2025年粵教版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于科學(xué)家在電磁學(xué)中的貢獻(xiàn)，下列說法錯(cuò)誤的是()A.密立根測出了元電荷e的數(shù)值B.法拉第提出了法拉第電磁感應(yīng)定律C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)D.安培提出了分子電流假說2、如圖所示，L為一電感線圈，其直流電阻比定值電阻R的阻值小得多，A、B是完全相同的兩只燈泡，下列判斷正確的是（）A.當(dāng)開關(guān)S由斷開變?yōu)殚]合時(shí)，燈A比燈B先亮B.當(dāng)開關(guān)S由斷開變?yōu)殚]合時(shí)，燈B比燈A先亮C.當(dāng)開關(guān)S由閉合變?yōu)閿嚅_時(shí)，燈A與燈B立即熄滅D.當(dāng)開關(guān)S由閉合變?yōu)閿嚅_時(shí)，燈A與燈B瞬間變得更亮，而后一起熄滅3、兩根長度相同、半徑之比rA：rB＝2：1的均勻銅導(dǎo)線A；B按如圖所示的方式接入電路；下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.B的電阻之比為1：4B.流過B的電流之比為1：1C.通過B的電子定向移動(dòng)速率之比為1：4D.單位時(shí)間通過B的電量之比為4：14、關(guān)于靜電場；下列結(jié)論普遍成立的是（）

A.電場強(qiáng)度大的地方電勢高；電場強(qiáng)度小的地方電勢低。

B.電場中任意兩點(diǎn)之間的電勢差只與這兩點(diǎn)的場強(qiáng)有關(guān)。

C.在正電荷或負(fù)電荷產(chǎn)生的靜電場中；場強(qiáng)方向都指向電勢降低最快的方向。

D.將正點(diǎn)電荷從場強(qiáng)為零的一點(diǎn)移動(dòng)到場強(qiáng)為零的另一點(diǎn)；電場力做功這零。

5、如圖所示，虛線表示電場的一族等勢面且相鄰等勢面電勢差相等，一個(gè)帶正電的粒子以一定的初速度進(jìn)入電場后，只在電場力作用下沿實(shí)線軌跡運(yùn)動(dòng)，粒子先后通過M點(diǎn)和N點(diǎn)．在這一過程中，電場力做負(fù)功，由此可判斷出A.N點(diǎn)的電勢高于M點(diǎn)的電勢B.粒子在N點(diǎn)的電勢能比在M點(diǎn)的電勢能小C.粒子在M點(diǎn)的速率小于在N點(diǎn)的速率D.粒子在M點(diǎn)受到的電場力比在N點(diǎn)受到的電場力大6、邊長為L的正方形金屬框以垂直邊界勻速u穿過方向如圖的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域。已知磁場區(qū)域的寬度為d（d>L）。則線框進(jìn)入磁場的過程和從磁場另一側(cè)穿出的過程相比較A.產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反B.所受的安培力方向相反C.進(jìn)入磁場過程的時(shí)間大于穿出磁場過程的時(shí)間D.進(jìn)入磁場過程的發(fā)熱量等于穿出磁場過程的發(fā)熱量7、下列各物理量中不是矢量的是（）A.位移B.加速度C.電場強(qiáng)度D.功評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)8、如圖甲為測定長木板B在桌面上運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度的裝置．A為沙擺，當(dāng)沙擺擺動(dòng)經(jīng)過平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)(設(shè)為第1次經(jīng)過平衡位置)，當(dāng)它第30次經(jīng)過平衡位置時(shí)測得所需的時(shí)間為29s．圖乙為某次實(shí)驗(yàn)在運(yùn)動(dòng)的木板上留下的沙子的痕跡，測得數(shù)據(jù)如圖乙所示，則木板的加速度為________m/s2.9、34.(

略)

10、如圖所示；木板靜止于水平地面上，在其最右端放一可視為質(zhì)點(diǎn)的木塊.

已知木塊的質(zhì)量m=1kg

木板的質(zhì)量M=4kg

長L=2.5m

上表面光滑，下表面與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)婁脤=0.2.

