2024年北師大新版選修3物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年北師大新版選修3物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示理想變壓器原副線圈匝數(shù)比為1∶2，兩端分別接有四個(gè)阻值相同的燈泡，已知4盞燈均能發(fā)光，則L1和L4兩端的電壓的之比為()

A.1∶1B.1∶3C.3∶1D.4∶12、一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)發(fā)生變化，滿足查理定律，若氣體壓強(qiáng)增大，下列說(shuō)法正確的是（）A.分子的平均動(dòng)能增大B.分子的平均動(dòng)能減小C.分子之間的平均距離變大D.分子之間的平均距離變小3、下列說(shuō)法正確的是（）A.物體溫度升高，每個(gè)分子的動(dòng)能都增加B.物體體積變化，分子勢(shì)能可能變大C.物體從外界吸收熱量，物體的內(nèi)能一定增加D.外界對(duì)物體做功，物體的內(nèi)能一定增加4、圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受電場(chǎng)力作用的帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過(guò)M點(diǎn)，再經(jīng)過(guò)N點(diǎn)．可以判定（）

A.M點(diǎn)的電勢(shì)小于N點(diǎn)的電勢(shì)B.粒子帶正電，M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)C.粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力D.粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能5、如圖所示為一個(gè)多量程多用電表的簡(jiǎn)化電路圖．單刀多擲開關(guān)S可以與不同接點(diǎn)連接。下列說(shuō)法正確的是（）

A.當(dāng)S接或時(shí)為直流電流擋，接時(shí)量程較小B.當(dāng)S接或時(shí)為直流電壓擋，接時(shí)量程較大C.當(dāng)S接或時(shí)為直流電流擋，接時(shí)量程較大D.當(dāng)S接或時(shí)為直流電壓擋，接時(shí)量程較小6、2019年4月10日人類第一次發(fā)布了世界上首張黑洞圖像，利用了射電望遠(yuǎn)鏡對(duì)電磁波的捕捉．下列關(guān)于波的說(shuō)法，正確的是A.兩列波疊加一定會(huì)出現(xiàn)穩(wěn)定的干涉圖樣B.在干涉圖樣中，振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)，其位移始終保持最大；振動(dòng)減弱區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)，其位移始終保持最小C.只有障礙物或孔的尺寸與波長(zhǎng)比較相差不多或小得多，波才能發(fā)生衍射D.當(dāng)波源遠(yuǎn)離接收者時(shí)，接收者接收到的波的頻率比波源頻率低7、如圖所示，物體A、B的質(zhì)量分別為m、2m，物體B置于水平面上，B物體上部半圓型槽的半徑為R；將物體A從圓槽的右側(cè)最頂端由靜止釋放，一切摩擦均不計(jì)。則下列選項(xiàng)正確的是（）

A.A不能到達(dá)B圓槽的左側(cè)最高點(diǎn)B.A運(yùn)動(dòng)到圓槽的最低點(diǎn)速度為C.B向右勻速運(yùn)動(dòng)D.B向右運(yùn)動(dòng)的最大位移大小為評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、在如圖所示電路中，閉合電鍵S，理想電流表和理想電壓表的示數(shù)分別用I和U表示；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向左滑動(dòng)時(shí)，兩表的示數(shù)都發(fā)生變化。電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻始終不變，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.I變大，U變小B.比值變大C.R1的功率一定變大D.電源的總功率一定減小9、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個(gè)過(guò)程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其V?T圖像如圖所示，pa、pb、pc分別表示狀態(tài)a、b、c的壓強(qiáng)；下列判斷正確的是（）

A.過(guò)程a到b中氣體一定吸熱B.C.過(guò)程b到c氣體吸收熱量E.過(guò)程c到a中氣體吸收的熱量大于對(duì)外做的功E.過(guò)程c到a中氣體吸收的熱量大于對(duì)外做的功10、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)經(jīng)過(guò)狀態(tài)變化到狀態(tài)其圖像如圖所示；則下列說(shuō)法正確的有（）

