2025年蘇人新版必修3物理上冊(cè)階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇人新版必修3物理上冊(cè)階段測試試卷441考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、水平面上A、B、C、D為邊長為L的正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，四點(diǎn)固定著四個(gè)電荷量均為Q的正點(diǎn)電荷.O點(diǎn)到A、B、C、D的距離均為L.現(xiàn)將一質(zhì)量為m的帶正電的小球（可視為點(diǎn)電荷）放置在O點(diǎn)，如圖所示，為使小球能靜止在O點(diǎn)，小球所帶的電荷量應(yīng)為（已知靜電力常量為k，重力加速度為g）（）

A.B.C.D.2、電動(dòng)機(jī)與小電珠串聯(lián)接人電路，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，小電珠的電阻為R1，兩端電壓為U1，流過的電流為I1；電動(dòng)機(jī)的內(nèi)電阻為R2，兩端電壓為U2，流過的電流為12．則A.B.C.D.3、在如圖甲所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)的過程中；四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化。圖乙中三條圖線分別表示了三個(gè)電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，以下說法錯(cuò)誤的是()

A.圖線a表示的是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況B.圖線c表示的是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況C.此過程中電壓表V1示數(shù)的變化量ΔU1和電流表示數(shù)變化量ΔI的比值變大D.此過程中電壓表V2示數(shù)的變化量ΔU2和電流表示數(shù)變化量ΔI的比值不變4、下列關(guān)于電流說法正確的是()A.導(dǎo)體中沒有電流時(shí)，說明導(dǎo)體內(nèi)部沒有電荷移動(dòng)B.由I=可知，導(dǎo)體兩端電壓越大，經(jīng)過導(dǎo)體的電流越大C.電流有方向，所以是矢量D.由I=可知，經(jīng)過導(dǎo)體的電流越大，導(dǎo)體電阻越小5、由粗糙的水平桿AO與光滑的豎直桿BO組成的絕緣直角支架如圖放置；在AO桿；BO桿上套有帶正電的小球P、Q，兩個(gè)小球恰能在某一位置平衡，現(xiàn)將P緩慢地向左移動(dòng)一小段距離，兩球再次達(dá)到平衡，若小球所帶電量不變，與移動(dòng)前相比（）

A.P、Q之間的距離增大B.桿BO對(duì)Q的彈力減小C.桿AO對(duì)P的摩擦力增大D.桿AO對(duì)P的彈力減小6、圖示為一個(gè)內(nèi)、外半徑分別為和的圓環(huán)狀均勻帶電平面，其單位面積帶電量為（單位：C/m2）。取環(huán)面中心O為原點(diǎn)，以垂直于環(huán)面的軸線為x軸。設(shè)軸上任意點(diǎn)P到O點(diǎn)的距離為x，P點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小為E。下面給出E的四個(gè)表達(dá)式（式中k為靜電力常量），其中只有一個(gè)是合理的。你可能不會(huì)求解此處的場強(qiáng)E，但是你可以通過一定的物理分析，對(duì)下列表達(dá)式的合理性做出判斷。根據(jù)你的判斷，E的合理表達(dá)式應(yīng)為（）

A.B.C.D.7、電源、電阻箱、電壓表與開關(guān)連接成如圖所示的電路。閉合開關(guān)S后，當(dāng)電阻箱接入電路的阻值時(shí)，電壓表示數(shù)為2.00V。已知電源的電動(dòng)勢內(nèi)阻r一定。電源內(nèi)阻r的阻值為（）

A.1.0ΩB.2.0ΩC.3.0ΩD.4.0Ω8、如圖所示，直線A為某電源的U-I圖線，曲線B為某燈泡L1的U-I圖線的一部分，用該電源和燈泡L1組成閉合電路時(shí)，燈泡L1恰好能正常發(fā)光；則下列說法正確的是（）

