2025年湘教版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖甲所示為用伏安法測量某合金絲電阻的實驗電路。實驗中分別用最大阻值是550500的三種滑動變阻器做限流電阻。當滑動變阻器的滑片由一端向另一端移動的過程中，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，分別作出電流表讀數(shù)I隨（指滑片移動的距離x與滑片在變阻器上可移動的總長度L的比值）變化的關(guān)系曲線a、b、c，如圖乙所示。則圖乙中的圖線a對應(yīng)的滑動變阻器及最適合本實驗的滑動變阻器是（）

A.最大阻值為5的滑動變阻器∶圖線a對應(yīng)的滑動變阻器B.最大阻值為50的滑動變阻器；圖線b對應(yīng)的滑動變阻器C.最大阻值為500的滑動變阻器；圖線b對應(yīng)的滑動變阻器D.最大阻值為500的滑動變阻器；圖線c對應(yīng)的滑動變阻器2、在如圖所示的電路中；電源內(nèi)阻不可忽略，在調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值過程中，發(fā)現(xiàn)理想電壓表的示數(shù)減小，則（）

A.R的阻值變大B.路端電壓不變C.干路電流減小D.路端電壓和干路電流的比值減小3、以下是歐姆表原理的電路示意圖，正確的是()A.B.C.D.4、某原子電離后其核外只有一個電子，若該電子在核的靜電力作用下繞核做勻速圓周運動，那么電子運動（）A.半徑越小，加速度越小B.半徑越小，周期越大C.半徑越大，角速度越大D.半徑越大，線速度越小5、如圖所示，a、b是電場線上的兩點，將一帶電荷量為q的點電荷從a移到b，電場力做功為W，且知a、b間的距離為d；則以下說法正確的是（）

A.a、b間的電勢差為B.a處的場強為E＝C.b處的場強為E＝D.a點的電勢為6、下列說法中，正確的是（）A.由可知電場中某點的電場強度E與F成正比B.由公式可知電場中某點的電勢中與q成反比C.由可知，勻強電場中的任意兩點a、b間的距高越大，則兩點間的電勢差也一定越大D.公式中電勢差U與q在電場中做的功W無關(guān)7、一個電子僅在電場力作用下沿x軸做直線運動，以水平向右的方向為x軸的正方向，從0時刻起運動依次經(jīng)歷t0、2t0、3t0時刻。其運動的v~t圖象如圖所示。對此下列判斷正確的是（）

A.0時刻與2t0時刻電子在不同位置B.0時刻、t0時刻、3t0時刻電子所在位置的電勢分別為其大小比較有>>C.0時刻、t0時刻、3t0時刻電子所在位置的場強大小分別為E0、E1、E3，其大小比較有E3<E0<E1D.電子從0時刻運動至t0時刻，連續(xù)運動至3t0時刻，電場力先做正功后做負功評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，平行等距的水平虛線a、b、c、d為某一電場的等勢面，其電勢分別為一個不計重力的帶電粒子在電場中運動，圖中實線為其軌跡。M、N、P是軌跡上的三點，其中N點為軌跡上最高點；則（）

A.電場的方向豎直向下且虛線b的電勢一定是6VB.粒子一定帶負電C.在三點中，粒子在P點的電勢能最大，動能最小D.粒子在間電場力做功的值小于間電場力做功的值9、如圖所示，在同一平面內(nèi)互相絕緣的三根無限長直導(dǎo)線Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ圍成一個等腰直角三角形，三根導(dǎo)線內(nèi)通有大小相等、方向如圖所示的電流，為導(dǎo)線Ⅰ、Ⅱ的交點，為導(dǎo)線Ⅰ、Ⅲ的交點，為導(dǎo)線Ⅱ、Ⅲ的交點，兩點關(guān)于點對稱，兩點關(guān)于導(dǎo)線Ⅲ對稱。已知三根導(dǎo)線中的電流形成的合磁場在點的磁感應(yīng)強度大小為在點的磁感應(yīng)強度大小為則下列說法中正確的是（）