A.的過(guò)程中，氣體對(duì)外界做功B.的過(guò)程中，氣體氣溫不變C.的過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)不變D.的過(guò)程中，氣體內(nèi)能增加11、關(guān)于熱學(xué)知識(shí)的下列敘述中正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)可以反映液體分子在做無(wú)規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)B.將大顆粒的鹽磨成細(xì)鹽，就變成了非晶體C.只要不違反能量守恒定律的機(jī)器都是可以制造出來(lái)的E.某氣體的摩爾體積為V，每個(gè)氣體分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)NA<E.某氣體的摩爾體積為V，每個(gè)氣體分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)NA<12、如圖所示，三個(gè)等量的點(diǎn)電荷，固定在正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，A、C兩點(diǎn)為正電荷，B點(diǎn)為負(fù)電荷，D為AC中點(diǎn)．下列說(shuō)法正確的是。

A.若A處點(diǎn)電荷所受靜電力大小為F，則B處點(diǎn)電荷所受靜電力大小為2FB.若A處點(diǎn)電荷所受靜電力大小為F，則B處點(diǎn)電荷所受靜電力大小為FC.若將B處點(diǎn)電荷沿BD連線向D點(diǎn)移動(dòng)，其電勢(shì)能一定逐漸減小D.在三個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，沒(méi)有合場(chǎng)強(qiáng)為零的位置(無(wú)限遠(yuǎn)處除外)13、如圖所示，傾角為θ的絕緣斜面體ABC置于粗糙的水平地面上．一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的小物塊(可看作是點(diǎn)電荷)恰好能在斜面上勻速下滑．若在AB中點(diǎn)D的上方固定一電荷量為-Q的點(diǎn)電荷；再讓物塊以某一速度從斜面上B點(diǎn)滑下，物塊始終未離開斜面，且斜面體保持靜止不動(dòng)．在不考慮空氣阻力和電荷損失的情況下，關(guān)于在物塊下滑過(guò)程中分析正確的是()

A.放置負(fù)電荷前，物塊勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，地面對(duì)斜面體的摩擦力為零B.放置負(fù)電荷后，物塊的電勢(shì)能先減小，后增大C.放置負(fù)電荷前與放置負(fù)電荷后物塊到達(dá)D點(diǎn)的加速度相同D.放置負(fù)電荷前與放置負(fù)電荷后物塊到達(dá)A點(diǎn)的機(jī)械能相同14、如圖所示，半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)帶電粒子以速度v從A點(diǎn)沿直徑AOB方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)過(guò)Δt時(shí)間從C點(diǎn)射出磁場(chǎng)，∠AOC為1200．現(xiàn)將帶電粒子的速度變?yōu)関/3，仍從A沿直徑射入磁場(chǎng)，不計(jì)重力，則（）

A.運(yùn)動(dòng)半徑為rB.運(yùn)動(dòng)半徑為r/C.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變?yōu)镈.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變?yōu)?Δt評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、如圖所示，用波長(zhǎng)為λ的光照射逸出功為W的極板，則發(fā)生光電效應(yīng)的光電子最大動(dòng)能為_______，已知普朗克常量為h，光速為c；若將此入射光的頻率增大，則極板逸出功________（選填“增大”；“減小”或“不變”）．

16、（1）單晶體有各向_______的特點(diǎn)．

（2）液體的溫度越高，表面張力_______；液體中溶有雜質(zhì)時(shí)，表面張力_______；液體的密度越大，表面張力_______．

（3）關(guān)于飽和汽壓的特點(diǎn)：液體的飽和汽壓與溫度有關(guān)，溫度越高，飽和汽壓______，且飽和汽壓與飽和汽的體積無(wú)關(guān)．17、如圖為包含某邏輯電路的一個(gè)簡(jiǎn)單電路圖，L為小燈泡，光照射電阻時(shí)，其阻值將變得遠(yuǎn)小于R。該邏輯電路是__________（選填“與”、“或”或“非”）門電路。當(dāng)電阻受到光照時(shí)，小燈泡L將__________（選填“發(fā)光"或“不發(fā)光”）。

