2025年滬教版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，有一束平行于等邊三棱鏡截面ABC的單色光從空氣射向E點，并偏折到F點．已知入射方向與邊AB的夾角為θ＝30°，E、F分別為邊AB、BC的中點，則()．A.該棱鏡的折射率為B.光在F點發(fā)生全反射C.光從空氣進入棱鏡，波長變小D.從F點出射的光束與入射到E點的光束平行2、電流傳感器在電路中相當于電流表，可以用來研究自感現(xiàn)象.

在如下圖所示的實驗電路中，電源電動勢為E

內阻是rL

是自感線圈，其自感系數(shù)足夠大，直流電阻值大于燈泡D

的阻值，電流傳感器的電阻可以忽略不計.

在t=0

時刻閉合開關S

經過一段時間后，在t=t1

時刻斷開開關S

在下列表示電流傳感器記錄的電流隨時間變化情況的圖象中，可能正確的是(

)

A.B.C.D.3、將帶電量為Q

和鈭?3Q

的可視為點電荷小球放在相距一定距離時，其相互作用力為F

則將兩小球接觸后放回原地，此時的相互作用力變?yōu)?

)

A.F2

B.F3

C.F4

D.F5

4、如圖所示，條形磁鐵放在水平桌面上，在其中正中央的上方固定一根長直導線，導線與磁鐵垂直，現(xiàn)給導線通一垂直紙面向外的電流，則（）A.磁鐵對桌面的壓力減小，受桌面的摩擦力作用B.磁鐵對桌面的壓力減小，不受到桌面的摩擦力作用C.磁鐵對桌面的壓力增大，不受桌面的摩擦力作用D.磁鐵對桌面的壓力增大，受到桌面的摩擦力作用5、已知某氣體的摩爾體積為22.4L/mol，摩爾質量為18g/mol，阿伏加德羅常數(shù)為6.02×1023mol-1，由以上數(shù)據(jù)不能估算出這種氣體（）A.每個分子的質量B.每個分子的體積C.每個分子平均占據(jù)的空間D.分子之間的平均距離評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)6、某型號電池的電動勢是1.5V，如果不考慮它自身內部的電阻，當把它的兩極與150Ω的電阻連接在一起時，電阻中就會有____A的電流通過，16s內有____C的電荷定向通過電阻的某一橫截面．7、圖所示為一平行玻璃磚的截面，若一細束光從ab面上斜入射；下列說法中正確的是。

A．若入射光是單色光，經ab面折射后直接射到cd面上；則單色光有可能在cd面上發(fā)生全反射。

B．若入射光是單色光，經ab面折射后直接射到bc面上，則單色光有可能在bc面上發(fā)生全反射。

C．若入射光是白光，經ab面折射后直接射到bc面上，可以由bc面射出并發(fā)生色散現(xiàn)象，出射光線中與bc面夾角較小的單色光；其光子能量較小。

D．若入射光是白光，經ab面折射后直接射到bc面上，可以由bc面射出并發(fā)生色散現(xiàn)象，出射光線中與bc面夾角較小的單色光；其在玻璃中傳播的速度較慢．

8、要把一個量程是lmA.內阻是5Ω的電流表改裝成量程是3V的電壓表，應該給電流表聯(lián)一個阻值R=Ω的電阻。9、如圖所示，圖線1、2分別表示導體A、B的伏安特性曲線，它們的電阻分別為R1、R2，則導體A、B的電阻R1：R2=____；若將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，則通過導體A、B的電流比I1：I2=____．

10、如圖LC振蕩回路中振蕩電流的周期T=2×10﹣2s．自振蕩電流沿反時針方向達最大值時開始計時，當t=3.4×10﹣2s時，電容器正處于____狀態(tài)（填“充電”、“放電”、“充電完畢”或“放電完畢”）．這時電容器的上極板____（填“帶正電”；“帶負電”或“不帶電”）．

