2025年人教版高三物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版高三物理下冊月考試卷27考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示是一火情報警系統的一部分電路示意圖．其中Rt為半導體熱敏材料（電阻值隨溫度升高而降低）制成的傳感器，R1、R2為定值電阻，電源的電動勢為E、內阻為r，電流表為值班室的顯示器，a、b之間接報警器（圖中未畫出）．當傳感器Rt所在處出現火情時，顯示器的電流I，報警器兩端的電壓Uab的變化情況是（）A.I變大，Uab變大B.I變大，Uab變小C.I變小，Uab變大D.I變小，Uab變小2、如圖是平拋豎落儀，用小錘打擊彈性金屬片，金屬片把a球沿水平方向拋出，同時b球松開自由落下，兩球質量相等，不計一切阻力，則（）A.b球比a球先落地B.下落相同高度時，a求速率比b球速率大C.a球在水平和豎直方向的運動相互沒有影響D.兩球之所以同時落地是因為在豎直方向上都是自由落體運動3、如圖所示，為某住宅區(qū)的應急供電系統，由交流發(fā)電機和副線圈匝數可調的理想降壓變壓器組成．發(fā)電機中矩形線圈所圍的面積為S，匝數為N，電阻不計，它可繞水平軸OO′在磁感應強度為B的水平勻強磁場中，以角速度ω勻速轉動．矩形線圈通過滑環(huán)E、F連接降壓變壓器，滑動觸頭P上下移動時可改變輸出電壓，R0表示輸電線的總電阻．以線圈平面與磁感線平行時為計時起點；下列判斷中正確的是（）

A.若發(fā)電機線圈在某時刻處于圖示位置時，變壓器原線圈中的電流瞬時值為零B.發(fā)電機線圈產生的感應電動勢的瞬時值表達式為e=NBSωsinωtC.當用戶數目增多時，線路的總電阻減小，為了使用戶電壓保持不變，滑動觸頭P應向上滑動D.當滑動觸頭P向下移動時，變壓器原線圈兩端的電壓將升高4、如圖所示，穩(wěn)定的勻強磁場中有一金屬圓環(huán)垂直于磁場放置，電鍵S可控制圓環(huán)的閉合與斷開，下列各情況中能使圓環(huán)產生感應電流的是（）A.S閉合瞬間B.S閉合后，磁場變強C.S閉合，再斷開的瞬間D.S閉合后，環(huán)在磁場內平移5、足夠長的粗糙斜面上，用力推著一物體沿斜面向上運動，t=0時撤去推力，0～6s內速度隨時間的變化情況如圖所示，由圖象可知（）A.0～1s內與1～6s內重力的平均功率之比為5：1B.0～1s內與1～6s內的加速度大小之比為1：2C.0～1s內與1～6s內的位移大小之比為1：4D.0～1s內與1～6s內機械能的變化量之比為1：56、現將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關，如圖連接．在開關閉合、線圈A放在線圈B中的情況下，某同學發(fā)現當他將滑動變阻器的滑動端P向左加速滑動時，電流計指針向右偏轉．由此可以推斷（）A.僅讓線圈A向上移動，電流計指針向右偏轉B.僅斷開開關，電流計指針向左偏轉C.僅讓滑動變阻器的滑動端P勻速向左，電流計指針靜止在中央D.因為線圈線圈B的繞線方向未知，故無法判斷上述選項中電流計指針偏轉的方向7、銀河系的恒星中大約四分之一是雙星，某雙星由質量不等的星體S1

和S2

構成，兩星在相互間的萬有引力作用下繞兩者連線上某一點C

做勻速圓周運動.

由天文觀察測得其運行周期為TS1

到C

點的距離為r1S2

的質量為m

已知引力常量為G

由此可求出兩星間的距離r

及兩星的總質量M

分別為(

)

A.r=T2婁脨Gmr1M=mT2婁脨Gmr1

B.r=T2婁脨Gmr1M=mT2婁脨r1Gmr1

C.r=2婁脨TGmr1M=mT2婁脨Gmr1

D.r=2婁脨TGmr1M=mT2婁脨r1Gmr1

8、圖中理想變壓器的原、副線圈匝數之比為2：1，電阻R1=R2=10Ω，電表均為理想交流電表．若R1兩端電壓u1=10sin100πt（V），則下列說法正確的有（）A.電壓表示數為14.14VB.電流表的示數為0.5AC.R1消耗的功率為20WD.原線圈輸入交流電頻率為100Hz9、如圖所示，在同一平臺上的O點水平拋出的三個物體，分別落到a、b、c三點，則三個物體運動的初速度va、vb、vc的關系和三個物體運動的時間ta、tb、tc的關系分別是（）A.va＞vb＞vc，ta＞tb＞tcB.va＜vb＜vc，ta=tb=tcC.va＞vb＞vc，ta＜tb＜tcD.va＜vb＜vc，ta＞tb＞tc評卷人得分二、雙選題(共6題，共12分)10、【題文】水平桌面上有甲；乙、丙三個完全相同的容器；裝有不同的液體，將三個長方體A、B、C分別放入容器的液體中，靜止時的位置如圖所示，三個容器的液面相平。已知三個長方體的質量和體積都相同。則下列判斷正確的是。