A.此電源的內(nèi)阻為1.5ΩB.燈泡L1的額定電壓為3V，額定功率為6WC.由于燈泡L1的U-I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光的過程，歐姆定律不適用D.把燈泡L1換成規(guī)格為“3V，20W”的燈泡L2，電源的輸出功率將變小評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示是一實(shí)驗(yàn)電路圖．在滑動(dòng)觸頭由a端滑向b端的過程中，下列表述正確的是（）

A.路端電壓變小B.電流表的示數(shù)變大C.電源內(nèi)阻消耗的功率變大D.電源的輸出功率一定變大10、如圖，兩等量異種電荷在同一水平線上，它們連線的中點(diǎn)為O，豎直面內(nèi)的半圓弧光滑絕緣軌道的圓心在O點(diǎn)，圓弧的半徑為R，B為圓弧上的一點(diǎn)，與水平方向夾角一電荷量為質(zhì)量為m的帶電小球從軌道的A端由靜止釋放，沿軌道運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C時(shí)，速度g為重力加速度；取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，下列說法正確的是（）

A.電場中間電勢差為B.電場中A點(diǎn)的電勢為C.小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為D.小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，其動(dòng)能與電勢能的和為11、如圖所示，物體和帶負(fù)電的物體用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，的質(zhì)量分別是和勁度系數(shù)為的輕質(zhì)彈簧一端固定在水平面上。另一端與物體相連，傾角為的斜面處于沿斜面向上的勻強(qiáng)電場中，整個(gè)系統(tǒng)不計(jì)一切摩擦。開始時(shí)，物體在一個(gè)沿斜面向上的外力的作用下保持靜止且輕繩恰好伸直，然后撤去外力直到物體獲得最大速度；且彈簧未超過彈性限度，則在此過程中（）

A.撤去外力的瞬間，物體的加速度大小為B.物體的速度最大時(shí)，彈簧的伸長量為C.對(duì)于物體物體彈簧和地球組成的系統(tǒng)，電場力做功小于該系統(tǒng)增加的機(jī)械能D.物體彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量大于物體電勢能的減少量12、在如圖所示的電路中，電壓表和電流表均為理想電表，電源內(nèi)阻不能忽略．閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則下列敘述正確的是（）

A.燈L1變亮，電壓表的示數(shù)增大B.燈L2變暗，電流表的示數(shù)增大C.電源的效率增大，電容器C所帶電荷量減小D.電源的效率減小，電容器C所帶電荷量減小13、把質(zhì)量為m的正點(diǎn)電荷q在電場中由靜止釋放，如果不計(jì)重力，在它運(yùn)動(dòng)的過程中，下述說法正確的是（）A.該點(diǎn)電荷的受力方向，必與所在點(diǎn)的電場線的切線方向一致B.該點(diǎn)電荷的速度方向，必與所在點(diǎn)的電場線的切線方向一致C.該點(diǎn)電荷的加速度方向，必與所在點(diǎn)的電場線的切線方向一致D.該點(diǎn)電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡必與電場線重合14、如圖，將等量的正點(diǎn)電荷固定在A、B兩點(diǎn)，A、B關(guān)于光滑絕緣水平面對(duì)稱，AB連線與水平面交于O點(diǎn)，帶電小球放置于水平面上的P點(diǎn)。若小球從P點(diǎn)由靜止釋放，小球?qū)⒀刂本€MN向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)；若給P點(diǎn)的小球一個(gè)垂直于MN的水平初速度；則小球（）

A.可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B.加速度可能一直保持不變C.電勢能一直減小，動(dòng)能一直增加D.可能靠近O點(diǎn)，且靠近過程中電場力可能先增大后減小15、如圖所示，在兩個(gè)電荷量相等的固定點(diǎn)電荷的電場中，AB和CD是兩條相互垂直、相交于O點(diǎn)的直線，兩個(gè)點(diǎn)電荷在其中一條直線上且到另一條直線的距離相等。如果在直線AB上的a點(diǎn)無初速的釋放一個(gè)重力可以不計(jì)的帶正電粒子，那么粒子將在直線AB上的a、b之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)。已知a、b到O點(diǎn)的距離均為l，兩個(gè)點(diǎn)電荷到O點(diǎn)的距離均大于l；由此可知（）