18、a射線、β射線、γ射線、陰極射線四種射線中由原子核內(nèi)射出、屬于電磁波的射線是__________，不是原子核內(nèi)射出的射線是_________。19、將長(zhǎng)為1m的導(dǎo)線ac從中點(diǎn)b折成如圖所示的形狀，放入B＝0.08T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，abc平面與磁場(chǎng)垂直．若在導(dǎo)線abc中通入25A的直流電，則整個(gè)導(dǎo)線所受安培力大小為______N．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共30分)23、一直流電壓表，量程為1V，內(nèi)阻為1000Ω，現(xiàn)將一阻值為5000~7000Ω之間的固定電阻R1與此電壓表串聯(lián)，以擴(kuò)大電壓表的量程．為求得擴(kuò)大后量程的準(zhǔn)確值，再給定一直流電源（電動(dòng)勢(shì)E為6~7V，內(nèi)阻可忽略不計(jì)），一阻值R2=2000Ω的固定電阻，兩個(gè)單刀開關(guān)S1、S2及若干線.．

（1）為達(dá)到上述目的，將答題卡上對(duì)應(yīng)的圖連成一個(gè)完整的實(shí)驗(yàn)電路圖__________．

（2）連線完成以后，當(dāng)S1與S2均閉合時(shí)，電壓表的示數(shù)為0.90V；當(dāng)S1閉合，S2斷開時(shí)，電壓表的示數(shù)為0.70V，由此可以計(jì)算出改裝后電壓表的量程為_______V，電源電動(dòng)勢(shì)為________V．24、某實(shí)驗(yàn)小組測(cè)量某電阻元件的電阻阻值．

①先用多用電表粗略測(cè)量．選用“”倍率的電阻擋測(cè)量，發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，需要選擇_____（選填“”或“”）倍率的電阻擋，重新歐姆調(diào)零后再測(cè)量，測(cè)量結(jié)果如圖所示，則該電阻元件的電阻為_____．

為了精確測(cè)量；供選擇的器材有：

A．電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約為）

B．電流表（量程60mA，內(nèi)阻約為）

C．電流表（量程20mA，內(nèi)阻）

D．電壓表V（量程15V，內(nèi)阻約為）

E．定值電阻

F．滑動(dòng)變阻器最大阻值為額定電流1A

G．滑動(dòng)變阻器最大阻值為額定電流0.2A

H．電源E；電動(dòng)勢(shì)為4V，內(nèi)阻不計(jì)。

I．開關(guān)S及導(dǎo)線若干。

②為減小測(cè)量誤差，測(cè)量時(shí)要求電表示數(shù)不能小于其量程的1/3，并且電表示數(shù)變化范圍較大．除請(qǐng)器材H和I外，還需選用的實(shí)驗(yàn)器材是：______（選填器材前對(duì)應(yīng)的字母序號(hào)）．

③根據(jù)你選擇的實(shí)驗(yàn)器材；請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)畫出精確測(cè)量該電阻元件電阻阻值的最佳電路圖，并標(biāo)明器材的字母代號(hào)．

()

25、電源的輸出功率P跟外電路的電阻R有關(guān)。如圖是研究它們關(guān)系的實(shí)驗(yàn)電路。為了便于進(jìn)行實(shí)驗(yàn)和保護(hù)蓄電池，給蓄電池串聯(lián)了一個(gè)定值電阻R0，把它們一起看成電源（圖中虛線框內(nèi)部分）。于是電源的內(nèi)電阻就是蓄電池的內(nèi)電阻和定值電阻R0之和，用r表示；電源的電動(dòng)勢(shì)用E表示。

（1）寫出電源的輸出功率P跟E、r；R的關(guān)系式_______。（電流表與電壓表都視為理想電表）

（2）下表中給出了6組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)；根據(jù)這些數(shù)據(jù)在圖中的方格紙中畫出P-R關(guān)系圖線。根據(jù)圖線可知，電源輸出功率的最大值是____W，當(dāng)時(shí)對(duì)應(yīng)的外電阻是____Ω。

