2025年新世紀(jì)版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年新世紀(jì)版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的描述，下列說(shuō)法中正確的是（）A.只有體積很小的物體才能看作質(zhì)點(diǎn)B.研究地球公轉(zhuǎn)一周所用的時(shí)間時(shí)，可以把地球看成質(zhì)點(diǎn)C.研究列車過(guò)橋所用的時(shí)間時(shí)，可以把列車看成質(zhì)點(diǎn)D.研究車輪的轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，可以把車輪看成質(zhì)點(diǎn)2、如圖，一物體m在沿斜面向上的恒力F作用下，由靜止從底端沿光滑的固定斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t力F做功為60J，此后撤去恒力F，物體又經(jīng)t時(shí)間回到出發(fā)點(diǎn)，若以地面為零勢(shì)能點(diǎn)，則下列說(shuō)法不正確的是（）A.物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能是60JB.撤去力F時(shí)，物體的重力勢(shì)能是45JC.開(kāi)始時(shí)物體所受的恒力F=2mgsinθD.物體的最大重力勢(shì)能是60J3、如圖所示，一對(duì)大磁極，中間處可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，上、下邊緣處為非勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一矩形導(dǎo)線框abcd保持水平，從兩磁極間中心上方某處開(kāi)始下落，并穿過(guò)磁場(chǎng)（）A.線框中有感應(yīng)電流，方向是先a→b→c→d→a后d→c→b→a→dB.線框中有感應(yīng)電流，方向是先d→c→b→a→d后a→b→c→d→aC.受磁場(chǎng)的作用，線框要發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)D.線框中始終沒(méi)有感應(yīng)電流4、如圖所示，兩等量異種電荷分別位于A、B兩點(diǎn)，其中A處電荷為正電荷，過(guò)O點(diǎn)做AB連線的垂線，已知AO＞BO，M、N是垂線上的兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B.M點(diǎn)電勢(shì)低于N點(diǎn)電勢(shì)C.一個(gè)負(fù)的試探電荷在M點(diǎn)電勢(shì)能大于在N點(diǎn)電勢(shì)能D.一個(gè)正的試探電荷在M點(diǎn)電勢(shì)能大于在N點(diǎn)電勢(shì)能5、本題中A．B分別為一期教材；二期新教材分叉題；考生選擇只能選A組的全部或B組的全部完成。

（A題）如圖所示，ABC和AD是兩個(gè)高度相等的光滑斜面，ABC由傾角不同的兩部分組成，且AB+BC=AD，兩個(gè)相同的小球a、b從A點(diǎn)分別沿兩側(cè)斜面由靜止滑下；不計(jì)轉(zhuǎn)折處的能量損失，則滑到底部的先后次序是（）

A.a球先到。

B.b球先到。

C.兩球同時(shí)到達(dá)。

D.無(wú)法判斷。

6、兩質(zhì)量之比為的衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比則下列關(guān)于兩顆衛(wèi)星的說(shuō)法中正確的是A.線速度大小之比為B.向心加速度大小之比為C.運(yùn)動(dòng)的周期之比為D.動(dòng)能之比為7、在做“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，有人提出以下幾點(diǎn)建議，可行的是（）A.適當(dāng)加長(zhǎng)擺線B.質(zhì)量相同，體積不同的擺球，應(yīng)選用體積較大的C.單擺偏離平衡位置的角度要適當(dāng)大一些D.當(dāng)單擺經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)一次全振動(dòng)后停止計(jì)時(shí)，用此時(shí)間間隔作為單擺振動(dòng)的周期評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)8、一定量的氣體在某一過(guò)程中，外界對(duì)氣體做了8×104J的功，氣體的內(nèi)能減少了1.2×105J，則氣體____（填“吸收”或“放出”）熱量____J．9、（2016?大名縣模擬）氫原子的能級(jí)如圖所示．氫原子從n=3能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷所放出的光子，恰能使某種金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，則該金屬的截止頻率為_(kāi)___Hz；用一群處n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)所發(fā)出的光照射該金屬，產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能為_(kāi)___eV（普朗克常量h=6.63×10-34J?s，結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）．10、勻強(qiáng)磁場(chǎng)中長(zhǎng)2cm的通電導(dǎo)線垂直磁場(chǎng)方向，當(dāng)通過(guò)導(dǎo)線的電流為2A時(shí)，它受到的磁場(chǎng)力大小為4×10-3N，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為_(kāi)___T，若電流不變，導(dǎo)線長(zhǎng)度減小到1cm，則它受磁場(chǎng)力F為_(kāi)___N，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為_(kāi)___T．11、（2011?蕭山區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，位于水平桌面上的物塊P，由跨過(guò)定滑輪的輕繩與物塊Q相連，從滑輪到P和到Q的兩段繩都是水平的．已知Q與P之間以及P與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都是μ，P、Q兩物塊的質(zhì)量分別是2m和m，滑輪的質(zhì)量、滑輪軸上的摩擦都不計(jì)，若用一水平向右的力F拉P使它做勻速運(yùn)動(dòng)，則F的大小為_(kāi)___．12、自然界里一些放射性重元素往往會(huì)發(fā)生一系列連續(xù)的衰變，形成放射系.

