2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在如圖示電路中，電源電動勢為E、內阻為r，L1、L2、L3均為小燈泡，P為滑動變阻器的滑動觸頭，開關S1、S2閉合。則。

A.向右滑動觸頭P，小燈泡L2變亮B.向右滑動觸頭P，小燈泡L3變亮C.若只斷開S2，小燈泡L1變暗D.若只斷開S2，小燈泡L2變亮2、在如圖所示的電路中，和皆為定值電阻，為可變電阻，電源的電動勢為E，內阻為r，設電流表的讀數為電流表的讀數為電壓表V1的示數為電壓表的讀數為當的滑動觸點向a端移動過程中，電流表的讀數變化量大小為電流表的讀數變化量大小電壓表的讀數變化量大小為電壓表的讀數變化量大小為則（）

A.變大，不變B.變大、不變C.變小，變小，變小D.變小，變小，變大3、如圖所示，兩個帶電量分別為2q和-q的點電荷放在x軸上，相距為2L．下列圖像中，能正確反映兩個電荷連線上場強大小E與x關系的是（）

A.B.C.D.4、用可拉伸的材料制成長為l、直徑為d的圓柱形容器，在其中充滿電解液，經測量可知電解液的阻值為8Ω。假設電解液的阻值的變化趨勢與金屬絲的阻值的變化趨勢相同，在保持容器體積不變的情況下，將該容器的長度均勻地拉長到原來的1.25倍，則此時該電解液的阻值為（）A.5.12ΩB.6.4ΩC.12.5ΩD.25Ω5、如圖所示，平行板電容器兩極板帶有等量異種電荷，A、B是兩極板之間的兩個位置。下列說法正確的是（）

A.電場強度B.電勢C.同一負點電荷在兩位置所受電場力D.正點電荷從A移到B的過程中電勢能增大6、在甲、乙電場中，試探電荷具有的電勢能沿x方向的變化分別如圖甲；乙所示；則下列說法正確的是（）

A.圖甲中，試探電荷在O點受到的電場力為零B.圖甲中，電場強度沿x軸正方向C.圖乙中，處的電場強度小于處的電場強度D.圖乙中，處的電勢高于處的電勢評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、在如圖所示的電路中，C為一平行板電容器,閉合開關S,給電容器充電，當電路中電流穩(wěn)定之后，下列說法正確的是()

A.保持開關S閉合，把滑動變阻器R1的滑片向上滑動，電流表的示數變大，電壓表的示數變大B.保持開關S閉合，不論滑動變阻器R1的滑片是否滑動，都有電流流過R2C.保持開關S閉合，將電容器上極板與下極板距離稍微拉開一些的過程中，R2中有由b到a的電流D.斷開開關S，若此時剛好有一帶電油滴P靜止在電容器兩平行板之間，將電容器上極板與下極板稍微錯開一些的過程中，油滴將向上運動8、LC振蕩電路中；某時刻磁場方向如圖所示，則下列說法正確的是()

A.若磁場正在減弱，則電容器上極板帶正電B.若電容器正在放電，則電容器上極板帶負電C.若電容器上極板帶正電，則自感電動勢正在減小D.若電容器正在充電，則自感電動勢正在阻礙電流減小9、某同學將一直流電源的總功率輸出功率和電源內部的發(fā)熱功率隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標系上，如圖中的a、b、c所示；以下判斷正確的是（）

A.直線a表示電源的圖線B.曲線c表示電源的圖線C.電源的電動勢內阻D.電源的最大輸出功率10、航空母艦艦載機在起飛的過程中，僅靠自身發(fā)動機噴氣不足以在飛行甲板上達到起飛速度，如果安裝輔助起飛的電磁彈射系統(tǒng)（如圖甲所示）就能達到起飛速度．電磁彈射系統(tǒng)的一種設計可簡化為乙圖所示，圖中是光滑平行金屬直導軌（電阻忽略不計），是電磁彈射車，回路中電流恒定；且可當長直導線處理．該電流產生的磁場對彈射車施加力的作用，從而帶動艦載機由靜止開始向右加速起飛，不計空氣阻力，關于該系統(tǒng)，下列說法正確的是（）

