2025年粵教滬科版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、對(duì)于物質(zhì)固體、液體、氣體的認(rèn)識(shí)，下列說法正確的是（）A.石墨和金剛石的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的化學(xué)元素不同B.一定溫度下飽和汽的密度為一定值，溫度升高，體積增大后，再次達(dá)到飽和時(shí)飽和汽的密度可能不變C.若發(fā)現(xiàn)干濕泡溫度計(jì)兩邊刻度的讀數(shù)差正在變大，說明空氣相對(duì)濕度正在變大D.由于液體表面層內(nèi)分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液面分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢(shì)2、下列科技常識(shí)判斷正確的是（）A.同種物質(zhì)只能以晶體形態(tài)出現(xiàn)，不能以非晶體形態(tài)出現(xiàn)B.液晶是一種特殊物質(zhì)，它既具有液體的流動(dòng)性，又像某些晶體具有光學(xué)各向同性C.表面張力使液面具有收縮的趨勢(shì)D.粉筆能吸干紙上的墨水——浸潤(rùn)現(xiàn)象3、下列說法錯(cuò)誤的是（）A.自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行的B.液體表面層內(nèi)分子間的相互作用力表現(xiàn)為斥力C.若一定質(zhì)量的理想氣體被壓縮且吸收熱量，則壓強(qiáng)一定增大D.分子勢(shì)能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大4、關(guān)于安培力和洛倫茲力，下列說法中正確的是A.帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定受到洛倫茲力作用B.放置在磁場(chǎng)中的通電導(dǎo)線，一定受到安培力作用C.洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷一定不做功D.洛倫茲力可以改變運(yùn)動(dòng)電荷的速度大小5、如圖是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側(cè)面會(huì)形成電勢(shì)差UCD（已知電流的微觀表達(dá)式為I=nSvq，其中n為導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)，S為導(dǎo)體的橫截面積，v為電荷定向移動(dòng)的速率，q為電荷的帶電量）．下列說法中正確的是。

A.保持B、I不變，增大C、D面間距離時(shí)，UCD增大B.保持B、I不變，增大上下面間距離時(shí)，UCD減小C.若定向移動(dòng)的是自由電子，則側(cè)面C電勢(shì)比D高D.UCD的大小及C、D兩側(cè)面哪面電勢(shì)高與材料無關(guān)6、為探究人在運(yùn)動(dòng)過程中腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力問題，實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)利用落錘沖擊地面的方式進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，即通過一定質(zhì)量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時(shí)的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計(jì)，g取10m/s2.下表為一次實(shí)驗(yàn)過程中的相關(guān)數(shù)據(jù)．根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知。

。重物（包括傳感器）的質(zhì)量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時(shí)間t/s

0.1

A.重物受到地面的最大沖擊力時(shí)的加速度大小為100m/s2B.重物與地面接觸前瞬時(shí)的速度大小為2m/sC.重物離開地面瞬時(shí)的速度大小為3m/sD.在重物與地面接觸的過程中，重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍7、如圖所示，間距為電阻不計(jì)的足夠長(zhǎng)平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌左端有一阻值為的電阻，一質(zhì)量為電阻也為的金屬棒橫跨在導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌接觸良好．整個(gè)裝置處于豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬棒以初速度沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)；在金屬棒整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法正確的是。