圖是錒系圖.

縱坐標(biāo)N

表示______，橫坐標(biāo)Z

表示______，從U隆煤Pb

有______次婁脕

衰變，______次婁脗

衰變．13、（2016?南京校級(jí)模擬）如圖所示，螺線管的匝數(shù)為100匝，在0.1s內(nèi)穿過(guò)螺線管的磁通量變化了0.02Wb，則螺線管兩端產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)___V．14、（2015春?南陽(yáng)校級(jí)期中）如圖所示，球固定在水平面上，球的半徑為的R，從球上水平拋出一個(gè)物體，使物體不沿球面下落的速度至少是____，物體落地點(diǎn)到A點(diǎn)的距離是____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力．____（判斷對(duì)錯(cuò)）16、物體速度變化的方向與它受到的合外力的方向相同．____（判斷對(duì)錯(cuò)）17、液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)轱柡推捏w積隨溫度的升高而增大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)20、如圖表示兩面平行玻璃磚的截面圖，一束平行于CD邊的單色光入射到AC界面上，a、b是其中的兩條平行光線．光線a在玻璃磚中的光路已給出．畫(huà)出光線b的光路圖并求出從玻璃磚中首次出射時(shí)的折射角21、畫(huà)出下圖中物體A或結(jié)點(diǎn)A所受彈力的示意圖．（所有接觸面均光滑；畫(huà)在原圖上）

評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共3題，共12分)22、【題文】(20分)

如圖，ABD為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB段是水平的，BD段為半徑R=0.2m的半圓，兩段軌道相切于B點(diǎn)，整個(gè)軌道處在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)大小E=5.0×103V/m。一不帶電的絕緣小球甲，以速度υ0沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)，與靜止在B點(diǎn)帶正電的小球乙發(fā)生彈性碰撞。已知甲、乙兩球的質(zhì)量均為m=1.0×10-2kg，乙所帶電荷量q=2.0×10-5C

，g取10m/s2。(水平軌道足夠長(zhǎng)；甲；乙兩球可視為質(zhì)點(diǎn)，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程無(wú)電荷轉(zhuǎn)移)

（1）甲乙兩球碰撞后；乙恰能通過(guò)軌道的最高點(diǎn)D，求乙在軌道上的首次落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離；

（2）在滿足(1)的條件下。求的甲的速度υ0；

（3）若甲仍以速度υ0向右運(yùn)動(dòng)；增大甲的質(zhì)量，保持乙的質(zhì)量不變，求乙在軌道上的首次落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離范圍。

23、某空間站科研人員設(shè)計(jì)了一個(gè)“太空粒子探測(cè)器”，裝置如圖所示，有徑向電場(chǎng)、偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)、金屬板三部分組成。徑向電場(chǎng)兩電極AB

間的電勢(shì)差為U

大小可調(diào)，電場(chǎng)強(qiáng)度方向均指向O1

點(diǎn)，電極A

上可以收集到來(lái)自宇宙空間的帶電粒子23X

和38Y

粒子從靜止?fàn)顟B(tài)經(jīng)徑向電場(chǎng)加速后均從O1

點(diǎn)飛入磁場(chǎng)。磁場(chǎng)邊界為半圓形，圓心為O

半徑為R

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B

方向垂直紙面向外，OO1=12R

半圓形金屬板CD

與磁場(chǎng)上邊界重合；CD

連線與磁場(chǎng)下邊界重合，和電阻R

串聯(lián)后接地，粒子到達(dá)金屬板后電荷會(huì)經(jīng)過(guò)導(dǎo)線流入大地。已知電子的電荷量為e

不考慮粒子間相互作用和粒子的重力。

(1)

