2025年浙教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、下列說法錯誤的是（）A.“油膜法”估測分子大小實驗中，可將純油酸直接滴入淺盤的水面上B.溫度升高，分子熱運(yùn)動的平均動能一定增大，但并非所有分子的速率都增大C.摩爾質(zhì)量為M（kg/mol），密度（kg/m3）的1m3的銅所含原子數(shù)為（阿伏伽德羅常數(shù)為NA）D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢2、下列說法錯誤的是（）A.自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動無序性增大的方向進(jìn)行的B.液體表面層內(nèi)分子間的相互作用力表現(xiàn)為斥力C.若一定質(zhì)量的理想氣體被壓縮且吸收熱量，則壓強(qiáng)一定增大D.分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大3、用伏安法測某一電阻時，如果采用如圖所示的甲電路，測量值為R1，如果采用乙電路，測量值為R2，那么R1、R2與真實值R之間滿足關(guān)系（）

A.B.C.D.4、某興趣小組制作了一個簡易的“轉(zhuǎn)動裝置”；如圖甲所示，在干電池的負(fù)極吸上兩塊圓柱形強(qiáng)磁鐵，然后將一金屬導(dǎo)線折成頂端有一支點；底端開口的導(dǎo)線框，并使導(dǎo)線框的支點與電源正極、底端與磁鐵均良好接觸但不固定，圖乙是該裝置的示意圖．若線框逆時針轉(zhuǎn)動(俯視)，下列說法正確的是。

A.線框轉(zhuǎn)動是因為發(fā)生了電磁感應(yīng)B.磁鐵導(dǎo)電且與電池負(fù)極接觸的一端是S極C.若將磁鐵的兩極對調(diào)，則線框轉(zhuǎn)動方向不變D.線框轉(zhuǎn)動穩(wěn)定時的電流比開始轉(zhuǎn)動時的大5、如圖所示，一個匝數(shù)為n的圓形線圈，面積為S，電阻為r．將其兩端a、b與阻值為R的電阻相連接，在線圈中存在垂直線圈平面向里的磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t均勻增加，當(dāng)時線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為I1；當(dāng)時，其他條件不變，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流變?yōu)镮2．則通過電阻R的電流方向及I1與I2之比分別為。

A.c→d，I1:I2=1:2B.c→d，I1:I2=2:1C.d→c，I1:I2=2:1D.d→c，I1:I2=1:26、圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場，A為交流電流表，線圈繞垂直于磁場的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動；從圖示位置開始計時，產(chǎn)生的交變電流隨時間變化的圖象如圖乙所示，以下判斷正確的是()

A.電流表的示數(shù)為20AB.交流電的頻率是100HzC.0.01s時線圈平面與磁場方向平行D.0.02s時線框平面與中性面重合7、在高緯度地區(qū)的高空，大氣稀薄，常出現(xiàn)五顏六色的弧狀、帶狀或幕狀的極其美麗壯觀的發(fā)光現(xiàn)象，這就是我們常說的“極光”．“極光”是由太陽發(fā)射的高速帶電粒子（重力不計）受地磁場的影響，進(jìn)入兩極附近時，撞擊并激發(fā)高空中的空氣分子和原子引起的．假如我們在南極地區(qū)忽然發(fā)現(xiàn)正上方的高空出現(xiàn)了射向地球的、沿順時針方向生成的紫色弧狀極光（顯示帶電粒子的運(yùn)動軌跡），則關(guān)于弧狀極光的彎曲程度下列說法正確的是（）A.軌跡半徑逐漸減小B.軌跡半徑先增大后減小C.軌跡半徑先減小后增大D.軌跡半徑逐漸增大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示；AOB為一邊界為四分之一圓的勻強(qiáng)磁場，O點為圓心，D點為邊界OB的中點，C點為邊界上一點，且CD//AO.現(xiàn)有兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場（不計粒子重力）.其中粒子1從A點正對圖心射入，恰從B點射出，粒子2從C點沿CD射入，從某點離開磁場，則可判斷。

A.粒子2一定在B點射出磁場B.粒子1與粒子2在磁場中的運(yùn)行時間之比為3：2C.粒子2可能在BC之間某點射出磁場D.粒子1與粒子2的速度偏轉(zhuǎn)角度相同9、如圖所示，電源電動勢為E內(nèi)阻為r，當(dāng)滑動變阻器R2滑動端向右滑動后，理想電流表A1、A2的示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI1、ΔI2，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對值為ΔU．下列說法中正確的是（）