A.間的磁場是勻強磁場B.彈射車的速度與運動的時間成正比C.彈射車所受的安培力與電流的大小成正比D.若回路中通以交變電流，彈射車也能正常加速11、關于電荷，以下說法正確的是（）A.摩擦起電創(chuàng)造了電荷B.物體所帶的電荷量只能為某些值C.電子的電荷量為D.安培首先測出了元電荷的數值12、如圖為靜電除塵器除塵機理的示意圖；塵埃在電場中通過某種機制帶電，在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達到除塵目的。下列表述正確的是（）

A.到達集塵極的塵埃帶正電荷B.電場方向由放電極指向集塵極C.帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相反D.塵埃向集塵極遷移過程中受到的電場力越來越小13、如圖為保溫電飯鍋的電路圖，為電熱絲，S為溫控開關，接在家庭電路上（穩(wěn)恒電源），加熱時的功率為1000W，則（）

A.S斷開時，電飯鍋處于加熱狀態(tài)B.S閉合時，電飯鍋處于加熱狀態(tài)C.保溫狀態(tài)時電源的輸出功率為100WD.保溫狀態(tài)時電源的輸出功率為評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、如圖所示，A燈的額定功率為15W，A燈與B燈額定電壓相同，在外加電壓改變時設兩盞燈的電阻保持不變，當K1與K2都斷開時，電壓表讀數U=12V；當K1閉合，K2斷開時，電壓表讀數U1=11V；當K1、K2都閉合時，電壓表讀數U2=9V時；則B燈的額定功率為________W

15、右圖電路中，滑動變阻器的滑片向上移動過程中，A、B兩個小燈泡的亮度變化情況是A燈___________，B燈___________。（填“變亮”、“變暗”、“不變”）16、試說明下列能源利用的方式中能量轉化過程：

（1）水力發(fā)電______。

（2）柴油機車牽引列車前進______。

（3）電動水泵抽水______。

（4）核電站發(fā)電機發(fā)電______。

（5）風力發(fā)電機發(fā)電______。

（6）火箭發(fā)射人造衛(wèi)星______。17、一臺電動機，線圈電阻是0.4Ω，當電動機兩端加220V電壓時，流過電動機的電流是50A，電機線圈的發(fā)熱功率______，電動機消耗的電功率______，電動機所做機械功的功率______，電動機每分鐘所做的機械功______。18、如圖，電源電動勢為12V，內阻r為1Ω，電阻R為1Ω，小燈泡L標有“6V12W”，電動機線圈電阻RM為0.5Ω。開關閉合后，小燈泡和電動機均能正常工作，則電源的總功率為_________W；電動機的輸出功率為_________W。

19、從電勢差的角度理解電場強度。

（1）表達式∶

（2）物理意義∶在勻強電場中，電場強度的大小等于兩點間的_______與兩點沿電場強度方向的距離的比值。也就是說，電場強度在數值上等于沿電場方向______距離上降低的電勢。

（3）電場強度的另一個單位∶伏每米，符號V/m，1N/C=1V/m。20、一矩形線圈面積S＝10cm2，它和勻強磁場方向之間的夾角θ1＝30°，穿過線圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，則磁場的磁感應強度B＝______________；若線圈以一條邊為軸轉180°，則穿過線圈的磁通量的變化量為____________；若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?＝0°，則Ф0＝________________。評卷人得分四、作圖題(共1題，共7分)21、由電流產生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)22、某實驗小組把銅片和鋅片插入一個梨中；制成了一個水果電池，通過實驗測量該水果電池的電動勢和內阻。

