2025年岳麓版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版選修3物理上冊月考試卷917考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形盒構成；其間留有空隙，下列說法正確的是（）

A.粒子從電場中獲得能量B.粒子從磁場中獲得能量C.粒子由加速器的邊緣進入加速器，由加速器的邊緣向中心進行加速D.粒子離開加速器時最大速度由加速電壓的大小決定2、如圖所示為一定質量的某種氣體等容變化的圖線；下列說法中正確的是（）

A.不管體積如何，圖線只有一條B.圖線1和圖線2體積不同且有V1>V2C.兩圖線氣體體積V2>V1D.兩圖線必不會交于t軸上的同一點3、如圖，兩個相同的導熱氣缸固定在地面上，內部封閉有質量相同的同種氣體，兩活塞質量mA>mB；現(xiàn)使兩氣缸中氣體降低相同的溫度，不計活塞摩擦，系統(tǒng)重新平衡后（）

A.A活塞下降的高度比B活塞大B.A活塞下降的高度比B活塞小C.B活塞下降的高度相等D.以上三種情況均有可能4、關于熱力學定律，下列說法正確的是（）A.隨著高科技的不斷發(fā)展，絕對零度是可以達到的B.熱力學第一定律也可表述為第一類永動機不可能制成C.因為第二類永動機不違背能量守恒定律，所以它將會被制造出來D.熱量能夠白發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體，不能從低溫物體傳遞到高溫物體5、關于磁場中的磁感應強度，以下說法正確的是（）A.一電流元或一運動電荷在某一區(qū)域不受力，則表明該區(qū)域不存在磁場B.磁感應強度是反映磁場本身性質的物理量，與放入其中電流元或小磁針無關C.若電流元探測到磁場力，則該力的方向即為磁場的方向D.當一電流元在磁場中某一位置探測到磁場力F時，可以利用公式B=求出磁感應強度的大小6、如圖，正方形閉合導線框在邊界水平的勻強磁場區(qū)域的上方，由不同高度靜止釋放，用、分別表示線框邊和邊剛進入磁場的時刻，用、分別表示線框邊和邊剛出磁場的時刻，線框下落過程中形狀不變，邊始終保持與磁場水平邊界平行，線框平面與磁場方向垂直，設磁場區(qū)域的寬度大于線框的邊長，不計空氣阻力的影響，則下列反映線框下落過程中速度隨時間變化規(guī)律的圖象不可能的是（））

A.B.C.D.7、如圖所示，一帶負電的粒子，沿著電場線從A點運動到B點的過程中；以下說法中正確的是（）

A.帶電粒子的電勢能越來越大B.帶電粒子的電勢能越來越小C.帶電粒子受到的靜電力一定越來越小D.帶電粒子受到的靜電力一定越來越大8、在同一介質中，兩列相干波相互疊加，則()A.波峰與波峰疊加的點振動最強，波谷與波谷疊加的點振動最弱B.波峰與波峰疊加的點在經過半個周期后將是波谷與波谷在該點相遇，振動始終最強C.振動最強的點經過四分之一周期后剛好經平衡位置時，它的振動最弱D.如果兩相干波源振幅不等，則振動最弱的點將不會出現(xiàn)評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖所示,氫原子可在下列各能級間發(fā)生躍遷,設從n=4到n=1能級輻射的電磁波的波長為λ1,從n=4到n=2能級輻射的電磁波的波長為λ2，從n=2到n=1能級輻射的電磁波的波長為λ3,則下列關系式中正確的是()

A.λ1<λ3B.λ3<λ2C.=+D.=-10、下列說法中正確的是()A.在任何參考系中，物理規(guī)律都是相同的，這就是廣義相對性原理B.在不同的參考系中，物理規(guī)律都是不同的，例如牛頓運動定律僅適用于慣性參考系C.一個均勻的引力場與一個做勻速運動的參考系等價，這就是著名的等效原理D.一個均勻的引力場與一個做勻加速運動的參考系等價，這就是著名的等效原理11、下列說法正確的是（）A.氣體的內能包括氣體分子的重力勢能B.同種物質不可能以晶體和非品體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)C.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡。那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡E.土壤里有很多毛細管，若要防止把地下的水分沿著它們引到地表，可將地面的土壤鋤松E.土壤里有很多毛細管，若要防止把地下的水分沿著它們引到地表，可將地面的土壤鋤松12、一定量的理想氣體從狀態(tài)a經狀態(tài)b變化到狀態(tài)c，其過程如圖上的兩條線段所示；則氣體在（）

