2025年滬科版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版必修3物理下冊月考試卷810考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖，光滑絕緣水平面上固定金屬小球A，用長l0的絕緣彈簧將A與另一個金屬小球B連接，讓它們帶上等量異種電荷，彈簧壓縮量為x1，若兩球電量各漏掉一半，重新平衡后彈簧壓縮量變?yōu)閤2；則有：（）

A.B.C.D.2、某興趣小組探究發(fā)現(xiàn)導(dǎo)電液體電阻變化規(guī)律與金屬電阻相同.如圖所示，將橫截面積之比為3:5，長度相同的兩段玻璃管注滿相同的鹽水，封閉構(gòu)成鹽水柱a和b并聯(lián)接入電路中；忽略溫度對電阻的影響，則下列說法正確的是。

A.鹽水柱a和b電阻之比為3:5B.通過鹽水柱a和b電流之比為3:5C.鹽水柱a和b中自由電荷移動速率之比3:5D.電路穩(wěn)定時鹽水柱中電場強度處處為零3、如圖所示，已知帶電小球A、B的電荷量分別為都用長L的絲線懸掛在O點，豎直墻壁光滑，靜止時A、B相距為d，已知小球A、B的質(zhì)量均為m，當?shù)刂亓铀俣葹間。以下說法正確的是（）

A.連接小球B的繩上承受的力大小為B.如果緩慢將小球B的電荷量都減小到原來的一半，則AB間距離減為C.當小球B的電荷量都緩慢減小時，連接兩個小球的繩上的力都減小D.為使平衡時AB間距離減為可以將小球B的質(zhì)量增加到4、圖（a）為示波管的原理圖。如果在電極之間所加的電壓圖按圖（b）所示的規(guī)律變化，在電極之間所加的電壓按圖（c）所示的規(guī)律變化；則在熒光屏上會看到的圖形是（）

A.B.C.D.5、如圖，紙面內(nèi)有兩條互相垂直的長直絕緣導(dǎo)線中的電流方向向左，中的電流方向向上；的正上方有兩點，它們關(guān)于對稱。整個系統(tǒng)處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應(yīng)強度大小為方向垂直于紙面向外。已知兩點的磁感應(yīng)強度大小分別為和方向也垂直于紙面向外，則（）

A.流經(jīng)的電流在點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為B.流經(jīng)的電流在點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為C.流經(jīng)的電流在點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為D.流經(jīng)的電流在點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為6、在x軸上一帶正電的粒子（重力不計）僅在電場力作用下以原點O為中心，沿x軸做往返運動，x軸上各點電勢如圖所示。若該粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，其運動過程中電勢能與動能之和為1.8qφ0；則下列說法正確的是（）

A.粒子在x=-1.8x0時其動能和電勢能相等B.粒子在往返運動過程中能通過x=1.9x0處C.原點O與x=-4x0之間的電場方向沿x負方向D.原點O與x=2x0之間的電場為勻強電場，電場強度大小為27、對于下列物理或生活現(xiàn)象的原理；說法正確的是（）

A.圖1中，兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣，應(yīng)用了尖端放電的原理B.圖2中，制作口罩的一種新穎的“靜電”絕緣纖維布，應(yīng)用了電磁感應(yīng)的原理C.圖3中，該女生的頭發(fā)和帶電的金屬球帶有同種性質(zhì)的電荷D.圖4中，靜電噴漆時，使被噴的金屬件與油漆霧滴帶相同電性的電荷，這樣使油漆與金屬表面在靜電力作用下噴涂更牢固8、如圖所示，xOy坐標系內(nèi)存在平行于坐標平面的勻強電場。一個質(zhì)量為m，電荷量為的帶電粒子，以的速度沿AB方向入射，粒子恰好以最小的速度垂直于y軸擊中C點。已知A、B、C三個點的坐標分別為若不計重力與空氣阻力；則下列說法中正確的是（）