11、如圖所示，用帶正電的絕緣棒A

去靠近原來不帶電的驗電器BB

的金屬箔片張開，這時金屬箔片帶____電；若用帶正電的絕緣棒A

去接觸原來不帶電的驗電器BB

的金屬箔片張開，這時金屬箔片帶____電；評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)12、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）13、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗探究題(共2題，共14分)20、為了“探究外力做功與物體動能變化的關系”，查資料得知，彈簧的彈性勢能Ep=kx2；其中k是彈簧的勁度系數(shù)，x是彈簧長度的變化量．某同學就設想用壓縮的彈簧推靜止的小球（質量為m）運動來探究這一問題．為了研究方便，把小鐵球O放在水平桌面上做實驗，讓小球O在彈力作用下運動，即只有彈簧推力做功．

該同學設計實驗如下：

首先進行如圖甲所示的實驗：將輕質彈簧豎直掛起來，在彈簧的另一端掛上小鐵球O，靜止時測得彈簧的伸長量為d．在此步驟中，目的是要確定物理量______，用m、d、g表示為______．接著進行如圖乙所示的實驗：將這根彈簧水平放在桌面上，一端固定，另一端被小鐵球O壓縮，測得壓縮量為x，釋放彈簧后，小鐵球O被推出去，從高為h的水平桌面上拋出，小鐵球O在空中運動的水平距離為L．小鐵球O的初動能Ek1=______．小鐵球O的末動能Ek2=______．彈簧對小鐵球O做的功W=______．（用m、x、d、g表示），對比W和Ek2-Ek1就可以得出“外力做功與物體動能變化的關系”，即在實驗誤差允許范圍內，外力所做的功等于物體動能的變化．21、某同學想設計一個測量金屬棒電阻率的實驗方案，實驗室提供的器材有：A.電流表A1(

內阻Rg=100婁賂

滿偏電流Ig=3mA)

B.電流表A2(

內阻約為0.4婁賂

量程為0.6A)

C.定值電阻R0=900婁賂

D.滑動變阻器R(5婁賂,2A)

E.干電池組(6V,0.05婁賂)

F.一個開關和導線若干G.螺旋測微器，游標卡尺(1)

如圖1

用螺旋測微器測金屬棒直徑為________mm

如圖2

用20

分度游標卡尺測金屬棒長度為________cm

．(2)

用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用“隆脕10婁賂

”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大，他應該換用________擋(

填“隆脕1婁賂

”或“隆脕100婁賂

”)

換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖3

所示，則金屬棒的阻值約為________婁賂

．(3)

請根據(jù)提供的器材，設計一個實驗電路，要求盡可能精確測量金屬棒的阻值．(4)

若實驗測得電流表A1

示數(shù)為I1

電流表A2

示數(shù)為I2

則金屬棒電阻的表達式為Rx=

________.(

用I1I2R0Rg

表示)

評卷人得分五、推斷題(共1題，共8分)22、A、rm{B}rm{C}rm{X}是中學化學常見的物質，rm{A}rm{B}rm{C}均由短周期元素組成，轉化關系如圖。請針對以下三種不同情況回答：