A.狀態(tài)a處的壓強大于狀態(tài)c處的壓強B.由a變化到b的過程中，氣體對外做功C.由b變化到c的過程中，氣體的壓強不變E.由a變化到b的過程中，從外界吸收的熱量等于其增加的內能E.由a變化到b的過程中，從外界吸收的熱量等于其增加的內能13、下列說法正確的是（）A.一定質量的理想氣體內能不變并對外做功時，氣體既不吸熱也不放熱B.分子間的作用力一定是隨著分子間距離的增大而減小C.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行的E.一定質量的冰熔化成水，其分子勢能增加E.一定質量的冰熔化成水，其分子勢能增加14、在下列幾種現(xiàn)象中，動量不守恒的是()A.在光滑水平面上發(fā)生碰撞的兩球B.車靜止在光滑水平面上，車上的人從車頭走到車尾，以人、車為系統(tǒng)C.水平放置的彈簧一端固定，另一端與置于光滑水平面上的物體相連，令彈簧伸長后釋放使物體運動D.打乒乓球時，以球和球拍為系統(tǒng)評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、如圖，壓強-溫度（p-t）圖像中的兩條直線I和Ⅱ分別表示一定量的理想氣體經歷的兩個不同過程，p1和p2分別為兩直線與縱軸交點的縱坐標，t0為它們的延長線與橫軸交點的橫坐標，t0＝－273.15℃，a、b為直線I上的兩點。由圖可知，氣體在狀態(tài)a和b的體積之比Va∶Vb＝___________；氣體在狀態(tài)b和c的體積之比Vb∶Vc＝___________。

16、一定量的理想氣體的p－V圖像如圖所示，氣體狀態(tài)經歷了A→B→C變化過程，A、B、C三個狀態(tài)的有關參量如圖所示，則氣體在狀態(tài)C的內能______________氣體在狀態(tài)A的內能（填“>”、“<”或“＝”），在A→B→C過程中，氣體需____________（填“吸熱”或“放熱”），它與外界交換的熱量的絕對值為_____________J。17、如圖所示，平行板電容器板間距離d=10cm，與一個直流電源相連，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢為零，兩板間有一點P，P點距M板5cm，把開關閉合給電容器充電，然后再斷開，P點場強大小為________，電勢為____________，若把N板向下移動10cm，則P點場強大小為________，電勢為_________。

18、一條彈性繩子呈水平狀態(tài)；M為繩子中點，兩端P；Q同時開始上下振動，一小段時間后產生的波形如圖所示，對于其后繩上各點的振動情況，以下判斷正確的是（____）

E．繩的兩端點P、Q開始振動的方向相同19、某物理興趣小組用實驗探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內，在其左方豎直放置一個很大的光屏P，讓一復色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有a和b兩束單色光射向光屏P，如圖所示．他們根據(jù)實驗現(xiàn)象提出了以下五個猜想，你認為不正確的是_______

A．單色光a的波長小于單色光b的波長

B．在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度

C．單色光a通過玻璃磚所需的時間大于單色光b通過玻璃磚所需的時間

D．在光束SA繞圓心O逆時針轉動的過程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．單色光a比單色光b更容易發(fā)生明顯衍射20、質量和電荷量大小都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經小孔S垂直進入有界勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，M和N運行的半圓軌跡如圖中的虛線所示，則M帶_________（選填“正電”或“負電”）；M的運行時間_________（選填“>”、“=”或“<”）N的運行時間。

21、（1）用游標卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)25、（1）地球表面附近的物體由于地球吸引而受到重力作用，準確測量重力加速度g值對于許多科學研究都有著重要意義．如圖1所示實驗裝置；是利用單擺測定重力加速度．