當(dāng)U=U0

時(shí)，P

點(diǎn)收集到的粒子23X

可以打到金屬板的D

點(diǎn)，求粒子23X

的比荷qm

(2)

當(dāng)U=kU0

時(shí)，P

點(diǎn)收集到的粒子23X

在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)后可以打到金屬板的Q

點(diǎn)，若Q

點(diǎn)到圓心O

的連線QO

與半徑OD

成60鈭?

角；求k

的值；

(3)

現(xiàn)將徑向電場(chǎng)沿水平方向向右移動(dòng)，使得O1

點(diǎn)與磁場(chǎng)圓心O

重合，現(xiàn)電極A

上均勻地收集到粒子23X

和38Y

單位時(shí)間內(nèi)分別有N

個(gè)23X

和38Y

粒子從O

點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，當(dāng)兩極間電勢(shì)差U=2536U0

時(shí)，求通過(guò)電阻R

上的電流I

24、如圖所示，質(zhì)量為m

可看作質(zhì)點(diǎn)的小球從靜止開(kāi)始沿斜面由A

點(diǎn)滑到B

點(diǎn)后，進(jìn)入與斜面圓滑連接的14

豎直圓弧管道B虃C

管道出口為C

圓弧半徑R=15cmAB

的豎直高度差h=35cm.

在緊靠出口C

處，有一水平放置且繞其水平軸線勻速旋轉(zhuǎn)的圓筒(

不計(jì)筒皮厚度)

筒上開(kāi)有小孔D

筒旋轉(zhuǎn)時(shí)，小孔D

恰好能經(jīng)過(guò)出口C

處.

若小球射出C

口時(shí)，恰好能接著穿過(guò)D

孔，并且還能再?gòu)腄

孔向上穿出圓筒，小球返回后又先后兩次向下穿過(guò)D

孔而未發(fā)生碰撞.

不計(jì)摩擦和空氣阻力，取g=10m/s2

問(wèn)：

(1)

小球到達(dá)C

點(diǎn)的速為多少度vc

為多少？

(2)

圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)的最大周期T

(3)

在圓筒以最大周期T

轉(zhuǎn)動(dòng)的情況下，要完成上述運(yùn)動(dòng)圓筒的半徑R隆盲

必須為多少？評(píng)卷人得分六、畫(huà)圖題(共2題，共4分)25、圖所示為一列向左傳播的簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫(huà)出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）26、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請(qǐng)畫(huà)出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對(duì)所研究的問(wèn)題沒(méi)有影響時(shí)，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)，根據(jù)把物體看成質(zhì)點(diǎn)的條件來(lái)判斷即可正確解答本題．【解析】【解答】解：A；要把物體看作質(zhì)點(diǎn)；就要看所研究問(wèn)題的性質(zhì)，而與物體本身大小無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B；研究地球公轉(zhuǎn)一周所用的時(shí)間時(shí)；地球的大小和體積可以忽略，可以把地球看成質(zhì)點(diǎn)，故B正確；

C；列車長(zhǎng)度與橋相比不能忽略；列車的過(guò)橋時(shí)間與列車長(zhǎng)度有關(guān)，故不能把列車看做質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D；車輪上各點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況不同；不能用一個(gè)點(diǎn)來(lái)代替車輪，故D錯(cuò)誤；

故選：B．2、C【分析】【分析】根據(jù)動(dòng)能定理求出物體回到出發(fā)點(diǎn)的動(dòng)能．假設(shè)撤去F時(shí)物體的速度大小為v．撤去F后物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其位移與勻加速運(yùn)動(dòng)的位移大小相等，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出物體回到出發(fā)點(diǎn)的速度，得到其動(dòng)能．根據(jù)動(dòng)量定理求解F的大?。鶕?jù)F與mg的關(guān)系，由動(dòng)能定理求解撤去力F時(shí)，物體的重力勢(shì)能．【解析】【解答】解：A、根據(jù)動(dòng)能定理得：對(duì)整體運(yùn)動(dòng)過(guò)程：WF=Ek-0，得到：物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能Ek=WF=60J．故A正確．