。I/A

0．20

0．28

0．36

0．44

0．52[

0．60

U/V

3．00

2．60

2．20

1．80

1．40

1．00

（3）由表中所給出的數(shù)據(jù)，若已知跟電源串聯(lián)的定值電阻的阻值為R0＝4．5Ω，還可以求得該電源的電動(dòng)勢(shì)E＝______V，內(nèi)電阻r0＝_______Ω。評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共9分)26、如圖甲所示，相隔一定距離的豎直邊界兩側(cè)為相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，在邊界上固定兩長(zhǎng)為L(zhǎng)的平行金屬極板MN和PQ，兩極板中心各有一小孔兩極板間電壓的變化規(guī)律如圖乙所示，正反向電壓的大小均為周期為．在時(shí)刻將一個(gè)質(zhì)量為電量為（）的粒子由靜止釋放，粒子在電場(chǎng)力的作用下向右運(yùn)動(dòng)，在時(shí)刻通過(guò)垂直于邊界進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)區(qū)．（不計(jì)粒子重力；不考慮極板外的電場(chǎng)）

（1）求粒子到達(dá)時(shí)的速度大小和極板距離

（2）為使粒子不與極板相撞；求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小應(yīng)滿足的條件．

（3）若已保證了粒子未與極板相撞，為使粒子在時(shí)刻再次到達(dá)且速度恰好為零，求該過(guò)程中粒子在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和磁感強(qiáng)度的大小27、如圖所示，兩根相距為L(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌CD、EF固定在水平面內(nèi)，并處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)．在導(dǎo)軌的左端接入阻值為R的定值電阻，將質(zhì)量為m、電阻可忽略不計(jì)的金屬棒MN垂直放置在導(dǎo)軌上，可以認(rèn)為MN棒的長(zhǎng)度與導(dǎo)軌寬度相等，且金屬棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，不計(jì)空氣阻力．金屬棒MN以恒定速度v向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，假設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B且保持不變；為了方便，可認(rèn)為導(dǎo)體棒中的自由電荷為正電荷．

（1）請(qǐng)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，推導(dǎo)金屬棒MN中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E；

（2）在上述情景中，金屬棒MN相當(dāng)于一個(gè)電源，這時(shí)的非靜電力與棒中自由電荷所受洛倫茲力有關(guān)．請(qǐng)根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義，推導(dǎo)金屬棒MN中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E．

（3）請(qǐng)?jiān)趫D中畫出自由電荷所受洛倫茲力示意圖．我們知道，洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷不做功．那么，金屬棒MN中的自由電荷所受洛倫茲力是如何在能量轉(zhuǎn)化過(guò)程中起到作用的呢？請(qǐng)結(jié)合圖中自由電荷受洛倫茲力情況；通過(guò)計(jì)算分析說(shuō)明．

28、如圖所示，ABCD是柱體玻璃棱鏡的橫截面，其中AE⊥BD，DB⊥CB，∠DAE=30°，∠BAE=45°，∠DCB=60°，一束單色細(xì)光束從AD面入射，在棱鏡中的折射光線如圖中ab所示，ab與AD面的夾角α=60°．已知玻璃的折射率n=1.5；求：（結(jié)果可用反三角函數(shù)表示）

（1）這束入射光線的入射角多大？

（2）該束光線第一次從棱鏡出射時(shí)的折射角．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

根據(jù)變壓器的原副線圈的匝數(shù)比等于電壓比；等于電流的倒數(shù)比進(jìn)行分析.

【詳解】

設(shè)通過(guò)L3、L4的電流為I，則副線圈通過(guò)的電流為I，設(shè)通過(guò)原線圈的電流為I′，由得I′=2I；通過(guò)燈L1電流為I1=I2+I′，設(shè)燈L2的兩端電壓為U′，則原線圈兩端的電壓為U′，設(shè)副線圈兩端的電壓為U，由得U=2U′，知L3、L4分擔(dān)的電壓都為U′，得到通過(guò)燈L2的電流也為I；即通過(guò)通過(guò)燈L1電流為I1=I2+I′=3I；則L1和L4兩端的電壓的之比為3：1，則選項(xiàng)C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C．2、A【分析】【分析】

【詳解】

一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)發(fā)生變化；滿足查理定律，則氣體的體積不變，若氣體壓強(qiáng)增大，則溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大；因氣體的體積不變，則分子間的平均距離不變。