rm{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一種常見金屬元素，該元素在rm{C}中以陰離子形式存在，將rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的白色膠狀沉淀。rm{壟脵A}中含有的金屬元素為________rm{(}寫元素名稱rm{)}它在周期表中的位置為__________。rm{壟脷}該金屬元素的單質與某氧化物在高溫下反應，常用于焊接鐵軌及定向爆破，該反應的化學方程式為___________________。rm{(2)}若rm{A}為稀rm{HNO_{3}}rm{X}為常見黑色金屬單質，寫出rm{A}與rm{B}反應離子方程式___________。rm{(3)}若rm{A}rm{B}rm{C}三種化合物的焰色反應均呈黃色，水溶液均為堿性；將rm{C}加到鹽酸中，有無色無味的氣體rm{X}產生。rm{壟脵A}中所含有的化學鍵是________________rm{壟脷}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{H_{2}O}按一定比例結晶而成的固體，取一定量該固體溶于水配成一定物質的量濃度溶液rm{100mL}所用到的玻璃儀器有玻璃棒、燒杯、________、_____________。rm{壟脹}若測得上述溶液中金屬陽離子的濃度為rm{0.5mol/L.}若取相同質量的固體加熱至恒重，剩余固體的質量為_____________rm{g}評卷人得分六、實驗題(共4題，共24分)23、(1)如圖所示，游標卡尺的示數(shù)為________mm，螺旋測微器的示數(shù)為________mm.(2)為了描繪小燈泡的伏安特性曲線，實驗室可供選擇的器材如下：A.待測小燈泡(6V500mA)B.電流表A(0～0.6A內阻約0.5Ω)C.電壓表V(0～3V內阻5kΩ)D.滑動變阻器R1(0～1kΩ100mA)E.滑動變阻器R2(0～5Ω1.5A)F.電阻箱R3(0～9999.9Ω)G.直流電源E(約6V，內阻不計)H.開關S，導線若干①將電壓表量程擴大為6V，與它串聯(lián)的電阻箱的阻值應調為________kΩ．②圖甲中畫出了實驗的部分電路，請你補全電路圖；③滑動變阻器應選用________(填“R1”或“R2”)．24、（2分）某一位學生用游標尺上標有20等分刻度的游標卡尺測一工件的長度，測得的結果如下圖所示，則該工件的長度L=cm。25、為了測定一節(jié)舊干電池的電動勢和內阻（內阻偏大），配備的器材有：A．電流表A（量程為0.6A）B．電壓表V（量程為2V，內阻為1.2kΩ）C．滑動變阻器R（0~10Ω，1A）某實驗小組設計了如圖所示的電路．利用上述實驗電路進行實驗，測出多組電壓表讀數(shù)UV與對應的電流表讀數(shù)IA，利用UV–IA的圖象所示．由圖象可知，電源的電動勢E=V，內阻r=Ω．26、苯甲酸乙酯rm{(C_{9}H_{10}O_{2})}稍有水果氣味，用于配制香水香精和人造精油，大量用于食品工業(yè)中，也可用作有機合成中間體、溶劑等。其制備方法為：已知：實驗步驟如下：rm{壟脵}在rm{100mL}圓底燒瓶中加入rm{12.20g}苯甲酸、rm{25mL}乙醇rm{(}過量rm{)}rm{20mL}環(huán)己烷，以及rm{4mL}濃硫酸，混合均勻并加入沸石，按上圖所示裝好儀器，控制溫度在rm{65隆蘆70隆忙}加熱回流rm{2h}反應時環(huán)己烷rm{-}乙醇rm{-}水會形成“共沸物”rm{(}沸點rm{62.6隆忙)}蒸餾出來。再利用分水器不斷分離除去反應生成的水，回流環(huán)己烷和乙醇。rm{壟脷}反應結束，打開旋塞放出分水器中液體后，關閉旋塞。繼續(xù)加熱，至分水器中收集到的液體不再明顯增加，停止加熱。rm{壟脹}將燒瓶內反應液倒入盛有適量水的燒杯中，分批加入rm{Na_{2}CO_{3}}至溶液呈中性。rm{壟脺}用分液漏斗分出有機層，水層用rm{25mL}乙醚萃取分液，然后合并有機層。加入氯化鈣，對粗產品進行蒸餾rm{(}裝置如圖所示rm{)}低溫蒸出乙醚后繼續(xù)升溫，接收rm{210隆蘆213隆忙}的餾分。rm{壟脻}檢驗合格，測得產品體積為rm{12.86mL}．rm{(1)}步驟rm{壟脵}中使用分水器不斷分離除去水的目的是_____________________rm{(2)}步驟rm{壟脷}中應控制餾分的溫度在___________________。A.rm{65隆蘆70隆忙}rm{B.78隆蘆80隆忙}rm{C.85隆蘆90隆忙}rm{D.215隆蘆220隆忙}rm{65隆蘆70隆忙}rm{B.78隆蘆80隆忙}rm{C.85隆蘆90隆忙}rm{D.215隆蘆220隆忙}步驟rm{(3)}中若rm{壟脹}加入不足，在步驟rm{Na_{2}CO_{3}}蒸餾時，蒸餾燒瓶中可見到白煙生成，產生該現(xiàn)象的原因是_____________。rm{壟脺}步驟rm{(4)}中分液操作敘述正確的是__________。rm{壟脺}B.振搖幾次后需打開分液漏斗下口的玻璃塞放氣C.經幾次振搖并放氣后，手持分液漏斗靜置待液體分層D.分液操作時，分液漏斗中的下層液體由下口放出，然后再將上層液體由下口放出蒸餾裝置圖中儀器A.水溶液中加入乙醚，轉移至分液漏斗中，塞上玻璃塞。將分液漏斗倒轉用力振搖的名稱是___________，在步驟rm{A}中加入氯化鈣的作用是_________。rm{壟脺}該實驗產品的產率為____________。rm{(5)}該實驗產品的產率為____________。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|C【分析】由幾何知識可知三角形EBF為等邊三角形，故從E點入射的光線，入射角為60°，折射角為30°，由折射定律可知n＝＝A正確；光射在F點時，入射角為30°，故不發(fā)生全反射，折射角為60°，B、D錯；光從空氣中進入棱鏡中，光速減小，而光的頻率不變，所以光在棱鏡中的波長變小，C正確．【解析】【答案】AC2、D【分析】【分析】電感對電流的變化起阻礙作用，斷開電鍵時，通過燈泡D