①寫出單擺的周期公式，并據(jù)此推導g的表達式___________；

②若分別測出一系列擺長L及其對應的周期T，以擺長L為橫軸，以周期的平方T2為縱軸作出T2—L圖像（題中未畫出），通過圖像斜率k，即可得到重力加速度g值．

a．請寫出重力加速度g和k的關系式___________

b．若在實驗中無法測出小球直徑d，只能測出擺線長L0，請在圖2中畫出T2—L0圖像，并寫出與橫、縱軸的交點坐標___________．

（2）地球對物體的萬有引力可以認為是通過“場”來實現(xiàn)的．在電場中，電場強度定義為根據(jù)定義式還可以得到點電荷形成的電場場強為兩個式子的物理意義有所不同．請你用類比的方法，寫出地球“引力場強度”的表達式，并對其中的物理量做出說明___________．

（3）對于g的兩個單位：N/kg與m/s2，請簡要寫出兩個單位對應的物理量g有何區(qū)別___________．26、某實驗小組要測量電阻Rx的阻值。

(1)首先，選用歐姆表“×10”擋進行粗測，正確操作后，表盤指針如圖甲所示，則該電阻的測量值為_________Ω。

(2)接著，用伏安法測量該電阻的阻值，可選用的實驗器材有：電壓表V（3V，內阻約3kΩ）；電流表A（20mA，內阻約2Ω）；待測電阻Rx；滑動變阻器R1（0-2kΩ）；滑動變阻器R2（0-200Ω）；干電池2節(jié)；開關、導線若干。在圖乙、圖丙電路中，應選用圖________（選填“乙”或“丙”）作為測量電路，滑動變阻器應選用_________（選填“R1”或“R2”）。

(3)根據(jù)選擇的電路和器材，在圖丁中用筆畫線代替導線完成測量電路的連接______。

(4)為更準確測量該電阻的阻值，可采用圖戊所示的電路，G為靈敏電流計（量程很?。?，R0為定值電阻，R、R1、R2為滑動變阻器。操作過程如下：①閉合開關S，調節(jié)R2，減小R1的阻值，多次操作使得G表的示數(shù)為零，讀出此時電壓表V和電流表A的示數(shù)U1、I1；②改變滑動變阻器R滑片的位置，重復①過程，分別記下U2、I2，，Un、In；③描點作出U-I圖象，根據(jù)圖線斜率求出Rx的值。下列說法中正確的有________。

A．閉合S前，為保護G表，R1的滑片應移至最右端。

B.調節(jié)G表的示數(shù)為零時，R1的滑片應位于最左端。

C.G表示數(shù)為零時，a、b兩點間電勢差為零。

D.該實驗方法避免了電壓表的分流對測量結果的影響27、某同學設計實驗測定金屬的電阻率．用米尺測量金屬絲的長度，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑時的刻度如圖所示。金屬絲的電阻大約為，在用伏安法對金屬絲的電阻進行進一步測定時，有如下供選擇的實驗器材：

直流電源：電動勢，內阻可不計；

電流表：量程為，內阻；

電流表：量程為，內阻；

電壓表：量程，內阻；

滑動變阻器：最大阻值；

滑動變阻器：最大值值

開關、導線等。

(1)從圖中讀出金屬絲的直徑__________

(2)在所給的可供選擇的器材中，應該選用的電流表是__________，應該選用的滑動變阻器是__________（填寫器材的字母代號）；

(3)用所選的器材，在下邊的方框中畫出實驗電路圖_____________；

(4)實驗測出電阻絲的電阻為，根據(jù)測量數(shù)據(jù)，計算電阻率的公式是__________。這種金屬材料的電阻率為__________（保留一位有效數(shù)字）。

評卷人得分六、解答題(共2題，共14分)28、如圖所示，兩個完全相同的絕熱氣缸直立放置，左側氣缸頂部封閉，右側氣缸頂部開口與大氣相通，氣缸底部有細管連通，兩個完全相同的絕熱活塞（厚度不計）將A、B兩部分氣體（可視為理想氣體）封閉在氣缸內。已知氣缸的高度為H，不計活塞與氣缸壁間的摩擦。初始時左側氣缸中的活塞在氣缸中間，右側氣缸中的活塞與氣缸底部的距離為H，兩部分氣體的溫度均為T0。

（1）對A氣體加熱，若右側氣缸中的活塞最終靜止在頂部，求A氣體最終的溫度T；

（2）若從左側氣缸頂部充入氣體；最終兩活塞的高度相同，假設充氣過程中，B氣體溫度恒定不變。求充入氣體的質量與B中原有氣體的質量之比。

29、一列沿x軸負方向傳播的橫波在t=0時的波形如圖所示，已知時，P點第一次出現(xiàn)波谷．試計算：

①這列波的傳播速度多大?