現(xiàn)用水平恒力F=20N

拉木板，g

取10m/s2

求：

(1)

木板的加速度；

(2)

要使木塊能滑離木板；水平恒力F

作用的最短時(shí)間；

(3)

如果其他條件不變；假設(shè)木板的上表面也粗糙，其上表面與木塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3

欲使木板能從木塊的下方抽出，需對木板施加的最小水平拉力是多大？(

設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)

(4)

若木板的長度、木塊質(zhì)量、木板的上表面與木塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)、木塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都不變，只將水平恒力增加為30N

則木塊滑離木板需要多長時(shí)間？11、如圖所示，在光滑水平面上有一輛質(zhì)量M=8kg的平板小車，車上有一個(gè)質(zhì)量m=1.9kg的木塊，木塊距小車左端6m（木塊可視為質(zhì)點(diǎn)），車與木塊一起以v=1m/s的速度水平向右勻速行駛．一顆質(zhì)量m0=0.1kg的子彈以v0=179m/s的初速度水平向左飛來，瞬間擊中木塊并留在其中．如果木塊剛好不從車上掉下來，求木塊與平板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ．（g=10m/s2）12、兩條直導(dǎo)線互相垂直，但相隔一個(gè)小距離，其中一條AB是固定的，另一條CD能自由轉(zhuǎn)動(dòng)．當(dāng)電流按圖所示的方向通入兩條導(dǎo)線時(shí)，CD導(dǎo)線將____（填順時(shí)針或逆時(shí)針）轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)____（填靠近或離開）導(dǎo)線AB．

13、避雷針利用____原理來避電：帶電云層靠近建筑物時(shí)，避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊.14、如圖(a)

所示，單匝矩形金屬線圈處在勻強(qiáng)磁場中，t=0

時(shí)刻，磁場方向垂直于紙面向里，磁場發(fā)生如圖(b)

所示變化，在0

到t1

和t1

到t2

時(shí)間內(nèi)流過線圈中的電流方向______(

“相同”或“相反”)

若t2=3t1

則在0

到t1

和t1

到t2

時(shí)間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢E1

與E2

大小之比為______．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）16、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）22、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）23、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、簡答題(共1題，共5分)24、香料rm{G}的一種合成工藝如圖所示。核磁共振氫譜顯示rm{A}有兩種峰，其強(qiáng)度之比為rm{1漏U1}已知：rm{CH_{3}CH_{2}CH=CH_{2}xrightarrow[]{NBS}CH_{3}CHBrCH=CH_{2}}rm{CH_{3}CH_{2}CH=CH_{2}

xrightarrow[]{NBS}CH_{3}CHBrCH=CH_{2}}rm{CH_{3}CHO+CH_{3}CHO}請回答下列問題：rm{CH_{3}CH=CHCHO+H_{2}O}的結(jié)構(gòu)簡式為________，rm{(1)A}中官能團(tuán)的名稱為________。rm{G}檢驗(yàn)rm{(2)}已完全轉(zhuǎn)化為rm{M}的實(shí)驗(yàn)操作是________。rm{N}有學(xué)生建議，將rm{(3)}的轉(zhuǎn)化用rm{M隆煤N}代替rm{KMnO_{4}(H^{+})}老師認(rèn)為不合理，原因是________。rm{O_{2}}寫出下列轉(zhuǎn)化的化學(xué)方程式，并標(biāo)出反應(yīng)類型：rm{(4)}________，反應(yīng)類型為________。rm{K隆煤L}是rm{(5)F}的同系物，比rm{M}多一個(gè)碳原子。滿足下列條件的rm{M}的同分異構(gòu)體有________種。rm{F}不考慮立體異構(gòu)rm{(}rm{)}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{壟脵}能與溴的四氯化碳溶液加成rm{壟脷}苯環(huán)上有rm{壟脹}個(gè)對位取代基rm{2}以丙烯和rm{(6)}試劑為原料制備甘油rm{NBS}丙三醇rm{(}請?jiān)O(shè)計(jì)合成路線rm{)}其他無機(jī)原料任選rm{(}請用以下方式表示：rm{Axrightarrow[路麓脫婁脤玫錄鎂]{路麓脫婁脢脭錄脕}B?xrightarrow[路麓脫婁脤玫錄鎂]{路麓脫婁脢脭錄脕}脛驢鹵錨虜煤脦茂}rm{)}評卷人得分五、畫圖題(共2題，共6分)25、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象26、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共7分)27、某同學(xué)在“用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測速度”的實(shí)驗(yàn)中，用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器記錄了被小車拖動(dòng)的紙帶的運(yùn)動(dòng)情況，在紙帶上確定出0123456

