮估讀引起的誤差，在6.868mm到6.870mm范圍內都對。所以金屬板的厚度范圍為6.858