A.金屬棒端電勢(shì)比端高B.金屬棒克服安培力做的功等于電阻上產(chǎn)生的焦耳熱C.金屬棒運(yùn)動(dòng)的位移為D.金屬棒運(yùn)動(dòng)的位移為8、分別用頻率為ν和2ν的甲、乙兩種單色光照射某金屬，逸出光電子的最大初動(dòng)能之比為1:3，已知普朗克常量為h，真空中光速為c，電子電量為e．下列說法正確的是()A.用頻率為2ν的單色光照射該金屬，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目一定較多B.用頻率為的單色光照射該金屬不能發(fā)生光電效應(yīng)C.甲、乙兩種單色光照射該金屬，只要光的強(qiáng)弱相同，對(duì)應(yīng)光電流的遏止電壓就相同D.該金屬的逸出功為評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、下列有關(guān)熱現(xiàn)象和內(nèi)能的說法中正確的是（）A.把物體緩慢舉高，其機(jī)械能增加，內(nèi)能不變B.盛有氣體的容器做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，容器中氣體的內(nèi)能必定會(huì)隨之增大C.電流通過電阻后電阻發(fā)熱，它的內(nèi)能增加是通過“做功”方式實(shí)現(xiàn)的E.分子間引力和斥力相等時(shí)，分子勢(shì)能最小E.分子間引力和斥力相等時(shí)，分子勢(shì)能最小10、下列有關(guān)熱現(xiàn)象的說法中正確的是（）A.物體溫度越高，分子平均動(dòng)能越大B.一定質(zhì)量的理想氣體的溫度升高，壓強(qiáng)一定增大C.物體放熱時(shí)，內(nèi)能一定減小E.從單一熱源吸收熱量并全部用來對(duì)外做功而不引起其他變化是不可能實(shí)現(xiàn)的E.從單一熱源吸收熱量并全部用來對(duì)外做功而不引起其他變化是不可能實(shí)現(xiàn)的11、如圖所示的U﹣I圖象中；直線I為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）

A.電源的內(nèi)阻為0.5ΩB.電源的總功率為1.5WC.電源的輸出功率為1.5WD.電源內(nèi)部消耗功率為1.5W12、絕緣光滑斜面與水平面成α角，質(zhì)量m、帶電荷量為-q（q>0）的小球從斜面上的h高度處釋放，初速度為v0（v0>0）方向與斜面底邊MN平行；如圖所示，整個(gè)裝置處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，磁場(chǎng)方向平行斜面向上．如果斜面足夠大，且小球能夠沿斜面到達(dá)底邊MN．則下列判斷正確的是（）

A.小球在斜面做變加速曲線運(yùn)動(dòng)B.小球到達(dá)底邊MN的時(shí)間C.勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍為D.勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍為13、如圖所示，在方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域中有一個(gè)由均勻?qū)Ь€制成的單匝矩形線框abcd，線框在水平拉力作用下以恒定的速度v沿垂直磁場(chǎng)方向向右運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中線框ab邊始終與磁場(chǎng)右邊界平行，線框邊長(zhǎng)ad=cd=2線框?qū)Ь€的總電阻為R；則線框離開磁場(chǎng)的過程中（）

A.ab間的電壓為B.ad間的電壓為C.線框中的電流在ab邊產(chǎn)生的熱量為D.線框中的電流在ad邊產(chǎn)生的熱量為14、如圖所示的光滑水平面上，水平條形區(qū)域I和II內(nèi)有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其寬度均為s，區(qū)域I和II之間有一寬度為L(zhǎng)=3s的無磁場(chǎng)區(qū)域，一質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為s的正方形線框在水平恒定外力作用下從距區(qū)域I左邊界s處由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；假設(shè)線框能勻速地通過磁場(chǎng)區(qū)域I和II，則下列說法正確的是（）

A.線框通過區(qū)域I和區(qū)域II時(shí)的速度大小之比為B.區(qū)域I與區(qū)域II內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比C.線框通過區(qū)域I和區(qū)域II過程產(chǎn)生的熱量相等D.線框右邊通過區(qū)域I和區(qū)域II過程通過線框某一橫截面積的電荷量相等15、有三個(gè)質(zhì)量相等的分別帶有正電、負(fù)電和不帶電的微粒，從極板左側(cè)中央以相同的水平初速度v先后垂直場(chǎng)強(qiáng)方向射入，分別落到極板A、B、C處；如圖所示，則下列說法正確的有（）