共7

個(gè)測量點(diǎn)，每兩個(gè)相鄰的測量點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)沒標(biāo)出，其部分相鄰點(diǎn)間的距離如圖所示，完成下列問題．(1)

關(guān)于打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的時(shí)間間隔，下列是四位同學(xué)各自發(fā)表的看法，其中正確的是________．A.電源電壓越高，每打兩個(gè)點(diǎn)的時(shí)間間隔就越短B.紙帶速度越大，每打兩個(gè)點(diǎn)的時(shí)間間隔就越短C.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打兩個(gè)點(diǎn)的時(shí)間間隔由電源的頻率決定D.如果將交流電源改為直流電源，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打兩個(gè)點(diǎn)的時(shí)間間隔保持不變(2)

計(jì)算出打下點(diǎn)4

時(shí)小車的瞬時(shí)速度為________，求出小車的加速度為________.(

要求計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字)

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】試題分析：密立根利用油滴實(shí)驗(yàn)測出了元電荷e的數(shù)值，所以A正確；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并沒有提出電磁感應(yīng)定律，所以B錯(cuò)誤；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培提出了分子電流假說，所以C、D正確，本題錯(cuò)誤的選B?？键c(diǎn)：本題考查物理學(xué)史【解析】【答案】B2、B【分析】解：A；B、由題；閉合開關(guān)S瞬間，由于L對電流增大的阻礙比較大，A燈不會馬上亮，B燈立即亮，故A錯(cuò)誤，B正確；

C；D閉合開關(guān)；待電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，通過B燈原來的電流立即消失，電感線圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢，相當(dāng)于電源，A、B兩燈串聯(lián)，自感電流流過A、B兩燈，導(dǎo)致兩燈推遲熄滅，且B燈比原來更亮．故C錯(cuò)誤，D也錯(cuò)誤．

故選：B．

由題；閉合開關(guān)S達(dá)到穩(wěn)定后兩燈均可以正常發(fā)光，說明L與R的直流電阻相等．閉合開關(guān)的瞬間，通過L的電流增大，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢，根據(jù)楞次定律分析電流的變化，判斷通過兩燈電流的關(guān)系．待電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢，分析通過兩燈的電流關(guān)系，判斷兩燈是否同時(shí)熄滅．

當(dāng)通過線圈本身的電流變化時(shí)，線圈中會產(chǎn)生自感現(xiàn)象，這是一種特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，可運(yùn)用楞次定律分析自感電動(dòng)勢對電流的影響，注意關(guān)閉后，燈是否更亮，與前后的電流大小有關(guān)．【解析】【答案】B3、D【分析】根據(jù)電阻定律電流定義式和微觀表達(dá)式，結(jié)合串并聯(lián)電路特點(diǎn)求解?！窘馕觥拷猓篈．根據(jù)電阻定律可知，兩導(dǎo)體的電阻之比為＝1：4故A正確；BD．根據(jù)串聯(lián)電路電流相同的特點(diǎn)可知，流過A、B的電流之比為1：1，根據(jù)易得，單位時(shí)間通過A、B的電量之比為1：1，故B正確，D錯(cuò)誤；C．由電流的微觀表達(dá)式I＝nqSv易得＝1：4故C正確。本題要求選擇錯(cuò)誤的，故選：D。4、C【分析】

A：在正電荷的電場中；離正電荷近，電場強(qiáng)度大，電勢高，離正電荷遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度小，電勢低；而在負(fù)電荷的電場中，離正電荷近，電場強(qiáng)度大，電勢低，離負(fù)電荷遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度小，電勢高，故A錯(cuò)誤．

B：電勢差的大小決定于兩點(diǎn)間沿電場方向的距離和電場強(qiáng)度；故B錯(cuò)誤。

C：沿電場方向電勢降低；而且速度最快，故C正確。

D：電場力做功；只與電荷以及兩點(diǎn)間的電勢差有關(guān)，與兩點(diǎn)的場強(qiáng)沒有關(guān)系．場強(qiáng)為零，電勢不一定為零，如從帶正電荷的導(dǎo)體球上將正電荷移動(dòng)到另一帶負(fù)電荷的導(dǎo)體球上，電場力做正功．故D錯(cuò)誤。

