2025年滬教新版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教新版高三物理下冊階段測試試卷174考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，長為L的細繩一端固定，另一端系一質量為m的小球．給小球一個合適的初速度，小球便可在水平面內做勻速圓周運動，這樣就構成了一個圓錐擺，設細繩與豎直方向的夾角為θ．下列說法中正確的是（）A.小球受重力、繩的拉力和向心力作用B.θ越大，小球運動的向心力越大C.θ越大，小球運動的速度越小D.θ越大，小球運動的周期越大2、A、B兩個質量相同小球拋出，下列說法中正確的是（）A.從同一高度以不同速度水平拋出，B在空中的運動時間不同B.從同一高度以不同的速度水平拋出，速度越大的水平位移一定越大C.拋出速度越大的小球，速度的變化越快D.從同一軌道以不同速度水平拋出，B落地使重力的瞬間功率不同3、下列情形中的物體可以看做質點的是（）A.研究郭晶晶在跳水比賽中的動作時B.研究航天飛機相對地球的飛行周期時，繞地球飛行的航天飛機能看作質點C.研究子彈射穿一張薄紙所需的時間，可以將子彈看作質點D.一枚硬幣用力上拋，猜測它落地時是正面朝上還是反面朝上4、地球同步衛(wèi)星是整個人類的稀有資源，全球最多可以同時存在大約120顆同步衛(wèi)星．如圖所示，很多國家發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓形軌道1運行，然后在Q點點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后在P點再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓形軌道3運行．已知軌道1、2相切于Q點，軌道2、3相切于P點．忽略大氣對衛(wèi)星的阻力作用，則衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運行時，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星從軌道2運行到軌道3的過程中，衛(wèi)星與地球組成的系統(tǒng)機械能守恒B.衛(wèi)星在軌道3上的P點運行速度小于在軌道2上的P點運行速度C.衛(wèi)星在軌道2上Q點的加速度小于在軌道1上Q點的加速度D.若在軌道3上的P點開動推動器向衛(wèi)星運行的正前方噴氣，衛(wèi)星可以重新回到軌道2上5、圖甲和圖乙所示的是a、b兩束單色光分別用同一單縫裝置進行實驗，在距裝置恒定距離的屏上得到的圖樣，圖甲是a光照射時形成的圖樣，圖乙是b光照射時形成的圖樣．下列說法正確的是（）A.a光光子的能量較大B.在水中a光波長較短C.甲、乙圖樣分別為a、b兩單色光的干涉圖樣D.若用a光照射某金屬有光電子逸出，則用b光照射該金屬時也有光電子逸出6、如圖所示，帶有活塞的氣缸中封閉一定質量的氣體(不考慮分子勢能)．將一個熱敏電阻(電阻值隨溫度升高而減小)置于氣缸中，熱敏電阻與氣缸外的歐姆表連接，氣缸和活塞均具有良好的絕熱性能．下列說法正確的是()A.若發(fā)現(xiàn)歐姆表讀數(shù)變大，則氣缸內氣體內能一定減小B.若推動活塞使氣缸內氣體體積減小，則氣缸內氣體內能減小C.若推動活塞使氣缸內氣體體積減小，則氣缸內氣體壓強減小D.若推動活塞使氣缸內氣體體積減小，則歐姆表讀數(shù)將變小7、如圖為兩種形式的吊車的示意圖，OA

為可繞O

點轉動的輕桿，重量不計，AB

為纜繩，當它們吊起相同重物時，桿OA

在圖(a)(b)

中的受力分別為F

a

F

b

則下列關系正確的是()

A.F

a=

F

b

B.F

a<

F

b

C.F

a>

F

b

D.大小不確定評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、一做勻變速直線運動的物體，若在前半段時間內的平均速度為5m/s，在后半段時間內的平均速度為7m/s，則全段時間內的平均速度為____m/s；若在前位移內的平均速度是6m/s，后位移內的平均速度是9m/s，則全程的平均速度是____m/s．9、（2008?廣東模擬）如圖所示，實線是一列簡諧橫波在t1=0時的波形圖，虛線為t2=0.5s時的波形圖，已知0＜t2-t1＜T，t1=0時x=2m處的質點A正向y軸正方向振動．