A.電壓表V的示數(shù)變大B.電流表A2的示數(shù)變小C.ΔU與ΔI1比值一定小于電源內(nèi)阻rD.ΔU與ΔI2比值一定小于電源內(nèi)阻r10、如圖所示，勻強(qiáng)磁場垂直于紙面向里，勻強(qiáng)電場平行于斜面向下，斜面是粗糙的．一帶正電物塊以某一初速度沿斜面向上滑動，經(jīng)a點后到b點時速度減為零，接著又滑了下來．設(shè)物塊帶電荷量保持不變，則從a到b和從b回到a兩過程相比較。

A.加速度大小相等B.摩擦產(chǎn)生熱量不相同C.電勢能變化量的絕對值相同D.動能變化量的絕對值相同11、下列說法正確的是（）A.晶體一定具有固定的熔點，但不一定具有規(guī)則的幾何外形B.降低溫度能夠使氣體的飽和氣壓降低，從而使氣體液化C.一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過程中一定從外界吸收熱量E.一定量的理想氣體，如果體積不變，分子每秒平均碰撞器壁次數(shù)隨著溫度的降低而增大E.一定量的理想氣體，如果體積不變，分子每秒平均碰撞器壁次數(shù)隨著溫度的降低而增大12、下列說法正確的是（）A.晶體具有固定的熔點，某種物理性質(zhì)可表現(xiàn)為各向異性B.液體的表面張力垂直于液面指向液體的內(nèi)部C.空調(diào)既能制熱又能制冷，說明在非自發(fā)的條件下，熱傳遞可以逆向E.在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進(jìn)行計算，會使分子直徑計算結(jié)果偏小E.在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進(jìn)行計算，會使分子直徑計算結(jié)果偏小13、如圖所示的電路，當(dāng)滑線變阻器滑片P由a滑到b的過程中，三只理想電壓表示數(shù)變化的絕對值分別為則下列各組數(shù)據(jù)中可能出現(xiàn)的是（）

A.B.C.D.14、如圖所示，A、B是兩盞完全相同的白熾燈，L是直流電阻不計、自感系數(shù)很大的自感線圈，如果斷開電鍵S1，閉合S2，A、B兩燈都能同樣發(fā)光.如果最初S1是閉合的，S2是斷開的.那么不可能出現(xiàn)的情況是。

A.剛一閉合S2，A燈就亮，而B燈則延遲一段時間才亮B.剛閉合S2時，線圈L中的電流為零C.閉合S2以后，A燈變亮，B燈由亮變暗D.再斷開S2時，A燈立即熄火，B燈先亮一下然后熄滅評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強(qiáng)磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運(yùn)動的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時間之比為__________。16、實驗發(fā)現(xiàn)，二氧化碳?xì)怏w在水深170m處將會變成液體。現(xiàn)用一活塞將一定量的二氧化碳?xì)怏w封入某導(dǎo)熱容器中，并將該容器沉入海底。已知隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，則在容器下沉過程中，容器內(nèi)氣體的密度將會________（選填“增大”、“減小”或“不變”），氣體的飽和汽壓將會____（選填“增大”、“減小”或“不變”）。17、一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶內(nèi)液面上方形成了酒精的飽和汽，此時_____（選填“有”或“沒有”）酒精分子從液面飛出。當(dāng)溫度升高時，瓶中酒精飽和汽的密度_____（選填“增大”“減小”或“不變”）。18、一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再變化到狀態(tài)c，再回到狀態(tài)a，該過程的圖線如圖所示，則氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b過程內(nèi)能______（填“增大”、“減小”或“不變”）；氣體從狀態(tài)b變化到狀態(tài)c過程溫度____________（填“升高”、“降低”或“不變”），氣體從狀態(tài)c變化到狀態(tài)a過程_______（填“吸收”；“放出”或“不吸收也不放出”）熱量。

19、兩個分別帶有電荷量和的相同金屬小球（均可視為點電荷），固定在相距為的兩處，它們間庫侖力的大小為兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)閯t兩球間的庫侖力的大小為的__________倍．20、如圖所示，一束激光頻率為傳播方向正對衛(wèi)星飛行方向，已知真空中光速為c，衛(wèi)星速度為u，則衛(wèi)星上觀測到激光的傳播速度是______，衛(wèi)星接收到激光的頻率______（選填“大于”“等于”或“小于”）。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共24分)24、在“測定金屬的電阻率”的實驗中，待測金屬導(dǎo)線的電阻Rx約為5Ω．實驗室備有下列實驗器材：