故選：C

【解析】【答案】電場強(qiáng)度與電勢之間無必然聯(lián)系；但沿電場方向電勢降低，而且速度最快；電勢差與兩點(diǎn)的場強(qiáng)無關(guān)，只與兩點(diǎn)間沿電場方向的距離和兩點(diǎn)間的場強(qiáng)有關(guān)；電場力做功，只與電荷以及兩點(diǎn)間的電勢差有關(guān)，與兩點(diǎn)的場強(qiáng)沒有關(guān)系．

5、A【分析】本題考查帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的問題，粒子帶正電，所受電場力方向與場強(qiáng)方向相同，粒子所受電場力指向曲線的凹側(cè)，可判斷場強(qiáng)方向向下并垂直等勢面，N點(diǎn)的電勢高于M點(diǎn)的電勢，電場力做負(fù)功電勢能增大，動(dòng)能減小，等勢面分布越密電場線分布越密，電場力越大，BCD錯(cuò)；【解析】【答案】A6、A|D【分析】根據(jù)右手定則可判斷出感應(yīng)電流方向相反，A正確；不論進(jìn)入還是穿出，安培力均與運(yùn)動(dòng)方向相反，B錯(cuò)誤；由于勻速運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場過程的時(shí)間與穿出磁場過程的時(shí)間相等，C錯(cuò)誤；根據(jù)焦耳定律兩次熱量相等，D正確。【解析】【答案】AD7、D【分析】解：位移；加速度和電場強(qiáng)度是矢量；而功只有大小，沒有方向，是標(biāo)量；

本題選不是矢量的；故選：D

矢量是既有大小又有方向的物理量；標(biāo)量是只有大小沒有方向的物理量．根據(jù)有無方向確定．

矢量與標(biāo)量有兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標(biāo)量沒有方向；二是運(yùn)算法則不同，矢量運(yùn)算遵守平行四邊形定則，標(biāo)量運(yùn)算遵守代數(shù)加減法則．【解析】【答案】D二、填空題(共7題，共14分)8、略

【分析】由題圖乙可得x1＝0.49cmx2＝0.80cmx3＝1.09cmx4＝1.40cm沙擺周期為T′＝s＝2s，所以T＝＝1sa1＝＝m/s2＝3.0×10－3m/s2a2＝＝m/s2＝3.0×10－3m/s2＝＝3.0×10－3m/s2【解析】【答案】3.0×10－39、?（略）【分析】(

略)

【解析】(

略)

10、略

【分析】

(1)

根據(jù)牛頓第二定律求出木板的加速度．

(2)

讓木板先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；然后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合位移之和等于板長求出恒力F

作用的最短時(shí)間．

(3)

根據(jù)牛頓第二定律求出木塊的最大加速度；隔離對木板分析求出木板的加速度，抓住木板的加速度大于木塊的加速度，求出施加的最小水平拉力．

(4)

應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式；根據(jù)相對加速度求所需時(shí)間．

本題綜合考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁.

對于第三問抓住臨界情況，結(jié)合牛頓第二定律求解．【解析】解：(1)

木板受到的摩擦力Ff=婁脤(M+m)g=10N

木板的加速度a=F鈭?FfM=2.5m/s2

(2)

設(shè)拉力F

作用t

時(shí)間后撤去；木板的加速度為。

a隆盲=鈭?FfM=鈭?2.5m/s2

木板先做勻加速運(yùn)動(dòng)；后做勻減速運(yùn)動(dòng)，且a=鈭?a隆盲

有at2=L

解得：t=1s

即F

作用的最短時(shí)間是1s

．

(3)

設(shè)木塊的最大加速度為a脛戮驢茅

木板的最大加速度為a脛戮擄氓

則。

a脛戮驢茅=婁脤1g=3m/s2

對木板：F1鈭?婁脤1mg鈭?婁脤(M+m)g=Ma脛戮擄氓

木板能從木塊的下方抽出的條件：a脛戮擄氓>a脛戮驢茅

解得：F>25N

(4)

