2025年滬教版選擇性必修1物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版選擇性必修1物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示為運動傳感器探測到小球由靜止釋放后撞擊地面彈跳的v-t圖像，小球質量為0.5kg，重力加速度空氣阻力不計根據圖像可知（）

A.小球下落的初始位置離地面的高度為1.25mB.小球第一次反彈的最大高度為1.8mC.橫坐標每一小格表示的時間是0.1sD.小球第一次撞擊地面時地面給小球的平均作用力為55N2、將一圓形細鐵絲圈蘸上肥皂水；使圈內附上肥皂膜，水平靜置時，由于重力作用，肥皂膜中央區(qū)域略凹且厚度略大，讓單色光從上方射入，如圖。則從上往下可看到（）

A.等距的平行條紋B.等距的環(huán)狀條紋C.內密外疏的環(huán)狀條紋D.內疏外密的環(huán)狀條紋3、一個質點經過平衡位置O，在A、B間做簡諧運動；如圖甲所示，它的振動圖像如圖乙所示，設向右為正方向，下列說法正確的是（）

A.第0.2s末質點的加速度最大B.第0.4s末質點的加速度方向是C.第0.7s末質點距離O點2.5cm處D.在0.1s到0.3s質點運動的路程大于5cm4、圖示為一個單擺的共振曲線，則（取g=10m/s2）（）

A.此單擺的擺長約為2mB.此單擺的周期約為0.5sC.若擺長增大，共振曲線的波峰將向左移動D.若擺長增大，共振曲線的波峰將向上移動5、如圖是某繩波形成過程的示意圖，1、2、3、為繩上的一系列等間距的質點，繩處于水平方向質點在外力作用下沿豎直方向做簡諧運動，帶動2、3、各個質點依次上下振動，把振動從繩的左端傳到右端時質點1開始豎直向上運動，質點振動周期為經過四分之一周期，質點5開始運動，此時質點1已發(fā)生的位移為下列判斷正確的是

A.時質點5的運動方向向下B.質點7的加速度方向向上C.時質點5運動的路程為3SD.時質點9向下運動評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖甲所示，光滑水平面上有一長為L=3m的木板，一滑塊（可視為質點）放在木板最左端，木板質量是滑塊質量的3倍開始時，木板與滑塊均處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)給滑塊一個水平向右的初速度v0，滑塊恰好不從木板上掉下。已知滑塊與木板間的動摩擦因數隨滑塊離左端距離x變化的圖象如圖乙所示，重力加速度g取10m/s2；則下列說法中正確的是（）

A.滑塊和木板組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量也守恒B.滑塊和木板組成的系統(tǒng)機械能不守恒，動量守恒C.滑塊滑到木板最右端時的速度大小為1m/sD.滑塊的初速度v0的大小為3m/s7、下列說法正確的是（）A.做簡諧運動的物體一定做機械振動B.機械振動就是簡諧運動C.簡諧運動就是彈簧振子的運動D.簡諧運動是機械振動中最簡單、最基本的一種8、下列各儀器或現(xiàn)象的分析中正確的是__________。

A.偏光鏡是利用縱波偏振特性的儀器B.全息技術利用了激光相干性好的特性C.虎門大橋橋面的劇烈抖動屬于受迫振動E.雷達測速儀是利用波的多普勒效應原理E.雷達測速儀是利用波的多普勒效應原理9、在光滑的水平桌面上有等大的質量分別為M=0.6kg，m=0.2kg的兩個小球，中間夾著一個被壓縮的具有Ep=10.8J彈性勢能的輕彈簧（彈簧與兩球不相連），原來處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)突然釋放彈簧，球m脫離彈簧后滑向與水平面相切、半徑為R=0.425m的豎直放置的光滑半圓形軌道，如圖所示。g取10m/s2。則下列說法正確的是（）

A.球m從軌道底端A運動到頂端B的過程中所受合外力沖量大小為3.4N·sB.彈簧彈開過程，彈力對m的沖量大小為1.8N·sC.若半圓軌道半徑可調，則球m從B點飛出后落在水平桌面上的水平距離隨軌道半徑的增大而減小D.M離開輕彈簧時獲得的速度為9m/s10、圖示為一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波，實線為t=0時刻的波形圖，虛線為t=0.6s時的波形圖；則___________。