C；設(shè)撤去F時(shí)物體的速度大小為v；物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小為v′，取沿斜面向上方向?yàn)檎较颍畵?jù)題分析得知，撤去F后t時(shí)間內(nèi)物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的位移與t時(shí)間內(nèi)勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移大小，方向相等，則有：

=-t

解得：

v′=2v．

根據(jù)動(dòng)量定理；勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程：

Ft-mgsinθt=mv

勻減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程：

-mgsinθt=-mv′-mv

聯(lián)立解得：

F=mgsinθ．故C錯(cuò)誤．

B；勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程：

WF=Fs=60J；

將F=mgsinθ代入得到：

mgsinθ?s=60J

得到：

mgsinθ?s=45J．

則撤去力F時(shí)；物體的重力勢(shì)能是：

Ep=mgsinθ?s=45J．故B正確．

D；物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最大；為60J；

撤去拉力后物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒；故最高點(diǎn)的重力勢(shì)能為60J；故D正確；

本題選錯(cuò)誤的，故選：C．3、D【分析】【分析】由磁場(chǎng)來(lái)確定磁感線的分布，從而確定穿過(guò)線圈的磁通量如何變化，若有磁通量變化，則根據(jù)楞次定律來(lái)確定感應(yīng)電流的方向．【解析】【解答】解：由題意可知；線框從兩磁極間中心上方某處開(kāi)始下落，穿過(guò)線圈的磁通量始終為零，雖有磁感線穿入，但又從線圈中穿出，相互抵消，導(dǎo)致磁通量為零．故D正確，ABC均錯(cuò)誤；

故選D4、D【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)線疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)的大?。Y(jié)合等勢(shì)線的分布，分析電勢(shì)高低．根據(jù)推論：正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，負(fù)電荷在電勢(shì)低處電勢(shì)大判斷電勢(shì)能的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、如圖為等量異種電荷電場(chǎng)線的分布圖，由圖可知M點(diǎn)處電場(chǎng)線疏，則M場(chǎng)強(qiáng)小于N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)．故A錯(cuò)誤．

B；由等勢(shì)線分布情況可知；M點(diǎn)電勢(shì)高于N點(diǎn)電勢(shì)．故B錯(cuò)誤．

C；根據(jù)推論：負(fù)電荷在電勢(shì)低處電勢(shì)大；可知負(fù)的試探電荷在M點(diǎn)電勢(shì)能小于在N點(diǎn)電勢(shì)能．故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)推論：正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大；正的試探電荷在M點(diǎn)電勢(shì)能大于在N點(diǎn)電勢(shì)能．故D正確．

故選D．5、A【分析】

據(jù)題；兩個(gè)光滑的斜面高度相同，AB+BC=AD，由幾何知識(shí)分析得知：AB的傾角大于AD的傾角，BC傾角小于AD的傾角，則根據(jù)牛頓第二定律得知，小球在AB面滑下的加速度大于AD面滑下的加速度，而在BC面滑下的加速度小于AD面滑下的加速度，由機(jī)械能守恒得知，兩個(gè)小球到達(dá)斜面底端的速率相等，作出兩個(gè)小球的速度-時(shí)間圖象如圖：

可知t1＞t2；故a球先到達(dá)地面；

故選A．

【解析】【答案】由題；兩個(gè)光滑的斜面高度相同，AB+BC=AD，由幾何知識(shí)分析AB；BC兩個(gè)斜面的傾角與AD傾角的大小關(guān)系，確定加速度的關(guān)系，作出小球從斜面滑下過(guò)程速度-時(shí)間圖象，根據(jù)斜率等于加速度、“面積”等于位移，比較滑到底部的先后次序．