A.三根導(dǎo)線的合磁場在點的磁感應(yīng)強度大小為B.三根導(dǎo)線的合磁場在點的磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里C.若撤去導(dǎo)線Ⅰ、Ⅱ，保持Ⅲ中電流不變，點的磁感應(yīng)強度大小仍為D.若撤去導(dǎo)線Ⅲ，保持Ⅰ、Ⅱ中電流不變，點的磁感應(yīng)強度為010、下列說法正確的是___________。A.激光是縱波B.均勻變化的磁場能夠在空間產(chǎn)生電場C.射線是一種波長很短的電磁波E.在相同介質(zhì)中，對于紅、黃、綠、藍四種單色光，藍光的波長最短E.在相同介質(zhì)中，對于紅、黃、綠、藍四種單色光，藍光的波長最短11、如圖所示的電路中，M、N為小燈泡燈座的兩接線柱；閉合開關(guān)后，小燈泡正常發(fā)光，若2.0s內(nèi)通過小燈泡的電荷量為0.4C，則（）

A.通過小燈泡的電流方向由M到NB.通過小燈泡的電流方向由N到MC.通過小燈泡的電流為0.2AD.通過小燈泡的電流為0.8A12、某溫度檢測裝置原理如圖所示。圖中RT為熱敏電阻（隨溫度升高阻值減?。?，RG為光敏電阻（隨光照強度增大阻值減小），RG接收小燈泡L的光照，除RT、RG外，其他電阻均為定值電阻。當RT處溫度升高時（）

A.L變暗B.通過R3的電流減小C.E2的路端電壓增大D.R2消耗的功率增大13、如圖所示，為兩個帶等量負電荷的固定點電荷，豎直線為兩點電荷連線的中垂線，O點為垂足，現(xiàn)將一帶負電液滴從A點由靜止釋放，液滴到達B點時的速度大小為v且能到達O點。已知重力加速度為g，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.在中垂線上，O點的電勢最低B.A點電場強度一定小于B點電場強度C.液滴到達B'點時的速度大小為D.液滴從A點運動到A'點的過程中機械能先增大后減小14、下列說法中正確的是（）A.沿著電場線的方向電勢一定越來越低B.電場線就是電荷運動的軌跡C.勻強電場中，各點的場強一定大小相等，方向相同D.勻強電場中，各點的電勢一定相等評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、如圖所示，直線A為電源的路端電壓U與電流I的關(guān)系圖像，直線B是電阻R的兩端電壓與其中電流I的圖像.用該電源與電阻R組成閉合電路，則電源的輸出功率為_______，電源內(nèi)部生熱損失的電功率為_______，電源的效率為_______.

16、如圖所示，電流表A的量程為0-0.6A,表盤均勻劃分為30個小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于電流表內(nèi)阻的的阻值等于電流表內(nèi)阻的2倍.若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值；則。

(1)將接線柱1、2接入電路時,每一小格表示_____A.

(2)將接線柱1、3接入電路時,每一小格表示______A.17、如圖所示，一滿偏電流Ig=1mA、內(nèi)阻Rg=300的表頭G，先將其與定值電阻R1并聯(lián)，后再與定值電阻R2串聯(lián)，改裝成一個既可以測電流又可以測電壓的兩用電表，公共接線柱和1之間為電流4mA擋，公共接線柱和2之間為電壓3V擋，R1=______R2=______

18、用如圖甲所示的電路做“測定電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)做出了如圖乙所示的U-I圖象，由圖可知測得的電池的電動勢為______V，內(nèi)電阻為______Ω.

19、如圖所示，E、F分別表示蓄電池兩極，P、Q分別表示螺線管兩端。當閉合開關(guān)時，發(fā)現(xiàn)小磁針N極偏向螺線管Q端。則E為蓄電池____極（填“正”或“負”），螺線管P端為____極（填“S”或“N”）.

