2025年北師大版高二物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高二物理下冊月考試卷674考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、平拋物體的運動規(guī)律可以概括為兩點：（1）水平方向做勻速運動；（2）豎直方向做自由落體運動.為了探究平拋物體的運動規(guī)律，可做下面的實驗：如圖所示，用小錘打擊彈性金屬片，Ａ球就水平習出，同時Ｂ球被松開，做自由落體運動，無論Ａ球的初速度大小如何，也無論兩球開始距地面高度如何，兩球總是同時落到地面，這個實驗()A.只能說明上述規(guī)律中的第（1）條B.只能說明上述規(guī)律中的第（2）條C.不能說明上述規(guī)律中的任何一條D.能同時說明上述兩條規(guī)律2、下列說法符合實際的是A.醫(yī)院里常用Ｘ射線對病房進行消毒B.醫(yī)院里常用紫外線對病房進行消毒C.在人造衛(wèi)星上對地球進行拍攝是利用紫外線有較好的分辨能力D.在人造衛(wèi)星上對地球進行拍攝是利用紅外線有較好的穿透云霧煙塵能力和熱作用3、下列單位中，哪一個是能量的單位（）A.焦耳B.秒C.千克D.米4、如圖所示，其中電流表A的量程為0.6A，表盤均勻劃分為30個小格，每一小格表示0.02A，R1的阻值等于電流表內阻的R2的阻值等于電流表內阻的2倍．若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值，則下列分析正確的是（）A.將接線柱1、2接入電路時，每一小格表示0.04AB.將接線柱1、2接入電路時，每一小格表示0.02AC.將接線柱1、3接入電路時，每一小格表示0.06AD.將接線柱1、3接入電路時，每一小格表示0.01A5、如圖所示，當變阻器R3

的滑動觸頭P

向b

端移動時(

)

A.電壓表示數變小，電流表示數變大B.電壓表示數變小，電流表示數變小C.電壓表示數變大，電流表示數變大D.電壓表示數變大，電流表示數變小6、如圖所示，以O

點為圓心，以R=0.20m

為半徑的圓與坐標軸交點分別為abcd

該圓所在平面內有一勻強電場，場強方向與x

軸正方向成婁脠=60鈭?

角，已知abc

三點的電勢分別為43V4V鈭?43V

則下列說法正確的是(

)

A.該勻強電場的場強E=403V/m

B.該勻強電場的場強E=80V/m

C.d

點的電勢為鈭?4V

D.d

點的電勢為鈭?23V

7、如圖所示，燈泡A

1

A

2

完全相同，帶鐵芯的線圈L

的電阻可忽略不計，則下列說法正確的是()

A.S

閉合瞬間，A

1

A

2

同時發(fā)光，接著A

1

變暗A

2

變得更亮B.S

閉合瞬間，A

1

不亮A

2

立即亮C.S

閉合瞬間，A

1

A

2

都不立即亮D.穩(wěn)定后再斷開S

瞬間，A

1

A

2

同時熄滅8、單擺在擺動過程中，下列說法正確的是(

)

A.回復力是重力和細線拉力的合力B.擺動到最低點時回復力為零C.動能變化的周期就等于振動周期D.小球質量越大，周期越長9、如圖所示，在示波管下方有一根水平放置的通電直電線，則示波管中的電子束將(&;)

A.向上偏轉B.向下偏轉C.向紙外偏轉D.向紙里偏轉評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、在測量一節(jié)干電池的電動勢和內電阻的實驗中，某同學根據實驗記錄畫出U—I圖線如圖所示，從中可求出待測干電池的電動勢為____V，內電阻為____Ω(保留兩位有效數字)．11、(14分)(1)激光具有相干性好、平行度好、亮度高等特點，在科學技術和日常生活中應用廣泛．下面關于激光的敘述正確的是()．A．激光是縱波B．頻率相同的激光在不同介質中的波長相同C．兩束頻率不同的激光能產生干涉現(xiàn)象D．利用激光平行度好的特點可以測量月球到地球的距離(2)如圖所示，在楊氏雙縫干涉實驗中，激光的波長為5.30×10－7m，屏上P點距雙縫S1和S2的路程差為7.95×10－7m．則在這里出現(xiàn)的應是________(填“明條紋”或暗條紋)．現(xiàn)改用波長為6.30×10－7m的激光進行上述實驗，保持其他條件不變，則屏上的條紋間距將________(填“變寬”、“變窄”或“不變”)．12、如圖所示表示的是交流電的電流隨時間變化的圖象，負方向為正弦圖象的一部分，則此交流電的電流的有效值是______A．13、為確定愛因斯坦的質能方程△E=△mc2的正確性，設計了如下實驗：用動能為E1=0.60MeV的質子轟擊靜止的鋰核Li，生成兩個α粒子，測得兩個α粒子的動能之和為E2=19.7MeV，已知質子、α粒子、鋰粒子的質量分別取mp=1.0073u、mα=4.0015u、mLi=7.0160u；求：

