2025年冀教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，每個電阻的阻值都是2Ω，安培表內(nèi)阻不計，在B、C間加6V電壓時；安培表的示數(shù)是（）

A.0B.1AC.2AD.3A2、如圖所示，M、N是平行板電容器的兩個極板，R為滑動變阻器。用絕緣細線將一帶負電的小球懸于電容器內(nèi)部。閉合電鍵S，給電容器充電后，懸線偏離豎直方向的夾角為θ。下列說法正確的是（）

A.保持S閉合，將滑動變阻器的滑片向a端滑動，則θ增大B.保持S閉合，將N板向M板靠近，則θ不變C.斷開S，將N板向M板靠近，則θ增大D.斷開S，將N板向下移動少許，則θ增大3、如圖所示，P、Q兩金屬板間的電勢差為100V，板間存在勻強電場，方向水平向右，板間的距離為10cm，在兩板間距Q板6cm的A點有一電荷量為0.01C的正點電荷，已知Q板接地；下列說法正確的是（）

A.P板的電勢為-100VB.板間的電場強度大小為10V/mC.點電荷的電勢能為0.6JD.若點電荷從A點運動到Q板，靜電力做的功為-60J4、在傾角為θ的光滑固定絕緣足夠長的斜面上有兩個用絕緣輕彈簧連接的物塊A和B，它們的質(zhì)量分別為m和3m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，開始未加電場，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，A帶正電，B不帶電，現(xiàn)加一沿斜面向上的勻強電場，物塊A沿斜面向上運動，當B剛離開C時，A的速度為v，之后兩個物體運動中，當A的加速度為0時，B的加速度大小為a，方向沿斜面向上，則下列正確的是（）

A.未加電場時，擋板C對物塊B的作用力大小為B.從加電場后到B剛離開C的過程中，A發(fā)生的位移大小為C.從加電場后到B剛離開C的過程中，物塊A的機械能和電勢能之和保持不變D.B剛離開C時，電場力對A做功的瞬時功率為5、質(zhì)量為m的帶正電小球由空中某點A無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再經(jīng)過t秒小球又回到A點。不計空氣阻力且小球從未落地，則A.整個過程中小球電勢能變化了B.整個過程中小球重力沖量為0C.從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能減小了D.從A點到最低點小球重力勢能減小了6、如圖所示為大小不同的兩個電阻的電流—電壓變化的圖象；那么1；2所表示的電阻及兩電阻串聯(lián)或并聯(lián)后的圖線所在區(qū)域分別是（）

A.1表示電阻大的圖線，并聯(lián)后圖線在區(qū)域ⅢB.1表示電阻小的圖線，串聯(lián)后圖線在區(qū)域ⅡC.2表示電阻小的圖線，并聯(lián)后圖線在區(qū)域ⅠD.2表示電阻大的圖線，串聯(lián)后圖線在區(qū)域Ⅲ評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即實線為一帶負電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，R點在等勢面b上；據(jù)此可知（）

A.帶電質(zhì)點在P點的加速度比在Q點的加速度大B.帶電質(zhì)點在P點的電勢能比在Q點的小C.帶電質(zhì)點在P點的動能大于在Q點的動能D.三個等勢面中，c的電勢最高8、某老師用圖示裝置探究庫侖力與電荷量的關(guān)系．A、B是可視為點電荷的兩帶電小球，用絕緣細線將A懸掛，實驗中在改變電荷量時，移動B并保持A、B連線與細線垂直．用Q和q表示A、B的電荷量，d表示A、B間的距離，θ(θ不是很小)表示細線與豎直方向的夾角，x表示A偏離O點的水平距離．實驗中()

A.d應保持不變B.B的位置在同一圓弧上C.x與電荷量乘積Qq成正比D.tanθ與A、B間庫侖力成正比9、如圖所示，在等量異種點電荷形成的電場中，O是兩點電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O點對稱；則（）

A.B、C兩點場強大小和方向都相同B.A、D兩點場強大小相等，方向相反C.E、O、F三點比較，O的場強最大D.B、O、C三點比較，O點場強最大10、產(chǎn)生閃電的積雨云底層帶負電，為避免閃電造成的損害，高大的建筑物會裝有避雷針。圖中虛線為避雷針周圍的等勢線，a、b兩點的場強大小分別為Ea、Eb，a、b兩點的電勢分別為則（）