A.帶電粒子由A到C過程中最小速度一定為B.帶電粒子由A到C過程中電勢能先減小后增大C.勻強電場的場強大小為D.若勻強電場的大小和方向可調(diào)節(jié)，粒子恰好能沿AB直線方向到達B點，則此狀態(tài)下電場強度大小為9、如圖所示，虛線框內(nèi)電路的各元件參數(shù)未知，我們常可以將這類含電源的電路等效成一個新的電源。當它的輸出端間分別接入不同阻值的電阻時，理想電流表有不同讀數(shù)則表格中①②對應(yīng)的數(shù)值分別為（）。1234Rx/Ω1018①118I/A10.60.4②

A.28，0.1B.38，0.2C.48，0.3D.58，0.4評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，有兩根長為L、質(zhì)量為m的細導(dǎo)體棒a、b（截面可視為點）．a(chǎn)被水平放置在傾角為的光滑斜面上，b被水平固定在與a在同一水平面的另一位置，且a、b平行，它們之間的距離為x．當兩細棒中均通以大小為I的同向電流時，a恰能在斜面上保持靜止（近似認為b在a處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度處處相等，且與到b的距離成反比），則下列說法正確的是（）

A.b的電流在a處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度方向豎直向上B.b的電流在a處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為C.電流不變，若使b向上平移，a仍可能在原處保持靜止D.電流不變，若使b向下平移，a將不能在原處保持靜止11、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻，電阻隨光強的增大而減小。R3為定值電阻，且R3>r。當R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關(guān)S，此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U。以下說法正確的是（）

A.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I減小，U減小B.若僅增大B板間距離，則電容器所帶電荷量減少C.若僅用更強的光照射R1，則電源的輸出功率減小D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變12、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r。當開關(guān)S閉合后，小型直流電動機M和指示燈L恰都能正常工作，已知指示燈L的電阻為額定電流為I，電動機M的線圈電阻為R；則下列說法中正確的是（）

A.電動機的額定電壓為B.電動機的輸出功率為C.電源的輸出功率為D.電源的輸出功率為13、如圖所示，在以O(shè)為圓心，半徑為R的圓形虛線區(qū)域內(nèi)存在方向豎直向下的勻強電場，C為圓周上的點，AB為水平方向直徑，AO與CO夾角為質(zhì)量為m，電荷量為q（q>0）的帶電粒子在紙面內(nèi)自C點先后以不同的初速度沿水平方向進入電場。已知剛進入電場時速度為零的粒子，穿出電場時速率為不計粒子重力。則（）

A.剛進入電場時速度為零的粒子穿過電場后動能增量最小B.剛進入電場時速度的粒子穿過電場后動能增量最大C.剛進入電場時速度的粒子穿過電場前后動量變化量最大D.剛進入電場時的速度的粒子穿過電場前后動量變化量的大小為14、如圖所示為多用電表測電阻原理圖，表頭內(nèi)阻為Rg，調(diào)零電阻為R0，電池的電動勢為E，內(nèi)阻為r；則下列說法中正確的是（）

A.它是根據(jù)閉合電路歐姆定律制成的，并且由G表改裝的B.接表內(nèi)電池正極的應(yīng)是紅表筆，測量時遵循“紅進黑出”原則C.電阻擋對應(yīng)的刻度不均勻，且“”刻度一般在刻度盤的右端D.每次換電阻倍率擋時，都需重新歐姆調(diào)零，調(diào)零后刻度盤中央刻度值是15、如圖所示，其中的線圈能產(chǎn)生交流電的是（）A.B.C.D.16、用如圖所示的電路來測量電池電動勢和內(nèi)電阻；根據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出了如圖所示的U-I圖線，由圖可知。

A.電池電動勢的測量值為1.40VB.電池內(nèi)阻的測量值為1.0ΩC.外電路發(fā)生短路時的電流為0.40AD.電壓表示數(shù)為1.20V時，電流表的示數(shù)I′＝0.2A評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、如圖所示，匝數(shù)為N、半徑為的圓形線圈內(nèi)有勻強磁場，勻強磁場在半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)，勻強磁場的磁感應(yīng)強度垂直于線圈平面。通過該線圈的磁通量為_________。