木塊的加速度a脛戮驢茅=婁脤1g=3m/s2

木板的加速度a脛戮擄氓=F2鈭?婁脤1mg鈭?婁脤(m+M)gM=4.25m/s2

木塊滑離木板時(shí)；兩者的位移關(guān)系為x脛戮擄氓鈭?x脛戮驢茅=L

即12a脛戮擄氓t2鈭?12a脛戮驢茅t2=L

帶入數(shù)據(jù)解得：t=2s

答：(1)

木板的加速度2.5m/s2(2)

要使木塊能滑離木板，水平恒力F

作用的最短時(shí)間1s(3)

對木板施加的最小水平拉力是25N(4)

木塊滑離木板需要2s

11、解：設(shè)子彈射入木塊后的共同速度為v1；以水平向左為正，則由動(dòng)量守恒有：

m0v0-mv=（m+m0）v1①

代入數(shù)據(jù)解得：v1=8m/s

它們恰好不從小車上掉下來，則它們相對平板車滑行s=6m時(shí)它們跟小車具有共同速度v2；則由動(dòng)量守恒有：

（m+m0）v1-Mv=（m+m0+M）v2②

由能量守恒定律有：

③

聯(lián)立①②③并代入數(shù)據(jù)得：μ=0.54

答：木塊與平板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.54．【分析】

子彈射入木塊的過程；子彈和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出子彈和木塊的共同速度．再對子彈；木塊和小車組成的系統(tǒng)，運(yùn)用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律求出木塊與平板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)．

本題綜合考查了動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律，綜合性較強(qiáng)，對學(xué)生的能力要求較高，需加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練．【解析】解：設(shè)子彈射入木塊后的共同速度為v1；以水平向左為正，則由動(dòng)量守恒有：

m0v0-mv=（m+m0）v1①

代入數(shù)據(jù)解得：v1=8m/s

它們恰好不從小車上掉下來，則它們相對平板車滑行s=6m時(shí)它們跟小車具有共同速度v2；則由動(dòng)量守恒有：

（m+m0）v1-Mv=（m+m0+M）v2②

由能量守恒定律有：

③

聯(lián)立①②③并代入數(shù)據(jù)得：μ=0.54

答：木塊與平板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.54．12、略

【分析】

AB導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場磁感線為第一個(gè)圖的黑圓線；紅色的為CD導(dǎo)線，由左手定則可判斷左側(cè)受力向下；

右側(cè)受力向上；所以CD棒會逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)．AB導(dǎo)線和CD導(dǎo)線靠近還是遠(yuǎn)離可以從第二個(gè)圖判斷，AB產(chǎn)生的磁場如圖所示，由左手定則可判斷CD導(dǎo)線受力指向AB導(dǎo)線，故CD導(dǎo)線會靠近AB導(dǎo)線．

答案為：逆時(shí)針；靠近。

【解析】【答案】AB通入電流后就會在周圍產(chǎn)生磁場；所以通電的CD在磁場中就會受到安培力的作用，在安培力的作用下，CD導(dǎo)線將怎樣運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵是看安培力的方向．

13、略

【分析】【解析】試題分析：當(dāng)帶電云層靠近建筑物時(shí)，避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊．其原理為尖端放電．考點(diǎn)：本題考查了避雷針的原理，【解析】【答案】尖端放電14、略

【分析】解：0隆蘆t1

磁場方向垂直紙面向里；磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，磁通量均勻減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場方向相同，由安培定則得，感應(yīng)電流為順時(shí)針方向；

t1隆蘆t2

磁場垂直紙面反向增大；磁通量增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場反向即垂直紙面向里，由安培定則得感應(yīng)電流為順時(shí)針方向，所以在0

到t1

和t1

到t2

時(shí)間內(nèi)流過線圈中的電流方向相同；

0

到t1

和t1

到t2

時(shí)間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢E1

與E2

大小。

E1=B0t1S壟脵

E2=B0t2鈭?t1S=B02t1S壟脷

聯(lián)立壟脵壟脷

得：E1E2=21

故答案為：相同；21

根據(jù)楞次定律判斷在0

到t1

和t1

到t2

時(shí)間內(nèi)流過線圈中的電流方向是否相同；由法拉第電磁感應(yīng)定律求出兩個(gè)時(shí)間段的感應(yīng)電動(dòng)勢，再求比值。