①質點A的振動周期為____s；

②波的傳播方向是____；

③波速大小為____m/s．10、（2015春?淮安期末）如圖所示是一定質量的理想氣體沿直線ABC發(fā)生狀態(tài)變化的p-V圖象．已知A→B過程中，理想氣體內能變化量為25J，吸收的熱量為50J，則該過程氣體對外界做功為____J，A→C過程氣體吸收熱量為____J．11、（2013秋?永春縣校級期中）如圖，三木塊疊在一起，現(xiàn)用水平向右的力F=5N，作用于木塊b上，它們均靜止不動，則木塊a受到木塊b的摩擦力為____N；木塊c受到木塊b的摩擦力方向為____．12、（2013春?南溪縣校級月考）如圖所示，將勻強磁場中的線圈（正方形，邊長為L）以不同的速度v1和v2勻速拉出磁場，線圈電阻為R，那么兩次拉出過程中，外力做功之比W1：W2=____．外力做功的功率之比P1：P2=____．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)13、物體的瞬時速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對錯）14、當達到動態(tài)平衡時，蒸發(fā)的速度不再改變，以恒速蒸發(fā)．____．（判斷對錯）15、作用力與反作用力一定是同種性質的力．____（判斷對錯）16、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯）17、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯）18、不論用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產生．____（判斷對錯）19、電視機的顯象管中電子束每秒進行50場掃描____．20、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯）評卷人得分四、實驗題(共4題，共24分)21、圖中螺旋測微器的讀數(shù)分別為____cm、____mm

22、（2012春?撫順縣校級期中）用圖1所示的平拋儀來做研究平拋運動的實驗；讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡。

（1）為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出一些操作要求，將你認為正確選項的前面字母填在橫線上：____．

A．通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平。

B．每次釋放小球的位置可以不同。

C．每次必須由靜止釋放小球。

D．小球運動時不應與木板上的白紙（或方格紙）相接觸。

（2）在實驗中，用一張印有小方格的紙來記錄軌跡，小方格的邊長L=1.25cm，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖2中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計算公式為V0=____用（L、g表示）其值是____m/s（g=10m/s2）23、在離地面15m的高處；以10m/s的初速度豎直上拋一小球．求。

（1）小球上升的高度和上升的時間。

（2）小球從最高點下落時間和落地時的速度（忽略空氣阻力的影響，取g=10m/s2）

（3）小球從拋出到落地的時間．24、一個課外興趣小組應用如圖甲所示裝置和傳感器研究機械能守恒問題，光滑斜面下端與圓弧相切，D點安裝一個力傳感器，并與計算機相連，讓質量為O．lkg的小球從斜面上不同高度h（釋放點到C點所在平面的高度）處由靜止釋放，小球通過D點時對軌道的壓力可由計算機讀出，通過多次測量得到了小球對D點的壓力F與h的關系圖象如圖乙所示，g=10m/s2．求：h=1.6m時；小球運動到C點時對軌道的壓力為多大？

評卷人得分五、識圖作答題(共1題，共10分)25、如圖甲是適宜環(huán)境中大豆光合作用過程的部分圖解，圖乙是某研究小組在15℃條件下以水稻為材料進行研究得到的實驗結果（光合作用的最適溫度為25℃，呼吸作用的最適溫度為30℃）。請回答相關問題。

（1）圖甲所示過程進行的場所是____；圖甲中A代表的物質是____，a代表____過程。若將該植物突然轉移到高溫、強光照、干燥的環(huán)境中，葉片將部分氣孔關閉，此時葉肉細胞內物質B的含量變化是____（填“增加”、“不變”或“減少”）。（2）由圖乙可知本實驗的目的是研究____，圖乙中E點的含義是____。（3）若將圖乙的實驗溫度升高10℃，則F點向____（填“左”或“右”）側移動，呼吸速率曲線向____（填“上”或“下”）移動。評卷人得分六、畫圖題(共2題，共4分)26、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）27、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】分析小球的受力：受到重力、繩的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物體受到向心力．然后用力的合成求出向心力為Fn=mgtanθ，用牛頓第二定律列出向心力的表達式，求出線速度v和周期T的表達式，分析θ變化，由表達式判斷V、T的變化，繼而可知各選項的正誤．【解析】【解答】解：A；小球只受重力和繩的拉力作用；二者合力提供向心力，選項A錯誤；

B、小球的向心力為Fn=mgtanθ；所以θ越大，小球運動的向心力越大，選項B正確．

C、向心力與速度的關系為mgtanθ=m=，得v=；θ越大，sinθ；tanθ越大，所以小球運動的速度越大，選項C錯誤．

D、小球運動周期：T==2π；因此，θ越大，小球運動的周期越小，選項D錯誤．

故選：B2、B【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)高度比較運動的時間，結合初速度和時間比較水平位移．根據(jù)瞬時功率的公式比較重力的瞬時功率．【解析】【解答】解：A、高度相同，根據(jù)t=知；A；B在空中運動的時間相同，與初速度無關，故A錯誤．