①寫出該反應方程______．

②△E=______MeV，△mc2=______MeV．（1u=1.6606×10-27㎏）14、如圖所示的電路，當開關閉合時，小燈泡將______(

選填“逐漸”或“立刻”)

變亮.

當開關斷開時，小燈泡將______(

選填“逐漸”或“立刻”)

熄滅．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）評卷人得分四、實驗題(共4題，共32分)20、在做測定金屬電阻率的實驗中，某同學先通過游標卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度如下圖所示，則游標卡尺所示金屬圓片直徑的測量值為________mm，螺旋測微器所示金屬圓片厚度的測量值為________mm。21、某同學在做“利用單擺測重力加速度”實驗中，先測得擺線長為97.50cm；用10分度的游標卡尺測得小球直徑的讀數如圖所示，然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時間（1）該單擺的擺長為____cm。（2）如果該同學測得的g值偏大，可能的原因是()A．記錄擺長時誤將擺球的直徑作為半徑B．開始計時時，秒表過遲按下C．擺線上端牢固地系于懸點，擺動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了D．實驗中誤將29次全振動數為30次（3）為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長l，測出相應的周期T，從而得出一組對應的l與T的數值，再以l為橫坐標，T2為縱坐標，將所得數據連成直線如圖所示，則測得的重力加速度g＝____m/s2。22、一塊玻璃磚用兩個相互平行的表面，其中一個表面是鍍銀的（光線不能通過表面）?，F(xiàn)要測定此玻璃的析射率。給定的器材還有：白紙、鉛筆、大頭針4枚（P1、P2、P3、P4）、帶有刻度的直角三角板、量角器。實驗時，先將玻璃磚放到白紙上，使上述兩個相互平行的表面與紙面垂直。在紙上畫出直線aa’表示鍍銀的玻璃表面，bb’表示另一表面，如圖所示。然后，在白紙上豎直插上兩枚大頭針P1、P2（位置如圖）。用P1、P2的連線表示入射光線。⑴為了測量折射率，大頭針P3、P4應插在()A、玻璃磚aa’一側B、玻璃磚bb’一側C、玻璃磚aa’、bb’兩側各插一枚⑵試在題圖中標出P3、P4的位置。然后，移去玻璃磚與大頭針。試在題圖中通過作圖的方法標出光線從空氣到玻璃中的入射角θ1與折射角θ2,并寫出主要作圖步驟：。⑶寫出θ1、θ2表示的折射率公式為n＝____．23、某研究性學習小組為合成rm{1-}丁醇，查閱資料得知一條合成路線：rm{C{H}_{3}CH=C{H}_{2}+CO+{H}_{2}xrightarrow[]{;脪祿露簍脤玫錄鎂}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}CHOxrightarrow[Ni,?]{{H}_{2}}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{2}OH}rm{C{H}_{3}CH=C{H}_{2}+CO+{H}_{2}

xrightarrow[]{;脪祿露簍脤玫錄鎂}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}CHO

xrightarrow[Ni,?]{{H}_{2}}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{2}OH

}的制備原理：rm{HCOOHxrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}CO隆眉+H_{2}O}并設計出原料氣的制備裝置rm{CO}如下圖rm{HCOOHxrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}