A.落在A處的微粒帶正電，B處的不帶電，C處的帶負(fù)電B.三個(gè)微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等C.三個(gè)微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度aA＜aB＜aCD.三個(gè)微粒到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能EkA＞EkB＞EkC評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、春天，人們會(huì)感覺到周圍環(huán)境比秋天潮濕，是因?yàn)榭諝獾腳______（選填“相對(duì)”或“絕對(duì)”）濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強(qiáng)_______（選填“較大”或“較小”）。17、幾何光學(xué)中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作______18、質(zhì)量為m,電荷量為q的帶電粒子由靜止開始，在電壓為U的電場(chǎng)中僅在電場(chǎng)力作用下加速后的速度為___________19、【小題1】警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時(shí)探測(cè)反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分：有選錯(cuò)的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測(cè)到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測(cè)到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測(cè)到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測(cè)到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質(zhì)構(gòu)成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面，入射方向與半球殼的對(duì)稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。20、如圖甲所示，100匝的圓形線圈面積為1m2，與水平放置的平行板電容器連接，電容器兩板間距離10cm．圓形線圈內(nèi)有垂直于圓平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示（B取向里為正），圓形線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為______V；剛開始對(duì)電容器充電時(shí)圓形線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)開_____（填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”）；穩(wěn)定后，質(zhì)量10g的帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，粒子的電荷量大小為______C．g取10m/s2．

21、如圖所示，小球A的質(zhì)量為mA=5kg，動(dòng)量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運(yùn)動(dòng)，與靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰后A的動(dòng)量大小變?yōu)镻A'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動(dòng)量大小為______kg·m/s，小球B的質(zhì)量為____kg.

22、閱讀短文；回答問題：

變頻空調(diào)機(jī)。

空調(diào)機(jī)中有被稱為“冷媒”的物質(zhì)；利用它的物態(tài)變化可以實(shí)現(xiàn)室內(nèi)；室外熱量的轉(zhuǎn)移，如圖所示是空調(diào)機(jī)制冷系統(tǒng)的原理圖，其中壓縮機(jī)的作用是對(duì)氣態(tài)“冷媒”加壓，并使“冷媒”在管內(nèi)循環(huán)，壓縮機(jī)的轉(zhuǎn)速越大，“冷媒”的流量越大，空調(diào)機(jī)的制冷能力就越強(qiáng)．

壓縮機(jī)的轉(zhuǎn)速由供電頻率決定；“變頻空調(diào)”是與傳統(tǒng)供電頻率不變的“定頻空調(diào)”相比較而產(chǎn)生的概念，與“定頻空調(diào)”相比，變頻空調(diào)機(jī)的變頻器可以在一定范圍內(nèi)調(diào)節(jié)供電頻率，從而改變壓縮機(jī)的轉(zhuǎn)速．供電頻率越高，轉(zhuǎn)速越大，達(dá)到控制“冷媒”流量的目的．

變頻空調(diào)機(jī)開始工作時(shí)；以最大功率進(jìn)行制冷，當(dāng)室內(nèi)溫度快速降至設(shè)定溫度后，壓縮機(jī)隨機(jī)處于低速持續(xù)運(yùn)轉(zhuǎn)狀態(tài)，維持室溫基本不變．

某型號(hào)變頻空調(diào)機(jī)的部分參數(shù)如下表；其中：制冷量是指單位時(shí)間內(nèi)空調(diào)機(jī)從密閉區(qū)域內(nèi)去除熱量的總和；能效比是空調(diào)機(jī)在額定狀態(tài)工作時(shí)，制冷量與輸入功率之比．

。

最小。

額定。

最大。

輸入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

請(qǐng)回答下列問題：

(1)空調(diào)機(jī)的制冷原理是：在室內(nèi)；“冷媒”由于________吸收熱量，而在室外則由于________放出熱量，從而把室內(nèi)的熱量轉(zhuǎn)移到室外，達(dá)到降低室內(nèi)溫度的目的．（以上均填物態(tài)變化名稱）

(2)關(guān)于變頻空調(diào)機(jī)；下列說法正確的是：（_____）．（填字母序號(hào)）

A；變頻空調(diào)的壓縮機(jī)與定頻空調(diào)一樣；也是斷斷續(xù)續(xù)工作的。

B；空調(diào)機(jī)制冷時(shí)；圖中鋼管A內(nèi)流動(dòng)的是氣態(tài)“冷媒”

C；空調(diào)壓縮機(jī)是利用降溫的方法使“冷媒”發(fā)生物態(tài)變化的。

D、變頻器供電頻率越高，空調(diào)機(jī)的制冷能力越強(qiáng)評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共18分)26、某同學(xué)在測(cè)量一種均勻新材料電阻絲的電阻率的過程中；相關(guān)測(cè)量如下：