②從時刻起，經多長時間Q點第一次出現(xiàn)波峰?

③當Q點第一次出現(xiàn)波峰時，P點通過的路程為多少?參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

AB．由于洛倫茲力與速度方向始終垂直，對粒子不做功，而粒子通過電場時有

故粒子是從電場中獲得能量；A正確B錯誤；

C．要加速次數(shù)最多最終能量最大；則被加速粒子只能由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器，C錯誤；

D．最后出來的轉動半徑為D型盒的半徑R，根據(jù)洛倫茲力充當向心力，由

知

最大速度決定于B、R和粒子比荷，D錯誤．2、C【分析】【詳解】

ABC．一定質量的氣體的等容線，體積不同，圖線不同，在圖線1、2上取溫度相同的兩點，可得

則

所以C正確；AB錯誤；

D．圖線1、2都交于t軸上-273℃處；即熱力學溫度0K處，故D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

氣體的壓強

由于mA>mB，所以pA>pB

所以VA<VB

根據(jù)可得

由于T和△T相同，VA<VB，所以△VA<△VB，即B下降的比A下降的多。

故選B。

【點睛】

本題的關鍵是分析氣體的體積的變化情況，首先要分析出氣體的壓強是不變的，根據(jù)即可解題。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．熱力學第三定律告訴我們絕對零度不可達到。故A錯誤；

B．熱力學第一定律的第二種表述為第一類永動機不可能制成。故B正確；

C．因為第二類永動機雖然不違背能量守恒定律；但違背了熱力學第二定律，所以它不會被制造出來。故C錯誤；

D．熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體；不能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體。故D錯誤。

故選B。5、B【分析】【詳解】

A．若導線與磁場平行；則即使磁感應強度大，通電導線也不會受磁場力，故A錯誤；

BD．物理學上用一小段通電導線垂直于磁場方向放在某點時；受到的磁場力與該小段導線的長度和電流的乘積的比值來表征該點磁場的強弱，但是磁感應強度是反映磁場本身性質的物理量，與放入其中電流元或小磁針無關，故B正確，D錯誤；

C．根據(jù)左手定則可知；通電導線在磁場中的受力方向與該處磁感應強度的方向垂直，故C錯誤。

故選B。

【點睛】

本題為初學磁場時的難點所在，要注意明確只有導線垂直于磁場時，才能利用B=求解磁感應強度。6、A【分析】【詳解】

A、在0～時間內，線框做自由落體運動，時刻以后，線框全部進入磁場后做勻加速直線運動，這兩段時間內的v－t圖線均為直線．在～時間內，線框進入磁場的過程中，線框的運動狀態(tài)與進入磁場時的速度v有關．當線框在磁場中勻速運動時，安培力等于重力，即．若線框的速度v遠大于則進入磁場后減速．由可知，加速度減?。蝗艟€框速度v＞但相差不大，則線框進入磁場后可能先減速再勻速，故A錯誤，B正確；

C、若線框的速度但相差不大，則線框進入磁場后可能先加速再勻速；若線框的速度v遠小于則線框進入磁場后加速，加速度減小，故選項C正確；

D、若線框的速度則線框進入磁場一直勻速至全部進入磁場，故選項D正確．

點睛：解決本題的關鍵能夠根據(jù)物體的受力判斷物體的運動，結合安培力公式、切割產生的感應電動勢公式進行分析．7、A【分析】粒子帶負電，受到的電場力方向和電場方向相反，所以從A到B過程中電場力做負功，粒子的電勢能增大，但只有一條電場線，無法判斷電場強度的變化，即不能判斷粒子受到電場力的變化情況，故A正確．8、B【分析】【詳解】