A.兩個(gè)點(diǎn)電荷的帶電性質(zhì)可能相反，此時(shí)AB表示的是電場線B.兩個(gè)點(diǎn)電荷的帶電性質(zhì)可能相反，此時(shí)CD表示的是電場線C.兩個(gè)點(diǎn)電荷可能都帶正電，此時(shí)a、b之間的電勢差為零D.兩個(gè)點(diǎn)電荷可能都帶負(fù)電，此時(shí)兩個(gè)點(diǎn)電荷在直線CD上16、在正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上分別固定有帶電量絕對(duì)值均為Q的點(diǎn)電荷，其帶電性如圖所示。正方形的對(duì)角線交點(diǎn)為O，在兩條對(duì)角線上分別取點(diǎn)A、B、C、D且不計(jì)電子重力。則（）

A.C、D兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同，A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同B.C、D兩點(diǎn)電勢相等，A、B兩點(diǎn)電勢相等C.電子從C點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，電勢能先增加后減小D.電子從O點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電勢能先增加后減小17、真空中有兩點(diǎn)電荷q1、q2分別位于直角三角形的頂點(diǎn)C和頂點(diǎn)B上，D為斜邊AB的中點(diǎn)，∠ABC=30°，如圖所示，已知A點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向垂直AB向下；則下列說法正確的是（）。

A.q1帶負(fù)電，q2帶正電B.D點(diǎn)電勢低于A點(diǎn)電勢C.q1電荷量的絕對(duì)值等于q2電荷量的絕對(duì)值的一半D.q1電荷量的絕對(duì)值等于q2電荷量的絕對(duì)值的二倍評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、如圖所示，電鍵K閉合后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向上端滑動(dòng)時(shí)，電路中的電壓表V1示數(shù)______、V2示數(shù)______；電流表A示數(shù)_____．

19、在某電場中，已知A、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB=100V，q=－2×10－10C的電荷由A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，靜電力做的功WF=______J；電荷的電勢能_____（填“增加”、“減少”或“不變”）。20、圖中端之間電壓恒為燈泡的電阻恒為滑動(dòng)變阻器的最大阻值為燈泡兩端電壓最大變化范圍是________。

21、氫原子中核外電子繞核做半徑為的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知電子的質(zhì)量為電荷量為靜電力常量為不考慮相對(duì)論效應(yīng)。

（1）電子的動(dòng)能為______；

（2）選離核無限遠(yuǎn)處電勢能為0，電子的電勢能則氫原子的能量為______；

（3）電子繞核運(yùn)動(dòng)形成的等效電流為______。22、如圖所示為伏打電池示意圖，由于化學(xué)反應(yīng)，在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個(gè)帶電接觸層a、b。

（1）說明銅板帶正電、鋅板帶負(fù)電的原因是什么______？

（2）在電源內(nèi)部的a、b兩個(gè)區(qū)域，電荷如何被搬運(yùn)到極板上______？

（3）在正常工作的閉合電路中，靜電力對(duì)做定向運(yùn)動(dòng)的電子做______（選填“正”或“負(fù)”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運(yùn)動(dòng)，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）；非靜電力對(duì)做定向運(yùn)動(dòng)的電子做______（選填“正”或“負(fù)”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運(yùn)動(dòng)，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）．

（4）沿電流方向繞電路一周，非靜電力做功的區(qū)域是()

A．RB．bC．rD．a(chǎn)

（5）在圖中閉合回路的各區(qū)域內(nèi)，電勢升高的總和等于電源的______。

（6）沿電流方向繞電路一周，在什么地方電勢降低______？在什么地方電勢升高_(dá)_____？評(píng)卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)23、如圖所示，A、B、C為勻強(qiáng)電場中的三個(gè)點(diǎn)，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時(shí)所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實(shí)線表示電場線）。

24、如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個(gè)邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進(jìn)入磁場算起；規(guī)定剛開始時(shí)磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時(shí)間的變化圖像。