A．電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為15kΩ）

B．電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約為75kΩ）

C．電流表A1（量程3A；內(nèi)阻約為0.2Ω）

D．電流表A2（量程600mA；內(nèi)阻約為1Ω）

E．變阻器R1（0～100Ω，0.3A）

F．變阻器R2（0～2000Ω，0.1A）

G．電池E（電動勢為3V；內(nèi)阻約為0.3Ω）

H．開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

為了提高實驗精確度，減小實驗誤差，應(yīng)選用的實驗器材有______．

為了減小實驗誤差，應(yīng)選用圖甲中______（選填“a”或“b”）為該實驗的電路圖．

25、在用兩面平行的玻璃磚測定玻璃折射率的實驗中；其實驗光路如圖（a）．

（1）在實驗中，如果用量角器分別量出入射角和折射角那么，該玻璃磚的折射率的表達(dá)式為______________．

（2）在實驗數(shù)據(jù)的處理中；有兩位同學(xué)各設(shè)計了一個記錄表格，而且都已完成了計算，根據(jù)他們設(shè)計的表格所反應(yīng)的信息，判斷他們論證做得是否正確．

甲同學(xué)設(shè)計的表格是：

乙同學(xué)設(shè)計的表格是：

答：上述兩位同學(xué)做得正確的是________（選填“甲”或“乙”）．

（3）若甲在做測定玻璃的折射率的實驗時，法線畫得與界面不垂直，出現(xiàn)如圖（b）所示的傾斜；若在放置玻璃磚時，玻璃磚的平面沒有與重合，出現(xiàn)如圖（c）所示的偏差，則他們測得的折射率比真實值_______

A．甲、乙均偏小B．甲、乙均偏大C．甲偏大、乙偏D．甲偏小，乙偏大26、用伏安法測定一個待測電阻（阻值約為200Ω）的阻值；要求結(jié)果盡可能準(zhǔn)確．實驗室提供如下器材：

A．電池組E（電動勢3V；內(nèi)阻不計）；

B．電流表A1（量程0～15mA；內(nèi)阻約為10Ω）；

C．電流表A2（量程0～300uA；內(nèi)阻為1000Ω）；

D．滑動變阻器R1（阻值范圍0～20Ω；額定電流為2A）；

E．電阻箱R2（阻值范圍0～9999Ω；額定電流為1A）；

F．開關(guān)S；導(dǎo)線若干．

（1）將電流表A2與電阻箱R2串聯(lián)，改裝成一個量程為3.0V的電壓表，需將電阻箱R2的阻值調(diào)到__．

（2）在方框中完整畫出測量R阻值的電路圖，并在圖中標(biāo)明器材代號_______．

（3）調(diào)節(jié)滑動變阻器R1兩電流表的示數(shù)如圖所示，可讀出電流表A1的示數(shù)為__mA，電流表A2的示數(shù)為__μA，測得待測電阻的阻值為__Ω（結(jié)果保留一位小數(shù)）評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)27、如圖所示,在水平面內(nèi)固定兩條光滑水平導(dǎo)軌，導(dǎo)軌右端連接一阻值為R=2Ω的電阻,兩導(dǎo)軌之間相距為d=3m，一長為l=4m的均勻?qū)w棒PQ垂直導(dǎo)軌放在導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒的電阻r=4/3Ω。整個裝置放置在豎直向下的無界勻強(qiáng)磁場中；B=1T，在水平向右的拉力F作用下水平向右勻速運(yùn)動，已知v=1m/s。

(1)求導(dǎo)體棒PQ的感應(yīng)電動勢多大？

(2)求水平拉力的功率多大？

(3)求導(dǎo)體棒PQ兩端的電壓多大？28、如圖所示為一列簡諧橫波沿x軸傳播在t=0(實線)和t=0.5s(虛線)時刻的波形圖．

(1)若t=0時刻，x=2.5m處質(zhì)點正沿y軸負(fù)方向振動，求該質(zhì)點第一次回到t=0時刻的位置所經(jīng)過的最長時間；

(2)若波動的周期T≤0.5s≤2T，則在1s內(nèi)波形傳播的距離為多少?參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