CO隆眉+H_{2}O}請?zhí)顚懴铝锌瞻祝簉m{(}實驗室現(xiàn)有鋅粒、稀硝酸、稀鹽酸、濃硫酸、rm{)}丙醇，從中選擇合適的試劑制備氫氣、丙烯。寫出化學方程式：________，________。rm{(1)}若用以上裝置制備干燥純凈的rm{2-}裝置中rm{(2)}和rm{CO}的作用分別是__________，________；rm{a}和rm中承裝的試劑分別是_______，_______。若用以上裝置制備rm{C}氣體發(fā)生裝置中必需的玻璃儀器名稱是_______；在虛線框內畫出收集干燥rm8ws46ss的裝置圖_______。rm{H_{2}}制丙烯時，還產生少量rm{H_{2}}rm{(3)}及水蒸氣，該小組用以下試劑檢驗這四種氣體，混合氣體通過試劑的順序是_______rm{SO_{2}}填序號rm{CO_{2}}rm{(}飽和rm{)}溶液rm{壟脵}酸性rm{Na_{2}SO_{3}}溶液rm{壟脷}石灰水rm{KMnO_{4}}無水rm{壟脹}rm{壟脺}品紅溶液rm{CuSO_{4}}合成正丁醛的反應為正向放熱的可逆反應，為增大反應速率和提高原料氣的轉化率，你認為應該采用的適宜反應條件是_______。rm{壟脻}低溫、高壓、催化劑rm{(4)}適當的溫度、高壓、催化劑rm{a.}常溫、常壓、催化劑rm{b.}適當的溫度、常壓、催化劑rm{c.}正丁醛經催化劑加氫得到含少量正丁醛的rm{d.}丁醇粗品，為純化rm{(5)}丁醇，該小組查閱文獻得知：rm{1隆陋}飽和rm{1隆陋}rm{壟脵R隆陋CHO+NaHSO_{3}(}沸點：乙醚rm{)隆煤RCH(OH)SO_{3}Na隆媒}rm{壟脷}丁醇rm{34隆忙}并設計出如下提純路線：試劑rm{1隆陋}為_________，操作rm{118隆忙}為________，rm{1}評卷人得分五、識圖作答題(共3題，共24分)24、設置不同CO2濃度，分組光照培養(yǎng)藍藻，測定凈光合速率和呼吸速率，結果如圖，據圖回答下列問題：

（1）藍藻能夠進行光合作用的原因是：（答兩點）。（2）由圖可知，該實驗通過測定____來表示凈光合作用速率；隨著CO2濃度的增加，藍藻通過光合作用制造O2的速率____（3）在d1、d2、d3濃度下，藍藻單位時間內呼吸產生ATP多少的順序是____。（4）在d1、d2、d3濃度下，藍藻種群的K值最大的是____。（填“d1、d2或d3”）25、為了研究神經纖維的興奮傳導和神經一肌肉突觸的興奮傳遞，將蛙的腦和脊髓損毀。然后剝制坐骨神經一腓腸肌標本，如下圖所示。實驗過程中需要經常在標本上滴加任氏液（成分見下表），以保持標本活性。請回答下列問題：(1)任氏液中維持酸堿平衡的成分有________________________________，其Na+/K+比與體液中________________的Na+/K+比接近。(2)任氏液中葡萄糖的主要作用是提供能量，若將其濃度提高到15%，標本活性會顯著降低，主要是因為______________________________。(3)反射弧的五個組成部分中，該標本仍然發(fā)揮功能的部分有________________。(4)刺激坐骨神經，引起腓腸肌收縮，相應的突觸前膜處發(fā)生的變化有________、________________________。26、[生物——選修1：生物技術實踐]幽門螺桿菌感染是急慢性胃炎和消化性潰瘍的主要致病因素。在患者體內采集樣本并制成菌液后；進行分離培養(yǎng)。實驗基本步驟如下，請回答：