評卷人得分四、實驗題(共4題，共16分)20、在“用電流表和電壓表測電池的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中；提供的器材有：

A.干電池一節(jié)。

B.電流表（量程0.6A）

C.電壓表（量程3V）

D.電鍵S和若干導(dǎo)線。

E.滑動變阻器R1（最大阻值20Ω；允許最大電流1A）

F.滑動變阻器R2（最大阻值300Ω；允許最大電流0.5A）

G.滑動變阻器R3（最大阻值1000Ω；允許最大電流0.1A）

(1)①按如圖甲所示電路測量干電池的電動勢和內(nèi)阻，滑動變阻器應(yīng)選______（填寫代號）。

②為使測量盡可能精確，將如圖乙所示的實物圖連接成實驗電路______（已連接了部分線）；要求變阻器的滑動觸頭滑至最右端時，其使用電阻值最大。

(2)實驗步驟：

①按實驗要求連接好電路。閉合電鍵前把變阻器的滑動觸頭滑至一端；使接入電路的阻值最大。

②閉合電鍵；調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表的指針有明顯偏轉(zhuǎn)，讀取電流表和電壓表的示數(shù)。用同樣方法測量多組數(shù)據(jù)。

③斷開電鍵；整理好器材。

④數(shù)據(jù)處理。

(3)將實驗測得的數(shù)據(jù)標在如圖丙所示的坐標圖中，請作出U—I圖線______，由此求得待測電池的電動勢E＝______V，內(nèi)阻r＝______Ω（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。21、某同學為了測量一根鉛筆芯的電阻率，設(shè)計了如圖甲所示的電路測量該鉛筆芯的電阻值。所用器材有電流表A1、A2，電阻箱R1、滑動變阻器R2、待測鉛筆芯Rx、電源E、開關(guān)S及導(dǎo)線等。操作步驟如下：調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱的阻值達到最大；閉合開關(guān)，適當調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱的阻值；記錄兩個電流表A1、A2的示數(shù)分別為I1、I2。

請回答以下問題：

（1）在測量筆芯的直徑時，先將筆芯輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋動_______（選填“A”“B”或“C”），直到聽到“喀喀”的聲音，以保證壓力適當，同時防止螺旋測微器的損壞。選擇筆芯的______（選填“同一”或“不同”）位置進行多次測量，取其平均值作為筆芯的直徑。某次用螺旋測微器測量筆芯直徑的結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)是_______mm。

（2）若電流表的內(nèi)阻可忽略，則電流表示數(shù)I2=________I1時；電阻箱的阻值等于待測筆芯的電阻值。

（3）已測得該筆芯的長度L=20.00cm，電阻箱R1的讀數(shù)為5.00Ω，根據(jù)上面測量的數(shù)據(jù)可計算出筆芯的電阻率ρ=_______Ω·m。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）

（4）考慮到電流表的實際情況，利用（2）中方法，筆芯電阻的測量值________真實值（填“大于”“小于”或“等于”）。22、用10分度的游標卡尺測量小球的直徑，測量的示數(shù)如圖所示，讀出小球直徑d的值為__________mm。

23、為了測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻；某同學采用了伏安法，現(xiàn)備有下列器材：

A.被測干電池一節(jié)。

B.電流表1：量程0~0.6A，內(nèi)阻r=0.3Ω

C.電流表2：量程0~0.6A；內(nèi)阻約為0.1Ω

D.電壓表1：量程0~3V；內(nèi)阻未知。

E.電壓表2：量程0~15V；內(nèi)阻未知。

F.滑動變阻器1：0~10Ω；2A

G.滑動變阻器2：0~100Ω；1A

H.開關(guān)；導(dǎo)線若干。

在用伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中；由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差；在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻。

(1)在上述器材中請選擇適當?shù)钠鞑模篲__________（填寫選項前的字母）；

(2)實驗電路圖應(yīng)選擇下圖中的___________（填“甲”或“乙”）；

(3)根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U-I圖像，則干電池的電動勢E=___________V，內(nèi)電阻r=___________Ω。評卷人得分五、解答題(共3題，共24分)24、某一直流電動機提升重物的裝置如圖所示，電源電動勢E=6V，電源內(nèi)阻r=1Ω，電阻R=0.5Ω，重物質(zhì)量m=0.1kg，當重物固定電動機無法轉(zhuǎn)動時，理想電壓表的示數(shù)為U1=4V，當重物不固定，且電動機最后以穩(wěn)定的速度勻速提升重物時，電壓表的示數(shù)為U2=5V，各處摩擦均不計，g取10m/s2．求：