A.>B.Ea<EbC.避雷針的頂端帶負電D.一帶負電的雨滴從a下落至b，電場力做正功11、產(chǎn)生閃電的積雨云底層帶負電，為避免閃電造成損害，高大的建筑物都裝有避雷針。圖中虛線為避雷針周圍的等勢面，a、b兩點的電場強度分別為電勢分別為一帶負電的雨滴從a下落到b，雨滴在a、b兩點具有的電勢能分別為具有的機械能分別為不計空氣阻力的影響，下列正確的是（）

A.B.C.D.12、如圖所示的直角三角形，d點為邊上的點，已知空間存在一平行于面的勻強電場．b點的離子源能向各個方向發(fā)射一系列的電子，電子的初動能為其中到達a、c兩點的電子動能分別為忽略電子間的相互作用。則下列說法正確的是（）

A.a點的電勢比b點的電勢高B.勻強電場的電場強度大小為C.該電場的方向由a指向dD.圖中的虛線框內(nèi)c點的電勢最高13、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b與電池相連，在距離兩板等距的M點有一個帶電液滴處于靜止狀態(tài)．若將a板向下平移一小段距離，但仍在M點上方；穩(wěn)定后，下列說法中正確的是。

A.液滴將向下加速運動B.M點電勢升高，液滴在M點的電勢能將減小C.M點的電場強度變小了D.在a板移動前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場力做功相同14、如圖所示，傾角為θ的光滑足夠長斜面固定在水平面上，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端連在斜面底端的擋板上，另一端連接一質(zhì)量為m，帶電量為q的絕緣小球，裝置處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)在在空間增加一水平向右的勻強電場，場強E=則下列判斷正確的是（）

A.小球沿斜面向上做加速度減小的加速運動B.小球運動過程中，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能不守恒C.小球沿斜面運動到最遠點時的加速度為D.小球在運動過程中，電場力做功的最大值為15、在如圖所示的電路中，電壓表和電流表均為理想電表，電源內(nèi)阻不能忽略．閉合開關(guān)S后，將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則下列敘述正確的是（）

A.燈L1變亮，電壓表的示數(shù)增大B.燈L2變暗，電流表的示數(shù)增大C.電源的效率增大，電容器C所帶電荷量減小D.電源的效率減小，電容器C所帶電荷量減小評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為900N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10－9C的正點電荷，則A處場強大小EA＝________N/C，B處的場強大小EB＝________N/C．

17、試說明下列能源利用的方式中能量轉(zhuǎn)化過程：

（1）水力發(fā)電______。

（2）柴油機車牽引列車前進______。

（3）電動水泵抽水______。

（4）核電站發(fā)電機發(fā)電______。

（5）風力發(fā)電機發(fā)電______。

（6）火箭發(fā)射人造衛(wèi)星______。18、小明用氣球做了以下三個實驗。如圖1，吹風機在工作時，吹風口能“吸”住氣球，是利用了氣球上放空氣流速大，壓強_______。如圖2，氣球放在熱水燙過的玻璃瓶口，過一會在________的作用下被“吸”入瓶中。如圖3，在頭發(fā)上摩擦過的氣球靠近細水流，水流偏離豎直方向，是因為該氣球帶了________；對細水流產(chǎn)生了吸引力。

19、為了測定元電荷的數(shù)值；某物理興趣小組設(shè)計了如圖所示的實驗裝置。

實驗操作步驟如下；

①按圖示裝置安裝好器材；

②調(diào)節(jié)實驗儀器，使間距為d的平行金屬板處于水平位置；

③閉合電源開關(guān)；通過噴霧器把油滴（由于摩擦，油滴帶負電）通過平行金屬板的上極板中間的小孔噴入電場中；

④通過顯微鏡來觀察，找到懸浮不動的油滴，根據(jù)觀測數(shù)據(jù)算出油滴的質(zhì)量為m；

⑤根據(jù)平行金屬板上所加的已知電壓U；算出油滴的電荷量。

（1）平行金屬板之間的電場是___________；（填“勻強電場或非勻強電場”）

（2）平行金屬板的下極板帶___________；（填“正電或負電”）20、在某電場中將5.0×10-8C的電荷由A點移到B點，電場力做6.0×10-3J的功，A、B兩點間的電勢差___________V；規(guī)定B的電勢為零，把電量為2.5×10-8C的負電荷放在A處，該負電荷在A處的電勢能為_________J評卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)21、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