的電流I

減小，此時DL

構成一回路，電感阻礙電流I

減小，從而即可求解．解決本題的關鍵掌握電感對電流的變化起阻礙作用，電流增大，阻礙其增大，電流減小，阻礙其減小．【解答】由于自感線圈L

直流電阻值大于燈泡D

的阻值；由通過線圈L

的電流小于通過燈泡D

的電流；

當斷開電鍵；原來通過D

的電流漸漸減小，由于電感阻礙自身電流變化，產生的感應電流流過電阻，其方向與規(guī)定圖示流過電阻的方向相反，I

慢慢減小最后為0.

故ABC錯誤，D正確。

故選D。

【解析】D

3、B【分析】解：接觸前庫侖力F1=F=kQ鈰?3Qr2

接觸后分開，兩小球的電荷都為鈭?Q

則庫侖力F2=kQ2r2=13F

故選：B

．

兩個小球接觸后分開，電荷先中和再平分，根據(jù)庫侖定律F=kqQr2

求解相互作用力．

解決本題的關鍵掌握接觸帶電的原則，先中和再平分.

以及掌握庫侖定律F=kqQr2

．【解析】B

4、B【分析】解：在磁鐵外部；磁感線從N極指向S極，長直導線在磁鐵的中央正上方，導線所在處磁場水平向左方；導線電流垂直于紙面向外，由左手定則可知，導線受到的安培力豎直向下方；由牛頓第三定律可知，導線對磁鐵的作用力豎直向上，因此磁鐵對桌面的壓力減小，小于磁鐵的重力，通電導線給磁鐵的作用力只在豎直方向，水平方向無作用力，故磁鐵沒有運動趨勢，磁鐵不受摩擦力，故ACD錯誤，B正確．

故選：B．

先以通電導線為研究對象；由左手定則判斷出導線受到安培力的方向；然后由牛頓第三定律求出磁鐵受到磁場力的方向，最后判斷磁鐵對桌面的壓力如何變化，判斷磁鐵受到的摩擦力方向。

本題應先選導線為研究對象，然后由牛頓第三定律判斷磁鐵的受力情況，巧妙地選取研究對象，是正確解題的關鍵【解析】【答案】B5、B【分析】解：A；每個分子的質量等于摩爾質量與阿伏加德羅常數(shù)之比；兩個量都已知，故能求出，故A正確；

B；由于氣體分子間的距離較大；氣體的體積遠大于氣體分子體積之和，所以不能求出這種氣體每個分子的體積，故B錯誤；

C；建立這樣的模型：將氣體分子占據(jù)的空間看成立方體；而且這些空間一個挨一個緊密排列，則每個分子占據(jù)的空間等于摩爾體積與阿伏加德羅常數(shù)之比，故C正確；