故選A。3、B【分析】【詳解】

A．物體溫度升高；分子的平均動(dòng)能會(huì)增加，并不是每個(gè)分子的動(dòng)能都增加，故A錯(cuò)誤；

B．物體體積變化；微觀上會(huì)導(dǎo)致分子間距發(fā)生變化，而分子間距發(fā)生變化有可能會(huì)使得分子勢(shì)能可能變大，故B正確；

C．物體從外界吸收熱量的同時(shí)；若物體對(duì)外做功，則物體的內(nèi)能不一定增加，故C錯(cuò)誤；

D．外界對(duì)物體做功的同時(shí)；若物體對(duì)外放熱，則物體的內(nèi)能不一定增加，故D錯(cuò)誤。

故選B。4、B【分析】【詳解】

A；粒子所受電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)；斜向左下方，與電場(chǎng)方向一致，粒子帶正電，根據(jù)順著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，可知過(guò)M點(diǎn)的等勢(shì)面的電勢(shì)高于過(guò)N點(diǎn)的等勢(shì)面的電勢(shì)，則M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、由電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，可知，M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的小，由知；粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，故C錯(cuò)誤；

D、從M到N，粒子的所受電場(chǎng)力斜向左下方，則電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，電勢(shì)能減少，所以粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤．5、D【分析】【詳解】

AB．當(dāng)S接1時(shí)，表頭與一個(gè)電阻串聯(lián)后再與另一個(gè)電阻并聯(lián)，當(dāng)S接2時(shí)，表頭與兩個(gè)串聯(lián)后的電阻并聯(lián)，所以當(dāng)接或時(shí)為直流電流擋；接1時(shí)與表頭并聯(lián)的總電阻較小，對(duì)應(yīng)的量程較大，故AB錯(cuò)誤；

C．3或4擋對(duì)應(yīng)電路中有電源，所以當(dāng)接或時(shí)為歐姆擋；根據(jù)歐姆擋內(nèi)阻等于對(duì)應(yīng)量程的中值電阻可知接3時(shí)量程較小，故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)接或時(shí)；電阻與表頭串聯(lián)，為直流電壓擋，接5時(shí)與表頭串聯(lián)的總電阻較小，量程較小，故D正確。

故選D。

【點(diǎn)睛】

多用電表內(nèi)部只有一個(gè)表頭，即電壓與電流的量程都較小的儀表，要把它改裝成電壓表時(shí)需要跟它串聯(lián)一個(gè)電阻，且串聯(lián)的電阻越大，電阻分壓越大，所對(duì)應(yīng)的量程就越大；把它改裝成電流表時(shí)需要跟它并聯(lián)一個(gè)電阻用來(lái)分流，且并聯(lián)的電阻越小，電阻分流越大，對(duì)應(yīng)的量程也就越大。多用電表歐姆擋需要用內(nèi)部電源對(duì)電阻進(jìn)行供電，從而根據(jù)所測(cè)電流大小來(lái)間接反應(yīng)待測(cè)電阻的阻值，所以包含電源的擋位為歐姆擋，進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)，兩表筆短接，使指針指向零刻度，此時(shí)對(duì)應(yīng)表頭滿偏，設(shè)此擋位內(nèi)阻為R，則當(dāng)待測(cè)電阻也為R時(shí)，表頭將半偏，指針剛好指向表盤中央位置，因此對(duì)應(yīng)擋位下的內(nèi)阻等于中值電阻。6、D【分析】【詳解】

A.只有兩列頻率相同；相位差恒定的波疊加才會(huì)出現(xiàn)穩(wěn)定的干涉圖樣，故A錯(cuò)誤；

B.在干涉圖樣中；振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)，只是振幅變大，其位移隨時(shí)間周期性的變化；振動(dòng)減弱區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)，只是振幅變小，其位移隨時(shí)間周期性的變化．故B錯(cuò)誤；

C.衍射是波的特有屬性；在任何條件下都會(huì)發(fā)生衍射，只有障礙物或孔的尺寸與波長(zhǎng)比較相差不多或小得多，波才會(huì)發(fā)生明顯的衍射，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)多普勒效應(yīng)，當(dāng)波源遠(yuǎn)離接收者時(shí)，接收者接收到的波的頻率比波源頻率低，故D正確．7、D【分析】【分析】