（1）首先用多用電表粗測水果電池的電動勢，將多用電表的選擇開關旋轉到直流電壓擋，表盤指針指示如圖甲，讀數為_______。

（2）實驗室提供了如下器材；實驗小組進一步設計電路測量水果電池的電動勢和內阻。

電流表A（量程內阻）；

電阻箱開關一個；導線若干。

①請在虛線框乙內畫出設計的電路圖______；

②完成多次測量并記錄數據后，得到R與的關系圖像如圖丙，則水果電池的電動勢為______V，內阻為_______（結果保留3位有效數字）

③根據你設計的電路從誤差角度考慮，本實驗設計_______（選填“有”或“無”）系統(tǒng)誤差。23、山東師范大學附屬中學開設了《泉城的水》的校本課程，為了研究泉水的電阻率，同學們用一兩端開口的玻璃管通過密封塞封住一定量的礦泉水．并測得玻璃管內徑為d，然后采用伏安法測量其電阻，由于電流表和電壓表的電阻未知，將可動觸頭由位置a移到位置b；如圖所示，同時觀察電流表和電壓表示數的變化．

（1）那么下列說法正確的是________

A.若發(fā)現電壓表V的示數變化顯著,宜將可動觸頭P接a，且Rx的測量值小于真實值。

B.若發(fā)現電流表A的示數變化顯著,宜將可動觸頭P接a，且Rx的測量值小于真實值。

C.若發(fā)現電流表A的示數變化顯著,宜將可動觸頭P接b，且Rx的測量值大于真實值。

D.若發(fā)現電壓表V的示數變化顯著,宜將可動觸頭P接b，且Rx的測量值大于真實值。

（2）該組同學在改進實驗后，測出玻璃管中有水部分的長度，讀出電壓表、電流表示數，改變玻璃管中的水量，測出多組數據，并描繪出相應的圖象如圖所示，若圖線的斜率為k，則礦泉水的電阻率ρ=____（表達式中必須出現斜率k）．

24、現有一合金制成的圓柱體，為測量該合金的電阻率，現用伏安法測圓柱體兩端之間的電阻，用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度。螺旋測微器和游標卡尺的示數如圖a和b所示。

（1）由上圖讀得圓柱體的直徑為______cm，長度為______cm。

（2）若流經圓柱體的電流為I，圓柱體兩端之間的電壓為U，圓柱體的直徑和長度分別用D、L表示，則用D、L、I、U表示的電阻率的關系式為______。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

AB.在S2處于閉合狀態(tài)下，向右滑動觸頭P，總電阻增大，總電流減小，內電壓和L2兩端電壓減小，L2變暗；則L3兩端電壓增大，故L3變亮；故A錯誤，B正確；

CD.若只斷開S2，總電阻增大，總電流減小，內電壓和L2兩端電壓減小，L2變暗；則L1和P兩端電壓增大，電流增大，故L1變亮；故C錯誤，D錯誤。

故選：B2、A【分析】【詳解】

C．當R5的滑動觸點向圖中a端移動時，R5變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流I1變大，路端電壓變小，U1變小。根據閉合電路歐姆定律知：U2=E-I1（r+R1+R3），I1增大，則U2變小，因此I2變小。故C錯誤。

AB．U1的變化量等于U2的變化量與R1，R3的電壓變化量之和，U1變小，U2變小，而R1，R3的電壓變化量之和增加，則知：△U1＜△U2。由閉合電路歐姆定律知：U1=E-I1r，則不變。故A正確，B錯誤。

D．由于則可知不變；故D錯誤。

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

由場強的疊加原理可知；在兩電荷連線上的場強均向右；若兩電荷帶等量異種電荷，則在其連線中點處的場強最小，因兩電荷帶不等量異種電荷，可知在兩電荷連線中點偏-q處電場強度最小，但不是零，從兩點電荷向中點偏負電電場強度逐漸減??；