D、由C中模型可知，立方體的邊長等于分子間的平均距離，設為d，則V=d3；可知這種氣體分子間的平均距離d能求出，故D正確。

本題選不正確的；故選：B

已知摩爾質量和阿伏伽德羅常量；兩者之比可求得分子質量；建立模型，可求得每個分子占據(jù)的空間；由體積公式即可求得分子之間的平均距離．

解答本題的關鍵是建立物理模型，將氣體分子所占的體積看成立方體，以及知道質量和摩爾質量的關系，即可進行求解．【解析】B二、填空題(共6題，共12分)6、略

【分析】

由于不考慮電源的內容；

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得；

I==A=0.01A；

16s內通過的電荷量為；

q=It=0.01×16C=0.16C；

故答案為：0.01；0.16．

【解析】【答案】根據(jù)閉合電路歐姆定律可以直接求得電流的大小；在根據(jù)電荷量q=It可以求得通過的電荷量的大?。?/p>

7、略

【分析】

A、若入射光是單色光，經ab面折射后直接射到cd面上，在cd面上的入射角等于在ab面上的折射角；不會發(fā)生全反射．故A錯誤．

B、若入射光是單色光，經ab面折射后直接射到bc面上，在bc面上的入射角可能較大；會發(fā)生全反射．故B正確．

C、若入射光是白光，經ab面折射后直接射到bc面上，由于各種色光的頻率不同，則折射角不同，發(fā)生色散．出射光線中與bc面夾角較小的單色光；則偏折程度小，折射率小，知頻率小，所以光子能量小．故C正確．

D、在出射光線中與bc面夾角較小的單色光，折射率越小，根據(jù)v=知；在玻璃中傳播的速度較快．故D錯誤．

故選BC．

【解析】【答案】光從ab面上斜入射，若折射到cd面上，在cd面上的入射角等于在ab面上的折射角；根據(jù)折射定律判斷其能否發(fā)生全反射．

光從ab面上斜入射，若折射到bc面上，不同的色光在ab面上折射產生色散，根據(jù)入射到bc面上的角度比較光的頻率大?。粡亩弥庾幽芰看笮∫约霸诮橘|中傳播速度的大?。?/p>

8、略

【分析】【解析】【答案】串29959、略

【分析】

根據(jù)電阻的定義式R=得，導體A、B的電阻R1：R2==1：3．

若將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，電壓相等，根據(jù)歐姆定律得知：I1：I2=R2：R1=3：1

故答案為：1：3；3：1

【解析】【答案】根據(jù)控制變量法和歐姆定律分析電流與電壓的關系圖即可得出正確答案．

10、充電正電【分析】【解答】LC振蕩回路中振蕩電流的周期T=2×10﹣2s，t=0時刻振蕩電流沿逆時針方向達最大值，即分析中的時刻；

t=3.4×10﹣2s=1.7T，與分析中的～T中間某時刻相同；電容器在正向充電，電容器的上極板帶正電．

故答案為：充電；正電．

【分析】LC振蕩電路中電流變化一個周期過程（設t=0時刻；電流為零，電容器上極板帶正電）：

①0～電流逆時針逐漸增加，時刻達到最大值；放電完畢；

②～電流逆時針逐漸減小，時刻減為零；反向充電完畢；

③～電流順時針增加，時刻達到最大值；反向放電完畢；

④～T，電流順時針減為零，正向充電完畢．11、正正【分析】【分析】導體內自由電荷在電場力作用下重新分布；導體兩端出現(xiàn)等量正負感應電荷的現(xiàn)象叫做感應起電；用帶正電的物體去接觸原來不帶電物體會發(fā)生接觸起電；

感應起電和接觸起電的實質是電荷發(fā)生了轉移。【解答】用帶正電的絕緣棒A

去靠近原來不帶電的驗電器B

因為靜電感應驗電器(

導體)

兩端出現(xiàn)等量正負感應電荷，近端的電荷的電性與A

相反，帶負電，遠端的金屬箔片電荷與A

的電性相同；帶正電荷；用帶正電的絕緣棒AA去接觸原來不帶電的驗電器BB最終AABB都有相同的正電。故填正正【解析】正正三、判斷題(共8題，共16分)12、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．13、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、實驗探究題(共2題，共14分)20、略