（1）用刻度尺測(cè)量電阻絲的接入長(zhǎng)度為l=0.900m

（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量電阻絲直徑（刻度位置如圖1所示），從圖中讀出電阻絲的直徑為_________mm；

（3）為了粗測(cè)新材料電阻絲的阻值；該同學(xué)先選用多用電表“×10”擋調(diào)零后進(jìn)行測(cè)量，發(fā)現(xiàn)表針偏轉(zhuǎn)的角度很大。

①為了把電阻測(cè)量得更準(zhǔn)確些，應(yīng)換用“________”擋；（選填“×100”或“×1”）；

②重新?lián)Q擋后必須將紅、黑表筆__________，調(diào)節(jié)_____________使表針指向0Ω；

③重新測(cè)量的結(jié)果，如圖2所示，讀數(shù)為__________Ω。

（4）現(xiàn)要進(jìn)一步精確測(cè)量其阻值；實(shí)驗(yàn)室提供了以下相關(guān)器材（要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確）：

A.電池組（3V；內(nèi)阻約1Ω）

B.電流表（0~3A；內(nèi)阻約0.025Ω）

C.電流表（0~0.6A；內(nèi)阻約0.125Ω）

D.電壓表（0~3V；內(nèi)阻約3kΩ）

E.電壓表（0~15V；內(nèi)阻約15kΩ）

F.滑動(dòng)變阻器（0~20Ω；額定電流1A）

G.滑動(dòng)變阻器（0~1000Ω；額定電流0.3A）

H.開關(guān)；導(dǎo)線。

①實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)選用的器材是_________________。（填寫各器材的字母代號(hào)）

②以下電路圖中__________（填電路圖下方的字母代號(hào)）電路為本次實(shí)驗(yàn)應(yīng)當(dāng)采用的最佳電路。但用此最佳電路測(cè)量的結(jié)果仍然會(huì)比真實(shí)值___________。（填“偏大”或“偏小”）

③若根據(jù)伏安法測(cè)出電阻絲的阻值為Rx=6.4Ω，則這種新材料電阻絲的電阻率為__________Ω·m（結(jié)果保留二位有效數(shù)字）。

（5）用伏安法測(cè)金屬絲電阻存在系統(tǒng)誤差。為了減小系統(tǒng)誤差，有人設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)方案。其中Rx是待測(cè)電阻，R是電阻箱，R1、R2是已知阻值的定值電阻。合上開關(guān)S，靈敏電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)。將R調(diào)至阻值為R0時(shí)，靈敏電流計(jì)的示數(shù)為零。由此可計(jì)算出待測(cè)電阻Rx=__________；（用R1、R2、R0表示）27、某興趣小組的同學(xué)用下列實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)一個(gè)電路來比較精確地測(cè)量電阻R(約3kΩ)的阻值．

A．電壓表V1，量程為0~4V，內(nèi)阻為r1=6kΩ

B．電壓表V2；量程為0~10V，內(nèi)阻約為6kΩ

C．滑動(dòng)變阻器R1(0~100Ω)；額定電流1A

D．滑動(dòng)變阻器R2(0~500Ω)；額定電流0.2A

E．定值電阻R0=6kΩ

F．電源電動(dòng)勢(shì)E=12V；內(nèi)阻很小。

G．開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

要求實(shí)驗(yàn)中電表示數(shù)從零調(diào)節(jié)，可獲得多組測(cè)量數(shù)據(jù)，且電表讀數(shù)不得小于其量程的測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)操作方便．

(1)由實(shí)驗(yàn)要求應(yīng)選擇的實(shí)驗(yàn)器材有___________(填器材前面的字母序號(hào))；

(2)在虛線框內(nèi)畫出測(cè)量電阻的最合理電路圖______________．(電路圖上標(biāo)明所用儀器的代號(hào))