A.波峰和波峰疊加；為振動加強點，且始終振動加強；波谷與波谷疊加，振動也始終加強，而波谷與波谷疊加，為振動減弱點，且始終振動減弱．故A錯誤．

B.波峰與波峰疊加的點在經過半個周期后將是波谷與波谷在該點相遇；且振動始終最強．故B正確．

C.振動最強的點經過四分之一周期后剛好經過平衡位置；它們的振動仍然相同，因此也是振動加強．故C錯誤．

D.如果兩相干波源振幅不相等，則振動最弱的點仍將出現(xiàn)．故D錯誤．二、多選題(共6題，共12分)9、A:B:D【分析】【詳解】

A．釋放光子的能量等于兩能級間的能級差，所以從n=4到n=1躍遷輻射電磁波能量大于從n=2到n=1躍遷輻射電磁波能量，則輻射的光子頻率大，所以輻射的電磁波的波長短,所以λ1＜λ3；A正確；

B．從n=4到n=2躍遷輻射電磁波能量小于從n=2到n=1躍遷輻射電磁波能量，則輻射的光子頻率小，所以輻射的電磁波的波長長,所以λ2＞λ3；B正確；

C、D．從n=4到n=1躍遷輻射電磁波波長為λ1，從n=4到n=2躍遷輻射電磁波波長為λ2，從n=2到n=1躍遷輻射電磁波波長為λ3，根據(jù)釋放光子的能量等于兩能級間的能級差，所以C錯誤，D正確；

故選ABD。10、A:D【分析】由廣義相對性原理和等效原理的內容知A；D正確．

思路分析：從廣義相對論原理和等效原理的內容就可判斷。

試題點評：本題考查廣義相對論的原理和等效原理基本內容，難度不大。11、C:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．氣體的內能等于氣體內所有氣體分子的動能和分子勢能之和；但不包括氣體分子的重力勢能，故A錯誤；

B．同種物質可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)；如煤炭與金剛石，故B錯誤；

C．如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡。那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡；故C正確；

D．由氣體的摩爾質量和氣體的密度；可估算出摩爾體積，再根據(jù)阿伏伽德羅常數(shù)，可以估算出單個理想氣體分子所占的平均體積，進而估算出理想氣體分子間的平均距離，故D正確；

E．將地面的土壤鋤松。破壞了毛細管；可以減小土地下的水分蒸發(fā)，故E正確。

故選CDE。12、A:B:D【分析】【詳解】

AC．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知

即圖像的斜率為故有

故A正確；C錯誤；

B．理想氣體由a變化到b的過程中；因體積增大，則氣體對外做功，故B正確；

DE．理想氣體由a變化到b的過程中，溫度升高，則內能增大，由熱力學第一定律有

而則有

可得

即氣體從外界吸熱；且從外界吸收的熱量大于其增加的內能，故D正確，E錯誤；

故選ABD。13、C:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．一定質量的理想氣體內能不變；即。

對外做功；即。

根據(jù)熱力學第一定律。

則氣體吸熱；A錯誤；

B．當分子力表現(xiàn)為引力時；分子間距從平衡距離到無窮遠的過程中，分子力先增大后減小，B錯誤；

C．根據(jù)熵增原理；一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行，C正確；

D．液晶是介于液體與晶體之間的一類特殊的物質；它們像液體一樣具有流動性，具有各向異性，D正確；

E．一定質量的冰熔化成水；需要吸收熱量，內能增大，但分子的平均動能不變，其分子勢能會增加，E正確。

故選CDE。14、C:D【分析】【詳解】

在光滑的水平面上兩球發(fā)生正碰，系統(tǒng)的合外力為零，遵守動量守恒，故A正確。人從車頭走到車尾，人與車組成的系統(tǒng)受到的合外力為0，故動量守恒。故B正確；C選項中釋放物體后，物體做簡諧運動，速度周期性變化，動量周期性變化，動量不守恒，故C錯誤。打乒乓球時，球受到重力、球拍會受到人的作用力，系統(tǒng)的合外力不為零。動量不守恒，故D錯誤。本題選動量不守恒的，故選CD.三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