A．該圖與結論不相符；A不符合題意；

B．該圖與結論不相符；B不符合題意；

C．該圖與結論相符；C符合題意；

D．該圖與結論不相符，D不符合題意；4、C【分析】【分析】

【詳解】

根據電阻定律。

保持容器的體積不變，電解液仍充滿整個容器，將容器的長度均勻地拉長到原來的1.25倍，則容器的截面積變?yōu)樵瓉淼碾娮枳優(yōu)椤?/p>

故選C。5、B【分析】【詳解】

AC．平行板電容器之間的電場為勻強電場，所以電場強度

可知同一負點電荷在兩位置所受電場力

故AC錯誤；

B．平行板電容器之間的電場線由正極板指向負極板，根據沿著電場線方向，電勢逐漸降低，所以電勢

故B正確；

D．正點電荷從A移到B的過程中；電場力做正功，電荷電勢能減小，故D錯誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

AB．根據可知圖象斜率的絕對值表示電場力的大小，故圖甲中，試探電荷在O點受到的電場力不為零，沿x軸正方向電勢能增大，則電場力做負功，可知電場力有沿x軸負方向的分量，試探電荷帶負電，則電場強度有沿x軸正方向的分量；故AB錯誤；

C．根據圖象斜率的絕對值表示電場力的大小，結合可知處的電場強度大于處的電場強度；故C錯誤；

D．處的電勢能低于處的電勢能，試探電荷帶負電，根據可知處的電勢高于處的電勢；故D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)7、A:D【分析】【詳解】

A.保持開關S閉合，把滑動變阻器R1的滑片向上滑動，接入電路的電阻減小，根據歐姆定律可知電路中電流增大，R2的電壓增大；則電流表的示數變大，電壓表的示數變大，故A正確；

B.保持開關S閉合，不論滑動變阻器R1的滑片是否滑動，電容器相當于開關斷開，都沒有電流流過R2；故B錯誤；

C.保持開關S閉合，將電容器上極板與下極板距離稍微拉開一些的過程中，極板的正對面積減小，電容減小，由知，U不變，Q減小，電容器放電，則R2中有由a到b的電流；故C錯誤；

D.斷開開關S，將電容器上極板與下極板稍微錯開一些的過程中，極板的正對面積減小，電容減小，由知，電量Q不變，則板間電壓U增大，板間場強增大，油滴所受的電場力增大，則油滴將向上運動，故D正確；8、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．若磁場正在減弱；由楞次定律可得線圈上端為正極，則電容器上極帶正電，處于充電狀態(tài)．故A正確；

B．若電容器正在放電．由安培定則可得電容器上極帶負電．故B正確；

C．若電容器上極板帶正電；說明電容器在充電，電流減小越來越快，自感電動勢增大，故C錯誤；

D．若電容器正在充電；則線圈自感作用，阻礙電流的減小，故D正確；

故選ABD．9、A:D【分析】【詳解】

A．電源消耗的總功率的計算公式

故圖線時直線；故A正確；

B．輸出功率

應為開口向下的曲線，故b表示圖線；電源內阻消耗的功率

應為開口向上的曲線，故c表示圖線；故B錯誤；

C．當時，說明外電路短路，根據

得

故C錯誤；

D．輸出功率

當時，輸出功率最大，為故D正確。

故選AD。10、B:D【分析】【詳解】

A．根據左手定則可知，MN、PQ間有豎直向上的磁場；且通電直導線產生的磁場為環(huán)形磁場，離導線越遠磁場越弱，故不是勻強磁場，故A錯誤；

B．沿導軌方向磁場不變，且回路PBAM中電流恒定，導軌間距不變，由

可知，安培力大小不變，由牛頓第二定律

可知，加速度不變，由

可知彈射車的速度與運動的時間成正比；故B正確；

C．安培力

當電流增大時；磁感應強度也增大，故彈射車所受的安培力與電流的大小不是正比關系，故C錯誤；

D．根據右手螺旋法則可知電流方向沿回路PBAM時，導軌之間產生豎直向上的磁場，結合左手定則可知電磁彈射車所受安培力方向向右；當電流方向沿回路MABP時，根據右手螺旋法則導軌之間產生豎直向下的磁場，結合左手定則可知電磁彈射車所受安培力方向依然向右，故電流的變化不改變電磁彈射車所受安培力的方向，即若回路中通以交變電流；彈射車也能正常加速，故D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【詳解】