(3)用已知量和測(cè)量的量表示Rx的表達(dá)式RX=___________，說明式中各字母所表示的物理量：___________．評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共12分)28、如圖所示，在真空中A、B兩點(diǎn)處各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，它們的電荷量相等，均為4．0×10－10C；而帶電的性質(zhì)不同，A為正；B為負(fù)，兩者相距80cm，P點(diǎn)與A、B等距離，均為50cm。

（1）試確定P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向？

（2）試求P點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)和A、B連線中點(diǎn)O處的場(chǎng)強(qiáng)之比？29、如圖，一容器由橫截面積分別為2S和S的兩個(gè)圓筒連通而成，S=40.0cm2，容器平放在水平地面上，容器內(nèi)壁光滑。兩活塞用長(zhǎng)為L(zhǎng)=40.0cm的剛性輕桿連接，外界大氣的壓強(qiáng)為p0=1.00×105Pa,溫度為T=303K.初始時(shí)，在水平力F=40N的作用下，大活塞靜止在與大圓筒底部相距處，兩活塞間封閉氣體的溫度為T1=495K.若容器內(nèi)氣體溫度緩慢下降；活塞緩慢右移。求:

（1）在大活塞與大圓筒底部接觸前的瞬間；容器內(nèi)氣體的溫度:

（2）容器內(nèi)的氣體與容器外大氣達(dá)到熱平衡時(shí)；容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)。

30、如圖甲所示，空間存在一寬度為的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里.在光滑絕緣水平面內(nèi)有一邊長(zhǎng)為的正方形金屬線框，其質(zhì)量電阻在水平向左的外力作用下，以初速度勻減速進(jìn)入磁場(chǎng)，線框平面與磁場(chǎng)垂直，外力大小隨時(shí)間變化的圖線如圖乙所示；以線框右邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)開始計(jì)時(shí)，求：

（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

（2）線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，通過線框的電荷量

（3）線框向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為多少？

（4）當(dāng)線框左側(cè)導(dǎo)線即將離開磁場(chǎng)的瞬間，撤去外力則線框離開磁場(chǎng)過程中產(chǎn)生的焦耳熱多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．石墨和金剛石組成它們的化學(xué)元素是相同的；都是碳原子，它們的物理性質(zhì)不同，是由于碳原子排列結(jié)構(gòu)不同造成的，故A錯(cuò)誤；

B．在一定溫度下；飽和汽的密度是一定的，它隨著溫度的升高而增大，故B錯(cuò)誤；

C．空氣相對(duì)濕度越大時(shí)；空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，干濕泡溫度計(jì)中兩只溫度計(jì)的讀數(shù)相差越小，故C錯(cuò)誤；

D．液體表面張力是液體表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏；分子間的距離比液體內(nèi)部大，分子力表現(xiàn)為引力的結(jié)果，液體的表面張力使液面具有收縮到液面表面積最小的趨勢(shì)，故D正確。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．同種物質(zhì)也可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)；如石墨和金剛石，組成它們的物質(zhì)都是碳，是微粒排列結(jié)構(gòu)不同造成的，A錯(cuò)誤；

B．液晶是一種特殊物質(zhì)；它既具有液體的流動(dòng)性，又像某些晶體具有光學(xué)各向異性，B錯(cuò)誤；

C．液體表面張力使液面具有收縮趨勢(shì)；因?yàn)樵谝后w表面層內(nèi)分子間的作用力表現(xiàn)為引力，C正確；

D．粉筆能吸干紙上的墨水；是毛細(xì)現(xiàn)象，D錯(cuò)誤。

故選C。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行的，故A正確；

B．液體表面層內(nèi)的分子之間距離大于所以表面層內(nèi)分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力，故B錯(cuò)誤；

C．一定質(zhì)量的理想氣體被壓縮；則分子數(shù)密集程度增加，同時(shí)吸收熱量，則溫度升高，分子運(yùn)動(dòng)激烈，從壓強(qiáng)的微觀角度分析可知，壓強(qiáng)一定增大，故C正確；

D．當(dāng)分子間距小于時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分之間距離變大分子力做正功勢(shì)能降低，當(dāng)距離大于分子力表現(xiàn)為引力，距離變大做負(fù)功勢(shì)能增加，故D正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選B。4、C【分析】【分析】