（1）幽門螺桿菌能夠以尿素為唯一氮源，是因為含有______，培養(yǎng)基中加入酚紅指示劑，若有幽門螺桿菌，則菌落周圍會出現(xiàn)_____________環(huán)帶。（2）上述培養(yǎng)過程中，能夠“濃縮”幽門螺桿菌的步驟是____________________。（3）采用稀釋涂布平板法，通過統(tǒng)計平板上的菌落數，就能推測出樣品中大約含有多少活菌，其原因是____。（4）上述實驗結果統(tǒng)計的菌落數，____________（填“是”或“不是”）原患者樣品中含有的幽門螺桿菌活菌數。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【解析】試題分析：探究平拋運動的規(guī)律中，實驗同時讓A球做平拋運動，B球做自由落體運動，若兩小球同時落地，則說明平拋運動豎直方向是自由落體運動，而不能說明A球水平方向的運動性質．在打擊金屬片時，兩小球同時做平拋運動與自由落體運動，結果同時落地，則說明平拋運動豎直方向是自由落體運動，故ACD錯誤，B正確．故選B．考點：研究平拋物體的運動．【解析】【答案】B2、B|D【分析】醫(yī)院里常用紫外線對病房進行消毒，A錯；在人造衛(wèi)星上對地球進行拍攝是利用紅外線的熱效應，C錯；【解析】【答案】BD3、A【分析】解：

A；焦耳是功和能量的單位．故A正確；

B；秒是時間的單位．故B錯誤；

C；千克是質量的單位．故C錯誤；

D；米是長度的單位．故D錯誤．

故選：A．

首先對每個選項中的單位進行分析；明確各自對應的物理量，然后確定符合題意的選項．

此題考查的是我們對物理量及其對應單位的掌握情況，屬于識記性知識，難度較小，容易解答．【解析】【答案】A4、C【分析】解：AB、當接線柱1、2接入電路時，電流表A與R1并聯(lián)，根據串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R1分流為1.2A；故量程為1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；故AB錯誤；

CD、當接線柱1、3接入電路時，A與R1并聯(lián)后與R2串聯(lián)；電流表的量程仍為1.8A；故每一小格表示0.06A；故C正確，D錯誤；

故選：C．

對電路結構進行分析；再根據串并聯(lián)電路規(guī)律即可明確流過1的電流大小，再根據比例即可求出每一小格所表示的電流大?。?/p>

本題考查電表的改裝，關鍵在于明確電路結構；特別是CD中要注意R2對電流表的量程沒有影響！【解析】【答案】C5、A【分析】解：當變阻器R3

的滑動觸頭P

向b

端移動時；滑動變阻器接入電阻減小，電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，內電壓增大，因此路端電壓減小，故電壓表示數變?。?/p>

將R1

等效為內阻；則可知并聯(lián)部分電壓一定減小，故流過R2

的電流減小，因總電流增大，故電流表示數變大；故A正確，BCD錯誤；

故選：A

由圖可知R2

與R3

并聯(lián)后與R1

串聯(lián)，電壓表測量路端電壓；由滑片的移動可得出滑動變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路的歐姆定律可得出總電流的變化，由U=E鈭?Ir

可得出路端電壓的變化；將R1

作為內阻處理；則可得出并聯(lián)部分電壓的變化，求得R2

中電流的變化，由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可得出電流表示數的變化．

閉合電路的歐姆定律一般按先分析外電路，再分析內電路，最后再分析外電路的思路進行；若電阻與電源串聯(lián)，可以等效為內阻處理．【解析】A

6、C【分析】解：A

由題意得，ac

間的電勢差為：Uac=婁脮a鈭?婁脮c=43鈭?(鈭?43)V=83V

ac

兩點沿電場強度方向的距離為：d=2Rsin婁脠=2隆脕0.2隆脕32=35m

故該勻強電場的場強為：E=Uacd8335=40V/m.

故AB錯誤．

C、根據勻強電場中電勢差與電場強度的關系式U=Ed

相等距離，電勢差相等，因為婁脮a=43婁脮c=鈭?43V

可知，O

點電勢為0

而dO=Ob

則bO

間的電勢差等于Od

間的電勢差；可知，d

點的電勢為鈭?4V

故C正確，D錯誤．

故選：C

勻強電場中；電勢差與電場強度的關系為U=Edd

是兩點沿電場強度方向的距離，根據此公式和ac

間的電勢差，求出電場強度E

．

由題可知，圓心O

點的電勢為0

根據U=Ed

分析db

間電勢差的關系；即可求得d

點的電勢．

解決本題的關鍵是正確理解勻強電場中電勢差與強場的間的關系U=Ed

分析勻強電場中兩點間的電勢差關系，注意d

為沿電場線方向上的距離．【解析】C

7、A【分析】【分析】電感總是阻礙電流的變化.