A．物體受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器對桌面的壓力F甲＜F乙＜F丙

C．液體對容器底的壓強p甲＝p乙＝p丙

D．物體下表面受到液體的壓力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數之和為rm{45}四種元素均位于不同主族。rm{W}的最高正價和最低負價代數和等于rm{0}rm{X}單質可作半導體材料；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強酸。下列說法中正確的是A.原子半徑：rm{X<Y}B.最簡單氫化物的穩(wěn)定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的簡單離子與rm{Z}的簡單離子具有相同的電子層結構D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在離子鍵和極性鍵12、三位分別來自法國、美國、荷蘭的科學家因研究“分子機器的設計與合成”而獲得rm{2016}年諾貝爾化學獎。納米分子機器日益受到關注，機器的“車輪”常用組件如下，下列說法正確的是()rm{壟脵(}三碟烯rm{)}rm{壟脷(}扭曲烷rm{)}rm{壟脹(}富勒烯rm{)}rm{壟脺(}金剛烷rm{)}A.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴B.rm{壟脵壟脹}均能發(fā)生加成反應C.rm{壟脵壟脺}互為同分異構體D.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}的一氯代物均只有一種13、常溫下，用rm{0.1000mol/L}的鹽酸滴定rm{20.00mL}未知濃度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}與所加鹽酸的體積關系如圖所示。下列有關敘述正確的是A.rm{a}點溶液呈堿性的原因用離子方程式表示為：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}點處的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定過程中使用甲基橙作為指示劑比酚酞更準確D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}點處溶液中水電離出的rmjiepyjbrm{c}大于rm{(H^{+})}點處rm14、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四種原子序數遞增的短周期元素，其部分性質或結構如下：。元素元素性質或原子結構rm{X}形成的簡單陽離子核外無電子rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物的水溶液顯堿性rm{Z}元素在周期表中的周期序數是族序數的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小下列說法不正確的是rm{(}rm{)}A.原子半徑大小順序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}與rm{Y}可形成既含極性鍵又含非極性鍵的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的化合物只可能含有共價鍵，不可能含有離子鍵D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能破壞水的電離平衡15、某課題組以納米rm{Fe_{2}O_{3}}作為電極材料制備鋰離子電池rm{(}另一極為金屬鋰和石墨的復合材料rm{)}通過在室溫條件下對鋰離子電池進行循環(huán)充放電，成功地實現了對磁性的可逆調控rm{(}如圖rm{)}以下說法正確的是A.放電時，正極的電極反應式為rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.該電池可以用水溶液做電解質溶液C.放電時，rm{Fe}作電池的負極，rm{Fe_{2}O_{3}}作電池的正極D.充電時，電池被磁鐵吸引評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、把自由落體的高度分成三段，若通過這三段的時間相等，則這三段長度的比是____，若這三段的長度相等，則通過這三段的時間之比是____．17、（2010春?橋西區(qū)校級月考）如圖，勻強磁場的磁感應強度為B，一束電量為e、質量為m的電子以某一速度沿垂直于磁場線并平行于d的方向射入磁場．已知電子飛出磁場時的速度方向和原來入射方向之間的夾角是30°，則電子的初速度為____，通過磁場的時間為____．18、若加在導體兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼臅r，導體中的電流減小0.2A，如果所加電壓變?yōu)樵瓉淼?倍，則導體中的電流將變?yōu)開___．19、【題文】如圖,所示通電直導線在垂直紙面向外磁場中，請畫出通電直導線所受安培力的方向。20、質量為2×103kg的汽車，發(fā)動機的額定功率為3.0×104W．現該車保持額定功率不變在水平公路上由靜止開始啟動，假定汽車在運動過程中所受的阻力大小恒為2000N，則該車能達到的最大速度為____m/s；該車達到最大之前，做____運動．（填“勻加速”、“變加速”）21、一個質量為2kg的物體放在水平地面上，物體與地面間的動摩擦因數為0.3，g取10m/s2，當給物體施加一個大小為6N的水平推力時，物體的加速度大小為____；當給物體施加一個大小為12N的水平推力時，物體的加速度大小為____．22、（2013春?紅塔區(qū)校級期末）在研究平拋物體的運動實驗中。