18、真空中點電荷的場強大小：E＝________（Q為場源電荷）。19、如圖，電阻R=55Ω，當閉合S1、S2時，通過電阻R的電流為_________A，電路的總功率為1000W，當只閉合S2時，電動機的電功率為___________W。

20、在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，半徑為R的半球形球殼如圖（a）放置，穿過它的磁通量為_______；面積為S的矩形線框在該磁場中的初始位置如圖（b）中實線所示，線框繞O軸逆時針轉(zhuǎn)動到與磁場垂直的虛線位置，這一過程中穿過線框的磁通量的變化量大小為______。

21、我們知道電場強度是矢量，那么電場中某點的電場強度的方向與正電荷在該點所受的靜電力的方向___________。22、如圖所示，把電量為－5×10－9C的電荷，從電場中的A點移到B點，其電勢能___（選填“增大”、“減小”或“不變”）；若A點的電勢UA＝15V，B點的電勢UB＝10V，則此過程中電場力做的功為____J．

23、如圖所示，平行金屬板通過一開關(guān)與電池相連，板間有一帶電液滴處于平衡狀態(tài)．若開關(guān)閉合，將兩板拉開一定距離，則粒子將__________；若開關(guān)打開，將兩板拉開一定距離，則粒子將__________．（填“靜止不動；向上運動、向下運動”）

24、為了研究某種化學(xué)電源的性能，設(shè)計如圖所示電路，閉合所有開關(guān)，并改變滑動變阻器阻值，觀察電壓表V1、V2示數(shù)的變化，得到如下數(shù)據(jù)：某一次的測量電壓表的讀數(shù)分別為改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)變?yōu)?.50A，電壓表V1讀數(shù)變化了0.4V，由上面數(shù)據(jù)可求：該電源電動勢E=_________V；電源的內(nèi)阻為r=__________Ω。

25、如圖，電阻電壓表示數(shù)為6V，電流表示數(shù)為0.5A，后來由于某一電阻斷路，電壓表示數(shù)為9V，電流表示數(shù)變?yōu)?.6A。則發(fā)生斷路的電阻是______，電池組的電動勢為______V。

評卷人得分四、實驗題(共4題，共8分)26、小明手里有一塊多用電表A，其功能完好，但刻度值已不清晰。他想通過實驗測定該多用表（簡稱A表，下同）“×10Ω”擋歐姆調(diào)零后的內(nèi)阻R0和內(nèi)置電源的電動勢E他找來了另一個多用電表B（簡稱B表；下同）；一個電阻箱、一個開關(guān)和若干導(dǎo)線作為實驗的器材。

實驗的操作如下：

（1）小明將A表調(diào)到“×10Ω”擋，將B表調(diào)到“mA”擋，準備如圖甲將所有的器材串聯(lián)起來作為實驗電路。請你在圖中連好剩余的導(dǎo)線。___________

（2）先使用B表的電流擋測量A表“×10Ω”擋的滿偏電流。將電阻箱阻值調(diào)為0，將A表調(diào)到歐姆擋“×10Ω”擋位置。幾次試測后，確定B表應(yīng)使用“10mA”擋，調(diào)節(jié)A表的歐姆調(diào)零旋鈕直至A表滿偏，此時B表的讀數(shù)如圖乙所示，記錄下B表讀數(shù)為___________mA。

（3）斷開開關(guān)，保持A、B表擋位不變，將A表___________短接進行歐姆調(diào)零；然后重新連入原來電路。

（4）調(diào)節(jié)電阻箱，閉合開關(guān)，當B表讀數(shù)為6.0mA時，讀出電阻箱阻值為R1；繼續(xù)調(diào)節(jié)電阻箱阻值，當B表讀數(shù)為4.0mA時，讀出電阻箱阻值為R2；