6、D【分析】試題分析：人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球質(zhì)量為M，有解得Ek=mv2，故甲、乙兩顆人造地球衛(wèi)星的線速度之比v1：v2=A錯(cuò)誤；甲、乙兩顆人造地球衛(wèi)星的運(yùn)行周期之比T1：T2=C錯(cuò)誤；甲、乙兩顆人造地球衛(wèi)星的向心加速度比a1：a2=4：1，B錯(cuò)誤；甲、乙兩顆人造地球衛(wèi)星的動(dòng)能比為D正確。考點(diǎn)：本題考查萬(wàn)有引力與航天?！窘馕觥俊敬鸢浮緿7、A【分析】【分析】為了減小測(cè)量誤差，單擺擺長(zhǎng)應(yīng)適當(dāng)長(zhǎng)些，便于測(cè)量時(shí)間．在空氣阻力很小、擺角很小的情況下單擺的振動(dòng)才是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，應(yīng)滿足條件．采用累積法，測(cè)量周期可以減小誤差【解析】【解答】解：A；單擺的擺長(zhǎng)越長(zhǎng)；周期越大，適當(dāng)加長(zhǎng)擺長(zhǎng)，便于測(cè)量周期．故A正確．

B；要減小空氣阻力的影響；應(yīng)選體積較小的擺球．故B錯(cuò)誤．

C；單擺在擺角很小的情況下才做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；則單擺偏離平衡位置的角度不能太大，一般不超過(guò)5°．故C錯(cuò)誤。

D；單擺周期較??；把一次全振動(dòng)的時(shí)間作為周期，測(cè)量誤差較大，應(yīng)采用累積法，測(cè)多個(gè)周期的時(shí)間取平均值作為單擺的周期．故D錯(cuò)誤．

故選：A二、填空題(共7題，共14分)8、放出2.0×105【分析】【分析】已知?dú)怏w做的功與氣體內(nèi)能額變化，由熱力學(xué)第一定律分析答題．【解析】【解答】解：由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q得：Q=△U-W=-1.2×105J-8.0×104J=-2×105J；

則氣體向外放出2.0×105J的熱量；

故答案為：放出，2.0×1059、2.9×10150.66【分析】【分析】根據(jù)玻爾理論和愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程，研究該金屬的截止頻率和產(chǎn)生光電子最大初動(dòng)能的最大值．【解析】【解答】解：根據(jù)玻爾理論得到E3-E1=hγ，解得：γ=2.9×1015Hz；

從n=4向n=1躍遷所放出的光子照射金屬產(chǎn)生光電子最大初動(dòng)能最大；根據(jù)愛(ài)因斯坦光電方程有：

Ek=（E4-E1）-hγ

得：Ek=0.66eV；

故答案為：2.9×1015，0.66．10、0.12×10-30.1【分析】【分析】根據(jù)安培力的大小公式F=BIL求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，以及安培力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)F=BIL得，B=．

若電流不變，導(dǎo)線長(zhǎng)度減小到1cm，則它受磁場(chǎng)力F=BIL=0.1×2×0.01=2×10-3N．

此處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不變；為0.1T．

故答案為：0.1T，2×10-3N，0.1T11、5μmg【分析】【分析】先對(duì)物塊Q受力分析，根據(jù)平衡條件求出細(xì)線的拉力，然后對(duì)物塊P受力分析，再次根據(jù)平衡條件求出力F【解析】【解答】解：對(duì)Q物塊；設(shè)跨過(guò)定滑輪的輕繩拉力為T(mén)

木塊Q與P間的滑動(dòng)摩擦力f=μmg①

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件T=f②

對(duì)木塊P受力分析；P受拉力F，Q對(duì)P向左的摩擦力f；

地面對(duì)P物體向左的摩擦力f′；根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件；

有F=f+f′+T③

地面對(duì)P物體向左的摩擦力。

f′=μ（3m）g④

由①～④式可以解得。

F=5μmg

故答案為5μmg．12、略

【分析】解：因?yàn)樵谒プ兊倪^(guò)程中；橫坐標(biāo)不是多1

就是少2

知橫坐標(biāo)為電荷數(shù)，即質(zhì)子數(shù).