B；高度相同；運動的時間相等，根據(jù)x=vt知，速度越大，水平位移越大，故B正確．

C；平拋運動的加速度不變；都等于g，則速度變化快慢相同，故C錯誤．

D、根據(jù)P=mgvy知；落地時豎直分速度相等，重力的瞬時功率相等，與初速度無關，故D錯誤．

故選：B．3、B【分析】【分析】當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質點，根據(jù)把物體看成質點的條件來判斷即可．【解析】【解答】解：A；研究郭晶晶在跳水比賽中的動作時；形狀和大小不能忽略，不能看成質點．故A錯誤．

B；研究航天飛機相對地球的飛行周期時；繞地球飛行的航天飛機能看作質點，故B正確；

C；研究子彈射穿一張薄紙所需的時間；可以將子彈看作質點，子彈大小不能忽略，不能看成質點．故C錯誤．

D；一枚硬幣用力上拋；猜測它落地時是正面朝上還是反面朝上，硬幣的大小和形狀不能忽略，不能看成質點．故D錯誤．

故選：B．4、D【分析】【分析】根據(jù)衛(wèi)星在軌道上飛行只受引力；機械能守恒去判斷近地點和遠地點的速度大小關系．

當萬有引力剛好提供衛(wèi)星所需向心力時衛(wèi)星正好可以做勻速圓周運動。

1．若是供大于需則衛(wèi)星做逐漸靠近圓心的運動。

2．若是供小于需則衛(wèi)星做逐漸遠離圓心的運動。

牛頓第二定律和萬有引力定律結合應用解決問題．【解析】【解答】解：A；題目說在P點再次點火；將衛(wèi)星送入同步圓形軌道3運行，說明機械能增加，故A錯誤；

B；在橢圓軌道遠地點實施變軌成圓軌道是做逐漸遠離圓心的運動；要實現(xiàn)這個運動必須萬有引力小于衛(wèi)星所需向心力，所以應給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力，衛(wèi)星在軌道3上經過P點的速率大于在軌道2上經過P點的速率，故B錯誤；

C；根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得衛(wèi)星在軌道2上經過Q點的加速度等于在軌道1上經過Q點的加速度；故C錯誤；

D；若在軌道3上的P點開動推動器向衛(wèi)星運行的正前方噴氣；衛(wèi)星會減速，可能重新回到軌道2上，故D正確；

故選：D．5、D【分析】【分析】根據(jù)兩圖是由同一條單縫照射而形成的圖樣，且中央寬故為單縫衍射圖樣由于波長越短中央亮條紋的寬度越小，由圖可知單色光b的波長較短，而在真空中波長越長頻率越?。还庾拥哪芰縀=hγ，如果入射光的能量大于金屬的逸出功，就會發(fā)生光電效應；對于同一種介質來說，由于波長越大的單色光折射率越小．【解析】【解答】解：由于圖甲和圖乙是由同一條單縫照射而形成的圖樣，且中央寬故為單縫衍射圖樣，由于波長越短中央亮條紋的寬度越小，由圖可知單色光b的波長較短；

又由于C=λγ，故b光的頻率較高即γb＞γa．

A；由于光子的能量E=hγ；故a光光子的能量較?。蔄錯誤．

B、對于同一種介質來說，由于波長越大的單色光折射率越小，故na＜nb，由于n=故光從空氣射入水中波長變短，由于在空氣中時a的波長大于b的波長且進入水中后b的波長減小的更多；故在水中a光波長較長，故B錯誤．

C、由于波長越長單縫衍射圖樣的中央條紋越寬，故甲的波長較長，故甲乙分別是ab的單縫衍射的圖象．故C錯誤．

D、a光光子的能量較小，故只要a光照射某金屬有光電子逸出，則用b光照射該金屬時也有光電子逸出．故D正確．

故選D．6、A|D【分析】發(fā)現(xiàn)歐姆表讀數(shù)變大，由熱敏電阻特性知，缸內氣體溫度降低，氣體的內能減小，A正確；推動活塞使缸內氣體體積減小，對氣體做功，又因氣缸和活塞均具有良好的絕熱性能，沒有熱量交換，由熱力學第一定律知，缸內氣體的內能增大，溫度升高，熱敏電阻阻值變小，歐姆表讀數(shù)將變小，而氣體的壓強將變大，B、C均錯誤，D正確．【解析】【答案】AD7、A【分析】【分析】對結點進行受力分析，根據(jù)力的合成求解即可?！窘獯稹糠謩e對兩種形式的結點進行受力分析，設桿子的作用力分別為F1F2F3