物體A和B組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒；當(dāng)A到達(dá)左側(cè)的最高點(diǎn)時(shí)，水平方向上的速度相等，豎直方向上的速度為零，根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律求出A上升的最大高度以及到達(dá)最低點(diǎn)的速度。當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到左側(cè)最高點(diǎn)時(shí)，B向右的位移最大，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出最大位移的大小。

【詳解】

A．設(shè)A到達(dá)左側(cè)最高點(diǎn)的速度為v；根據(jù)動(dòng)量守恒定律知，由于初動(dòng)量為零，則末總動(dòng)量為零，即v=0，根據(jù)能量守恒定律知，A能到達(dá)B圓槽左側(cè)的最高點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

B．設(shè)A到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度為v，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得0=mv-2mv′

解得

根據(jù)能量守恒定律得

解得

故B錯(cuò)誤。

C．因?yàn)锳和B組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒；當(dāng)A在水平方向上的速度向左時(shí)，B的速度向右，當(dāng)A在水平方向上的速度向右時(shí)，則B的速度向左，故C錯(cuò)誤。

因?yàn)锳和B組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到左側(cè)最高點(diǎn)時(shí)，B向右運(yùn)動(dòng)的D．位移最大，設(shè)B向右的最大位移為x，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得m（2R-x)=2mx

解得

故D正確。

故選D。

【點(diǎn)睛】

本題考查了動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律的綜合，知道A、B組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，當(dāng)A到達(dá)左側(cè)的最高點(diǎn)時(shí)，B向右的位移最大。二、多選題(共7題，共14分)8、B:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向左滑動(dòng)時(shí)，阻值變大，則總電阻變大，總電流變小，則I減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得

則電壓表示數(shù)增大；故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)歐姆定律得

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向左滑動(dòng)時(shí)，增大，則變大；故B正確；

C．根據(jù)可知，I減小，的功率一定減??；故C錯(cuò)誤；

D．電源的總功率I減??；電源的總功率一定減小，故D正確。

故選BD。9、A:B:D【分析】【詳解】

A．由圖像可知，a到b過(guò)程中氣體體積不變而溫度升高，氣體內(nèi)能增大，則

氣體體積不變，外界對(duì)氣體不做功，則

由熱力學(xué)第一定律有

可得

所以氣體從外界吸收熱量；A正確；

B．由圖像可知，b到c過(guò)程中V與T成正比，由理想氣體狀態(tài)方程

可知b到c過(guò)程中氣體的壓強(qiáng)不變，即

從c到a過(guò)程氣體溫度不變而體積增大，氣體壓強(qiáng)減小，即

由以上分析可知

B正確；

C．b到c過(guò)程中；溫度降低，內(nèi)能減??；體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w放出熱量，C錯(cuò)誤；

D．由圖像可知，b到c過(guò)程中氣體溫度不斷降低；分子平均動(dòng)能不斷減小，又氣體壓強(qiáng)不變，則單位時(shí)間內(nèi)，與單位面積器壁碰撞的分子數(shù)增多，D正確；

E．由圖像可知，過(guò)程c到a過(guò)程中氣體溫度不變而體積增大，氣體內(nèi)能不變，則

氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，則

由熱力學(xué)第一定律得

則

氣體吸收的熱量等于對(duì)外做的功；E錯(cuò)誤。

故選ABD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．的過(guò)程中，氣體溫度不變，體積減小，可知外界對(duì)氣體做功，A錯(cuò)誤，B正確；

C．因?yàn)閳D線中，段的圖線是過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，則的過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)不變，C正確；

D．到的過(guò)程中，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，到的過(guò)程中，氣體溫度降低，內(nèi)能減小，則的過(guò)程中，氣體內(nèi)能減小，D錯(cuò)誤。

故選BC。11、A:D:E【分析】【詳解】

A．布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；間接反映了液體分子在做無(wú)規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)，A正確；