A.波的周期可能為0.8sB.在t=0.9s時，P點沿y軸正方向運動C.經過0.4s，P點經過的路程為4mE.波速可能為50m/sE.波速可能為50m/s11、如圖所示，一質點在A、B之間做簡諧運動，O為平衡位置，E、F點分別為AO和OB之間關于O點的對稱點（即EO和OF的距離相等）。質點從E點向右運動經過時間t1第一次經過F點，再經過時間t2第四次經過F點。下列說法正確的是（）

A.質點經過E點和F點的速度一定相同B.質點經過E點和F點的加速度大小相等C.質點從A點第一次運動到B點的時間為t1＋t2D.該質點的振動周期為12、如圖所示，插針法“測定平行玻璃磚折射率”的實驗中，P1、P2、P3、P4為所插的針，θ1為入射角，θ2為折射角．下列說法正確的是（）

A.θ1過小會導致θ2不易準確測量B.θ1過大會導致P1、P2的像模糊C.P1與P2，P3與P4間的距離適當小些D.P3、P4的連線與P1、P2的連線不一定平行13、表面附著油膜的透明玻璃片，當有陽光照射時，可在表面和玻璃片的邊緣分別看到彩色圖樣，則（）A.兩者都是色散現(xiàn)象B.兩者都是干涉現(xiàn)象C.前者是干涉現(xiàn)象，后者是折射現(xiàn)象D.前者是色散現(xiàn)象，后者不是色散現(xiàn)象14、a、b、c三條平行光線垂直于半圓柱體玻璃磚的截面直徑從空氣射向玻璃磚，如圖所示，光線b正好過圓心O，光線a、c從光線b的兩側對稱入射，從玻璃磚下表面進入空氣后與光線b分別交于P、Q；則下列說法正確的是（）

A.玻璃對三種光的折射率關系為B.玻璃對a光的折射率大于對c光的折射率C.a光比c光穿過該半圓柱體玻璃磚所需時間長D.a、b、c三種光穿過該半圓柱體玻璃磚所需時間b光最長評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示，質量為m的木塊放在輕彈簧上，與彈簧一起在豎直方向上做簡諧運動。當振幅為A時，物體對彈簧的最大壓力是物體重力的1.5倍，則物體對彈簧的最小彈力為___________；要使物體在振動中不離開彈簧，振幅的最大值為_________。

16、碰撞分類。動量是否守恒機械能是否守恒彈性碰撞守恒_______非彈性碰撞守恒有損失完全非彈性碰撞守恒損失______17、波的形成和傳播。

（1）波：___________的傳播稱為波動；簡稱波。

（2）波的形成和傳播（以繩波為例）

①一條繩子可以分成一個個小段，一個個小段可以看做一個個___________質點，這些質點之間存在著___________。

②當手握繩端上下振動時，繩端___________相鄰質點，使它也上下振動。這個質點又___________更遠一些的質點繩上的質點都___________起來，只是后面的質點總比前面的質點遲一些開始振動。18、一系統(tǒng)作簡諧振動,周期為T，以余弦函數表達振動時，初相為零．在范圍內，系統(tǒng)在t=_______時刻動能和勢能相等。19、原點O處有一簡諧橫波的波源，形成的簡諧波沿x軸傳播，如圖所示是t=0時的波形圖，t=0.02s時，質點A第一次到達波峰處。則該簡諧波的傳播速度大小為______m/s；已知質點B的平衡位置位于x=0.1m處，則質點B的振動方程為______。

20、甲、乙兩列橫波在同一介質中分別從波源M、N兩點沿x軸相向傳播，波速均為2m/s，振幅均為1cm，某時刻的圖像如圖所示。甲乙兩波的周期之比為_______；再經過6s，平衡位置在x＝3m處的質點位移為______cm。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)21、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經過和時刻的兩個波形圖。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共3分)22、如圖所示為實驗室中驗證動量守恒的實驗裝置示意圖.