（1）下列哪個因素不會使實驗誤差增大：____

A．小球與斜槽間有摩擦B．安裝斜糟時其末端切線不水平。

C．建立坐標時y軸不夠豎直D．每次小球不是從斜槽上的同一點釋放。

（2）某同學做該實驗時得到如圖所示圖象，點和數據已標出，則平拋小球的初速度為____m/s．評卷人得分四、判斷題(共2題，共6分)23、穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，回路中感應電流就一定為零．____（判斷對錯）24、運動的電荷在磁場中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對錯）評卷人得分五、識圖作答題(共3題，共21分)25、大麥種子萌發(fā)時，胚產生的赤霉素（GA）轉運到糊粉層后，誘導相關酶的合成進而調節(jié)相關的代謝過程，促進種子萌發(fā)．如圖所示，請回答：（1）種子萌發(fā)時，胚乳中葡萄糖的含量先增加后減少．葡萄糖先增加的原因是________；后減少的原因是葡萄糖轉運至胚后，一方面用于細胞呼吸的消耗，另一方面是用于________，從而構建新的細胞．

（2）β﹣淀粉酶由鈍化到活化過程中，其組成的氨基酸數目將________，理由是________________________．

（3）為研究淀粉酶的來源，研究者為萌發(fā)的種子提供14C標記的氨基酸，結果發(fā)現α﹣淀粉酶有放射性，而β﹣淀粉酶都沒有放射性．這表明______________________．26、為了研究某干旱地區(qū)棉花的光合特性，分別測定棉花單葉光合速率和群體光合速率的日變化，結果見圖：

回答下列問題：（1）光合作用速率受多種環(huán)境因素的影響，當光照強度減弱時，光合色素吸收的光能減少，導致光反應階段_________過程減慢，從而釋放02減少。（2）圖中單葉光合速率在午后出現下降(“光合午休”），是由于________，直接導致了_______(填“光反應”或“暗反應”)減弱造成的。（3）曲線Ⅱ與曲線Ⅰ相比，群體光合作用速率沒有出現“光合午休”現象，請從群體的角度推測其原因可能是___________________。27、下圖表示胰液分泌調節(jié)的部分過程。請回答：（1）圖中A物質稱為____。由圖可知機體是通過____調節(jié)胰液的分泌。（2）研究者進一步研究刺激傳出神經、注射不同劑量A對胰液分泌的影響，結果如下表:①刺激傳出神經時，刺激部位膜內側發(fā)生電位變化____，產生興奮，傳導至突觸小體，釋放神經遞質作用于____，從而促進胰腺分泌胰液。②由表可得結論:____。評卷人得分六、實驗題(共4題，共12分)28、（2010春?壽縣校級期中）在做“研究平拋物體的運動”的實驗中，為了測定小球在不同時刻的速度，實驗時用如圖所示的裝置，先將斜槽軌道的末端調整水平，在一塊平木板表面釘上復寫紙和白紙，并將該木板豎直立于緊靠槽口處．使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在白紙上留下痕跡A；將木板向遠離糟口平移距離x，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞在木板上得到痕跡B；又將木板再向遠離槽口平移距離x，小球再從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，再得到痕跡C．若測得木板每次移動距離x=10.00cm，A、B間距離y1=4.78cm，B、C間距離y2=14.82cm．（g取9.8m/s2）

①根據以上直接測量的物理量得小球平拋初速度為v0=____（用題中所給字母表示）．

②小球撞在木板上B點時速度大小為____m/s．（結果保留2位有效數字）29、某同學使用多用電表測量二極管的反向電阻．完成下列測量步驟：

（1）檢查多用電表的機械零點．

（2）將紅；黑表筆分別插入正、負表筆插孔；將選擇開關拔至電阻測量擋適當的量程處．

（3）將紅、黑表筆____；進行歐姆調零．

（4）測反向電阻時，將____表筆接二極管正極，將____表筆接二極管負極；讀出電表示數．

（5）為了得到準確的測量結果，應讓電表指針盡量指向表盤____（填“左側”；“右側”或“中央”）；否則；在可能的條件下，應重新選擇量程，并重復步驟（3）、（4）．