A．為形成單分子油膜；應(yīng)將油酸酒精溶液滴入淺盤的水面上，A錯誤；

B．溫度是分子平均動能的標(biāo)志；溫度升高分子的平均動能增大，分子熱運(yùn)動加劇，但個別分子的速率可能還會減小，B正確；

C．1m3銅所含有的原子數(shù)

C正確；

D．由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離；液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢，D正確。

本題選擇錯誤的，故選A。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動無序性增大的方向進(jìn)行的，故A正確；

B．液體表面層內(nèi)的分子之間距離大于所以表面層內(nèi)分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力，故B錯誤；

C．一定質(zhì)量的理想氣體被壓縮；則分子數(shù)密集程度增加，同時吸收熱量，則溫度升高，分子運(yùn)動激烈，從壓強(qiáng)的微觀角度分析可知，壓強(qiáng)一定增大，故C正確；

D．當(dāng)分子間距小于時，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分之間距離變大分子力做正功勢能降低，當(dāng)距離大于分子力表現(xiàn)為引力，距離變大做負(fù)功勢能增加，故D正確。

本題選錯誤的，故選B。3、C【分析】【詳解】

甲圖均為并聯(lián)部分的電壓電流，所以測量值為電壓表內(nèi)阻與電阻的并聯(lián)值，小于電阻值，即．乙圖均為串聯(lián)部分的電壓電流，所以測量值為電流內(nèi)阻與電阻的串聯(lián)值，大于電阻值，即C對．4、B【分析】【分析】

【詳解】

ABC．對線框的下端平臺側(cè)面分析；若扁圓柱形磁鐵上端為S極，下端為N極，周圍磁感線由上往下斜穿入線框內(nèi)部，在垂直于紙面向外的徑向上，磁感應(yīng)線有垂直于紙面向里的分量，在此徑向上的負(fù)電荷由下往上運(yùn)動，由左手定則知：此負(fù)電荷受到垂直于徑向沿紙面向右的洛倫茲力，即在徑向的左垂線方向；同理，其他任一徑向上的電荷均受到左垂線方向的洛倫茲力（中心原點除外），所以，由上往下看（俯視），線框沿逆時針轉(zhuǎn)動，若扁圓柱形磁鐵上端為N極，下端為S極，則轉(zhuǎn)動方向相反，所以該裝置的原理是電流在磁場中的受力，不是電磁感應(yīng)．故AC錯誤，B正確；

D．穩(wěn)定時，因?qū)Ь€切割磁感應(yīng)線，則線框中電流比剛開始轉(zhuǎn)動時的小，故D錯誤．5、A【分析】【詳解】

根據(jù)楞次定律，磁場方向向里增加，則產(chǎn)生方向向外的感應(yīng)磁場，則感應(yīng)電動勢為逆時針，電流從c到d，則選項CD錯誤．由可知變?yōu)?倍，則感應(yīng)電動勢變?yōu)?倍，電阻不變，電流變?yōu)?倍，則選項A正確，B錯誤．故選A.6、C【分析】【詳解】

電流表的示數(shù)為有效值：故A錯誤；由圖知周期T=0.02s，根據(jù)故B錯誤；0.01s時線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，說明線框與磁場平行，磁通量為零，故C正確；由圖知0.02s時線框中感應(yīng)電流最大，說明線框與磁場平行，磁通量為零，故D錯誤．7、A【分析】【詳解】

由題意可知，運(yùn)動過程中粒子因空氣阻力做負(fù)功，粒子的動能變小，速度減小，而且磁場的強(qiáng)度逐漸增強(qiáng)，則根據(jù)公式可知軌跡半徑逐漸小，故A正確，BCD錯誤．二、多選題(共7題，共14分)8、A:B【分析】【詳解】

粒子運(yùn)動軌跡如圖所示：

粒子1從A點正對圓心射入，恰從B點射出，粒子在磁場中運(yùn)動的圓心角為90°，粒子軌道半徑等于BO，粒子2從C點沿CD射入其運(yùn)動軌跡如圖所示，設(shè)對應(yīng)的圓心為O1，運(yùn)動軌道半徑也為BO=R，連接O1C、O1B，O1COB是平行四邊形，O1B=CO，則粒子2一定從B點射出磁場，故A正確，C錯誤；粒子1的速度偏角，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角θ1=90°，連接PB，可知P為O1C的中點，由數(shù)學(xué)知識可知，θ2=∠BO1P=60°，兩粒子的速度偏角不同，粒子在磁場中運(yùn)動的周期：T=兩粒子的周期相等，粒子在磁場中的運(yùn)動時間t=T，的運(yùn)動時間之比：t1：t2=θ1：θ2=90°：60°=3：2；故B正確，D錯誤；故選AB．