（1）若入射小球質量為m1,半徑為r1;被碰小球質量為m2,半徑為r2,則()

A.m1>m2,r1>r2B.m1>m2,r1<r2

C.m1>m2,r1=r2D.m1<m2,r1=r2

（2）為完成此實驗,以下所提供的測量工具中必需的是________.（填下列對應的字母）

A.直尺B.游標卡尺C.天平D.彈簧秤E.秒表。

（3）設入射小球的質量為m1，被碰小球的質量為m2，則在甲裝置中，所得“驗證動量守恒定律”的結論為_______（用裝置圖中的字母來表示）評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)23、如圖所示，勁度系數為k的輕彈簧上端固定在天花板上，下端掛一質量為m的小球，用手托住小球在彈簧原長處由靜止釋放，小球開始振動。已知重力加速度為g；不計空氣阻力，求:

（1）小球運動的振幅；

（2）小球運動到最低點時的加速度；

（3）彈簧的最大彈性勢能。

24、如圖所示，ABD為豎直平面內的光滑軌道。AB段是水平的，BD段為半徑為R=0.2m的半圓，兩段軌道相切于B點，整個裝置處于豎直向下的勻強電場中，場強大小E=2.0×102N/C。一不帶電的絕緣小球甲，以速度v0沿水平軌道向右運動，與靜止在B點的帶正電的小球乙發(fā)生對心正碰。已知乙球質量m2=0.1kg，乙球所帶電荷量q=5.0×10－3C，重力加速度g=10m/s2。（水平軌道足夠長；甲；乙兩球可視為質點，整個過程無電荷轉移）

（1）若甲球質量為m1=0.1kg，在不放置乙球的情況下現(xiàn)測得甲球通過最高點時其與軌道間的壓力為3N，求甲的初速度v0；

（2）若甲球質量為m1=0.1kg，且甲與乙碰后立刻粘連為一個整體丙。若測得丙通過最高點時與軌道間的壓力為1N，求甲的初速度v′0；

（3）若甲球的質量大于0.1kg可調節(jié)，且甲與乙間的碰撞是完全彈性的。假定在甲與乙碰后立刻移走甲，當甲的初速度v″0=2.5m/s時，求乙通過D點平拋后在軌道AB上的首次落點到B點的距離范圍。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

AC．小球下落時做自由落體運動，加速度為g，則對下落過程可知，落地時速度為6m/s，故用時

圖中對應6個小格，故每一小格表示0.1s，小球下落的初始位置離地面的高度為

故A錯誤；C正確；

B．第一次反彈后加速度也為g，為豎直上拋運動，由圖可知，最大高度為

故B錯誤；

D．設向下為正方向，由圖可知，碰撞時間約為0.1s；根據動量定理可知

代入數據解得

故D錯誤．2、D【分析】【詳解】

從肥皂膜的上下表面反射的兩列光為相干光；當光程差為波長的整數倍時是亮條紋，當光程差為半個波長的奇數倍時是暗條紋，以中心為圓心上的圓周各點是等厚的，則干涉條紋是環(huán)狀條紋，從中心到邊緣肥皂膜的厚度不等，故干涉條紋疏密不均勻，從里到外相同的水平距離光的路程差越來越小，則干涉條紋越來越密集，為內疏外密的環(huán)狀條紋。

故選D。3、D【分析】【詳解】

A．由圖像可知；0.2s末，質點在平衡位置，正向負方向運動，所以速度最大，加速度最小，故A錯誤；

B．0.4s末質點負向最大位移處，速度最小，加速度最大，并且加速度方向指向平衡位置，是正方向，即加速度方向是故B錯誤；

C．t=0.7s時，已運動根據簡諧運動的函數關系

可得第0.7s末質點距離O點

故C錯誤；

D．同C的分析可知，0.1s時，質點在距離O點處，0.3s時，質點在距離O點所以在0.1s到0.3s質點運動的路程等于

大于5cm；故D正確。

故選D。4、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由圖可知，該單擺的固有頻率為0.5Hz，固有周期為2s，由單擺的周期公式

可得，此單擺的擺長為

AB錯誤；

CD．若擺長增大；固有頻率增大，固有頻率減小，共振曲線的波峰將向左移動，C正確，D錯誤。

故選C。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．波上后一個質點重復前一個質點的振動；可知每一個質點開始振動的時候都和波源起振的情況相同，故質點5開始振動時運動方向向上，A錯誤；

B．振動從質點1傳播到質點5經過質點1和質點5之間的距離為質點1到質點7為所以波從質點1傳到質點7所需時間為時質點7向上振動，故在時質點7已振動了

即質點7在從平衡位置向波峰的運動過程中，根據

得知加速度方向向下；故B錯誤；

C．時質點1運動了波峰，故振幅A=S，時質點5振動了時間，故運動的路程為

C錯誤；

D．根據題意時，質點9開始向上運動，當時質點9振動了時間；位于平衡位置向下運動，D正確．

故選D。二、多選題(共9題，共18分)6、B:C【分析】【詳解】

AB．滑塊和木板組成的系統(tǒng)在光滑的水平面上；不受外力，故系統(tǒng)動量守恒，因為滑塊與木板間存在摩擦，故滑塊和木板組成的系統(tǒng)機械能不守恒，A錯誤，B正確；