（5）斷開電路；整理器材。

（6）數(shù)據(jù)處理。根據(jù)以上測量數(shù)據(jù)，可算出A表“×10Ω”擋內(nèi)置電源的電動勢E=___________V，A表“×10Ω”擋歐姆調(diào)零后的內(nèi)阻R0=___________Ω，B表量程“10mA”擋的內(nèi)電阻RB=___________Ω。（以上3空的結(jié)果用R1、R2表示）27、某同學(xué)在學(xué)習(xí)使用多用電表后欲對多用電表進行研究。

（1）該同學(xué)先用多用電表歐姆擋測量二極管的反向電阻，測量前觀察到指針指在直流電流的零刻度線處，于是把選擇開關(guān)撥到歐姆“”擋上，把紅、黑表筆分別插入“+”“-”插孔中。先把兩根表筆相接觸，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻刻度的零刻度線上，然后把兩根表筆分別與待測二極管的兩端相接，其中___________表筆接在二極管正極，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小，則需要換用歐姆___________（填“”或“”）擋，之后___________（填“需要”或“不需要”）重新進行歐姆調(diào)零。

（2）該同學(xué)了解原理后，準備把一電流表改裝成歐姆表，器材有電源（電動勢內(nèi)阻），電流表G（滿偏電流內(nèi)阻）、滑動變阻器R。

①電路圖如圖1所示，先把紅、黑表筆短接，調(diào)整滑動變阻器R接入電路的阻值，使電流表滿偏。此時滑動變阻器接入電路的電阻為R=___________Ω，進行表盤標度時，20mA處應(yīng)標記的電阻值為___________Ω。

②若測量電阻時，待測電阻接在電路（無電源）中，如圖2所示，紅、黑表筆分別接在a、b處，則待測電阻的測量值與真實值相比___________（填“偏大”“偏小”或“不變”）。

③一段時間后，若電池電動勢不變，內(nèi)阻變大，仍能歐姆調(diào)零，按正確步驟操作時，待測電阻測量值與真實值相比___________（填“偏大”“偏小”或“不變”）。

28、在用“電流表和電壓表測定電池的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中,為提高實驗精度；應(yīng)合理設(shè)計電路圖。

（1）請你選用下面的實驗器材，將最佳方案畫在虛線方框中____________。

A．干電池1節(jié)。

B．滑動變阻器（0～20Ω）

C．滑動變阻器（0～1750Ω）

D．電壓表（0～3V）

E．電流表（0～0.6A）

F．電流表（0～3A）

G．開關(guān)。

（2）其中滑動變阻器應(yīng)選______（只填序號）。

（3）據(jù)閉合電路歐姆定律，E、r、U、I之間的關(guān)系滿足U=__________。

（4）由圖像可知這節(jié)干電池的電動勢E＝__________V，內(nèi)電阻r＝__________Ω。

29、如圖所示是一種測量磁感應(yīng)強度的實驗方案．虛線框內(nèi)存在一個與紙面垂直的勻強磁場。D為位于紙面內(nèi)的型金屬框，E為直流電源，R為電阻箱；A為電流表，S為開關(guān)，此外還有細沙；天平、刻度尺和若干輕質(zhì)導(dǎo)線。

（1）用筆畫線代替導(dǎo)線，在圖中畫線完成實驗電路圖______。

（2）補充完成下列實驗步驟。

①按照實驗電路圖連接電路。

②保持開關(guān)S斷開，在托盤內(nèi)加入適量細沙，使D處于靜止狀態(tài)，然后用天平稱出細沙質(zhì)量

③閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻R的值使電流大小適當，在托盤內(nèi)重新加入適量細沙，使D重新處于靜止狀態(tài)，然后讀出電流表的示數(shù)I，并用天平測量此時細沙的質(zhì)量