25、以下是幾種點(diǎn)電荷的電場線的分布情況；請(qǐng)標(biāo)出圖中各電荷的電性。

26、如圖1所示，用電動(dòng)勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動(dòng)變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點(diǎn)的物理意義。

（2）請(qǐng)?jiān)趫D2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點(diǎn)；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時(shí)電源的輸出功率。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)27、有一待測的電阻器Rx；其阻值在40~60Ω之間，某同學(xué)用伏安法來測量該電阻的阻值，現(xiàn)實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備的器材有：

電壓表V（量程0~10V；內(nèi)電阻約20kΩ）

電流表A1（量程0~600mA；內(nèi)電阻約20Ω）

電流表A2（量程0~300mA；內(nèi)電阻約10Ω）

滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為5Ω；額定電流為2A）

滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值為250Ω；額定電流為0.1A）

直流電源E（電動(dòng)勢為15V；內(nèi)電阻約0.5Ω）

開關(guān)及若干導(dǎo)線。

實(shí)驗(yàn)要求電表讀數(shù)從零開始變化；并能多測出幾組電流；電壓值，以便畫出I-U圖線。

(1)電流表應(yīng)選用__________；

(2)滑動(dòng)變阻器選用__________（選填器材代號(hào)）；

(3)若電壓表示數(shù)為9V，電流表示數(shù)為180mA，則Rx=__________Ω。評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共2分)28、如圖所示，粗糙絕緣水平地面ABC與光滑絕緣半圓弧豎直軌道CD相切C點(diǎn)，CD右側(cè)（含CD）有水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為圓弧軌道半徑為R，AB長度L1=R，BC長度L2=4R。有一質(zhì)量為M=2m的滑塊P以從A點(diǎn)向右運(yùn)動(dòng)，在B處與一質(zhì)量為m、帶電荷量為的滑塊Q發(fā)生彈性碰撞（碰撞過程中Q的電荷量不變），碰撞后滑塊Q繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)經(jīng)過C點(diǎn)進(jìn)入光滑圓軌道。已知滑塊P、Q與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5，不計(jì)空氣阻力，滑塊都可看作質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g。求：

（1）若滑塊P與Q發(fā)生碰撞后瞬間滑塊Q速度v的大?。?/p>

（2）滑塊Q繼續(xù)運(yùn)動(dòng)到達(dá)圓軌道的最高點(diǎn)D時(shí)對(duì)軌道壓力N的大?。?/p>

（3）若滑塊P與Q發(fā)生彈性碰撞后使Q能滑上圓弧軌道并且可沿軌道滑回平面，求滑塊P初速度的最大值vm。（答案可用分?jǐn)?shù)及根式表示）

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

對(duì)小球進(jìn)行受力分析，小球受重力和A、B、C、D處正點(diǎn)電荷施加的庫侖力.由于正方形的邊長為L，O點(diǎn)到正方向四個(gè)頂點(diǎn)的距離均為L，設(shè)小球所帶電荷量為q，根據(jù)庫倉定律可得正方形四個(gè)頂點(diǎn)處的點(diǎn)電荷對(duì)O處小球的庫侖力大小均為根據(jù)靜電力的疊加和對(duì)稱性可得正方形四個(gè)頂點(diǎn)處的點(diǎn)電荷對(duì)O處小球的庫侖力的合力為：

為A、B、C、D處點(diǎn)電荷對(duì)小球施加的庫侖力的方向與豎直方向的夾角，由幾何關(guān)系可知小球在O點(diǎn)靜止，根據(jù)平衡條件有聯(lián)立解得：

故C正確，ABD錯(cuò)誤。2、D【分析】【詳解】

由題意可知I1=I2，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；因U2>I2R2，U1=I1R1，則選項(xiàng)BC錯(cuò)誤，D正確；故選D.3、C【分析】【詳解】

A.由電路圖甲得，V1測路端電壓U1，V2測R1兩端電壓U2，V3測R2兩端電壓U3。若電源無內(nèi)阻，則V1不隨電流變化，與圖乙矛盾，則電源存在內(nèi)阻r?；瑒?dòng)觸頭P向上滑動(dòng)，則R2減小，電路總電阻減小，回路電流增大。因