根據(jù)安培力公式；洛倫茲力公式及左手定則分析答題；知道導(dǎo)線或粒子方向沿電場(chǎng)線時(shí)均不受磁場(chǎng)力。

【詳解】

A、當(dāng)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，帶電粒子不受洛倫茲力作用，故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)通電導(dǎo)線電流方向與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，通電導(dǎo)線不受安培力，故B錯(cuò)誤；

C、由左手定則可知，洛倫茲力與粒子的運(yùn)動(dòng)方向垂直，即與位移方向垂直，在洛倫茲力方向上，帶電粒子沒有位移，洛倫茲力對(duì)帶電粒子不做功，故C正確；

D、洛倫茲力只能改變運(yùn)動(dòng)電荷的速度方向，不會(huì)改變速度大小，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)睛】

本題考查磁場(chǎng)力的性質(zhì)，要注意安培力、洛倫茲力的產(chǎn)生、方向是初學(xué)者很容易出錯(cuò)的地方，在學(xué)習(xí)中要加強(qiáng)這方面的練習(xí)，提高對(duì)知識(shí)的理解。5、B【分析】【詳解】

根據(jù)CD間存在電勢(shì)差，之間就存在電場(chǎng)，自由電荷在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，設(shè)霍爾元件的長(zhǎng)寬高分別為a、b、c（如圖所示）；

有

則

A．保持B、I不變，增大C、D面間距離時(shí)，即b增大，UCD不變；故A錯(cuò)誤；

B．保持B、I不變，增大上下面間距離時(shí)，即c增大，UCD減??；故B正確；

CD．n由材料決定，故UCD的大小與材料有關(guān)，q的正負(fù)也與材料有關(guān)，故C、D兩側(cè)面哪面電勢(shì)高也與材料有關(guān)，比如：定向移動(dòng)的是自由電子，根據(jù)左手定則，電子向C側(cè)面偏轉(zhuǎn)，C表面帶負(fù)電，所以C表面的電勢(shì)低；故CD錯(cuò)誤．

故選B．6、D【分析】【詳解】

地面對(duì)重物的沖擊力F方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律：F-mg=ma，當(dāng)沖擊力最大時(shí)，代入解得加速度最大為90m/s2，A錯(cuò)誤；重物下落的高度為45cm，根據(jù)可求下落的時(shí)間為t=0.3s，所以落地時(shí)的速度v=gt=3m/s，B錯(cuò)誤；反彈的高度為20cm，豎直向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，由可求離開地面時(shí)的速度為2m/s，C錯(cuò)誤；與地面相互作用的過程，取向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理：代入解得地面對(duì)重物的平均作用力所以D正確．7、D【分析】【詳解】

由右手定則可知，金屬棒上電流的方向是說明端電勢(shì)比端低，A錯(cuò)誤；由能量守恒知金屬棒克服安培力做的功等于電阻和金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱，B錯(cuò)誤；由動(dòng)量定理整個(gè)過程中感應(yīng)電荷量又聯(lián)立得故金屬棒的位移C錯(cuò)誤，D正確．8、B【分析】【詳解】

A；單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目與光的強(qiáng)度有關(guān)；由于光的強(qiáng)度關(guān)系未知，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

BD、光子能量分別為：和根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知光電子的最大初動(dòng)能為：和逸出光電子的最大初動(dòng)能之比為1:3，聯(lián)立可得逸出功為：用頻率為的單色光照射該金屬不能發(fā)生光電效應(yīng)；故選項(xiàng)B正確，D錯(cuò)誤；

C、兩種光的頻率不同，光電子的最大初動(dòng)能不同，由動(dòng)能定理可知對(duì)應(yīng)的遏止電壓是不同的，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；二、多選題(共7題，共14分)9、A:C:E【分析】【詳解】

A．把物體緩慢舉高；外力做功，其機(jī)械能增加，由于溫度不變，物體內(nèi)能不變，選項(xiàng)A正確；

B．物體的內(nèi)能與物體做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)沒有直接關(guān)系；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．電流通過電阻后電阻發(fā)熱；是通過電流“做功”的方式改變電阻內(nèi)能的，選項(xiàng)C正確；