點睛：本題考查了粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，作出粒子運(yùn)動軌跡、應(yīng)用數(shù)學(xué)知識、周期公式即可正確解題．9、A:B:C【分析】【分析】

當(dāng)滑動變阻器滑動端向右滑動后，分析變阻器接入電路的電阻如何變化，分析外電路總電阻如何變化，確定總電流的變化情況，即可知電流表A2的示數(shù)變化情況．根據(jù)串聯(lián)電路的特點分析并聯(lián)部分電壓的變化情況，確定電流表A1的示數(shù)變化情況，根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律，分析A1與A2的變化量大?。鶕?jù)閉合電路歐姆定律分析△U與△I1比值．

【詳解】

A、B項：當(dāng)滑動變阻器滑動端向右滑動后，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減?。噪娏鞅鞟2的示數(shù)減小．

根據(jù)串聯(lián)電路分壓的特點分析可知；并聯(lián)部分電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，故A；B正確；

C項：根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律I2=I1+I，A2的示數(shù)I2變小，通過定值電阻R1的電流增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以△I1一定大于△I2．

電壓表測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-I2r可知而△I1大于△I2，所以故D錯誤；C正確．

故選ABC．

【點睛】

本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、明確電表所測電壓，關(guān)鍵能根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電壓與電流變化的比值，即可正確解題．10、B:C【分析】【詳解】

試題分析：物塊從a到b運(yùn)動時，由牛頓定律：受洛倫茲力垂直斜面向上；而由b向a滑動時，由牛頓定律：受洛倫茲力垂直斜面向下，兩次物體對斜面的壓力不同，摩擦力不同，即f1＜f2,故兩過程的加速度大小不相等，選項A錯誤；又相對，可知兩過程摩擦產(chǎn)生熱量不相同，選項B正確；物塊從a到b運(yùn)動時，電場力做負(fù)功，電勢能增加；物塊從b回到a電場力做正功；電勢能減小，故電場力做功不相同，但是電勢能變化量的絕對值相同，選項C正確；上滑過程和下滑過程，都是重力；摩擦力及電場力做功，但是上滑時摩擦力小于下滑時的摩擦力，由動能定理得，動能變化量大小不相同，故D錯誤．故選BC.

考點：牛頓定理；電場力做功和電勢能；動能定理.11、A:B:C【分析】【詳解】

A．晶體分為單晶體和多晶體；都具有固定的熔點，但單晶體有規(guī)則的幾何外形，而多晶體沒有規(guī)則的幾何外形，故A正確；

B．降低溫度能夠使氣體的飽和氣壓降低；從而使氣體液化，故B正確；

C．根據(jù)

可知；一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過程中溫度一定升高，理想氣體的內(nèi)能一定增大，同時氣體膨脹對外做功，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體一定從外界吸熱，故C正確；

D．當(dāng)兩分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時；分子間的距離增大，分子力做正功，分子動能增大，勢能減小，故D錯誤；

E．一定量的理想氣體，如果體積不變，根據(jù)

可知；溫度降低，壓強(qiáng)減小，因此分子每秒平均碰撞器壁次數(shù)將減小，故E錯誤；

故選ABC。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．晶體具有固定的熔點；單晶體某種物理性質(zhì)可表現(xiàn)為各向異性，多晶體某種物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性，故A正確；

B．液體表面張力跟液面相切；跟這部分液面的分界線垂直，故B錯誤；

C．空調(diào)既能制熱又能制冷；說明在非自發(fā)的條件下，熱傳遞是可逆的，故C正確；

D．兩個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時；它們的溫度相等，它們的分子平均動能一定相等，故D正確；

E．在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中；將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進(jìn)行計算，油的體積偏大，會使分子直徑計算結(jié)果偏大，故E錯誤。

故選ACD。13、B:D【分析】【分析】

滑動變阻器的滑片P從a滑向b的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，路端電壓減小，分析變阻器兩端電壓的變化，根據(jù)路端電壓的變化，判斷△U2、△U3的大小．

【詳解】

滑動變阻器的滑片P從a滑向b的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，U2增大，路端電壓U1減小，則變阻器兩端電壓U3減?。捎赨1=U2+U3，U1減小，則知△U2<△U3，△U1＜△U3；所以BD是可能的，AC不可能．故BD正確，AC錯誤．故選BD．