I增大，則U3減小，且U3＝IR2，當(dāng)R2減小為零時(shí)，U3為零，所以圖乙中圖線a表示電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況；故A正確；

B.因R1不變，電流增大，則U2增大，所以圖乙中圖線c表示電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況；故B正確；

C.因

則

所以ΔU1和ΔI的比值不變；故C錯(cuò)誤；

D.因

則

則ΔU2和ΔI的比值不變；故D正確。

故選C。4、B【分析】【分析】

電流與電阻兩端的電壓成正比；與導(dǎo)體的電阻成反比；而電阻是導(dǎo)體本身的性質(zhì)，與是否有電壓及電流無關(guān)．

【詳解】

A；電荷定向移動(dòng)形成電流；導(dǎo)體中沒有電流時(shí)，說明導(dǎo)體內(nèi)部沒有定向移動(dòng)的電荷，不是沒有電荷移動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、由歐姆定律I=可得；通過導(dǎo)體的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，即導(dǎo)體兩端電壓越大，經(jīng)過導(dǎo)體電流越大，故B正確；

C；電流有方向；但是電流是標(biāo)量，遵守標(biāo)量運(yùn)算法則，故C錯(cuò)誤；

D；導(dǎo)體電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì)；由導(dǎo)體本身決定，與導(dǎo)體兩端的電壓無關(guān)，與通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，故D錯(cuò)誤．

故選B5、C【分析】【分析】

分別以兩環(huán)組成的整體和Q環(huán)為研究對(duì)象；分析受力情況，根據(jù)平衡條件研究AO桿對(duì)P環(huán)的支持力N和細(xì)繩上的拉力T的變化情況。

【詳解】

A；Q受力如圖；由力的合成與平衡條件可知：BO桿對(duì)小球Q的彈力變大，兩小球之間的庫侖力變大，由庫侖定律知，兩小球P、Q的距離變小，A、B錯(cuò)誤；

C；對(duì)整體受力分析；可得AO桿對(duì)小球P的摩擦力變大，C正確；

D；AO桿對(duì)小球P的彈力不變；D錯(cuò)誤．

故選C

【點(diǎn)睛】

本題涉及兩個(gè)物體的平衡問題，靈活選擇研究對(duì)象是關(guān)鍵．當(dāng)幾個(gè)物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，可以把它們看成整體進(jìn)行研究6、B【分析】【詳解】

AC．對(duì)的表達(dá)式的單位制進(jìn)行分析，已知場強(qiáng)的單位是的單位是的單位是可知的單位是即為電場強(qiáng)度單位。所以的表達(dá)式中：應(yīng)該無單位，實(shí)際其單位卻為故AC錯(cuò)誤；

BD．對(duì)場強(qiáng)公式進(jìn)行極限法分析，時(shí)，B、D選項(xiàng)中的表達(dá)式均滿足時(shí)，根據(jù)B選項(xiàng)中表達(dá)式可得滿足要求，根據(jù)D選項(xiàng)中表達(dá)式可得不滿足要求，故D錯(cuò)誤，B正確。

故選B。7、A【分析】【詳解】

根據(jù)閉合回路歐姆定律可得

解得

故選A。8、B【分析】【詳解】

A．由題圖可知，電源的電動(dòng)勢E=4V，內(nèi)阻

A錯(cuò)誤；

B．兩圖線的交點(diǎn)坐標(biāo)表示燈泡L1與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，此時(shí)燈泡兩端的電壓U1=3V，流過燈泡的電流I1=2A，燈泡消耗的電功率為P1=U1I1=6W