(1)電動機內(nèi)阻R0；

(2)重物勻速上升時的速度v；

(3)勻速提升重物3m電源需要消耗的能量．25、如圖甲所示是近年來興起的一種高端耳機——靜電耳機，圖乙是其原理圖，A、B為兩片平行固定金屬薄板，M是位于金屬板之間的極薄帶電振膜，音頻信號加在金屬板上板間將形成隨音頻信號變化的電場，在電場力作用下振膜振動從而發(fā)出聲音。若兩金屬板可看作間距為d。電容為C的平行板電容器，振膜質(zhì)量為m且均勻帶有+q電荷；其面積與金屬板相等，振膜只能沿垂直金屬板方向平行移動，不計重力和阻力。

（1）當金屬板充電至電荷量為Q時，求振膜的加速度a；

（2）若兩板所加電壓信號UAB如圖丙所示，在t=0時刻振膜從兩板正中間位置由靜止開始運動，為了使振膜做周期為T的重復(fù)運動并且始終不碰到金屬板，求電壓u1和u2的最大值；

（3）若振膜固定，金屬板充電至電荷量為10q，在帶正電的金屬板A與振膜M之間有一帶電量為q0（）的塵埃，求該塵埃受到的電場力大小F0。

26、導(dǎo)線中的電流是10-8A，導(dǎo)線的橫截面積為1mm2，電子的電量e=1.6×10-19C，導(dǎo)體每立方米有8.5×1028個自由電子；求：

（1）在1秒內(nèi)；有多少個電子通過導(dǎo)線的橫截面？

（2）自由電子的平均移動速率是多大？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

從圖乙中可以看出a曲線在滑片移動很小距離，就產(chǎn)生了很大的電流變化，說明該滑動變阻器阻值遠大于被測量電阻阻值，所以a圖對應(yīng)500Ω滑動變阻器，c圖線電流幾乎不隨著距離x變化，說明該滑動變阻器是小電阻，所以對應(yīng)是5Ω的圖像，本實驗采用的是伏安法測量電阻，為了減小實驗誤差，應(yīng)該要保證被測電阻中的電流變化范圍適當大一些，所以選擇圖中b所對應(yīng)的滑動變阻器；故ABD錯誤，C正確。

故選C。2、D【分析】【詳解】

電壓表的示數(shù)減小，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律知電阻R的阻值變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知，干路電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減?。范穗妷汉透陕冯娏鞯谋戎档扔谕怆娐房傠娮?，路端電壓和干路電流的比值減?。C上選項BC錯誤，選項AD正確．3、C【分析】【詳解】

由于要保證電流在表頭中由紅進黑出；故紅表筆應(yīng)接電源的負極，黑表筆接電源的正極；并且在測量電阻時要進行歐姆調(diào)零；故應(yīng)串接滑動變阻器，故C正確，ABD錯誤．

故選C．4、D【分析】【詳解】

設(shè)原子核帶電量為電子帶電量為電子在核的靜電力作用下繞核做勻速圓周運動。

A．根據(jù)庫侖力提供向心力有

可得

可知；半徑越小，加速度越大，故A錯誤；

B．根據(jù)庫侖力提供向心力有

可得

可知；半徑越小，周期越小，故B錯誤；

C．根據(jù)庫侖力提供向心力有

可得

可知；半徑越大，角速度越小，故C錯誤；

D．根據(jù)庫侖力提供向心力有

可得

可知；半徑越大，線速度越小，故D正確。

故選D。5、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)電勢差的定義可知，a、b間的電勢差為

故A正確；

BC．只有一條電場線，無法確定是不是勻強電場，所以無法求出a、b的電場強度；故BC錯誤；

D．沒有確定零電勢點，所以無法確定a點的電勢；故D錯誤；

故選A。6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)電場強度的定義式

可知電場強度取決于電場本身；與有無試探電荷無關(guān)，A錯誤；

B．公式

是電勢的定義式，采用比值法定義，則知φ與Ep、q無關(guān)；B錯誤；

C．公式

中d是兩點沿電場線方向的距離；可知，在勻強電場中兩點間沿電場線方向的距離越大時，兩點的電勢差才一定越大，C錯誤；

D．公式

采用比值法定義，電勢差U與q在電場中做的功W無關(guān)；由電場本身決定，D正確。

故選D。7、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖象可知，圖像與橫軸圍成的面積代表位移，電子從0時刻到2t0時刻位移為零，所以0時刻與2t0時刻電子在同一位置；故A錯誤；