CD．因滑塊恰好不從木板上掉下，故此時滑塊與木板共速，設滑塊的質量為m，速度大小為根據動量守恒定律可得

根據動能定理可得

解得

C正確；D錯誤；

故選BC。7、A:D【分析】【分析】

【詳解】

ACD．簡諧運動是機械振動的一種最基本；最簡單的振動形式。振動物體的位移—時間圖像遵從正弦函數規(guī)律的振動形式；都是簡諧運動，彈簧振子的振動只是簡諧運動中的一種，C錯誤，AD正確；

B．做簡諧運動的物體一定做機械振動；但機械振動不一定都是簡諧運動，如果位移—時間圖像不滿足正弦規(guī)律，則不是簡諧運動，B錯誤。

故選AD。8、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．偏光鏡是利用橫波偏振特性的儀器；A錯誤；

B．全息照相是利用了激光相干性好；獲得兩頻率相同的光，從而進行光的干涉，B正確；

C．做受迫振動振動的物體；當驅動力的頻率與固有頻率相等時，振幅最大的現(xiàn)象叫共振，虎門大橋橋面的劇烈抖動就是受到了外界驅動力屬于受迫振動，C正確；

D．照相機鏡頭表面涂有增透膜；故鏡頭呈淡紫色，原理是光的干涉現(xiàn)象，D錯誤；

E．雷達測速主要是利用多普勒效應原理：當目標向雷達天線靠近時；反射信號頻率將高于發(fā)射機頻率；反之，當目標遠離天線而去時，反射信號頻率將低于發(fā)射機率。如此即可借由頻率的改變數值，計算出目標與雷達的相對速度，E正確。

故選BCE。9、A:B【分析】【詳解】

ABD．釋放彈簧過程中系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，以向右為正方向，由動量守恒得

由機械能守恒得

代入數據解得

即M離開輕彈簧時獲得的速度為3m/s；m從A到B過程中，由機械能守恒定律得

解得

以向右為正方向，由動量定理得，球m從軌道底端A運動到頂端B的過程中所受合外力沖量大小為

則合力沖量大小為3.4N?s，由動量定理得，彈簧彈開過程，彈力對m的沖量大小為

故AB正確；D錯誤；

C．設圓軌道半徑為r時，飛出B后水平位移最大，由A到B機械能守恒定律得

在最高點，由牛頓第二定律得

m從B點飛出，需要滿足：飛出后，小球做平拋運動

解得

當時，即r=1.0125m時，x為最大，球m從B點飛出后落在水平桌面上的水平距離隨軌道半徑的增大先增大后減?。还蔆錯誤。

故選AB。10、A:D:E【分析】【詳解】

A．因為波向x軸負向傳播，所以在t=0時刻x=0處的質點向上振動，要想變成虛線所示波形圖，則波至少傳播了故

解得：

當n=0時，T=0.8s，

故該波的周期可能為0.8s；A正確；

B．由于波沿x軸負方向傳播，故t=0時P點沿y軸負方向運動，此時P點正通過平衡位置沿y軸負方向運動，若周期為0.8s，所以再經過0.1s，即0.9s時P點沿y軸負方向運動；B錯誤；

C．若周期為0.8s，則在一個周期內P點完成一個全振動，即其運動路程為4A，故P點的運動路程為2A=0.4m，但n若取其他值；則振動的更快，大于0.4m，C錯誤；

D．若則只能取值0.8s，由題意可知波長λ=8m，則波速：

在t=0時Q點的橫坐標為5m，由于波沿y軸負方向運動，故在t=0.5s的時間內波沿x軸負方向傳播的距離為：

故在t=0.5s時，Q點振動情況和t=0時距離坐標原點10m處的質點的振動情況相同，而t=0時距離坐標原點10m處的質點在波峰，在t=0.5s時，Q點到達波峰位置；D正確；

E．波速為：

當n=3時

E正確。

故選ADE。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由對稱性可知，質點經過E點和F點的速度大小一定相同；但是方向不一定相同，故A錯誤；