DE．根據(jù)分子間作用力的特點(diǎn)，當(dāng)分子間距離等于r0時(shí)，引力和斥力相等，不管分子間距離從r0增大還是減小，分子間作用力都做負(fù)功，分子勢(shì)能都增大，故分子間距離等于r0時(shí)分子勢(shì)能最?。贿x項(xiàng)D錯(cuò)誤，E正確。

故選ACE。10、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．物體溫度越高；分子平均動(dòng)能越大，A正確；

B．一定質(zhì)量的理想氣體的溫度升高；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，壓強(qiáng)還和體積有關(guān)，若體積增加，壓強(qiáng)甚至可能還會(huì)減小，B錯(cuò)誤；

C．物體放熱時(shí)；可能外界對(duì)它做功，內(nèi)能不一定減小，C錯(cuò)誤；

D．有熱力學(xué)第三定律可得；絕對(duì)零度不可能達(dá)到，D正確；

E．從單一熱源吸收熱量并全部用來對(duì)外做功而不引起其他變化是不可能實(shí)現(xiàn)的；E正確。

故選ADE。11、C:D【分析】試題分析：由圖象Ⅰ可知電源的電動(dòng)勢(shì)為3.0V；短路電流為2.0A；由圖象Ⅱ可得外電路電阻R為1.5Ω，兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)即為電阻R和電源構(gòu)成閉合回路時(shí)的外電壓和干路電流，再求功率．

解：A、由圖象Ⅰ可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=3.0V，短路電流I短=2.0A，則電源內(nèi)阻為：r==Ω=1.5Ω；故A錯(cuò)誤．

BC、由兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，可得電源的路端電壓為1.5V，干路電流為1.0A，電源的總功率P總=EI=3W；輸出功率為P=UI=1.5×1.0W=1.5W，故B錯(cuò)誤，C正確．

D、電路中的電流為1.0A，電源內(nèi)部消耗功率為P內(nèi)=I2r=12×1.5W=1.5W；故D正確．

故選CD

【點(diǎn)評(píng)】根據(jù)U﹣I圖象Ⅰ正確讀出電源的電動(dòng)勢(shì)和短路電流，根據(jù)U﹣I圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過電阻的電流，是解決此類問題的出發(fā)點(diǎn)．12、B:D【分析】【詳解】

試題分析：小球在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)；一定受到豎直向下的重力和垂直斜面向上的洛倫茲力，可能受到垂直斜面向上彈力；小球能夠沿斜面到達(dá)底邊MN，說明垂直斜面的合力為0，洛倫茲力小于重力垂直斜面的分力．

小球合力是重力沿斜面向下的分力；因此小球合力恒定，故小球做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

小球做類平拋運(yùn)動(dòng)；沿著斜面方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；

則小球的加速度再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得所以球到達(dá)底邊MN的時(shí)間。

故B正確；帶電荷量帶負(fù)電，由左手定則，根據(jù)左手定則可知，小球受到的洛倫茲力的方向垂直于斜面向上；盡管小球做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，但垂直磁場(chǎng)的方向速度不變，故洛倫茲力小于重力垂直于斜面向下的分力mgcosθ；也就是解得磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍為故C錯(cuò)誤；D正確．本題選BD

點(diǎn)睛：本題的關(guān)鍵是小球沿光滑斜面運(yùn)動(dòng)，合力為重力沿斜面的分力，是恒力；其次洛倫茲力也是恒力，因?yàn)楸M管小球的速度在變，但垂直磁場(chǎng)方向的速度沒有變．13、A:D【分析】【詳解】

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=2Blv，感應(yīng)電流：ab間的電壓為而ad間的電壓為：故A正確，B錯(cuò)誤．線框中的電流在ab邊產(chǎn)生的熱量為故C錯(cuò)誤．由上分析可知，線框中的電流在ad邊產(chǎn)生的熱量：故D正確．故選AD．14、A:C【分析】【詳解】

A、線框進(jìn)入Ⅰ的速度為v1，根據(jù)速度位移關(guān)系可得：v12=2as，進(jìn)入II的速度為v2，從開始到線框進(jìn)入II區(qū)域勻加速的位移為L(zhǎng)，根據(jù)速度位移關(guān)系可得：v22=2aL，解得：A正確；