各圖中T=mg

在圖(a)

中，F(xiàn)a=2mgcos30鈭?=3mg

在圖(b)

中，F(xiàn)b=mgtan60鈭?=3mg

故選A?！窘馕觥緼

二、填空題(共5題，共10分)8、67.7【分析】【分析】利用已知數(shù)據(jù)把全程的位移和時間表示出來，根據(jù)平均速度公式求出全段過程中的平均速度．【解析】【解答】解：設前半段或后半段的時間為t；則全段的位移為：x=5t+7t

所以全段的平均速度為：v平===6m/s．

設全段的位移為s，則在前1/3位移內對應的時間為：s，后2/3位移內的時間為：s

所以全段的平均速度為：v平1=m/s=7.7m/s

故答案為：6，7.79、2沿+x方向2【分析】【分析】①根據(jù)x=2m處的質點A正向y軸正方向振動；可判斷波的傳播方向．

②已知0＜t2-t1＜T，當波向右傳播時，波傳播的時間t2-t1為T，當波向左傳播時，波傳播的時間t2-t1為；運用波形的平移法求周期．

③讀出波長，由波速公式v=求波速．【解析】【解答】解：①②根據(jù)t1=0時的波形圖上x=2m處的質點A正向y軸正方向振動；判斷出波的傳播方向沿著x軸的正方向．

已知0＜t2-t1＜T，則根據(jù)波形的平移得知，波傳播的時間t2-t1=T，得到T=4（t2-t1）=4×0.5s=2s．

③由圖知，波長λ=4m，則波速v==2m/s．

故答案為：①2.0；②沿+x方向（或水平向右）；③2.0．10、2550【分析】【分析】分析各過程中溫度的變化，由熱力學第一定律分析內能、做功及熱量的變化即可求解．【解析】【解答】解：由熱力學第一定律可得：

△U=W+Q；

解得：W=25-50=-25J；說明氣體在AB過程放出25J的熱量；

在A和C狀態(tài)；pV乘積相等，所以溫度相等，則內能相等；A到B和B到C體積變化量相同，故對外做功相等，因AB過程做功為25J；故AC過程對外做功為50J；由熱力學第一定律可知，因內能不變；故氣體應吸熱50J；

故答案為：25；50．11、0水平向右【分析】【分析】隔離對a分析，根據(jù)a受力平衡確定b對a的摩擦力大小，再隔離對b分析，通過平衡確定c與b間的摩擦力，最后對c分析，即可求解．【解析】【解答】解：a物體處于平衡，假設水平方向受b對a的摩擦力；則a不可能平衡，所以a不受摩擦力．

對b分析，b在水平方向受拉力F，因為處于平衡，則c對b的摩擦力水平向左，大小為F．所以b對c的摩擦力大小水平向右；大小為F；

故答案為：0，水平向右．12、v1：v2v12：v22【分析】【分析】線圈勻速運動，外力的功率等于線圈中產生的焦耳熱，由E=BLv和焦耳定律得到外力做功的表達式，再求外力做功之比；同樣得到外力做功的功率表達式，再求解功率之比．【解析】【解答】解：線圈的速度為v時；產生的感應電動勢為E=BLv，線圈中產生的焦耳熱為：

Q===；可知Q∝v．

由于線圈勻速運動，外力做功等于線圈中產生的焦耳熱，則外力做功為：W=Q=．所以可得：

W1：W2=v1：v2．

外力做功的功率為P==∝v2；

可得：P1：P2=v12：v22．

故答案為：v1：v2，v12：v22．三、判斷題(共8題，共16分)13、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時間或某一過程內的運動情況；而瞬時速度只能表示物體在某一瞬時或某一位置時的速度．平均速度與位移與時間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時速度為0；則物體不動，無位移，則平均速度為0

故答案為：√14、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽達到飽和時，液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)．【解析】【解答】解：飽和蒸汽的平衡是一種動態(tài)平衡．當達到動態(tài)平衡時；液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)蒸發(fā)的速度不再改變，此時以恒速蒸發(fā)．所以該說法是正確的．

故答案為：√15、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質相同，它們同時產生，同時變化，同時消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質相同，它們同時產生，同時變化，同時消失，故該說法是正確的．

故答案為：√16、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】場強定義式E=適應任何電場，E=只適用于真空中點電荷；場強取決于電場本身，與檢驗電荷無關．【解析】【解答】解：場強定義式E=適應任何電場，E=只適用于真空中點電荷；故錯誤．