（6）測量完成后，將選擇開關拔向____位置．30、【題文】（6分）一個電壓表V0，量程3V，內阻約為1kΩ．為進一步測量V0的內阻，有甲、乙兩個電路可選擇．備選器材有：。A．電流表A1，量程3mA；B．電流表A2，量程0.6A；C．電壓表V，量程3V，內阻Rv＝1.2kΩ；D．滑動變阻器R，0～3000Ω；E．電源E；6V電池組，內阻不計．

（1）若選用甲電路，電流表應選用____（填寫前面的字母代號），若V0和選用電流表示數分別為U0和I，則測得電壓表的內阻R0＝____．

（2）若選用乙電路，若V0和V示數分別為U0和U，則測得電壓表的內阻R0＝____．（用U0、U、RV等字母表示）．31、（2015?淮南模擬）在“驗證力的平行四邊形定則”試驗中；需要將橡皮條的一端固定在水平木板上A點先用一個彈簧秤拉橡皮條的另一端到O點并記下該點的位置；再將橡皮條的另一端系兩根細繩，細繩的另一端都有繩套，用兩個彈簧秤分別勾住繩套，并互成角度地拉橡皮條．

（1）某同學認為在此過程中必須注意以下幾項：

A．兩彈簧秤的拉力必須等長。

B．橡皮條應與兩繩夾角的平分線在同一直線上。

C．在使用彈簧秤時要注意使彈簧秤與木板平面平行。

D．在用兩個彈簧秤同時拉細繩時要注意使兩個彈簧秤的讀數相等。

E．在用兩個彈簧秤同時拉細繩時必須將橡皮條的另一端拉到O點位置。

其中正確的是____．（填入相應的字母）．

（2）實驗情況如圖甲所示；圖乙是在白紙上根據實驗結果畫出的力的示意圖．

①圖乙種的F與F兩力中，方向一定沿AO方向的是____．

②本實驗采用的科學方法是____．

A．理想實驗法B．等效替代法C．控制變量法D．建立物理模型法．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】Rt為用半導體熱敏材料制成的傳感器，溫度升高時，其電阻減?。攤鞲衅鱎t所在處出現火情時，分析Rt的變化，確定外電路總電阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，即可知U的變化．根據并聯部分電壓的變化，分析I的變化．【解析】【解答】解：當傳感器Rt所在處出現火情時，Rt的阻值變小，外電路總電阻變小，則總電流變大，電源的內電壓變大，路端電壓變小，則Uab變小．電路中并聯部分的電壓U并=E-I（R1+r），I變大，其他量不變，則U并變??；I也變?。訧變小，U變?。蔇正確，ABC錯誤；

故選：D2、B【分析】【分析】a球做平拋運動，b球做自由落體運動，不論a球的初速度如何，兩球都同時落地，從而說明平拋運動在豎直方向是自由落體運動，進而可以一一作答．【解析】【解答】解：A；兩球同時落地．故A錯誤．

B、a球在豎直方向做自由落體運動，平拋時，則有水平速度，因此下落相同高度時，a球速率比b球速率大；故B正確；

C；根據分運動相互影響；則a球在水平和豎直方向的運動相互沒有影響，故C正確；

D、a球做平拋運動，b球做自由落體運動；不論a球的初速度如何，兩球都同時落地，從而說明平拋運動在豎直方向是自由落體運動，則它們的加速度相同，故D正確；

故選：BCD．3、C【分析】【分析】當線圈與磁場平行時，感應電流最大，當兩者垂直時，感應電流最??；確定瞬時表達式時，注意線圈開始計時的位置，從而得出正弦還是余弦；根據閉合電路歐姆定律來確定電流隨著電阻變化而變化，但不會改變原線圈的電壓，從而即可求解．【解析】【解答】解：A；當線圈與磁場平行時；感應電流最大，故A錯誤；

B；從垂直中性面計時；則感應電動勢的瞬時值表達式為e=NBSωcosωt，故B錯誤；

C；當用戶數目增多時；線路的總電阻減小，電流增大，則導線上消耗的電壓增大；則為了使用戶電壓保持不變，滑動觸頭P應向上滑動；故C正確；

D；當觸頭P向下移動；只會改變副線圈的電流，從而改變原線圈的電流，不會改變原線圈的電壓，故D錯誤．

故選：C．4、B【分析】【分析】產生感應電流的條件：閉合電路中的磁通量發(fā)生變化．或一部分導體在磁場中做切割磁感線運動，導體中有感應電流．【解析】【解答】解：產生感應電流的條件：閉合電路中的磁通量發(fā)生變化．