④用刻度尺測量__________。（寫物理量及其符號）

（3）用測量的物理量和重力加速度g表示磁感應(yīng)強度B的大小，則__________。

（4）若電流順時針方向通過D，則判定磁感應(yīng)強度方向的具體方法為__________。評卷人得分五、解答題(共4題，共20分)30、如圖所示，真空中有平行正對金屬板A、B，它們分別接在輸出電壓恒為U＝9.1V的電源兩端，金屬板長L＝20cm、兩金屬板間的距離d＝6.4cm，A、B兩板間的電場可以視為勻強電場。現(xiàn)使一電子從兩金屬板左側(cè)中間以v0＝5.0×106m/s的速度垂直于電場方向進入電場，然后從兩金屬板右側(cè)射出。已知電子的質(zhì)量m＝9.1×10－31kg，電荷量e＝1.6×10－19C兩極板電場的邊緣效應(yīng)及電子所受的重力均可忽略不計。求：

（1）電子在電場中運動的加速度a的大?。?/p>

（2）電子射出電場時在沿電場線方向上的側(cè)移量y；

（3）從電子進入電場到離開電場的過程中；電場力對電子所做的功。

31、如圖所示兩平行帶電板M、N相距為d，質(zhì)量為m。帶電量為q的微粒，在M板上方距M板h的A處自由下落，垂直穿過M板，恰好能到達N板；問此時兩板間的電勢差為多大？

32、如圖所示，長為L的絕緣輕細線一端固定在O點，另一端系一質(zhì)量為m的帶電小球，小球靜止時處于O點正下方的點。若將此裝置放在水平向右、電場強度大小為E的勻強電場中，當帶電小球靜止在A點時，細線與豎直方向成角。已知電場的范圍足夠大，空氣阻力可忽略不計，重力加速度為g。

(1)請說明小球所帶電荷的電性，并求小球所帶的電荷量q；

(2)若將小球從點由靜止釋放，求小球運動到A點時的動能

(3)過A點做一等勢面交電場線于C點，論證沿電場線方向電勢

33、如圖，一質(zhì)量帶電荷量的微粒以初速度大小豎直向上從點射入一水平向右的勻強電場，當微粒運動到比點高m的點時，速度大小為方向水平。取求：

(1)微粒的初速度大小

(2)兩點間的電勢差

(3)勻強電場的場強大小

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

設(shè)靜電力常數(shù)為k′，漏電前，由平衡條件可知

若兩球電量各漏掉一半，重新平衡后彈簧壓縮量變?yōu)閤2，則有

由于漏電以后，彈簧的壓縮量x2<x1，則有

由上面的各式可求得

故有

故選D。2、B【分析】【詳解】

A.根據(jù)電阻定律可知；橫截面積之比為3:5，電阻之比為5:3，故A錯誤；

B.兩個導(dǎo)體兩端的電壓相同；由歐姆定律得電流之比為3:5，故B正確；

C.由電流的微觀表達式I=nesv；結(jié)合電流與橫截面積關(guān)系可知電荷移動速率之比1:1，故C錯誤；

D.導(dǎo)體中自由電荷在電場力作用下沿力的方向定向運動形成持續(xù)電流，電場強度不為零，故D錯誤.3、D【分析】【分析】

【詳解】

對小球B作受力分析如下圖所示：

由幾何關(guān)系知N=mg

兩球之間的庫侖力為

聯(lián)立可得

A．連接小球B的繩上承受的力大小為mg；故A錯誤；

B．如果緩慢將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，則AB間距離減為故B錯誤；

C．當小球A、B的電荷量都緩慢減小時，由幾何關(guān)系知，連接B球的繩上的力仍為mg；故C錯誤；

D．為使平衡時AB間距離減為可以將小球B的質(zhì)量增加到故D正確。

故選D。4、A【分析】【詳解】

由于電極XX′加的是掃描電壓，電極YY′之間所加的電壓是信號電壓；信號電壓與掃描電壓周期相同，所以熒光屏上會看到的圖形與信號電壓圖形一樣。

故選A。5、B【分析】【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則可知流經(jīng)L1的電流在a、b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小方向向里，大小為B1；根據(jù)右手螺旋定則可知流經(jīng)L2的電流在b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向向外，大小為B2；根據(jù)右手螺旋定則可知流經(jīng)L2的電流在a點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向向里，由對稱性可知大小也為B2；以向外為正方向，則在a點有