線圈中的電流增大時，產生自感電流的方向與原電流的方向相反，抑制增大；線圈中的電流減小時，產生自感電流的方向更原電流的方向相同，抑制減小，并與燈泡A

構成電路回路。線圈中電流變化時，線圈中產生感應電動勢；線圈電流增加，相當于一個瞬間電源接入電路，線圈左端是電源正極，當電流減小時，相當于一個瞬間電源，線圈右端是電源正極。本題考查通電自感和斷電自感，屬于基礎題，抓住電路的三態(tài)：通電瞬間，L

當斷路；電路穩(wěn)定，L

當電阻(

或導線)

斷電瞬間，L

當電源。【解答】ABC.S

閉合瞬間；線圈中電流緩慢增加，故A1,A2

同時發(fā)光，穩(wěn)定后電燈A1

被短路，故A2

更亮，A1

熄滅，故A正確，B

C錯誤；

D.穩(wěn)定后再斷開S

的瞬間；A2

燈立即熄滅，但由于線圈的電流減小，導致線圈中出現(xiàn)感應電動勢從而阻礙電流的減小，所以A1

燈亮一下再慢慢熄滅，故D錯誤。

故選A?！窘馕觥緼

8、B【分析】解：A

重力沿切線方向的分力提供單擺做簡諧運動的向心力；故A錯誤；

B；擺動到最低點時回復力為零；故B正確；

C；在小球最最高點開始擺動過程中；小球的動能先增大后減小，到達另一側最高點時動能為零，然后再重復；故其動能的周期為單擺周期的一半；故C錯誤；

D、單擺的周期T=2婁脨Lg

與小球的質量無關；故D錯誤；

故選：B

．

單擺振動時；擺球的回復力是擺球所受重力沿圓弧切線方向的分力；分析清楚單擺運動過程，根據單擺的運動過程與單擺周期公式分析答題．

本題考查了單擺做簡諧運動的回復力、周期與運動過程問題，知道單擺周期公式的影響因素，分析清楚單擺運動過程即可解題．【解析】B

9、A【分析】由安培定則判斷出通電導線中的電流在示波管位置的磁場方向；然后由左手定則判斷出電子束受到的安培力方向，最后根據電子束的受力方向判斷電子束如何偏轉。由安培定則可知，在示波管處電流磁場方向垂直于紙面向外；電子束由左向右運動；電子束形成的電流方向水平向左；

由左手定則可知；電子束受到的安培力豎直向上，則電子束向上偏轉。

故選A。知道電流方向與電子運動方向相反，熟練掌握安培定則、左手定則是正確解題的關鍵。【解析】A

二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】【解析】試題分析：該實驗中，電源電動勢E,內電阻r，與路端電壓U，電流I的關系為E=U+Ir當I=0時，U=E，因此電動勢為1.5V，當U=0.8V時，I=0.7A，代入上式，得r=1.0Ω考點：測定電池的電動勢和內阻的實驗【解析】【答案】1.5;1.011、略

【分析】(1)光是橫波，選項A錯；激光在介質中的波長為λ＝不同介質n不同，所以波長不同，選項B錯；產生干涉的條件是頻率相同，選項C錯；利用激光平行度好的特點可以測量月球和地球之間的距離，選項D正確．(2)因為＝即半波長的奇數倍，所以出現(xiàn)暗條紋．根據條紋間距公式Δx＝λ，當單色光的波長變長時，條紋間距變寬．【解析】【答案】(1)D(2)暗條紋變寬12、略

【分析】解：將交流與直流通過阻值都為R的電阻；設直流電流為I，則根據有效值的定義，則有：

I2R×0.4=（）2R×0.2+（）2R×0.2

解得：I=A

故答案為：

根據有效值的定義求解．取一個周期時間；將交流與直流分別通過相同的電阻，若產生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．