B．將大顆粒的鹽磨成細(xì)鹽；不改變固體的微觀結(jié)構(gòu)，所以細(xì)鹽仍為晶體，B錯(cuò)誤；

C．第二類永動(dòng)機(jī)不違背能量守恒定律；但違背熱力學(xué)第二定律，不可能造出，C錯(cuò)誤；

D．絕熱條件下，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知

壓縮氣體；外界對(duì)氣體做功，氣體內(nèi)能一定增加，D正確；

E．對(duì)于氣體分子而言，氣體分子占據(jù)的體積大于氣體分子實(shí)際的體積則

E正確。

故選ADE。12、B:C【分析】【詳解】

若A處點(diǎn)電荷所受靜電力大小為F，因A、C兩點(diǎn)為正電荷，B點(diǎn)為負(fù)電荷，且三個(gè)等量的點(diǎn)電荷，分別對(duì)A與B受力分析，如下圖所示：

那么AB間的庫(kù)侖力為F，CB間的庫(kù)侖力也為F，根據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合三角知識(shí)，即有，B處點(diǎn)電荷所受靜電力大小為2Fcos30°=F，故A錯(cuò)誤，B正確；若將B處點(diǎn)電荷沿BD連線向D點(diǎn)移動(dòng)，由矢量的合成法則，AC產(chǎn)生的合電場(chǎng)強(qiáng)度方向由D指向B，那么電場(chǎng)力做正功，其電勢(shì)能一定逐漸減小，故C正確；根據(jù)矢量的合成法則，在三個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，在BD延長(zhǎng)線某處存在合場(chǎng)強(qiáng)為零的位置，故D錯(cuò)誤．13、A:B【分析】【分析】

開始時(shí)刻小物塊恰好能在斜面上勻速下滑；說(shuō)明摩擦力和支持力的合力與重力平衡，是豎直向上的。根據(jù)牛頓第三定律，壓力和滑塊對(duì)斜面體的摩擦力的合力是豎直向下的。再結(jié)合平衡條件分析即可；放置負(fù)電荷后，根據(jù)電場(chǎng)力做功分析電勢(shì)能的變化；由于電場(chǎng)力是引力，摩擦力變小，分析加速度的變化；根據(jù)摩擦力做功多少變化，分析機(jī)械能的變化。

【詳解】

A.放置負(fù)電荷前；小物塊受重力；支持力和摩擦力，物塊恰好能在斜面上勻速下滑，說(shuō)明摩擦力和支持力的合力與重力平衡，是豎直向上的；根據(jù)牛頓第三定律，壓力和滑塊對(duì)斜面體的摩擦力的合力是豎直向下的。地面對(duì)斜面體的摩擦力為零，故A正確；

B.物塊與負(fù)電荷的距離先減小后增大；電場(chǎng)力對(duì)物塊先做正功后做負(fù)功，物塊的電勢(shì)能先減小，后增大，故B正確；

C.放置負(fù)電荷后物塊到達(dá)D點(diǎn)時(shí)；電場(chǎng)力垂直斜面向上，壓力減小，摩擦力減小，加速度變大，故C錯(cuò)誤；

D.放置負(fù)電荷后物塊從B到達(dá)A點(diǎn)的過(guò)程；電場(chǎng)力做功為零，摩擦力減小，做功減小，所以機(jī)械能變大，故D錯(cuò)誤。

故選：AB14、B:D【分析】【分析】

由于粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)周期T=與粒子速度大小無(wú)關(guān)，可見，要計(jì)算粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，只要求得它在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，就可得到所用的時(shí)間．

【詳解】

圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑是r，以速度v射入時(shí)，半徑r1=

根據(jù)幾何關(guān)系可知，=tan60°，所以r1=r，運(yùn)動(dòng)時(shí)間以速度射入時(shí)，半徑r2=所以r2=r，設(shè)第二次射入時(shí)的圓心角為θ，根據(jù)幾何關(guān)系可知：所以θ′=120°，則第二次運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：故選BD．

【點(diǎn)睛】

帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的題目解題步驟為：定圓心、畫軌跡、求半徑，同時(shí)還利用圓弧的幾何關(guān)系來(lái)幫助解題．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