22、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

23、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

24、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共1題，共5分)25、在“探究決定導體電阻的因素”的實驗中；需要測量導體的長度；橫截面積和電阻，進而用控制變量的方法進行實驗探究。

(1)先用刻度尺測量出合金絲的長度，再將合金絲緊密地并排繞制成一個線圈，用刻度尺測出它的寬度，如圖甲所示，線圈的寬度是__________cm；用寬度除以圈數(shù)就是合金絲的直徑。

(2)采用圖乙所示的電路圖進行電阻的測量，請在丙圖中完線條代替導線，完成實物連線_______。

(3)采用圖乙所示的電路測得電阻的阻值_______真實值（選填“大于”；“小于”或“等于”）。

(4)在圖乙中，若將電表視為理想電表，不考慮溫度對電阻的影響和電源內(nèi)阻。當觸頭P從a向b端滑動時，電阻Rx的電流Ix隨滑動變阻器a、P間電阻RaP的變化而變化，下列反映關(guān)系的示意圖中可能正確的是()

A.B.C.D.評卷人得分六、解答題(共1題，共3分)26、在如圖所示電路中，電動機的額定功率P=9W，額定電壓U=6V，線圈內(nèi)阻r=2.0Ω。電源電動勢E=36V；內(nèi)阻不計。

（1）若要電動機正常工作；求電阻箱接入電路的電阻值；

（2）電動機正常工作時；若突然卡住停止轉(zhuǎn)動，求電動機的發(fā)熱功率。（結(jié)果保留2位小數(shù)）

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】試題分析：等效電路如圖，則并聯(lián)部分電阻為0.5R，則電阻為R+0.5R=1.5R=3Ω,則干路電流則通過電流表的電流為1A．

考點：部分電路歐姆定律．2、D【分析】【詳解】

A．保持S閉合，電容器兩極板間的電勢差等于電源的電動勢，不變，將滑動變阻器的滑片向a端滑動，則θ不會變；A錯誤；

B．保持S閉合，電容器兩極板間的電勢差等于電源的電動勢，不變，根據(jù)公式

可知，將N板向M板靠近時，電場強度變大，電場力變大，故θ增大；B錯誤；

C．斷開S，電容器帶電量不變，根據(jù)電容器定義式

平行板電容器的公式

電壓與電場強度公式

可得

故電場強度與兩極板距離d無關(guān)，斷開S，將N板向M板靠近，電場強度不變，電場力不變，故θ不變；C錯誤；

D．斷開S，電容器帶電量不變，根據(jù)電容器定義式

平行板電容器的公式

電壓與電場強度公式

可得

斷開S，將N板向下移動少許，電場強度增大，電場力增大，則θ增大；D正確。

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．因Q板接地，則而勻強電場方向水平向右，則有。

則。

故A錯誤；

B．根據(jù)勻強電場的電壓與場強的關(guān)系有。

故B錯誤；

C．A點的電勢為。

則點電荷在A點的電勢能為。

故C正確；

D．點電荷從A點運動到Q板靜電力做的功為。

故D錯誤；

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．開始未加電場，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，擋板C對物塊B的作用力大小為A和B的總重力在沿斜面方向上的分力為

A錯誤；

B．從加電場時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，對物塊A受力分析，根據(jù)平衡條件有

解得

物塊B剛要離開C時，彈簧處于拉伸狀態(tài)，對B由平衡條件可得3mgsinθ=kx2

解得

B剛離開C的過程中，A發(fā)生的位移大小為

B錯誤；

C．對A；B和彈簧組成的系統(tǒng)；從加電場后到B剛離開C的過程中，物塊A的機械能、電勢能與彈簧的彈性勢能之和保持不變，彈簧的彈性勢能先減小后增大，故物塊A的機械能和電勢能之和先增大后減小，C錯誤；

D．設(shè)A所受的電場力大小為F，由題知當A的加速度為零時，B的加速度大小為a，方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律對A有