【分析】解：（1）該同學做甲圖所示實驗的目的是測量彈簧的勁度系數(shù)k，當小球靜止時，有mg=kd，可得k=．

（2）將彈簧壓縮x后釋放，小球O初動能Ek1=0；

小球離開桌面后，以初速度v0做平拋運動；則有。

L=v0t，h=gt2，可得v0=L

則小球O末動能Ek2=mv02=

根據(jù)功能關系得：彈簧對小球O做的功W=kx2=

故答案為：彈簧勁度系數(shù)k，0，．

（1）甲所示實驗的目的是測量彈簧的勁度系數(shù)k；由胡克定律得到k；

（2）乙圖所示的乙實驗：彈簧的彈性勢能轉化為小球的動能；利用平拋運動的規(guī)律求出平拋運動的初速度，由動能的計算公式求出小球O末動能．再根據(jù)功能關系求出彈簧對小球O做的功．

本題借助于平拋運動以及胡克定律，考查探究外力做功與物體動能變化關系的能力．【解析】彈簧勁度系數(shù)k；0；21、(1)6.12610.230(2)隆脕1婁賂10(3)

(4)1(Rg+R0)I2鈭?I1【分析】解：(1)

由圖示螺旋測微器可知；其示數(shù)為：6mm+12.6隆脕0.01mm=6.126mm

由圖示游標卡尺可知，其示數(shù)為：102mm+6隆脕0.05mm=102.30mm=10.230cm

(2)

用歐姆表“隆脕10婁賂

”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大；說明所選擋位太大，應該換用隆脕1婁賂

擋，擋并進行一系列正確操作，由圖3

所示可知，則金屬棒的阻約為10隆脕1婁賂=10婁賂

(3)

由題意可知；沒有電壓表，可以用電流表A1

與定值電阻R0

串聯(lián)組成電壓表測電壓，用電流表A2

測電流，由于改裝后電壓表內阻為100+900=1000婁賂

電流表內阻約為0.4婁賂

待測電阻阻值約為10婁賂

滑動變阻器最大阻值為5婁賂

為測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應采用分壓接法，電壓表內阻遠大于電阻阻值，電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示：

(4)

金屬棒電阻阻值：Rx=UxIx=1(Rg+R0)I2鈭?I1

故答案為：(1)6.12610.230(2)隆脕1婁賂10(3)

如圖所示(4)1(Rg+R0)I2鈭?I1

．

(1)

螺旋測微器固度刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)；游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)．

(2)

由歐姆表測電阻要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度線附近；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)．

(3)

根據(jù)伏安法測電阻的實驗原理與所給實驗器材作出電路圖．

(4)

根據(jù)電路圖應用歐姆定律求出電阻阻值．

本題考查了螺旋測微器與游標卡尺讀數(shù)、歐姆表的使用方法、設計電路圖、求電阻阻值；螺旋測微器固度刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)；游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)，螺旋測微器需要估讀，游標卡尺不需要估讀．【解析】(1)6.12610.230

(2)隆脕1婁賂10

(3)

(4)1(Rg+R0)I2鈭?I1

五、推斷題(共1題，共8分)22、（1）①鋁第三周期第ⅢA族②2Al+Fe2O32Fe+Al2O3

（2）Fe+4H++NO3-=Fe3++NO↑+2H2O

（3）①離子鍵；極性共價鍵。

②100mL容量瓶；膠頭滴管。

③2.65【分析】【分析】本題考查了無機物推斷，同時考查學生靈活運用知識解答問題的能力，根據(jù)物質的特殊現(xiàn)象再結合物質之間的轉化關系來分析解答，題目難度中等。【解答】rm{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一種常見金屬元素，將rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的沉淀，由轉化關系可知，rm{A}含有鋁離子，rm{B}為氫氧化鋁，rm{C}含有偏鋁酸根，rm{x}為氫氧化鈉；

rm{壟脵A}中含有金屬元素是rm{Al}元素，它在周期表中的位置為第三周期第Ⅲrm{A}族；故答案為：鋁；第三周期第Ⅲrm{A}族；

rm{壟脷Al}與氧化鐵發(fā)生鋁熱反應可用于焊接鐵軌及定向爆破，此反應的化學方程式為rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Fe+Al}rm{2}；