由于燈泡L1恰好能正常發(fā)光，則燈泡L1的額定電壓為3V；額定功率為6W，B正確；

C．燈泡是純電阻元件；歐姆定律仍適用，圖線為曲線是因?yàn)闊襞莸碾娮桦S溫度的升高而增大，C錯(cuò)誤；

D．燈泡L1恰好正常發(fā)光時(shí)，電阻R1==1.5Ω

規(guī)格為“3V，20W”的燈泡L2的電阻

可知燈泡L2的電阻更接近電源的內(nèi)阻，根據(jù)電源的內(nèi)、外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，可知把燈泡L1換成燈泡L2；電源的輸出功率將變大，D錯(cuò)誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)9、A:C【分析】【詳解】

A.在滑動(dòng)觸頭由a端滑向b端的過程中，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，電路中總電流I變大，根據(jù)路端電壓：

知U變?。蔄正確．

B.電流表的示數(shù)：

因?yàn)槁范穗妷篣變小，所以變?。蔅錯(cuò)誤．

C.電源內(nèi)阻消耗的功率：

因?yàn)镮變大，P變大．故C正確．

D.電源輸出功率取決于電源的內(nèi)阻與外電阻的大小關(guān)系，由于這兩者的關(guān)系未知，不能判斷電源輸出功率如何變化，故D錯(cuò)誤．10、B:D【分析】【詳解】

AB．取無窮遠(yuǎn)處電勢為0，則最低點(diǎn)處電勢為0；O點(diǎn)和C點(diǎn)是電勢相同的兩點(diǎn)，因此小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過程中，由動(dòng)能定理可得mgR+qUAO＝mv2

解得UAO＝

而UAO=φA-0

解得φA＝

故A錯(cuò)誤；B正確；

CD．小球在最低點(diǎn)處的動(dòng)能和電勢能的總和為

由最低點(diǎn)C運(yùn)動(dòng)到B重力勢能增加量為

由最低點(diǎn)C運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過程，動(dòng)能、電勢能、重力勢能的總量守恒，所以小球在B點(diǎn)的動(dòng)能和電勢能的總和為

小球在最低點(diǎn)C的動(dòng)能為

從C到B電場力做功小于從A到C電場力的功，即小于7mgR，從C到B重力做功為-0.4mgR，則，從C到B電場力和重力之和小于6.6mgR，即到達(dá)B點(diǎn)的動(dòng)能小于14.6mgR，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．撤去外力的瞬間，AB一起運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得

解得

A正確；

B．物體的速度最大時(shí)，加速度為零，此時(shí)繩子拉力為15N，對(duì)物體A有

解得

B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)功能原理，非重力做的功等于系統(tǒng)機(jī)械能的增量。對(duì)于物體物體彈簧和地球組成的系統(tǒng)；電場力做功等于該系統(tǒng)增加的機(jī)械能。C錯(cuò)誤；

D．電場力為

解得

撤去拉力瞬間，繩子拉力為

之后，繩子拉力一直大于電場力，所以拉力對(duì)物體B做的功大于電場力對(duì)物體B做的功。根據(jù)功能關(guān)系，拉力對(duì)A做的功等于物體彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量,電場力對(duì)物體B做的功等于物體電勢能的減少量。所以物體彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量大于物體電勢能的減少量。D正確。

故選AD。12、B:D【分析】【分析】

將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析干路電流和路端電壓的變化．電壓表的示數(shù)等于路端電壓．判斷燈L1亮度的變化．根據(jù)路端電壓與燈L1電壓的變化，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷燈L2亮度的變化．根據(jù)干路電流與燈L2電流的變化；分析電流表讀數(shù)的變化．根據(jù)電容器電壓的變化，即可判斷其電量的變化．

【詳解】

將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓U并=U-U1，U減小，U1增大，則U并減小，燈L2變暗．流過電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤，B正確；R與燈L2并聯(lián)，U并減小；電容器板間電壓減小，則其帶電量減?。蔇正確，C錯(cuò)誤．故選BD．

【點(diǎn)睛】

本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問題，難點(diǎn)在于分析電流的示數(shù)變化，往往根據(jù)干路電流與另一支路的電流變化來確定，也可以根據(jù)結(jié)論判斷，即變阻器這一路電流的變化與干路電流變化情況一致．13、A:C【分析】【詳解】