對B有

故有

當B剛離開C時，A的速度為v，則電場力對A做功的瞬時功率為

D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

A．小球先做自由落體運動，后做勻減速運動，兩個過程的位移大小相等、方向相反．設(shè)電場強度大小為E，加電場后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向為正方向，則又v=gt，解得：a=3g

則小球回到A點時的速度為：v′=v-at=-2gt，整個過程中小球速度增量的大小為△v=v′-v=-3gt

速度增量的大小為3gt．由牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：qE=4mg

整個過程中小球電勢能變化了：

故A不符合題意．

B．整個過程中小球重力沖量為：．故B不符合題意．

C．從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能減少：

故C不符合題意．

D．設(shè)從A點到最低點的高度為h，根據(jù)動能定理得：解得：

從A點到最低點小球重力勢能減少了：

故D符合題意．6、D【分析】【詳解】

由圖看出；圖線1的斜率大于圖線2的斜率，而圖線的斜率等于電阻的倒數(shù)，則1表示電阻小的圖線，2表示電阻大的圖線。并聯(lián)后總電阻比任何一個電阻都小，斜率比圖線1還要大，則并聯(lián)后圖線在區(qū)域Ⅰ。兩電阻串聯(lián)后總電阻比任何一個電阻都大，斜率比圖線2還要小，則串聯(lián)后圖線在區(qū)域Ⅲ。故ABC錯誤，D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)7、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．等差等勢面P處密，P處電場強度大；電場力大，加速度大。故A正確；

BCD．根據(jù)軌跡彎曲的方向和電場線與等勢線垂直可知負電荷所受的電場力應向下，所以電場線向上。故c等勢面的電勢最高。利用推論：負電荷在電勢高處電勢能小，知道P點電勢能大。負電荷的總能量守恒，即帶電質(zhì)點在P點的動能與電勢能之和不變，P點電勢能大則動能小。故BC錯誤；D正確。

故選AD。8、A:B:C【分析】【詳解】

A．因此實驗要探究庫侖力與電荷量的關(guān)系，故兩電荷間距d應保持不變；選項A正確；

B．因要保持A、B連線與細線垂直且AB距離總保持d不變；故B的位置在同一圓弧上，選項B正確；

CD．對A球由平衡知識可知

即

可知x與電荷量乘積Qq成正比；選項C正確，D錯誤；

故選ABC。9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由對稱性可知，B、C兩點場強大小和方向均相同；A正確；

B．A、D兩點場強大小相等；方向相同；B錯誤；

CD．在兩點電電荷連線的中垂線上，O點場強最大，在兩點電荷連線上，O點場強最?。籆正確，D錯誤。

故選AC。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．因云層底層帶負電，則避雷針的頂端感應起電帶正電，電場線大致向上，沿電場線電勢降低，可知

故AC錯誤；

B．在b處等勢面較a處密集，則電場線密集，則b處場強較大；故B正確；

D．一帶負電的雨滴從a下落至b；受電場力向下，則電場力做正功，故D正確。

故選BD。11、B:D【分析】【詳解】

A．因積雨云帶負電，故避雷針尖端感應出正電荷，電場線由正電荷出發(fā)終止與負電荷，電場線向上，沿電場線方向電勢減小，則

故A錯誤；

B．等勢線的疏密表示電場的強弱，則

故B正確；

C．由電勢能由于雨滴帶負電，可知

故C錯誤；

D．帶負電的雨滴從a下落到b，電場力做正功，所以機械能增大，則

故D正確。

故選BD。12、A:C【分析】【詳解】

A．由到由動能定理可得

解得

則點的電勢比點的電勢高A正確；

BC．由到由動能定理可得

解得

可知間的電勢差為所以間的電勢差為

則點與中點電勢相等，連接點與中點即為等勢線；如圖所示。

由幾何關(guān)系可知，電場線方向沿方向，且電場線由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，則電場線方向由指向電場強度大小為

B錯誤C正確；

D．電場線方向沿方向且由指向則圖中的虛線框內(nèi)，頂點的電勢最高；D錯誤。

故選AC。13、B:D【分析】【詳解】

AC．原來液滴受力平衡，則知所受的電場力向上，液滴帶負電．電容器與電源相連，板間電壓不變，將板向下平移時，由板下移時，兩板間的距離減小，由分析可知：板間電場強度增大；粒子受到的電場力增大，故液滴將向上加速運動，故AC錯誤；