在b點有

聯(lián)立得

故選B。6、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖像可知，粒子在x=-1.8x0時其電勢能為

此時動能為

故A正確；

B．因為電勢能與動能之和為1.8qφ0，當動能為零時，電勢能為1.8qφ0，則此時其所處電勢1.8φ0，由圖像可知，向右最多可達到1.8x0處；故B錯誤；

C．沿電場方向電勢降低，故原點O與x=-4x0之間的電場方向沿x正方向；故C錯誤；

D．圖像斜率表示電場強度，由圖知，原點O與x=2x0之間的電場為勻強電場，強度大小為故D錯誤。

故選A。7、C【分析】【詳解】

A．圖1中；兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣，應(yīng)用了靜電屏蔽的原理，A錯誤；

B．圖2中；制作口罩的一種新穎的“靜電”絕緣纖維布，應(yīng)用了靜電吸附的原理，B錯誤；

C．圖3中；該女生接觸帶電的金屬球，該女生的頭發(fā)和帶電的金屬球帶有同種性質(zhì)的電荷，C正確；

D．圖4中；靜電噴漆時，使被噴的金屬件與油漆霧滴帶異種電性的電荷，這樣使油漆與金屬表面在靜電力作用下噴涂更牢固，D錯誤。

故選C。8、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)題意可知

由于粒子恰好以最小的速度垂直于y軸擊中C點，則C點的速度最小且沿水平方向，故帶電粒子受到的電場力方向一定沿-y方向，將初速度沿豎直方向和水平方向分解，水平方向粒子做勻速直線運動，其速度為

豎直方向速度減為零時速度最小等于水平分速度，所以帶電粒子由A到C過程中最小速度一定為A錯誤；

B．帶電粒子由A到C過程中電場力一定做負功；電勢能增大，B錯誤；

C．根據(jù)幾何關(guān)系可知OC=L，從A到C根據(jù)動能定理可得

解得勻強電場的大小為

C錯誤；

D．若勻強電場的大小和方向可調(diào)節(jié)，粒子恰好能沿AB方向到達B點，則電場線方向沿BA方向，根據(jù)動能定理可得

解得此狀態(tài)下電場強度大小為

D正確。

故選D。9、A【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)虛線框中電路的等效電阻為等效電動勢為由

對第1組數(shù)據(jù)

對第2組數(shù)據(jù)

聯(lián)立解得

對第3組數(shù)據(jù)

解得

對第4組數(shù)據(jù)

解得

選項A正確。二、多選題(共7題，共14分)10、A:C:D【分析】【詳解】

A.通電導(dǎo)體b處于通電導(dǎo)體a的磁場中，由右手螺旋定則可得通電導(dǎo)體b處于豎直向上的磁場中；故A正確;

B.當導(dǎo)體a處于勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向豎直向上，則水平向右的安培力、支持力與重力，處于平衡狀態(tài)，因夾角為45°，則大小故B錯誤；

C.題意可知，重力和水平向右的磁場力的合力與支持力平衡，當減小b在a處的磁感應(yīng)強度，則磁場力減小，要使仍平衡，根據(jù)受力平衡條件，則可使b上移，即b對a的磁場力斜向上；故C正確；

D.當b豎直向下移動；導(dǎo)體棒間的安培力減小，根據(jù)受力平衡條件，當a受力的安培力方向順時針轉(zhuǎn)動時，只有大小變大才能保持平衡，而安培力在減小，因此不能保持靜止，故D錯誤；

故選ACD.