B．質點經過E點和F點時位移的大小相同；根據。

a＝可知；加速度大小相等，故B正確；

CD．質點從E點向右運動經過時間t1第一次經過F點，再經過時間t2第四次經過F點，設周期為T；則。

（t2－T）＋t1＝T解得。

T＝質點從A點第一次運動到B點的時間為。

t＝T＝C錯誤；D正確。

故選BD。12、A:B【分析】【詳解】

A.入射角θ1過小，進入玻璃時折射角θ2更小；不易準確測量，故A正確；

B．θ1過大會導致進入玻璃的折射光過弱，P1、P2的像模糊；故B正確；

C.P1、P2及P3、P4之間的距離應適當大些；引起的角度的相對誤差較小，可提高精度．故C錯誤；

D.根據光路可逆性原理可知，P3、P4的連線與P1、P2的連線一定平行；故D錯誤；

故選AB.13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

陽光照射到油膜上；油膜前后表面的反射光干涉形成彩色圖樣，是干涉現(xiàn)象，陽光照在邊緣棱角處，由于折射產生彩色圖樣，是折射現(xiàn)象，兩者都屬于色散現(xiàn)象，選項A；C正確，B、D錯誤。

故選AC。14、B:C【分析】【詳解】

ABD．由圖可知，a光通過玻璃磚后偏折程度比c光的大，所以玻璃對a光的折射率大于對c光的折射率，即

由于玻璃對b光沒有發(fā)生偏折，無法判斷玻璃對b光的折射率與對a、c兩光的折射率的大小。同理，也無法判斷b光穿過該半圓柱體玻璃磚所需時間與另兩種光的時間；故B正確，AD錯誤；

C．對于a、c兩光，由

得

而a光傳播的路程較長，所以由

可知，a光比c光穿過該半圓柱體玻璃磚所需時間長；故C正確。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1]當振幅為A時，物體對彈簧的最大壓力是物體重力的1.5倍，此時在最低處，受彈力、重力，由牛頓第二定律可得

方向向上，根據簡諧振動的特點，在最高點的加速度也為0.5g，方向向下，所以

解得F1=0.5mg；且為支持力。

由胡克定律可得

[2]要使物體不能離開彈簧，則在最高點彈力為零，加速度為g，方向向下，根據對稱性，在最低處的加速度也為g，方向向上，由牛頓第二定律可得

解得

由胡克定律可得

聯(lián)立可得【解析】2A16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]彈性碰撞滿足動量守恒及機械能守恒。

[2]完全非彈性碰撞滿足動量守恒，機械能有損失，且損失量最大。【解析】守恒最大17、略

【分析】【詳解】

（1）[1]振動的傳播稱為波動；簡稱波。

（2）[2][3]一條繩子可以分成一個個小段；一個個小段可以看做一個個相連的質點，這些質點之間存在著相互作用力；

[4][5][6]當手握繩端上下振動時，繩端帶動相鄰質點，使它也上下振動。這個質點又帶動更遠一些的質點繩上的質點都跟著振動起來，只是后面的質點總比前面的質點遲一些開始振動。【解析】振動相連的相互作用帶動帶動跟著振動18、略

【分析】【詳解】

[1]設振動方程為

系統(tǒng)的總能量為當動能等于勢能時，設位移為則有

解得

所以

解得（n為整數）

在時，或【解析】或19、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可看出該波的波長λ=0.4m

由于O為波源，則在x軸負方向的波往左傳播，則質點A第一次到達波峰處有T=0.02，v==5m/s

[2]由于該波的周期為0.08s，且則在x軸正方向的波往右傳播，則在t=0時質點B往上振，質點B的振動方程為y=Asin(ωt)，A=0.4m，ω=

代入數據有y=0.4sin(25πt)（m）【解析】5y=0.4sin25πt（m）20、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可得甲的波長為λ甲=4m，乙的波長為λ乙=9m－3m=6m

根據周期公式可知；波速相等，周期之比等于波長之比，即為2：3

[2]再經過6s，兩列波均向前傳播距離

故乙波剛好傳播兩個波長，即N處的振動情況傳播到x=3m處，而甲波傳播

則波峰剛好傳到x=3m處，此時x=3m處的質點位移為1cm【解析】2：31四、作圖題(共1題，共8分)21、略

【分析】【詳解】

ls內波向前傳播的距離為0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形如圖1虛線。

4s內波向前傳播的距離為0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此