縱坐標(biāo)少2

或少1

知縱坐標(biāo)表示中子數(shù)．

從U隆煤Pb

質(zhì)子數(shù)少10

中子數(shù)少18

則質(zhì)量數(shù)少28

由于Pb

是不穩(wěn)定的還會(huì)繼續(xù)衰變的；

設(shè)經(jīng)過(guò)n

次婁脕

衰變；m

次婁脗

衰變，有4n=282n鈭?m=10

解得n=7m=4

．

故答案為：中子數(shù)；質(zhì)子數(shù)、74

．

根據(jù)婁脕

衰變的過(guò)程中電荷數(shù)少2

質(zhì)量數(shù)少4婁脗

衰變的過(guò)程中電荷數(shù)多1

質(zhì)量數(shù)不變，進(jìn)行判斷．

解決本題的關(guān)鍵知道衰變的實(shí)質(zhì)，知道衰變的過(guò)程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒．【解析】中子數(shù)；質(zhì)子數(shù)；74

13、20【分析】【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n，求出線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．【解析】【解答】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律，則有：E=n=100×V=20V．

故答案為：20．14、2R【分析】【分析】物體在球面上水平拋出，知在最高點(diǎn)對(duì)球面的壓力為零，根據(jù)牛頓第二定律求出物體在最高點(diǎn)的最小速度，根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合初速度和時(shí)間求出水平距離．【解析】【解答】解：根據(jù)mg=m得，物體在最高點(diǎn)的最小速度v=．

根據(jù)2R=得，t=．

則平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離x=．

故答案為：，2R三、判斷題(共5題，共10分)15、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失，故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√16、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律分析答題．【解析】【解答】解：物體速度變化的方向就是加速度的方向；由牛頓第二定律可知，加速度方向與物體受到的合外力的方向相，故說(shuō)法正確；

故答案為：√．17、×【分析】【分析】與液體處于動(dòng)態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱為不飽和蒸氣．飽和蒸氣壓強(qiáng)與飽和蒸氣體積無(wú)關(guān)！在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，這個(gè)壓強(qiáng)叫做飽和蒸氣壓強(qiáng)．同溫下未飽和蒸氣壓強(qiáng)小于飽和蒸氣壓強(qiáng)．【解析】【解答】解：在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，與體積無(wú)關(guān)；故密閉容器中某種蒸汽開(kāi)始時(shí)若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積，穩(wěn)定后蒸汽的壓強(qiáng)不變；液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)殡S溫度的升高液體蒸發(fā)的速度加快．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)．【解析】【解答】解：熱平衡是兩個(gè)系統(tǒng)相互影響的最終結(jié)果；根據(jù)熱平衡的定義可知，熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，沒(méi)有說(shuō)明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×四、作圖題(共2題，共20分)20、略

【分析】【解析】試題分析：光線從AC面射入時(shí)，折射光線與第一條光線平行，射到CD面上；根據(jù)臨界角為45°，光路如圖所示，到達(dá)CD邊時(shí)一定會(huì)發(fā)生全反射，故從BD邊射出，故光路圖所圖所示：考點(diǎn)：本題考查光的傳播及折射定律，【解析】【答案】21、略

【分析】【分析】彈力產(chǎn)生在接觸面上，常見(jiàn)的支持力或壓力是彈力，它們的方向是垂直接觸面指向受力物體，常見(jiàn)的方向分3種情況：（1）點(diǎn)和平面接觸垂直于平面，（2）點(diǎn)和曲面接觸垂直于曲面的切面，（3）曲面和曲面接觸垂直于曲面的公切面．【解析】【解答】解：（1）圖中兩物體雖然接觸；A受水平向右的彈力與下面球?qū)的彈力，其方向是兩球心的連線指向左上方；

（2）圖中與地面接觸點(diǎn)彈力豎直向上；與豎直面沒(méi)有彈力；否則會(huì)運(yùn)動(dòng)；

（3）圖中結(jié)點(diǎn)A受到兩處繩子的拉力和桿的支持力；其中桿的支持力的方向沿桿的方向，否則桿會(huì)繞鉸鏈轉(zhuǎn)動(dòng)；

（4）圖中滑輪A受到兩處繩子的拉力和桿的支持力；其中桿的支持力的方向與兩根繩子的合力的方向相反，由于桿固定，所以該支持力的方向可以不沿桿的方向．

答：如上圖所示．五、計(jì)算題(共3題，共12分)22、略

【分析】【解析】（20分）

解：（1）在乙恰能通過(guò)軌道最高點(diǎn)的情況下，設(shè)乙到達(dá)最高點(diǎn)速度為乙離開(kāi)點(diǎn)到達(dá)水平軌道的時(shí)間為乙的落點(diǎn)到點(diǎn)的距離為則。