【點睛】

學(xué)會區(qū)分左手定則與右手螺旋定則，前者是判定安培力的方向，而后者是電流周圍磁場的方向，并學(xué)會受力分析，同時掌握力的合成與分解的法則．11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．滑動變阻器處于含電容支路中，相當于導(dǎo)線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變；故A錯誤；

B．若僅增大A、B板間距離；根據(jù)。

可知電容減??；板間電壓不變，則由電容的定義式。

可知電容器所帶電荷量減少；故B正確；

C．若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，因為R3>r；所以電源的輸出功率增大，故C錯誤；

D．若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大；根據(jù)閉合電路歐姆定律得。

U=E-Ir可得。

不變；故D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

A．電動機正常工作時是非純電阻，歐姆定律不適用，所以此時電動機的額定電壓為

故A錯誤；

B．電動機的輸出功率為電動機的輸入功率減去內(nèi)部電阻的熱功率，即

代入電動機的額定電壓U，則可得

故B正確；

CD．電源的總功率為

電源內(nèi)阻熱功率為

電源的輸出功率等于電源總功率減去電源內(nèi)阻熱功率為

故C正確；D錯誤。

故選BC。13、B:D【分析】【詳解】

A．當初速度為0時，粒子沿電場線方向做勻加速直線運動，根據(jù)動能定理有

若粒子沿電場線方向運動的距離小于R，則電場力做功就會小于EqR，則動能定理的增量就會小于EqR；所以剛進入電場時速度為零的粒子穿過電場后動能增量并不是最小的，A錯誤；

B．若使粒子穿過電場后動能增量最大，則需滿足此粒子沿電場線做勻加速直線運動的距離最長，則粒子會從該圓的最低點穿出，則沿電場線方向運動的距離為

水平方向運動的距離為

且沿電場線方向上有

水平方向上有

根據(jù)對A選項的分析有

聯(lián)立以上各式解得

B正確；

C．粒子在運動過程中，水平方向速度不變，動量守恒，所以動量變化僅考慮沿電場線方向，所以粒子最后沿電場線方向的速度越大，動量變化量越大，根據(jù)

則粒子沿電場線方向運動的距離越大，則動能增量越大，則沿電場線方向速度越大，則動量變化量也就越大，從該圓的最低點穿出的粒子沿電場線方向運動的距離最長，根據(jù)對B選項的分析，剛進入電場時速度為的粒子從圓的最低點穿出，則剛進入電場時速度為的粒子動量變化量最大；C錯誤；

D．通過題干以及對C選項的分析可知，進入電場時速度為零的粒子動量變化量大小為mv0，此時粒子沿電場線方向運動的距離為R，若粒子從處于同一水平高度的圓上的另一個點飛出，則動量的變化量也為mv0，則水平方向上有

豎直方向上有

且有

聯(lián)立解得

D正確。

故選BD。14、A:D【分析】【詳解】

A．歐姆表的工作原理是閉合電路的歐姆定律；歐姆表是由靈敏電流計G改裝成的，故A正確；

B．歐姆表內(nèi)置電源的負極與紅表筆相連；黑表筆與正極相連，故B錯誤；

C．歐姆表零刻度線在最右側(cè)；最大刻度線在最左側(cè)，故C錯誤；

D．歐姆表的內(nèi)阻等于其中值電阻，歐姆表內(nèi)阻為：其中值電阻也為：故D正確。

故選AD。15、B:D【分析】【詳解】

A．穿過線圈的磁通量始終為零；所以不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯誤；

C．穿過線圈的磁通量保持不變；不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯誤；

BD．線圈繞垂直于磁場轉(zhuǎn)動過程中；穿過線圈的磁通量不斷變化，能產(chǎn)生交變電流，故BD正確。

故選BD。16、A:B:D【分析】【詳解】

A、由圖象可知，電源U﹣I圖象與縱軸交點坐標表示電源的電動勢，則知電源的電動勢為1.40V，故A正確；

B、電源的內(nèi)阻r＝||Ω＝1Ω，故B正確；

C外電路發(fā)生短路時的電流I1.40A，故C錯誤；

D、當電壓表示數(shù)為1.20V時，I′A＝0.20A，故D正確；三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]勻強磁場的磁感應(yīng)強度垂直于線圈平面則通過該線圈的磁通量【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]真空中點電荷的場強大小。