BD．電子從0時刻運動至t0時刻，連續(xù)運動至3t0時刻，電場力對電子先做負功，后做正功，所以電子的電勢能先增大后減小，因為電勢能為由于電子帶負電，所以電勢能越大，電勢越低，則有

故BD錯誤；

C．根據(jù)速度-時間圖象的斜率的絕對值表示加速度大小以及牛頓第二定律可知，v-t圖象的斜率的絕對值表示加速度大小，正比于電場力大小，所以加速度越大，場強越大，故有E3<E0<E1

故C正確。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電場方向應(yīng)由高電勢指向低電勢；所以電場方向豎直向上。A錯誤；

B．粒子受力方向指向軌跡內(nèi)側(cè)；與電場方向相反，所以粒子帶負電。B正確；

C．在三點中，P點電勢最高；但是粒子帶負電，所以粒子電勢能最小，動能最大。C錯誤；

D．根據(jù)可知，電勢差越大，電場力做功越多，所以粒子在間電場力做功的值小于間電場力做功的值。D正確。

故選BD。9、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．三根無限長直導(dǎo)線Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ圍成一個等腰直角三角形，三根導(dǎo)線內(nèi)通有大小相等、方向如題圖所示的電流，根據(jù)安培定則可知三根導(dǎo)線的合磁場在點的磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里，又因為兩點關(guān)于點對稱

則三根導(dǎo)線的合磁場在點的磁感應(yīng)強度大小

選項A錯誤；B正確；

D．若撤去導(dǎo)線Ⅲ，保持Ⅰ、Ⅱ中電流不變，由于兩點關(guān)于導(dǎo)線Ⅲ對稱，可知點在直角的角平分線上，結(jié)合安培定則可知導(dǎo)線Ⅰ、Ⅱ中的電流形成的磁場在點的磁感應(yīng)強度等大反向，則點的磁感應(yīng)強度為0；選項D正確；

C．導(dǎo)線Ⅰ、Ⅱ中的電流形成的磁場在點的合磁感應(yīng)強度為0，若撤去導(dǎo)線Ⅰ、Ⅱ，保持Ⅲ中電流不變，則點的磁感應(yīng)強度不變，大小仍為選項C正確。

故選BCD。10、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．激光屬于電磁波；電磁波均為橫波，故A錯誤；

B．均勻變化的磁場能夠在空間產(chǎn)生恒定電場；故B正確；

C．射線是一種波長很短的電磁波；故C正確；

D．麥克斯韋預(yù)言了電磁波；赫茲用實驗證實了電磁波的存在；故D錯誤；

E．在相同介質(zhì)中；對于紅；黃、綠、藍四種單色光，藍光的頻率最高，波長最短，故E正確。

故選BCE。11、B:C【分析】【詳解】

AB．電源外部，電流從電源正極流出，負極流入，由圖可知，通過小燈泡的電流方向由N到M；故B正確，A錯誤；

CD．根據(jù)

代入數(shù)據(jù)

故C正確；D錯誤。

故選BC。12、B:D【分析】【詳解】

當RT處溫度升高時，RT減小，左側(cè)電路總電阻減小，總電流增大，L變亮，則RG減小，右側(cè)電路總電阻減小，總電流增大，R2消耗的功率增大，E2內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，而R2和R兩端電壓之和增大，所以R3兩端電壓減小，通過R3的電流減小。

故選BD。13、A:C【分析】【詳解】

A．由等量同種電荷的電場分布以及沿電場線方向電勢降低可知，在中垂線上，O電的電勢最低；故A正確；

B．O點的電場強度為零，無窮遠處電場的電場強度也為零，則可知沿著中垂線從O點到無窮遠處的過程中，電場強度先增大，后減小，因此A點電場強度一定小于B點電場強度；故B錯誤；