A；S閉合瞬間；線圈中的磁通量沒有發(fā)生變化，不能產生感應電流．故A錯誤；

B；S閉合后；磁場變強，線圈中的磁通量增大，能產生感應電流．故B正確；

C；S閉合；再斷開的瞬間，線圈不閉合，而且線圈中的磁通量沒有發(fā)生變化，不能產生感應電流．故C錯誤；

D；S閉合后；環(huán)在磁場內平移，線圈中的磁通量沒有發(fā)生變化，不能產生感應電流．故D錯誤．

故選：B5、D【分析】【分析】平均功率根據=Fv即可計算，加速度等于圖象的斜率．位移大小等于圖象與時間軸所圍“面積”大?。畽C械能的變化量等于除重力以外的力做的功．【解析】【解答】解：A、根據圖象可知：0-1s內的平均速度大小為：v1=m/s=5m/s；

1-6s內平均速度大小為：v2==5m/s，所以0-1s內重力的平均功率為P1=mgv1=5mg，1-6s內重力平均功率P2=mgv2=5mg；則重力的平均功率之比為1：1，故A錯誤。

B、速度時間圖象的斜率等于加速度，則0～1s內與1～6s內的加速度大小之比為：a1：a2=：=2：1；故B錯誤．

C、圖象與時間軸所圍“面積”大小表示位移大小，則0～1s內與1～6s內的位移大小之比為：s1：s2=m：m=1：5；故C錯誤．

D、機械能的變化量等于滑動摩擦力做的功，0一1s內機械能變化量大小為Wf1=Pft1=Pf，1～6s內機械能變化量大小為Wf2=Pft2=5Pf；所以0一1s內機械能變化量大小與1～6s內機械能變化量大小之比為1：5，故D正確；

故選：D6、A【分析】【分析】由題意可知線圈B中產生使電流表指針向右偏轉的條件，然后分析各選項可得出正確答案．【解析】【解答】解：由題意可知當P向左加速滑動時；線圈A中的電流應越來越小，則其磁場減弱，此時線圈B中產生的電流使指針向右偏轉，由此可知，當B中的磁通量減小時，電流計指向右偏；

A；僅讓線圈A向上移動；穿過線圈B的磁通量減少，電流計指針向右偏轉，故A正確；

B；僅斷開開關；穿過線圈B的磁通量減少，電流計指針向右偏轉，故B錯誤；

C；僅讓滑動變阻器的滑動端P勻速向左；穿過線圈B的磁通量減少，電流計指針向右偏，故C錯誤；

D；雖然線圈A、線圈B的繞線方向未知；只要知道穿過線圈B的磁通量如何變化即可判斷出電流計指針偏轉方向，故D錯誤；

故選：A．7、B【分析】解：根據萬有引力提供向心力有：Gm1mr2=m1r14婁脨2T2

整理得：r=T2婁脨Gmr1

又：Gm1mr2=mr24婁脨2T2

解得：m1=mr1(r鈭?r1)

．

則：M=m+m1=mrr1=mT2婁脨r1Gmr1.

所以選項B正確．

故選：B

這是一個雙星的問題；S1

和S2

繞C

做勻速圓周運動，它們之間的萬有引力提供各自的向心力，S1

和S2

有相同的周期，結合牛頓第二定律和萬有引力定律解決問題．

該題屬于雙星問題，雙星的特點是兩個星體周期相等，星體間的萬有引力提供各自所需的向心力．【解析】B

8、B【分析】【分析】根據瞬時值的表達式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據部分電路的歐姆定律、以及電流與匝數成反比即可求得結論．【解析】【解答】解：A、R1兩端電壓u1=10sin100πt（V），其最大值是10V，有效值是10V；由于電阻R1=R2=10Ω則兩個電阻上分擔的電壓是相等的；所以電壓表的讀數是10V．，故A錯誤；

B、副線圈中的電流與流過R1、R2的電流是相等的，即：A，由原副線圈的電流與匝數的關系得：A；故B正確；

C、流過R1、R2的電流是相等的，R1消耗的功率為W；故C錯誤；

D、變壓器不會改變電流的頻率，則副線圈輸出電流的f==50Hz；故D錯誤．

故選：B．9、D【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據高度比較運動的時間，結合水平位移比較初速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓阂驗閔a＞hb＞hc，根據t=知，則ta＞tb＞tc．

因為xa＜xb＜xc，根據v=知，va＜vb＜vc．故D正確；A；B、C錯誤．

故選：D．二、雙選題(共6題，共12分)10、B|D【分析】【解析】

試題分析：三個長方體的質量相同，它們在三種液體中都只受重力和浮力，由二力平衡，它們受到的浮力大小相等，A選項錯誤。由三個長方體在液體中所處的深度不同，得到容器底所處的深度相同，液體對容器底的壓強C選項錯誤。容器是相同的，所以容器對桌面的壓力B選項正確。浮力是物體上下表面所受的壓力差，A物體上下表面都受到液體的壓力，B/、C只有下表面受到壓力，所以它們下表面所受到的壓力F′A＞F′B＝F′C；D選項正確。