【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)歐姆定律得

[2]當閉合S1、S2時，電阻R的功率為

電動機的電功率為

當只閉合S2時，電動機的電壓不變，所以電動機功率不變?！窘馕觥竣?4②.12020、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)磁通量的公式，可得穿過半球形球殼的磁通量為

[2]根據(jù)磁通量的公式，取此時磁感線穿過的面的磁通量為正，沒有轉(zhuǎn)動前，通過線框的磁通量為

由于轉(zhuǎn)動后，磁感線從另一面穿過，則此時磁通量為負，即有

這一過程中穿過線框的磁通量的變化量大小為【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電場中某點的電場強度的方向與正電荷在該點所受的靜電力的方向一致。【解析】一致22、略

【分析】【詳解】

試題分析：把負電荷從電場中的A點移到B點，電場力做負功，其電勢能增大；因為UAB=5V，則

考點：電場力的功與電勢差的關(guān)系。

【名師點睛】此題關(guān)鍵是掌握電場力功與電勢差的關(guān)系；知道電場力做正功電勢能減小，克服電場力做功，電勢能增加．【解析】增大-2.5×10-823、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)E=當閉合開關(guān)時，電壓不變，增大距離d，場強變小，電場力變小，粒子將向下運動；當打開開關(guān)時，電荷量Q不變，由及解得

場強與板間距無關(guān)，靜止不動．【解析】向下運動；靜止不動24、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律

[2]改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，外電阻減小，干路電流增大，路端電壓減小，第二次的路端電壓為

根據(jù)閉合電路歐姆定律

解得【解析】1.5125、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可知，若R1斷路，電流表示數(shù)是零，不符合題意；若R3斷路，電壓表示數(shù)是零，不符合題意，因此是R2斷路。

[2]在R2斷開時，電壓表示數(shù)為U2=9V，測的是R1兩端的電壓，電流表示數(shù)變?yōu)镮2=0.6A可得

在R2沒斷開時，電壓表示數(shù)為U1=6V，電流表示數(shù)為I1=0.5A，可知此時R1兩端的電壓，則有

可知R3兩端的電壓是7.5V?6V=1.5V

則有

由閉合電路歐姆定律可得

代入數(shù)據(jù)解得r=7.5ΩE=13.5V【解析】R213.5四、實驗題(共4題，共8分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]電路連線如下圖所示。

（2）[2]因為B表應(yīng)使用“10mA”擋；則B表讀數(shù)為8.0mA。

（3）[3]斷開開關(guān)；保持A；B表擋位不變，將A表紅黑表筆短接進行歐姆調(diào)零，然后重新連入原來電路。

（6）[4][5][6]設(shè)電表A歐姆“×10”擋的內(nèi)阻為R0，則有

設(shè)電表B量程為10mA擋的內(nèi)阻為RB，根據(jù)閉合電路歐姆定律有

聯(lián)立解得【解析】8.0紅、黑表筆27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]使用多用電表時；電流“紅進黑出”，若測量二極管的反向電阻，則電流需要從二極管的負極流入，黑表筆應(yīng)接在二極管的負極，紅表筆接在二極管的正極。

[2]如果發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小，則對應(yīng)的電阻值過大，需要換用更大的倍率，讓指針指在刻度盤的中間附近，即需要換用歐姆“”擋。

[3]每次更換倍率；都需要重新進行歐姆調(diào)零。

（2）[4]由閉合電路歐姆定律有

解得

[5]進行表盤標度時，20mA應(yīng)標記的電阻值為

[6]測量電阻時，待測電阻未從電路中斷開，實際測量的是與下側(cè)電阻的并聯(lián)電阻；測量值比真實值??；