AC．電場線上某點(diǎn)的切線方向表示電場強(qiáng)度的方向；則正電荷所受電場力的方向與切線方向一致，由牛頓第二定律可知，加速度方向也與切線方向一致，故AC正確；

B．電場線上某點(diǎn)的切線方向表示電場強(qiáng)度的方向；但是速度方向不一定與電場線的切線方向一致，故B錯(cuò)誤；

D．電荷在電場中由靜止釋放；如果電場線為曲線，則受力方向變化，則運(yùn)動(dòng)軌跡不一定與電場線重合，故D錯(cuò)誤。

故選AC。14、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．若小球從P點(diǎn)由靜止釋放，小球?qū)⒀刂本€MN向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，可知小球帶負(fù)電，受到的是吸引力；若給P點(diǎn)的小球一個(gè)垂直于MN的水平初速度，若滿足

則小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；加速度大小不變，但方向不斷變化，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；

C．若小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；則電勢能不變，動(dòng)能不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．若滿足

則小球向靠近O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)；根據(jù)等量同種電荷的中垂線上的場強(qiáng)分布可知，從O點(diǎn)向外側(cè)場強(qiáng)先增加后減小，則小球在靠近O點(diǎn)過程中電場力可能先增大后減小，選項(xiàng)D正確。

故選AD。15、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．粒子在直線AB上的a、b之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，受力關(guān)于CD具有對(duì)稱性，則知兩個(gè)點(diǎn)電荷的帶電性質(zhì)一定相同，AB或CD不是電場線；故AB錯(cuò)誤；

C．兩個(gè)點(diǎn)電荷可能都帶正電，根據(jù)對(duì)稱性可知a、b之間的電勢差為零；故C正確；

D．粒子在直線AB上的a、b之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，受力關(guān)于CD具有對(duì)稱性，則知兩個(gè)點(diǎn)電荷的帶電性質(zhì)一定相同，則兩個(gè)點(diǎn)電荷可能都帶負(fù)電，此時(shí)兩個(gè)點(diǎn)電荷在直線CD上；故D正確。

故選CD。16、A:C【分析】【詳解】

A．水平方向的兩個(gè)電荷在C點(diǎn)的場強(qiáng)由C指向O，在D點(diǎn)的場強(qiáng)由D指向O，且大小相等；豎直方向的兩個(gè)點(diǎn)電荷在CD兩點(diǎn)的場強(qiáng)均豎直向下且大小相等，可知C、D兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相同，但是方向不相同；水平方向的兩個(gè)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)豎直向上，在B點(diǎn)的場強(qiáng)豎直向下；豎直方向的兩個(gè)點(diǎn)電荷在AB兩點(diǎn)的場強(qiáng)均豎直向下，可知C、D兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小一定不相同；選項(xiàng)A正確；

B．水平方向的兩個(gè)電荷在CD兩點(diǎn)的電勢相等，豎直方向的兩個(gè)電荷在CD兩點(diǎn)的電勢也相等，則C、D兩點(diǎn)電勢相等；水平方向的兩個(gè)電荷在AB兩點(diǎn)的電勢相等，豎直方向的兩個(gè)電荷在A點(diǎn)的電勢高于B點(diǎn)，可知A、B兩點(diǎn)電勢不相等；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．電子從C點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)；豎直方向的兩個(gè)電荷對(duì)電子不做功，水平方向的兩個(gè)電荷對(duì)電子先做負(fù)功后做正功，則電子的電勢能先增加后減小，選項(xiàng)C正確；

D．電子從O點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)；水平方向的兩個(gè)電荷對(duì)電子做負(fù)功，豎直方向的兩個(gè)電荷對(duì)電子也做負(fù)功，則電子的電勢能增加，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選AC。17、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)題述，A點(diǎn)的電場強(qiáng)度垂直AB向下，由平行四邊形法則可知，q1帶正電，q2帶負(fù)電；A錯(cuò)誤；