考點：壓力壓強【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本題考查了位置、結構與性質的關系，題目難度中等，推斷元素為解答關鍵，注意熟練掌握原子結構與元素周期律、元素周期表的關系。【解答】rm{X}單質可作半導體材料，則rm{X}為rm{Si}元素；rm{W}的最高正價和最低負價代數和等于rm{0}四種元素均位于不同主族，則rm{W}為rm{H}元素；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強酸，則rm{Z}為rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數之和為rm{45}則rm{Y}的原子序數為rm{45-1-14-17=13}則rm{Y}為rm{Al}元素。單質可作半導體材料，則rm{X}為rm{X}元素；rm{Si}的最高正價和最低負價代數和等于rm{W}四種元素均位于不同主族，則rm{0}為rm{W}元素；rm{H}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強酸，則rm{Z}為rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序數之和為rm{Z}則rm{45}的原子序數為rm{Y}則rm{45-1-14-17=13}為rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Al>Si}故A正確；為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Si}故A正確；rm{Al}則氫化物穩(wěn)定性：rm{Al>Si}故B正確；B.由于非金屬性rm{Cl>Si}則氫化物穩(wěn)定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正確；個電子，氯離子有rm{Cl>Si}個電子，故C錯誤；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有極性鍵，無離子鍵，故D錯誤。C.鋁離子有rm{10}個電子，氯離子有rm{18}個電子，故C錯誤；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本題考查有機物的結構與性質，為高頻考點，注意把握官能團與性質的關系，側重苯、烷烴性質的考查?！窘獯稹緼.只含有碳氫兩種元素的有機物為烴，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴，故A正確；B.三碟烯和富勒烯中均含有不飽和鍵，能發(fā)生加成反應，故B正確；C.三碟烯的分子式為rm{C_{20}H_{14}}金剛烷的分子式為rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分異構體，故C錯誤；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}種，金剛烷的一氯代物有rm{3}種，故D錯誤。故選AB?！窘馕觥縭m{AB}13、rm{BC}【分析】【分析】本題考查了酸堿中和滴定的應用，題目難度中等，明確溶液酸堿性與溶液rm{pH}的關系為解答關鍵，注意掌握中和滴定側重方法，試題培養(yǎng)了學生的分析能力及化學實驗能力?！窘獯稹緼.rm{a}點為rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根離子部分水解，溶液呈堿性，碳酸根離子的水解一第一步為主，正確的離子方程式為：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A錯誤；

B.rm{c}點的rm{pH=7}溶液呈中性，則rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根據電荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正確；

C.碳酸氫鈉溶液的rm{pH}接近rm{8.2}與酚酞變色的rm{pH}接近，變色時的rm{pH}和反應終點的rm{pH}不好判斷；而使用甲基橙容易判斷終點，且反應產生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的誤差小rm{(}使用甲基橙易判斷滴定終點，誤差小rm{)}故C正確；

D.rm點碳酸氫根離子水解，促進了水的電離，而rmiwvuwoq點溶液呈酸性，抑制了水的電離，則rmikqezcx點處溶液中水電離出的rm{c(H^{+})}小于rm點處；故D錯誤；

故選BC。

【解析】rm{BC}14、AC【分析】【分析】本題考查元素的結構與元素的性質，題目難度中等，注意正確推斷元素的種類為解答該題的關鍵?！窘獯稹縭m{X}形成的簡單陽離子核外無電子，應為rm{H}元素；rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物和它的最高價氧化物對應的水化物能發(fā)生化合反應，形成的物質為銨鹽，應為rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序數等于周期序數的rm{3}倍，即最外層電子數為電子層數的rm{3}倍，應為rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小，應為rm{Al}元素；

即rm{X}為rm{H}元素，rm{Y}為rm{N}元素，rm{Z}為rm{O}元素，rm{T}為rm{Al}元素；則。

A.根據同周期元素從左到右原子半徑逐漸減小，原子的核外電子層數越多，半徑越大可知，原子半徑順序為rm{T>Y>Z>X}故A錯誤；

B.rm{X}分別與rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含極性鍵又含非極性鍵，故B正確；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共價鍵也含有離子鍵rm{X}rm{Y}的三種元素形成的rm{Z}中只含有共價鍵也含有離子鍵；故C錯誤；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能和rm{X}三種元素的簡單離子，均能促進水的電離；故D正確。