【點睛】

本題解題的關(guān)鍵是抓住U1=U2+U3，根據(jù)總量法分析三個電壓表讀數(shù)變化量的大?。?4、B:C:D【分析】剛一閉合S2,電流立刻通過B流過A，AB燈就立即同時亮，線圈L產(chǎn)生很大的感應(yīng)電動勢阻礙電流的增大，而且感應(yīng)電流方向向上，流過B，所以B燈由亮變暗，通過線圈L電流此時為零，斷開S2時,A燈立即熄火,線圈產(chǎn)生的與原電流大小方向相同的感應(yīng)電流流過B燈，B燈先亮一下然后熄滅三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【分析】

粒子進(jìn)入磁場時，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運(yùn)動，速度的偏向角等于軌跡對應(yīng)的圓心角，再可求出軌跡對應(yīng)的圓心角由求解時間之比；根據(jù)幾何知識求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設(shè)圓柱形區(qū)域為R。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，則知帶電粒子軌跡對應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運(yùn)動時間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時，粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)90°角，則知帶電粒子軌跡對應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運(yùn)動時間為所以軌跡半徑之比：時間之比：根據(jù)半徑公式得速度之比：根據(jù)可知；周期之比為1：1。

【點睛】

本題關(guān)鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運(yùn)用幾何知識求出半徑關(guān)系，就能正確解答【解析】111:12：316、略

【分析】【詳解】

[1]隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，壓強(qiáng)也增大，由理想氣體狀態(tài)方程

二氧化碳的體積減??；而質(zhì)量不變，則密度一定增大；

[2]隨著溫度的降低，飽和汽壓會減小?！窘馕觥吭龃鬁p小17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]形成飽和氣后；酒精還是會蒸發(fā)，只是液體里跑到氣體中的分子和氣體中的分子跑到液體里的速度一樣快，整體來看是不變的，維持了動態(tài)平衡。但此時仍然會有酒精分子從液面飛出；

[2]溫度升高使氣體分子的動能增大，離開液體表面的氣體分子更多，飽和汽的密度增大?！窘馕觥坑性龃?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]ab為過原點的直線；根據(jù)。

壓強(qiáng)隨著體積的減小而增大；溫度不變，所以內(nèi)能不變。

[2]氣體從狀態(tài)b變化到狀態(tài)c過程；壓強(qiáng)減小，體積也減小，根據(jù)公式。

可知溫度降低。

[3]氣體從狀態(tài)c變化到狀態(tài)a過程；根據(jù)公式。

壓強(qiáng)不變，體積增大對外做功，溫度升高，吸收熱量。【解析】不變降低吸收19、略

【分析】【分析】

清楚兩小球相互接觸后；其所帶電量先中和后均分．根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，根據(jù)變化量和不變量求出問題．

【詳解】

相距為r時，根據(jù)庫侖定律得：接觸后各自帶電量變?yōu)閯t此時兩式聯(lián)立得即大小為F的倍．

【點睛】

本題考查庫侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問題．注意兩電荷接觸后各自電荷量的變化，這是解決本題的關(guān)鍵．【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)光速不變原理，衛(wèi)星上觀測到激光的傳播速度為c；

[2]因為激光和衛(wèi)星是相向運(yùn)動，依據(jù)多普勒效應(yīng)可知，衛(wèi)星接收到激光的頻率大于【解析】C大于四、作圖題(共3題，共18分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

（1）必選器材有電池、開關(guān)和導(dǎo)線；因為電動勢為：E=3V，故電壓表選擇V1，最大電流為：Imax==0.6A，故電流表選擇A2；限流式電路，因為最大電流Imax=0.6A，故為了安全應(yīng)選擇滑動變阻器R1．故應(yīng)選用的實驗器材有：ADEGH；

因為被測電阻為：Rx≈5Ω，所選電壓表內(nèi)阻：RV≈15000Ω，所選電流表內(nèi)阻為：RA≈1Ω；滿足故應(yīng)選用電流表外接法．故選b.【解析】ADEGHb25、略

【分析】【詳解】

（1）根據(jù)光的折射定律可知：

（2）為了減小測量的偶然誤差；必須采用多次測量取平均值的方法，由于每次測量時，入射角不同，折射角不同，每次測量有入射角與折射角之間沒有直接關(guān)系，入射角和折射角取平均值沒有意義，而介質(zhì)的折