B．由幾何關(guān)系結(jié)合電勢概念可知，正電荷q1在AD兩點(diǎn)產(chǎn)生的電勢相等，負(fù)電荷q2在A點(diǎn)的負(fù)電勢高于D點(diǎn)的負(fù)電勢，由電勢疊加可知A點(diǎn)的電勢高于D點(diǎn)；B正確；

CD．根據(jù)題述，A點(diǎn)的電場強(qiáng)度垂直AB向下，可得sin30°＝

又r2＝2r1，聯(lián)立解得q2＝2q1

C正確；D錯(cuò)誤。

故選BC。三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【詳解】

滑片P向上端滑動(dòng)時(shí)，變阻器阻值增大，干路電流I減小，路端電壓U增大，可知V1示數(shù)增大；由于在干路，故通過R1的電流減小，所以減小，而故兩端電壓增大，V2示數(shù)增大；流過的電流增大，由于且所以流過R3的電流減小，A示數(shù)減?。窘馕觥吭龃笤龃鬁p小19、略

【分析】【分析】

【詳解】

①靜電力做的功

②靜電力做負(fù)功，電荷的電勢能增加?！窘馕觥竣?②.增加20、略

【分析】【詳解】

當(dāng)滑片置于最左端時(shí)，AB兩端的電壓全部加在燈泡上，則燈泡的最大電壓為U；

當(dāng)滑片置于最右端時(shí)，燈泡兩端的電壓最小，為

則燈泡兩端的電壓取值范圍為【解析】21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由庫侖力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律

電子的動(dòng)能

（2）[2]由于電子的電勢能為則氫原子的能量為

（3）[3]電子繞核運(yùn)動(dòng)形成的等效電流【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]鋅失去電子后，鋅離子進(jìn)入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負(fù)電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導(dǎo)致電解液與b之間處的電勢升高，對(duì)于銅板，由于還原反應(yīng)，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導(dǎo)致a與電解液處的電勢降低；

(2)[2]在電源內(nèi)部的a、b兩個(gè)區(qū)域，非靜電力做功，在a區(qū)域，氫離子被搬運(yùn)到銅板上；在b處；硫酸根離子被搬到鋅板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的閉合電路中；靜電力對(duì)做定向運(yùn)動(dòng)的電子做正功，電勢能減少，所以電子向電勢升高的方向運(yùn)動(dòng)；

[6][7][8]電源內(nèi)部；從負(fù)極到正極電勢升高，所以非靜電力把電子從正極搬運(yùn)到負(fù)極，對(duì)做定向運(yùn)動(dòng)的電子做正功，即電子向電勢降低的方向運(yùn)動(dòng)，所以電子的電勢能增加；

(4)[9]在電源的內(nèi)阻和外電阻上，電荷移動(dòng)過程中是靜電力做功，r區(qū)域是內(nèi)阻區(qū)域，由題意可知，“在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個(gè)帶電接觸層a、b”則該區(qū)域即為非靜電力作用的范圍；也是沿著電流方向電勢升高的范圍，故BD正確，AC錯(cuò)誤；

故選BD；

(5)[10]依據(jù)電動(dòng)勢定義可知；電勢升高的總和等于電源的電動(dòng)勢；

(6)[11][12]ab區(qū)域?yàn)榉庆o電力作用的范圍，電勢升高，R為外電阻，r為內(nèi)阻，在電阻上，沿電流方向電勢降低?！窘馕觥夸\失去電子后，鋅離子進(jìn)入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負(fù)電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導(dǎo)致電解液與b之間處的電勢升高。對(duì)于銅板，由于還原反應(yīng)，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導(dǎo)致a與電解液處的電勢降低在a區(qū)域，氫離子被搬運(yùn)到銅板上；在b處，硫酸根離子被搬到鋅板上正升高減少正降低增加BD電動(dòng)勢電勢兩次降低即電流流過外電阻和內(nèi)電阻時(shí)，電勢降低電勢兩次升高即通過兩個(gè)極板和電解液接觸層a、b時(shí)電勢升高四、作圖題(共4題，共36分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點(diǎn)作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點(diǎn)的等勢點(diǎn)，即E點(diǎn)，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個(gè)階段，進(jìn)入