A．摩擦起電實質是電荷的轉移；不是創(chuàng)造了電荷，故A錯誤；

B．物體所帶的電荷量不能為任意值；只能為元電荷的整數倍，故B正確；

C．電子的電荷量為故C正確；

D．密立根首先測出了元電荷的數值；故D錯誤。

故選BC。12、C:D【分析】【詳解】

A．到達集塵極的塵埃帶負電荷；故A錯誤；

B．集塵極與電源正極相連；電場方向由集塵極指向放電極，故B錯誤；

C．帶電塵埃帶負電荷；所受電場力的方向與電場方向相反，故C正確；

D．由圖像可知；除塵器內電場在水平面上的分布類似于負電荷電場，塵埃向集塵極遷移過程中場強越來越小，受到的電場力越來越小，故D正確。

故選CD。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據功率公式電壓不變時，電阻越小電功率越大，所以S閉合時，電飯鍋處于加熱狀態(tài)，則A錯誤；B正確；

CD．根據功率公式電壓不變時，電功率與電阻成反比，保溫時電阻與加熱時電阻比為

所以保溫時電阻與加熱時電功率比為1:10則保溫狀態(tài)時電源的輸出功率為

所以C正確；D錯誤；

故選BC。三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【詳解】

當開關均斷開時，電壓表示數為電源的電動勢，故E=12V；當S1閉合S2斷開，只有B燈接入電路，由閉合電路歐姆定律可知12=11+I1r

由歐姆定律可知

當S1、S2都閉合，電壓表讀數U2=9V，則有12=9+I2r；

聯立以上四式可得

兩燈的額定電壓相等，則由可知兩燈的功率之比

故PB=×15=40W【解析】4015、略

【分析】【詳解】

[1][2]．滑動變阻器的滑片向上移動過程中，電阻變大，則總電阻變大，總電流減小，即A燈電流減小，即A燈變暗；A燈兩端電壓值減小，則由UB=U-UA可知B燈兩端電壓變大，即B燈變亮；【解析】變暗變亮16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]機械能轉化為電能。

(2)[2]化學能轉化為機械能。

(3)[3]電能轉化為機械能。

(4)[4]核能轉化為電能。

(5)[5]風能轉化為電能。

(6)[6]化學能轉化為機械能【解析】①.機械能轉化為電能②.化學能轉化為機械能③.電能轉化為機械能④.核能轉化為電能⑤.風能轉化為電能⑥.化學能轉化為機械能17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電機線圈的發(fā)熱功率為

[2]電動機消耗的電功率為

[3]電動機所做機械功的功率

[4]電動機每分鐘所做的機械功為【解析】①.1000W②.11000W③.10000W④.18、略

【分析】【詳解】

[1]根據閉合電路歐姆定律有

解得

電源的總功率為

[2]通過小燈泡的電流為

通過電動機的電流為

電動機的輸出功率為【解析】365.519、略

【分析】【分析】

【詳解】

（2）[1][2]物理意義∶在勻強電場中，電場強度的大小等于兩點間的電勢差與兩點沿電場強度方向的距離的比值。也就是說，電場強度在數值上等于沿電場方向每單位距離上降低的電勢?！窘馕觥竣?電勢差②.每單位20、略

【分析】【詳解】

[1]磁感應強度為

[2]線圈以一條邊為軸轉過180°，穿過線圈的磁能量的變化