故選AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}15、AD【分析】【分析】本題綜合考查原電池和電解池知識，為高頻考點，側重于學生的分析能力和計算能力的考查，注意把握原電池、電解池的工作原理以及電極方程式的書寫，難度中等?！窘獯稹緼.正極發(fā)生還原反應，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得電子被還原rm{F}所以放電時電池正極的電極反應式為rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正確；B.鋰和水發(fā)生反應，所以不可以用rm{e}溶液為電解質溶液，故rm{2}錯誤；C.rm{2}作電池的負極，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}錯誤；D.充電時，，，作為陽極，電池被磁鐵吸引，故，。故選AD。，【解析】rm{AD}三、填空題(共7題，共14分)16、1：3：51：【分析】【分析】設每段時間為t，則總時間為3t，表示出這三段時間的位移，即可求得位移比．也可以根據初速度為0的勻變速直線運動的特殊推論，初速度為0的勻加速直線運動在相等時間內的位移比為1：3：5，連續(xù)通過相等位移內所用的時間比為1：來求解【解析】【解答】解：設每段時間為t；則總時間為3t；

則：

=

=

故：h1：h2：h3=1：3：5

初速度為0的勻加速直線運動，連續(xù)通過相等位移內所用的時間比為1：

把下落的距離分成相等的三段；按從上到下的順序，經過這三段距離所用的時間之比為。

1：

故答案為：1：3：5，1：17、【分析】【分析】（1）電子垂直射入勻強磁場中；只受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，畫出軌跡，由幾何知識求出軌跡的半徑，由牛頓第二定律求出電子的初速度．

（2）由幾何知識求出軌跡所對的圓心角α，結合周期公式求出穿越磁場的時間．．【解析】【解答】解：粒子的運動軌跡圖如圖所示，根據幾何關系有：r==2d

根據洛倫茲力提供向心力得，Bev=m

解得電子的初速度v=

電子的周期T=

所以電子穿越磁場的時間t=T=．

答：電子的初速，通過磁場的時間為；18、1.2A【分析】【分析】根據歐姆定律對電壓變化前、后列方程，求出原來導體中的電流．電壓變?yōu)樵瓉淼?倍時，電阻不變，電流變?yōu)樵瓉淼?倍，再求出導體中電壓變化后的電流．【解析】【解答】解：設是導體兩端原來的電壓為U；電流為I，則

導體電阻R=

又由題，導體兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼臅r，導體中的電流減小0.2A，則有R=

聯立得

解得：I=0.6A

當電壓變?yōu)?U時；I'=2I=1.2A

故答案為：1.2A19、略

【分析】【解析】左手定則的內容：伸開左手，使大拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向．根據左手定則的內容判斷安培力的方向．【解析】【答案】略20、15變加速【分析】【分析】根據P=Fv知，汽車速度最大時牽引力與阻力相等，根據額定功率和阻力大小可以計算汽車所能達到的最大速度，根據汽車的受力情況分析汽車的運動情況．【解析】【解答】解：汽車速度最大時，汽車的牽引力大小與阻力大小相等，故汽車所能達到的最大速度為：；

汽車以額定功率啟動；功率不變，根據P=Fv可知，速度增大，則牽引力減小，根據牛頓第二定律可知，加速度減小，則汽車做加速度減小的加速運動，是變加速運動．

故答案為為：15，變加速21、03m/s2【分析】【分析】分析物體受力情況，根據牛頓第二定律求加速度．【解析】【解答】解：對物體受力分析；受重力；支持力、推力和摩擦力，受力如圖。

根據牛頓第二定律；有：

F-f=ma①

f=μmg②

當物體施加一個大小為6N的水平推力時，聯立①②解得：a=0m/s2

當給物體施加一個大小為12N的水平推力時，物體的加速度大小為：a′=3m/s2

故答案為：0，3m/s2．22、A2【分析】【分析】（1）小球做平拋運動；必須保證斜槽末端切線水平；實驗過程中要保證小球每次做平拋運動的初速度相同，每次應從斜槽的同一位置由靜止釋放小球；

（2）平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據豎直方向上△y=gT2，求出時間間隔，再根據水平方向上的勻速直線運動求出初速度．【解析】【解答】解：（1）A；只要小球從斜槽上同一高度由靜止釋放；小球到達斜槽末端時的速度相等，小球與斜面間有摩擦不影響實驗的測量，故A正確．