B．下極板接地，電勢為零，M點的電勢等于M與之間的電勢差．由可知，因E增大，不變，則M點的電勢增大；因帶電液滴帶負電；故電勢能將減小，故B正確；

D．因兩板間的電勢差不變，由知；前后兩種狀態(tài)下移動電荷時，電場力做功相同，故D正確．

故選BD。14、B:D【分析】【詳解】

A．小球所受的電場力沿斜面方向的分力大小為

所以小球相當于只受彈簧的彈力；小球沿斜面做簡諧運動，所以小球沿斜面向上先做加速度減小的加速運動，后做加速度反向增大的減速運動，A錯誤；

B．小球運動過程中；由于電場力做功，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能不守恒，B正確；

C．根據(jù)對稱性可知，小球沿斜面運動到最遠點時的加速度與剛開始運動時加速度大小相等，為

C錯誤；

D．原來彈簧的壓縮量為

則簡諧運動的振幅

電場力做功的最大值為

D正確。

故選BD。15、B:D【分析】【分析】

將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析干路電流和路端電壓的變化．電壓表的示數(shù)等于路端電壓．判斷燈L1亮度的變化．根據(jù)路端電壓與燈L1電壓的變化，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷燈L2亮度的變化．根據(jù)干路電流與燈L2電流的變化；分析電流表讀數(shù)的變化．根據(jù)電容器電壓的變化，即可判斷其電量的變化．

【詳解】

將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓U并=U-U1，U減小，U1增大，則U并減小，燈L2變暗．流過電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數(shù)增大，故A錯誤，B正確；R與燈L2并聯(lián)，U并減小；電容器板間電壓減小，則其帶電量減?。蔇正確，C錯誤．故選BD．

【點睛】

本題是電路動態(tài)變化分析問題，難點在于分析電流的示數(shù)變化，往往根據(jù)干路電流與另一支路的電流變化來確定，也可以根據(jù)結(jié)論判斷，即變阻器這一路電流的變化與干路電流變化情況一致．三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【詳解】

[1][2]由E＝k點電荷在A處產(chǎn)生的場強E1＝900N/C

方向向左，而水平方向的勻強電場，場強大小為E0=900N/C，所以A處合場強為零．

點電荷在B處產(chǎn)生的場強E2＝900N/C

方向向下；

根據(jù)矢量合成可知：B處合場強為=1.27×103N/C【解析】01.27×10317、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]機械能轉(zhuǎn)化為電能。

(2)[2]化學能轉(zhuǎn)化為機械能。

(3)[3]電能轉(zhuǎn)化為機械能。

(4)[4]核能轉(zhuǎn)化為電能。

(5)[5]風能轉(zhuǎn)化為電能。

(6)[6]化學能轉(zhuǎn)化為機械能【解析】①.機械能轉(zhuǎn)化為電能②.化學能轉(zhuǎn)化為機械能③.電能轉(zhuǎn)化為機械能④.核能轉(zhuǎn)化為電能⑤.風能轉(zhuǎn)化為電能⑥.化學能轉(zhuǎn)化為機械能18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]如圖1；吹風機在工作時，吹風口能“吸”住氣球，是利用了氣球上方空氣流速大，壓強小。

[2]如圖2；氣球放在熱水燙過的玻璃瓶口，過一會在大氣壓（強）的作用下被“吸”入瓶中。

[3]如圖3，在頭發(fā)上摩擦過的氣球靠近細水流，水流偏離豎直方向，是因為該氣球帶了電（荷），對細水流產(chǎn)生了吸引力?！窘馕觥啃〈髿鈮海◤姡╇姡ê桑?9、略

【分析】【詳解】

（1）[1]平行金屬板之間的電場是勻強電場。

（2）[2]對油滴根據(jù)平衡條件可知，油滴所受電場力豎直向上，油滴帶負電，可知平行金屬板之間電場強度豎直向下，則下極板負電【解析】勻強電場負電20、略

【分析】【詳解】

根據(jù)可知因為若則該負電荷在A處的電勢能為．

【點睛】在使用公式時一定要將公式中字母的正負號代入計算，不能忽略．【解析】1.2×105V，-3.0×10-3J；四、作圖題(共4題，共36分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過