①

②

③

聯(lián)立①②③得。

④

（2）設(shè)碰撞后甲、乙的速度分別為根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有。

⑤

⑥

聯(lián)立⑤⑥得⑦

由動(dòng)能定理，得⑧

聯(lián)立①⑦⑧得⑨

（3）設(shè)甲的質(zhì)量為碰撞后甲、乙的速度分別為根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有。

⑩

11

聯(lián)立⑩11得12

由12和可得13

設(shè)乙球過(guò)D點(diǎn)時(shí)速度為由動(dòng)能定理得。

14

聯(lián)立91314得。

15

設(shè)乙在水平軌道上的落點(diǎn)距點(diǎn)的距離有。

16

聯(lián)立②1516得。

【解析】【答案】（20分）

解：（1）

（2）

（3）23、略

【分析】

(1)

在電場(chǎng)中電場(chǎng)力做功；由動(dòng)能定理可求得粒子的速度，由幾何關(guān)系確定半徑，再由洛侖茲力提供向心力求出比荷；

(2)

由幾何關(guān)系根據(jù)正弦定理和余弦定理求出粒子打在Q

點(diǎn)的軌跡半徑；再由洛侖茲力充當(dāng)向心力可求得速度，再根據(jù)動(dòng)能定理求出電壓乃至倍數(shù)k

(3)

根據(jù)幾何關(guān)系確定能到達(dá)金屬板的粒子的入射角范圍；根據(jù)角度關(guān)系可求得打在圓盤(pán)上粒子所占比值。

本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，此類問(wèn)題解題的關(guān)鍵在于明確粒子的運(yùn)動(dòng)情況，注意應(yīng)用幾何關(guān)系確定圓心和半徑。本題中注意第三小問(wèn)中利用角度來(lái)求粒子數(shù)所點(diǎn)比例?！窘馕觥拷猓?1)23X

在徑向電場(chǎng)中由動(dòng)能定理有：U0q=12mv2

粒子恰打在D

點(diǎn)，由幾何關(guān)系粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：r=12隆脕32R=3R4

洛侖茲力提供向心力為：qvB=mv2r

聯(lián)立可得：qm=32U09R2B2

(2)

同理：在電場(chǎng)中加速，有：kU0q=12mv12

由幾何關(guān)系，在鈻?O2OQ

中：r22=R2+(r2鈭?R2)2鈭?2R(r2鈭?R2)cos60鈭?

解得：r2=78R

洛侖茲力提供向心力為：qvB=mv12r1

聯(lián)立可求出：k=4936

(3)

若將徑向電場(chǎng)沿水平方向向右移動(dòng)；使得O1

點(diǎn)與磁場(chǎng)圓心O

重合；

當(dāng)兩板間的電壓為2536U0

時(shí)；23X

進(jìn)入電場(chǎng)加速后的速度由動(dòng)能定理可求出從O

點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)的速度v2=2U2qm=56v

進(jìn)入磁場(chǎng)的半徑r3=56隆脕34R=58R

由幾何關(guān)系得與水平向右方向成53鈭?

到180鈭?

剛好打到金屬板上。

粒子23X

單位時(shí)間內(nèi)打到金屬板的粒子數(shù)為N1=127180N

同理粒子38Y

進(jìn)入電在磁場(chǎng)中的半徑r4=56R

由幾何關(guān)系得與水平方向成37鈭?

到180鈭?

剛好打到金屬板上。

粒子38Y

單位時(shí)間內(nèi)打到金屬板的粒子數(shù)為N2=143180N

則通過(guò)電阻R

上的電流I=2e隆脕127180N+3e隆脕143180N=683Ne180

答：(1)

當(dāng)U=U0

時(shí)，P

點(diǎn)收集到的粒子23X

可以打到金屬板的D

點(diǎn)，粒子23X

的比荷qm

為32U09R2B2

(2)

當(dāng)U=kU0

時(shí)，P

點(diǎn)收集到的粒子23X

在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)后可以打到金屬板的Q

點(diǎn)，若Q

點(diǎn)到圓心O

的連線QO

與半徑OD

成60鈭?

角，則k

的值是4936

(3)

現(xiàn)將徑向電場(chǎng)沿