B、根據(jù)兩種情況下的安培力大小相等可得：B1I1s=B2I2s，即解得B錯(cuò)誤；

C、線框通過區(qū)域I和區(qū)域II過程產(chǎn)生的熱量等于克服安培力做的功，即W=BIs?s=所以產(chǎn)生的熱量相等，C正確；

D、線框右邊通過區(qū)域I過程通過線框某一橫截面積的電荷量為線框右邊通過區(qū)域I過程通過線框某一橫截面積的電荷量為由于磁感應(yīng)強(qiáng)度不同，則電荷量不同，D錯(cuò)誤.

故選AC.15、A:C【分析】【詳解】

ABC．微粒在水平方向上均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且水平速度相同，三微粒在水平方向上的位移xC＜xB＜xA

則三微粒的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為tC＝tB＝tA＝

可得tC＜tB＜tA

微粒在豎直方向上做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，則有＝aAtA2＝aBtB2＝aCtC2

可得aA＜aB＜aC

所以落在A處的微粒必帶正電，B處的不帶電，而C處的帶負(fù)電；故AC正確，B錯(cuò)誤；

D．根據(jù)動(dòng)能定理得，在A處mg－qAE＝EkA－mv2

在B處mg＝EkB－mv2

在C處mg＋qCE＝EkC－mv2

由此可知EkA<EkB<EkC

故D錯(cuò)誤。

故選AC。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

[1][2]春天，人們會(huì)感覺到周圍環(huán)境比秋天潮濕，是因?yàn)榭諝獾南鄬?duì)濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強(qiáng)較大，從而使得體表的水分難以蒸發(fā)。【解析】相對(duì)較大17、略

【分析】【詳解】

幾何光學(xué)中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作線段。【解析】線段18、略

【分析】【分析】

帶電粒子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后；動(dòng)能的大小等于電場(chǎng)力做功，求得速度v；

【詳解】

設(shè)加速后的速度為v，根據(jù)動(dòng)能定理可得：所以．

【點(diǎn)睛】

本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的加速，注意動(dòng)能定理的應(yīng)用．【解析】19、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應(yīng)；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會(huì)變大，遠(yuǎn)離觀察者，接收到的頻率就會(huì)變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關(guān)系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設(shè)為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進(jìn)而求出

故半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】20、略

【分析】【詳解】

第一空．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律從圖乙可知聯(lián)立解得：．

第二空．根據(jù)楞次定律可知；磁通量向里增加，感應(yīng)電流磁場(chǎng)向外，根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流為逆時(shí)針方向．

第三空．帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，根據(jù)平衡條件有通過以上分析板間電壓為100V，板間場(chǎng)強(qiáng)與電壓關(guān)系：聯(lián)立解得：．【解析】100逆時(shí)針1×10-421、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：解得：由機(jī)械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：．【解析】3322、略

【分析】（1）在室內(nèi)；制冷劑由液態(tài)變成氣態(tài)，叫做汽化，汽化吸熱；在室外又由氣態(tài)變成液態(tài)叫液化，液化放熱．故填汽化（蒸發(fā)）；液化．

（2）變頻空調(diào)的壓縮機(jī)是連續(xù)工作的，故A錯(cuò)誤；由圖示可知，空調(diào)機(jī)制冷時(shí)，圖中鋼管A內(nèi)流動(dòng)的是氣態(tài)“冷媒”，故B正確；空調(diào)壓縮機(jī)是利用做功的方法使“冷媒”發(fā)生物態(tài)變化的，故C錯(cuò)誤；變頻器供電頻率越高，空調(diào)機(jī)的制冷能力越強(qiáng)，故D正確。所以選BD?！窘馕觥恳夯疊D四、作圖題(共3題，共18分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過磁場(chǎng)方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共18分)26、略

【分析】【詳解】

（2）[1]螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為

（3）[2][3][4][5]歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角度很大，說明所選檔位太大，為了把電阻測(cè)得更準(zhǔn)一些，應(yīng)換用×1擋，換擋后需要重新調(diào)