C．B點和B'點關(guān)于原點對稱，則可知電勢相等，則液滴從B點到B'點的過程中，由動能定理可得

解得

故C正確；

D．由于中垂線上的O點電勢最低，則可知液滴在O點的電勢能最大，而整個過程中電勢能和機械能的總和不變，則可知帶負電的液滴從A點運動到A'點的過程中機械能先減小后增大；故D錯誤。

故選AC。14、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場線的物理意義可知；沿著電場線的方向電勢一定越來越低，故A正確；

B．電場線與電荷運動的軌跡不是一回事；有時兩者重合，有時不重合，與電荷受到的電場力和初速度有關(guān)，故B錯誤；

C．勻強電場中；場強處處相同，即場強的大小一定相同，方向一定相同，故C正確；

D．勻強電場中；各點的電勢不一定相等，順著電場線方向電勢會逐漸降低，故D錯誤。

故選AC。

【點睛】

解答本題關(guān)鍵要理解并掌握電場線的兩個方面的物理意義．知道電場線可以形象表示電場的強弱和方向：電場線的疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場的方向．順著電場線方向電勢逐漸降低．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

[1]由圖象可知電源的電動勢短路電流為6A，該電源和該電阻組成閉合電路時路端電壓為2V，電流為2A，電源的輸出功率即為電阻上消耗的功率：

[2]電源的總功率為：總

電源內(nèi)部生熱損失的電功率為：熱總

[3]所以電源的效率為：【解析】4W2W66.7%16、略

【分析】【詳解】

（1）[1]．當接線柱1、2接入電路時，電流表A與R1并聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R1分流為1.2A；故量程為1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．當接線柱1、3接入電路時，A與R1并聯(lián)后與R2串聯(lián)，電流表的量程仍為1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A17、略

【分析】【分析】

【詳解】

公共接線柱和1之間為電流I=4mA擋，根據(jù)并聯(lián)電路的特點可得IgRg=（I-Ig）R1

解得R1=100Ω

公共接線柱和1之間的總電阻為

公共接線柱和2之間為電壓U=3V擋，根據(jù)串聯(lián)電路的特點可得

其中I=4mA=0.004A

解得R2=675Ω【解析】①.100②.67518、略

【分析】【詳解】

試題分析：電源的U-I圖像，縱軸截距為電源電動勢，由圖可得電池電動勢為1.40V；電池內(nèi)電阻為

考點：測定電池的電動勢和內(nèi)電阻。

點評：容易題．本題要特別注意縱坐標沒有由零開始，計算內(nèi)電阻時不能用．【解析】1.401.019、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由右手螺旋定則可知，電流由F流出，故E為蓄電池負極；

[2]小磁針N極轉(zhuǎn)向Q端，這說明磁感線指向Q端，故Q端為S極，P端為N極?！窘馕觥竣?負②.N四、實驗題(共4題，共16分)20、略

【分析】【詳解】

(1)①[1]按如圖甲所示電路測量干電池的電動勢和內(nèi)阻；滑動變阻器應(yīng)選E即可；

②[2]實物圖連接如圖；

(3)[3]作出U—I圖線如圖；

[4][5]由此求得待測電池的電動勢E＝1.50V，內(nèi)阻【解析】E

1.501.7921、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3]在測量筆芯的直徑時，先將筆芯輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋動C，直到聽到“喀喀”的聲音，以保證壓力適當，同時防止螺旋測微器的損壞。選擇筆芯的不同位置進行多次測量，取其平均值作為筆芯的直徑。某次用螺旋測微器測量筆芯直徑的結(jié)果，其讀數(shù)是1mm+0.01mm×0.0mm=1.000mm。

（2）[4]根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知，若電流表的內(nèi)阻可忽略，則電流表示數(shù)I2=I1時；電阻箱的阻值等于待測筆芯的電阻值。

（3）[5]根據(jù)

解得

帶入數(shù)據(jù)解得ρ=1.96×10-5Ω·m

（4）[6]考慮到電流表的內(nèi)阻影響，利用（2）中方法，筆芯電阻等于電流表內(nèi)阻合電阻箱電阻之和，則筆芯電阻的測量值小于真實值?！窘馕觥竣?C②.不同③.1.000mm④.⑤.