本題考查了楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律的直接應(yīng)用，關(guān)鍵是要掌握楞次定律判斷感應(yīng)電流的步驟，記住電磁磁感應(yīng)定律的表達(dá)式．【解析】相同；21

三、判斷題(共9題，共18分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?1、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．23、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．四、簡答題(共1題，共5分)24、（1）碳碳雙鍵和酯基

（2）取少量M與試管中，滴加稀NaOH至溶液呈堿性，再加新制的Cu（OH）2加熱，若沒有磚紅色沉淀產(chǎn)生，說明M已完全轉(zhuǎn)化為N（其他合理操作均可）

（3）KMnO4（H+）在氧化醛基的同時(shí)，還可以氧化碳碳雙鍵

（4）加成反應(yīng)

（5）6

（6）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷和有機(jī)合成，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析判斷及知識綜合應(yīng)用能力，根據(jù)生成物結(jié)構(gòu)簡式結(jié)合反應(yīng)條件、題給信息采用逆向思維方法進(jìn)行推斷，正確判斷各物質(zhì)結(jié)構(gòu)簡式是解本題關(guān)鍵，難點(diǎn)是合成路線設(shè)計(jì)和同分異構(gòu)體種類判斷，題目難度中等?！窘獯稹坑蓃m{G}的結(jié)構(gòu)逆推可知rm{E}rm{N}分別為中的一種，rm{A}的分子式為rm{C_{5}H_{8}O}它有兩種不同環(huán)境的氫原子，與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{B}rm{B}反應(yīng)生成rm{C}rm{C}與rm{NBS}反應(yīng)得到rm{D}rm{D}發(fā)生反應(yīng)得到rm{E}則rm{E}為rm{N}為逆推可知rm{A}為rm{B}為rm{C}為rm{D}為rm{B}在濃硫酸條件下發(fā)生消去反應(yīng)得到rm{C}rm{C}與rm{NBS}發(fā)生信息中的取代反應(yīng)生成rm{D}rm{D}發(fā)生水解反應(yīng)得到rm{E}根據(jù)rm{N}逆推可知rm{M}為rm{L}為rm{K}為rm{K}與乙醛發(fā)生加成反應(yīng)得rm{L}rm{L}發(fā)生消去反應(yīng)得rm{M}

rm{(1)}通過以上分析知rm{A}結(jié)構(gòu)簡式為rm{G}中官能團(tuán)名稱是碳碳雙鍵和酯基，故答案為：碳碳雙鍵；酯基；

rm{(2)M}中的醛基發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{N}中的羧基，檢驗(yàn)rm{M}已完全轉(zhuǎn)化為rm{N}的實(shí)驗(yàn)操作是在試劑rm{M}中加入銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液，加熱，看是否有銀鏡出現(xiàn)或紅色沉淀出現(xiàn)，若有銀鏡出現(xiàn)或紅色沉淀出現(xiàn)則說明rm{M}未完全轉(zhuǎn)化為rm{N}若無，則rm{M}已完全轉(zhuǎn)化為rm{N}

故答案為：在試劑rm{M}中加入銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液，加熱，看是否有銀鏡出現(xiàn)或紅色沉淀出現(xiàn)，若有銀鏡出現(xiàn)或紅色沉淀出現(xiàn)則說明rm{M}未完全轉(zhuǎn)化為rm{N}若無，則rm{M}已完全轉(zhuǎn)化為rm{N}

rm{(3)KMnO_{4}(H^{+})}在氧化醛基的同時(shí)，還可以氧化碳碳雙鍵，所以不能用酸性高錳酸鉀溶液代替氧氣，故答案為：rm{KMnO_{4}(H^{+})}在氧化醛基的同時(shí)；還可以氧化碳碳雙鍵；

rm{(4)}該反應(yīng)方程式為加成反應(yīng)，故答案為：加成反應(yīng)；

rm{(5)M}為rm{F}是rm{M}的同系物，比rm{M}多一個(gè)碳原子，且rm{F}符合下列條件：

rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)說明含有醛基；

rm{壟脷}能與溴的四氯化碳溶液加成說明含有碳碳不飽和鍵；

rm{壟脹}苯環(huán)上有rm{2}個(gè)對位取代基；

存在的取代基為rm{-CH=CHCHO}和rm{-C