對于非正弦式電流可根據有效值的定義求解有效值．常見題型，要熟練掌握．【解析】13、略

【分析】解：①由質量數與核電荷數守恒可知；核反應方程式為：

H+Li→2He；

②核反應前后的質量虧損：

△m=1.0073+7.016u-2×4.0015u=0.0203u

核反應中釋放的能量：△E=△mc2；

代入數據解得：△E=18.90945MeV；

故答案為：①H+Li→2He；②18.90945；18.90945．

①根據質量數與核電荷數守恒寫出核反應方程式．

②反應物與生成物之間質量之差等于質量虧損，依據愛因斯坦質能方程E=mc2；可以求得釋放的核能．

本題比較簡單考查了核反應方程、核能計算、動量守恒等基礎知識，越是簡單基礎問題，越要加強理解和應用，為解決復雜問題打下基礎．【解析】H+Li→2He；18.90945；18.9094514、逐漸；立刻【分析】解：當開關閉合時；通過線圈L

的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，線圈產生的感應電動勢阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，A

逐漸亮起來.

當開關斷開時，電路斷開，線圈和燈泡不能構成回路，故電流立即為零，故小燈泡立刻熄滅．

故答案為：逐漸；立刻．

當電鍵K

閉合時；通過線圈L

的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據楞次定律判斷燈泡的亮度變化．

自感現(xiàn)象是特殊的電磁感應現(xiàn)象，斷開開關S

時，電路斷開，燈泡中原來的電流突然消失，燈泡立即熄滅．【解析】逐漸；立刻三、判斷題(共5題，共10分)15、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?8、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．四、實驗題(共4題，共32分)20、略

【分析】試題分析：圖中20分度的游標卡尺，0刻線前漏出了31mm，且第14條刻線對齊，故讀數為：D=31mm+14×0.05mm=31.70mm，千分尺固定刻度漏出了3mm，中軸線對齊為47.1格，所以螺旋測微器的讀數為：d=3mm+47.1×0.01mm=3.471mm.考點：本題考查了測量儀器的讀數?！窘馕觥俊敬鸢浮?1.70;3.47121、略

【分析】試題解析：（1）游標卡尺對應的讀數為18.4mm，故單擺的擺長為97.50cm+=98.42cm；（2）如果A中記錄擺長時誤將擺球的直徑作為半徑，則擺長的值會偏大，則代入公式g=計算的值也會偏大，故A是可能的；B中開始計時時，秒表過遲按下，則記錄的時間偏小，根據公式也可得，g的值偏大，B也是可能的；C中擺線長度增加了，但測量時其周期的大小也會發(fā)生改變，故計算的g值是不變的；如果實驗中誤將29次全振動數為30次，則得出的周期值會偏小，則g的值會偏大，D也是可能的。（3）由圖像可得，當擺長為1m時，其周期的平方大小為4s2，故重力加速度g＝=9.87m/s2（或π2m/s2）考點：用單擺測重力加速度。【解析】【答案】（1）98.42；（2）ABD；（3）9.87（或π2）。22、略

【分析】⑴P3、P4應插在玻璃磚bb’一側⑵略⑶由光路圖可知入射角為θ1，折射角為θ2【解析】【答案】⑴B⑵①過P1、P2作直線與bb′交于O；②過P3、P4作直線與bb′交于O′；③利用刻度尺找到OO′的中點M；④過O點作bb′的垂線CD，過M點作bb′的垂線與aa′相交與N，如圖所示，連接ON；⑤∠P1OD＝θ1，∠CON＝θ2。⑶23、rm{(1)Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜簍脕貌脣謾}CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜簍脕貌脣謾}

CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}恒壓防倒吸rm{(2)}溶液濃rm{NaOH}分液漏斗蒸餾燒瓶rm{H_{2}SO_{4}}或rm{(3)壟脺壟脻壟脵壟脷壟脹(}rm{壟脺壟脻壟脵壟脹壟脷)}rm{(4)b}飽和rm{(5)}溶液蒸餾

rm{NaHSO_{3}}【分析】【分析】本題考查有機物合成方案的設計，題目難度較大，綜合性較強，答題時注意把握物質的分離、提純方法，把握物質的性質的異同是解答該題的關鍵?！窘獯稹縭m{(1)}氫氣可用活潑金屬鋅與非氧化性酸鹽酸通過置換反應制備，氧化性酸如硝酸和濃硫酸與鋅反應不能產生氫氣，方程式為rm{Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}rm{2-}丙醇通過消去反應即到達丙烯，方程式為：rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜簍脕貌脣謾}}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜簍脕貌脣謾}