逸出功是金屬本身的屬性，與外界因素?zé)o關(guān)，故極板的逸出功不變．【解析】不變16、略

【分析】（1）單晶體有各向異性的特點(diǎn)．

（2）根據(jù)表面張力的形成可知；液體的溫度越高，表面張力越??；液體中溶有雜質(zhì)時(shí)，表面張力變小；液體的密度越大，表面張力越大．

（3）關(guān)于飽和汽壓的特點(diǎn)：液體的飽和汽壓與溫度有關(guān)，溫度越高，飽和汽壓越大，且飽和汽壓與飽和汽的體積無(wú)關(guān)．【解析】異性越小變小越大越大17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]該邏輯電路為非門電路，非門電路的特點(diǎn)是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)相反，當(dāng)電阻受到光照時(shí)，其阻值將變得遠(yuǎn)小于R，則R兩端的電勢(shì)差大，兩端的電勢(shì)差小，則輸入端為低電勢(shì)，那么輸出端為高電勢(shì)，小燈泡L發(fā)光?！窘馕觥竣?非②.發(fā)光18、略

【分析】【詳解】

[1][2]射線是高速運(yùn)動(dòng)的氦原子核，β射線是高速運(yùn)動(dòng)的電子流，γ射線是原子核能級(jí)躍遷時(shí)釋放的射線，陰極射線是原子受激發(fā)時(shí)射出的電子，故由原子核內(nèi)射出、屬于電磁波的射線是γ射線，不是原子核內(nèi)射出的射線是陰極射線。【解析】γ射線陰極射線19、略

【分析】試題分析：折線abc受力等效于a和c連線受力，由幾何知識(shí)可知ac＝m，F(xiàn)＝ILBsinθ＝25×0.08××sin90°N＝N；

考點(diǎn)：勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的安培力【解析】四、作圖題(共3題，共18分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共30分)23、略

【分析】【詳解】

（1）為了使電壓表有兩次不同讀數(shù)，才能確定電源電動(dòng)勢(shì)跟R1的數(shù)據(jù)，電壓表、R1、R2只能組成串聯(lián)電路；電路連接如下圖．

（2）當(dāng)S1、S2閉合時(shí)；

（1）

當(dāng)S1閉合，S2斷開時(shí)。

（2）

由（1）；（2）聯(lián)立解得：

R1=6000Ω

改裝后量程為。

．【解析】（1）電路如圖所示．

（2）7；6.324、略

【分析】【詳解】

解：(1)用多用電表粗略地測(cè)量該元件的電阻，選用“×100”的電阻擋測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)較大，說(shuō)明所選擋位太大，為準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值，歐姆表應(yīng)換用較小擋位，應(yīng)將多用電表選擇旋鈕調(diào)到電阻×10擋；由圖所示表盤可知，被測(cè)電阻的阻值為：

(2)①電源電動(dòng)勢(shì)為4V，電壓表量程為15V，電壓表量程太大，不能用電壓表測(cè)電源；可以用已知內(nèi)阻的電流表與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表測(cè)電壓；通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流約為：電流表應(yīng)選B；為保證電路安全且方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇故還需要的實(shí)驗(yàn)器材為：

②由題意可知；待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器的最大阻值，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：

【解析】×1070BCEF25、略

【分析】試題分析：（1）電路中的電流電源的輸出功率

（2）依據(jù)表格求出每組下電源的輸出功率和外電阻進(jìn)行描點(diǎn)、用平滑曲線連接各點(diǎn)，關(guān)系圖線如圖所示。根據(jù)圖象可看出最大輸出功率在0．81W左右；對(duì)應(yīng)的外電阻在5Ω左右。

（3）由選取兩組數(shù)據(jù)帶入上式，可求出電源電動(dòng)勢(shì)為4V，內(nèi)電阻Ω。

考點(diǎn)：測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【解析】（1）

（2）0．81（在0．79～0．83之間也對(duì)）5

（3）40．5六、解答題(共3題，共9分)26、略

【分析】【詳解】

(1)粒子由S1至S2的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得qU0＝mv2①

由①式得v＝②

由牛頓第二定律得q＝ma③

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得d＝a④

聯(lián)立③④式得d＝⑤

(2)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為RqvB＝m⑥

要使粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)不與極板相撞；須滿足。

2R＞⑦

聯(lián)立②⑥⑦式得B＜

(3)設(shè)粒子在兩邊界之間無(wú)場(chǎng)區(qū)向左勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為