B；安裝斜糟時其末端切線不水平；小球不能做平拋運動，影響實驗的測量，故B錯誤．

C；建立坐標時；x軸、y軸正交，但y軸不夠豎直，將會影響長度的測量，故C錯誤．

D；為保證小球做平拋運動的速度相等；每次小球應從斜槽上的同一點釋放，故D錯誤；故選A．

（2）根據△y=gt2得，t===0.1s；

則平拋運動的初速度v0===2m/s．

故答案為：（1）A；（2）2．四、判斷題(共2題，共6分)23、×【分析】【分析】結合產生感應電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產生感應電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應電流產生．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×24、×【分析】【分析】電場的性質是對電荷有力的作用，而電荷受到電場力的方向與電場強度可以相同，也可以相反．當運動的帶電粒子的速度方向不與磁場平行，將會受到洛倫茲力作用，根據左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場方向的關系．【解析】【解答】解：當運動的電荷的速度方向與磁場方向平行時；不受洛倫茲力；

故答案為：×．五、識圖作答題(共3題，共21分)25、（1）淀粉水解合成有機物（2）減少β—淀粉酶的活性是在蛋白酶的作用下完成的，水解掉了部分氨基酸（3）α—淀粉酶是種子萌發(fā)過程中新合成的，而β—淀粉酶是種子中已存在的【分析】

【分析】本題考查種子萌發(fā)過程中細胞代謝的過程的理解，意在考查考生結合所學知識解釋生物現象的能力?！窘獯稹坑蓤D可知，胚產生的赤霉素轉運到糊粉層，糊粉層的蛋白酶和α—淀粉酶繼而轉運到胚乳中。蛋白酶使β—淀粉酶活化，活化后的β—淀粉酶與α—淀粉酶一起催化淀粉水解成葡萄糖，使胚乳中的葡萄糖含量增加。胚乳中產生的葡萄糖又可轉運到胚中。（1）由上述可知，葡萄糖先增加的原因是淀粉水解。后減少的原因是葡萄糖轉運到胚后，一方面通過細胞呼吸產能，用于自身的代謝；另一方面用于合成有機物，為構建新的細胞做準備。（2）由圖可知，鈍化的β—淀粉酶在蛋白酶的作用下變?yōu)榛罨摩隆矸勖?，此過程中，蛋白酶水解部分的氨基酸，所以β—淀粉酶在活化的過程中，其組成的氨基酸數目會減少。（3）α—淀粉酶和β—淀粉酶都屬于蛋白質，其都是通過氨基酸在核糖體上脫水縮合而形成的。該實驗表明β—淀粉酶是種子中已存在的，而α—淀粉酶是新合成的，因此其帶有放射性?！窘馕觥浚?）淀粉水解合成有機物（2）減少β—淀粉酶的活性是在蛋白酶的作用下完成的，水解掉了部分氨基酸（3）α—淀粉酶是種子萌發(fā)過程中新合成的，而β—淀粉酶是種子中已存在的26、（1）水的光解（2）氣孔關閉，葉片吸收CO2不足暗反應（3）群體中葉片相互遮擋，導致部分葉片的氣孔未關閉，從而使群體光合作用速率未下降【分析】【分析】本題以曲線圖為載體，考查光合作用過程、影響光合作用速率的因素知識點，意在考查考生識記并能理解所學知識的要點，把握知識間的內在聯系的能力?！窘獯稹浚?）光合作用速率受多種環(huán)境因素的影響，當光照強度減弱時，光合色素吸收的光能減少，導致光反應階段水的光解過程減慢，從而釋放O2減少。（2）圖中單葉光合速率在午后出現下降(“光合午休”），是由于溫度過高，植物為了降低蒸騰作用，氣孔關閉，葉片吸收CO2不足，直接導致了暗反應減弱。（3）由于群體中葉片相互遮擋，導致部分葉片的氣孔未關閉，從而使群體光合作用速率未下降，沒有出現“光合午休”現象?！窘馕觥浚?）水的光解（2）氣孔關閉，葉片吸收CO2不足暗反應（3）群體中葉片相互遮擋，導致部分葉片的氣孔未關閉，從而使群體光合作用速率未下降27、（1）促胰液素神經-體液調節(jié)（或神經-激素調節(jié)）（2）①由負變正胰腺細胞（靶細胞、突觸后膜）②單獨刺激傳出神經或注射A與二者同時作用相比，二者同時作用對胰腺分泌胰液的促進作用更顯著【分析】【分析】本題考查胰液分泌調節(jié)相關知識，意在考查考生識圖分析問題的能力。掌握神經調節(jié)和激素調節(jié)相關知識點，準確識圖分析是解答此題的關鍵