}

故答案為：rm{CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜簍脕貌脣謾}}rm{Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}

rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜簍脕貌脣謾}

}甲酸在濃硫酸的作用下通過加熱脫水即生成rm{CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}由于甲酸易揮發(fā)，產生的rm{(2)}中必然會混有甲酸，所以在收集之前需要除去甲酸，可以利用rm{CO}溶液吸收甲酸rm{CO}又因為甲酸易溶于水，所以必需防止液體倒流，即rm{NaOH}的作用是防止倒吸，最后通過濃硫酸干燥rm{.}為了使產生的氣體能順利的從發(fā)生裝置中排出，就必需保持壓強一致，因此rm的作用是保持恒壓；若用以上裝置制備氫氣，就不再需要加熱，所以此時發(fā)生裝置中的玻璃儀器名稱是分液漏斗和蒸餾燒瓶；氫氣密度小于空氣的，因此要收集干燥的氫氣，就只能用向下排空氣法，而不能用排水法收集；故答案為：恒壓，防倒吸；rm{CO.}溶液，濃rm{a}分液漏斗、蒸餾燒瓶；

故答案為：恒壓；防倒吸；rm{NaOH}溶液；濃rm{H_{2}SO_{4}}

rm{NaOH}檢驗丙烯可以用酸性rm{H_{2}SO_{4}}溶液，檢驗rm{(3)}可以用酸性rm{KMnO_{4}}溶液褪色、品紅溶液或石灰水，檢驗rm{SO_{2}}可以石灰水，檢驗水蒸氣可以無水rm{KMnO_{4}}所以在檢驗這四種氣體必需考慮試劑的選擇和順序rm{CO_{2}}只要通過溶液，就會產生水蒸氣，因此先檢驗水蒸氣；然后檢驗rm{CuSO_{4}}并在檢驗之后除去rm{.}除rm{SO_{2}}可以用飽和rm{SO_{2}}溶液，最后檢驗rm{SO_{2}}和丙烯，因此順序為rm{Na_{2}SO_{3}}或rm{CO_{2}}

故答案為：rm{壟脺壟脻壟脵壟脻壟脷壟脹(}或rm{壟脺壟脻壟脵壟脻壟脹壟脷)}

rm{壟脺壟脻壟脵壟脻壟脷壟脹(}由于反應是一個體積減小的可逆反應，所以采用高壓，有利于增大反應速率和提高原料氣的轉化率；正向反應是放熱反應，雖然低溫有利于提高原料氣的轉化率，但不利于增大反應速率，因此要采用適當的溫度；催化劑不能提高原料氣的轉化率，但有利于增大反應速率，縮短到達平衡所需要的時間，故正確所選項是rm{壟脺壟脻壟脵壟脻壟脹壟脷)}

故答案為：rm{(4)}

rm粗品中含有正丁醛，根據所給的信息利用飽和rm溶液形成沉淀，然后通過過濾即可除去；由于飽和rm{(5)}溶液是過量的，所以加入乙醚的目的是萃取溶液中的rm{NaHSO_{3}}丁醇rm{NaHSO_{3}}因為rm{1-}丁醇和乙醚的沸點相差很大；因此可以利用蒸餾將其分離開；

故答案為：飽和rm{.}溶液，蒸餾。rm{1-}【解析】rm{(1)Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜簍脕貌脣謾}CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜簍脕貌脣謾}

CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}恒壓防倒吸rm{(2)}溶液濃rm{NaOH}分液漏斗蒸餾燒瓶rm{H_{2}SO_{4}}或rm{(3)壟脺壟脻壟脵壟脷壟脹(}rm{壟脺壟脻壟脵壟脹壟脷)}rm{(4)b}飽和rm{(5)}溶液蒸餾

rm{NaHSO_{3}}五、識圖作答題(共3題，共24分)24、（1）有藻藍素和葉綠素、有進行光合作用相關的酶（2）（單位時間）O2的釋放量先增加后降低（3）d2＞d1＞d3（4）d2【分析】【分析】本題考查光合作用的機理和影響光合作用的因素以及呼吸作用的相關知識。意在考查考生具備驗證簡單生物學事實的能力，并能對實驗現(xiàn)象和結果進行解釋、分析和處理。