故答案為：×．18、√【分析】【分析】感應電流產生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化．1、電路要閉合；2、穿過的磁通量要發(fā)生變化．【解析】【解答】解：感應電流產生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化；只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產生．該說法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】根據(jù)顯像原理：顯像管尾部的電子槍發(fā)射的電子束被加速和控制后呈掃描狀轟擊屏幕上的熒光粉，使屏幕發(fā)光，結合交流電的頻率，即可求解．【解析】【解答】解：電子槍發(fā)射電子束擊在顯像管的屏幕上的彩色繭光粉上；它的電子束是逐行掃描的，速度非常的快，肉眼是看不出來的，電子束掃描的方向主是靠顯像管管頸上的偏轉線圈來控制的，交流電的頻率為50赫茲，因此電子束能在1秒內，打在熒光屏上50場畫面，所以顯象管中電子束每秒進行50場掃描；

故答案為：√．20、×【分析】【分析】場強定義式E=適應任何電場，E=只適用于真空中點電荷；場強取決于電場本身，與檢驗電荷無關．【解析】【解答】解：場強定義式E=適應任何電場，E=只適用于真空中點電荷；故錯誤．

故答案為：×．四、實驗題(共4題，共24分)21、0.67250.520【分析】【分析】螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解析】【解答】解：1；螺旋測微器的固定刻度為6.5mm；可動刻度為22.5×0.01mm=0.225mm，所以最終讀數(shù)為6.5mm+0.225mm=6.725mm=0.6725cm．

2；螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為2.0×0.01mm=0.20mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.020mm=0.520mm．

故答案為：0.67250.52022、ACD0.5【分析】【分析】（1）保證小球做平拋運動必須通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平；因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，實驗要求小球滾下時不能碰到木板平面，避免因摩擦而使運動軌跡改變，最后軌跡應連成平滑的曲線．

（2）平拋運動的水平方向做勻速直線運動，從圖中可以看出：a、b、c、d4個點間的水平位移均相等為2L，因此這4個點是等時間間隔點，豎直方向是自由落體運動，兩段相鄰的位移之差是一個定值△y=gT2=L，然后根據(jù)水平方向勻速直線運動即可解出小球的初速度．【解析】【解答】解：（1）A；通過調節(jié)使斜槽末端保持水平；是為了保證小球做平拋運動．故A正確；

B；C、因為要畫同一運動的軌跡；必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，故B錯誤，C正確；

D；實驗要求小球滾下時不能碰到木板平面；避免因摩擦而使運動軌跡改變，最后軌跡應連成平滑的曲線，故D正確．

故選：ACD．

（2）圖中看出，a、b；c、d4個點間的水平位移均相等；是x=2L，因此這4個點是等時間間隔點．豎直方向兩段相鄰位移之差是個定值；

即△y=gT2=2L；

故有：T=

再根據(jù)水平方向有：

2L=v0T

解得：v0=

代入數(shù)據(jù)得：v0==

故答案為：（1）ACD；（2），0.5．23、略

【分析】【分析】（1）豎直上拋運動是加速度為-g的勻減速直線運動；根據(jù)位移時間關系公式列式可得上升高度；由速度時間公式可得上升時間；

（2）小球從最高點下落做自由落體運動；由自由落體位移公式和速度公式可求下落時間和落地時的速度．

（3）由前兩問可得總時間．【解析】【解答】解：取豎直向上為正方向．

（1）小球上升的高度：

h=；

上升時間為：

．

（2）小球從最高點下落高度為H=15+5=20m；做自由落體運動，時間為：

；

落地時的速度為：

v=gt2=10×2=20m/s．

（3）小球從拋出到落地所用的時間：t=t1+t2=3s．

答：（1）小球上升最高點與拋點的距離是5m；上升的時間為1s；

（2）小球落地時的速度大小是20m/s；

（3）小球從拋出到落地所用的時間是3s．24、略

【分析】【分析】在D點由向心力公式可列式表示力與速度的關系；再對下滑過程由動能定理可得出下滑高度與速度的關系；聯(lián)立可解得力與半徑的關系；再由圖象得出斜率即可求得半徑；

由機械能守恒定律可求得C點的速度，由向心力公式可求得C點的支持力；再由牛頓第三定律可得出小球對軌道的壓力．【解析】【解答】解：設小球在傳感器位置的速度為v，則有：m=F+mg

對開始下滑至運動到傳感器的過程；由動能定理可得：

mv2=mg（h-2R）

由以上兩式可得：

F=-5mg；

根據(jù)小球的F-h圖象可知圖線的斜率k==5

故R=0.4m；

當h=1.6m