故答案為：rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}；

rm{3}rm{3}為稀rm{2Fe+Al}rm{2}rm{2}為常見黑色金屬單質，寫出rm{O}與rm{3}反應離子方程式：rm{3}rm{(2)}若rm{A}為稀rm{HNO}rm{A}rm{HNO}rm{3}

故答案為：rm{3}，rm{X}為常見黑色金屬單質，寫出rm{A}與rm{B}反應離子方程式：rm{X}rm{A}rm{B}rm{Fe+4H^{+}+NO}若rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}的焰色反應均呈黃色，水溶液均為堿性；將rm{2}加到鹽酸中，有無色無味的氣體rm{2}產生，則rm{O}為氫氧化鈉，為碳酸鈉，rm{Fe+4H^{+}+NO}為碳酸氫鈉，rm{3}為二氧化碳。

rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}為rm{2}則rm{2}中所含有的化學鍵是離子鍵、極性共價鍵；rm{O}

故答案為：離子鍵、極性共價鍵rm{(3)}

rm{A}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{C}按一定比例結晶而成的固體rm{X}取一定量該固體溶于水配成rm{A}溶液，rm{B}rm{C}容量瓶；膠頭滴管；rm{x}

rm{壟脵}rm{A}為rm{NaOH}則rm{A}中所含有的化學鍵是容量瓶；膠頭滴管；rm{A}

rm{NaOH}測得溶溶中金屬陽離子的濃度為rm{A}即鈉離子濃度為取相同質量的固體加熱至恒重，剩余固體為碳酸鈉，根據(jù)鈉離子守恒可知，碳酸鈉的質量為rm{dfrac{1}{2}隆脕0.1L隆脕0.5mol/L隆脕106g/mol=2.65g}

故答案為：rm{{,!}^{-}}。

rm{壟脷}【解析】rm{(1)壟脵}鋁第三周期第Ⅲrm{A}族rm{壟脷2Al+Fe_{2}O_{3}}rm{2Fe+Al_{2}O_{3}}

rm{(2)Fe+4H^{+}+NO_{3}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H_{2}O}

rm{(3)壟脵}離子鍵；極性共價鍵。

rm{壟脷100mL}容量瓶；膠頭滴管。

rm{壟脹2.65}六、實驗題(共4題，共24分)23、略

【分析】試題分析：(1)游標卡尺的主尺刻度為14mm，游標尺刻度為5×0.05mm=0.25mm，所以游標卡尺的時數(shù)為14.25mm；螺旋測微器的固定刻度值為9mm，可動尺刻度為27.0×0.01=0.270mm，所以螺旋測微器的示數(shù)為9.270mm。（2）將電壓表量程擴大為6V，與它串聯(lián)的電阻箱的阻值應調為（2）小燈泡的電阻約為改裝成的電壓表的內阻遠大于小燈泡的內阻，故采用安培表外接電路；描繪小燈泡的伏安特性曲線，要求電流從零開始變化，采用分壓電路，電路如圖；(3)采用分壓電路，故滑動變阻器選用阻值較小的R2。考點：描繪小燈泡的伏安特性曲線【解析】【答案】(1)14.259.270(2)①5②電路如圖③R224、略

【分析】主尺讀數(shù)為50mm，游標尺讀數(shù)為3×0.05mm，所以長度為50mm+3×0.05mm=5.015cm【解析】【答案】5.015cm25、略

【分析】試題分析：由知，電源的U-I圖象與縱坐標軸交點是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻，由圖可知，圖象與縱坐標的交點為1.60V，故電源電動勢為1.60V；而圖象與橫軸的交點為0.40A，說明當電源的路端電壓為0.50V時，電流為0.40A，則有可得，內阻考點：本題考查了測電源電動勢與內阻的實驗電路、求電