[1]圖中兩條直線是等容線，所以a、b兩個狀態(tài)下的氣體體積相同，則

[2]b、c兩個狀態(tài)下的氣體溫度相等，由圖像可得

即【解析】1:1p2:p116、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．由圖示圖象可知，在A、C兩狀態(tài)，氣體的pV相等；由理想氣體狀態(tài)方程可知，A；C兩狀態(tài)的溫度相等，則氣體在兩狀態(tài)的內能相等；

[2][3]．由圖示圖象可知；A→B過程為等壓過程，氣體體積減小，外界對氣體做功。

W=FL=pSL=p△V=1×105×（4-1）×10-3=300JB→C過程是等容變化，氣體不做功，在整個過程中，由熱力學第一定律△U=W+Q；可知。

Q=△U-W=0-300=-300J由此可知，在整個過程氣體對外放熱，放出的熱量為300J．【解析】＝放熱30017、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)公式可得

[2]因為P位于兩極板間的中點，所以PN之間的電勢差為

又知道

所以

[3]因為兩極板間的電荷量恒定，根據(jù)公式聯(lián)立可得

故若把N板向下移；兩極板間的電場強度不變。

[4]此時P點距離N板15cm，因為N板接地，電勢為零，所以P點電勢為負，故【解析】18、A:D:E【分析】由題意可知；波在同種介質傳播，所以波速相同，由于距離相同，所以兩波同時到達M點．故A正確，B錯誤．由于波長的不同，因此在M點相遇時，并不總是加強或減弱；當兩波剛傳的M點時，此時刻位移為零，所以M點的位移大小在某時刻可能為零．故C錯誤，D正確．據(jù)波的傳播特點可知，各質點的起振方向與波源的起振方向相同，據(jù)波形可知，兩波源的起振方向都是向上振動，故E正確；

故選ADE．

點睛：考查波的疊加原理，及相遇后出現(xiàn)互不干擾現(xiàn)象．同時注意之所以兩列在相遇時“消失”，原因這兩列波完全相同，出現(xiàn)振動減弱現(xiàn)象.19、A:C:D【分析】【詳解】

A、由圖知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長大于b光的波長；故A錯誤；

BC、由知，b光在玻璃磚中傳播速度較小；時間較長，故B正確，C錯誤；

D、由知a光的臨界角較大，b光的臨界角較小，則當光束SA繞圓心O逆時針轉動過程中，在光屏P上最早消失的是b光；D錯誤；

E、a光的波長大于b光的波長，a光波動性強，相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射，故E正確；

不正確的是故選ACD．

【點睛】

根據(jù)光線的偏折程度，比較光的折射率大小，從而得出頻率的大小關系；由比較光在玻璃磚中傳播速度的大小，即可比較時間的長短；由比較臨界角的大小，臨界角小的光最先消失；折射率越小，波長越長，越容易發(fā)生衍射．20、略

【分析】【詳解】

[1]磁場的方向向里；由左手定則判斷出M帶負電荷，N帶正電荷；

[2]粒子在磁場中運動半周，即時間為周期的一半，根據(jù)

而

整理可以得到

所以M的運行時間等于N的運行時間。

點睛：本題結合帶電粒子的磁場中的運動考查到左手定則、半徑的公式和根據(jù)周期的公式，屬于基本應用?！窘馕觥控撾?21、略

【分析】【分析】

解決本題的關鍵掌握螺旋測微器和游標卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標尺上第4個刻度與主尺刻度對齊，則游標尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點睛】

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同?！窘馕觥?.445.695四、作圖題(共3題，共30分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共27分)25、略

【分析】【詳解】

（1）①根據(jù)可得：

②由可知，即

③根據(jù)可得：

則T2-L0圖像為：

與縱軸交點坐標（0，），與橫軸交點坐標（0）

（2）重力場強度其中F是質量為m的物體受到的地球的引力．若F可以認為等于重力，則重力場強度其中g是重力加速度．若地球可認為是均勻球體，則F可以認為等于萬有引力，進而重力場強度其中G是引力常量，M是地球質量，r是距離地心的距離（r≥R，R為地球半徑）．